2025年湘教版选修3物理上册月考试卷含答案

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A.a状态气体温度比c状态低B.a状态单位时间与器壁单位面积碰撞的气体分子数比b状态少C.b→c过程气体放出的热量大于d→a过程气体吸收的热量D.整个循环过程，气体从外界吸收热量4、对于实际的气体，下列说法正确的是（）A.气体的内能包括气体整体运动的动能B.冰箱能够把热量从低温物体传递到高温物体，所以它遵循热力学第二定律C.第二类永动机因为违反了能量守恒定律所以无法实现D.两个分子间势能可能随这两个分子间距离减小而减小5、为了改变单摆做简谐运动的频率，可以（）A.增大摆球质量B.增大摆线长度C.减小振幅D.减小摆线的最大偏角6、如图所示，图中的三个电表均为理想电表，当滑动变阻器滑片P向左端缓慢移动时，下面说法中正确的是（）

A.电压表V2的读数减小；电流表A的读数增大。

B.电压表V1的读数增大，电压表V2的读数增大。

C.电压表V2的读数增加；电流表A的读数减小。

D.无法确定电阻消耗的功率变化，电容器所带电量增加7、如图所示的电路中，电源两端的电压恒定，L为小灯泡，R为光敏电阻，LED为发光二极管(电流越大，发出的光越强)，且R与LED之间的距离不变；下列说法正确的是()

A.当滑动触头P向左移动时，L消耗的功率增大B.当滑动触头P向左移动时，L消耗的功率减小C.当滑动触头P向右移动时，L消耗的功率可能不变D.无论怎样移动滑动触头P，L消耗的功率都不变8、下列说法正确的是（）A.放射性元素的半衰期与原子所处的化学状态和外部条件有关B.结合能越大，原子中核子结合得越牢固，原子核越稳定C.一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，是因为该束光的波长太短D.各种气体原子的能级不同，跃迁时发射光子的能量（频率）不同，因此利用不同的气体可以制成五颜六色的霓虹灯9、氢原子的能级如图所示，现处于n=4能级的大量氢原子向低能级跃迁；下列说法正确的是。

A.这些氢原子可能发出3种不同频率的光B.已知钾的逸出功为2.22eV，则氢原子从n=3能级跃迁到n=2能级释放的光子可以从金属钾的表面打出光电子C.氢原子从n=2能级跃迁到n=1能级释放的光子能量最小D.氢原子由n=4能级跃迁到n=3能级时，氢原子能量减小，核外电子动能增加评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)10、如图所示，在第一象限内，存在磁感应强度大小为B的匀强磁场，方向垂直于xOy平面向外。在y轴上的A点放置一放射源，可以不断地沿xOy平面内的不同方向以大小不等的速度放射出质量为m、电荷量+q的同种粒子，这些粒子打到x轴上的P点。知OA＝OP＝L。则。

A.粒子速度的最小值为B.粒子速度的最小值为C.粒子在磁场中运动的最长时间为D.粒子在磁场中运动的最长时间为11、一定量的理想气体从状态a开始，经历等温或等压过程ab、bc、cd、da回到原状态，其p–T图象如图所示，其中对角线ac的延长线过原点O．下列判断正确的是（）

A.气体在a、c两状态的体积相等B.气体在状态a时的内能大于它在状态c时的内能C.在过程cd中气体向外界放出的热量大于外界对气体做的功D.在过程da中气体从外界吸收的热量小于气体对外界做的功12、下列各种说法中正确的是__________．A.露珠呈球形是由于表面张力所致B.布朗运动反映了悬浮颗粒中分子运动的不规则性C.第二类永动机不违背热力学第一定律E.单晶体有固定的熔点，而多晶体没有固定的熔点E.单晶体有固定的熔点，而多晶体没有固定的熔点13、下列说法正确的是（）A.多晶体有固定的熔点，但没有规则的外形，且表现为各向同性B.若分子间的相互作用力始终表现为斥力，在分子间的距离增大的过程中，分子力减小C.一定质量的理想气体，体积减小，其压强也一定减小E.一切自发过程总沿着分子热运动的无序性减小的方向进行E.一切自发过程总沿着分子热运动的无序性减小的方向进行14、如图所示，带箭头的实线表示某电场的电场线，虚线表示该电场的等势面．其中A、B、C三点的电场强度大小分别为EA、EB、EC，电势分别为．关于这三点的电场强度大小和电势高低的关系；下列说法中正确的是。

A.EA=EBB.EA＞ECC.D.评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)15、如图所示，用波长为λ的光照射逸出功为W的极板，则发生光电效应的光电子最大动能为_______，已知普朗克常量为h，光速为c；若将此入射光的频率增大，则极板逸出功________（选填“增大”；“减小”或“不变”）．

16、春天，人们会感觉到周围环境比秋天潮湿，是因为空气的_______（选填“相对”或“绝对”）湿度较大，即在相同温度下，空气中所含的水蒸气的压强_______（选填“较大”或“较小”）。17、如图所示，虚线框内为门电路，L为灯泡，R为变阻器，为光敏电阻.当光照射时，其阻值远小于R，当不受光照时，其阻值远大于R。小灯泡发光时，门电路输出的是______（选填“高电压”或“低电压”）。为使R在光照时，小灯泡L不发光，没有光照时，L发光，该门电路应是______门。

18、如图为简易测温装置，玻璃管中一小段水银封闭了烧瓶内一定质量的气体，当外界温度升高时，瓶内气体的密度_____________（选填“不变”“增大”或“减小”），瓶内气体分子的平均动能________（选填“增大”或“减小”）。

19、（1）一定质量的气体做等容变化，温度为200K时的压强为0.8atm，压强增大到2atm时的温度为________K。

（2）一定质量的气体，在压强不变时，温度为200K，体积为V0，当温度升高100K时，体积变为原来的________倍。20、带有活塞的汽缸内封闭一定质量的理想气体，气体开始处于a状态，然后经过状态变化过程到达c状态。在图中变化过程如图所示。

（1）气体从a状态经过到达b状态的过程中压强____________。（填“增大”；“减小”或“不变”）

（2）气体从b状态经过到达c状态的过程要____________。（填“吸收”或“放出”）热量。21、高空作业须系安全带。如果质量为m的高空作业人员不慎跌落，从开始跌落到安全带刚对人产生作用力前人下落的距离为h（可视为自由落体运动），重力加速度为g，设竖直向上为正方向，则此过程人的动量变化量为______。此后经历时间t安全带达到最大伸长量，若在此过程中安全带作用力始终竖直向上，则该段时间安全带对人的平均作用力大小为_____。22、如图所示是用光照射某种金属时逸出的光电子的最大初动能随入射光频率的变化图线，普朗克常量h＝6.63×10-34J·s，（直线与横轴的交点坐标4.31，与纵轴交点坐标0.5）由图可知，斜率表示_____________；该金属的极限频率为____________Hz，该金属的逸出功为___________J，（结果保留三位有效数字）若用频率为5.5×1014Hz的光照射该种金属时，则对应的遏止电压应为_____________V

23、如图所示，电源输出电压U=10V，A、B两板间距离为2cm，C点离A板5mm，D点离B板4mm，则EC=______V/m，UC=______V，UD=______V．

评卷人得分四、作图题(共3题，共27分)24、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

25、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

26、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共3题，共27分)27、在“验证动量守恒定律”的实验中，气垫导轨上放置着带有遮光板的滑块A、B，遮光板的宽度相同，测得的质量分别为m1和m2．实验中，用细线将两个滑块拉近使轻弹簧压缩，然后烧断细线，轻弹簧将两个滑块弹开，测得它们通过光电门的时间分别为t1、t2．

（1）图2为甲、乙两同学用螺旋测微器测遮光板宽度d时所得的不同情景．由该图可知甲同学测得的示数为______mm，乙同学测得的示数为______mm．

（2）用测量的物理量表示动量守恒应满足的关系式：______，被压缩弹簧开始贮存的弹性势能EP=______．28、太阳能电池帆板可以给卫星；宇宙飞船提供能量。如图甲；太阳能电池在有光照时，可以将光能转化为电能，在没有光照时，可以视为一个电动势为零的电学器件。

探究一：实验小组用测绘小灯泡伏安特性曲线的实验方法，用图乙电路探究太阳能电池被不透光黑纸包住时的特性曲线。

（1）图乙中虚线处______（填“需要”、“不需要”）连接导线；滑动变阻器如图丙所示，开关闭合前，滑片应移至______（填“A”、“B”）端。

（2）通过实验，在图上作出被黑纸包住的太阳能电池的特性曲线如图，将其与一个电动势为3V（内阻忽略不计）的电源和阻值为5kΩ的定值电阻串联在一起，它消耗的电功率约为____W（结果保留两位有效数字）

探究二：在稳定光照环境中；取下太阳能电池外黑纸，并按图丁电路丁测量金属丝的电阻率。

（3）该小组用螺旋测微器测量金属丝直径时读数如图戊所示，其直径为____mm。

（4）实验中测得电压表示数为电流表示数金属丝直径为长度为则金属丝电阻率为____（用上述测量量表示）。

（5）考虑电压表与电流表内阻对测量结果的影响，金属丝电阻的测量值_____（填“大于”、“等于”、“小于”）真实值。29、用电流表和电压表测定电池的电动势E和内电阻r，所用的电路如图1所示，一位同学测得的6组数据如下表中所示。组别I/（A）U/（V）10.121.3720.201.3230.311.2440.321.1850.501.1060.571.05

（1）试根据这些数据在图2中作出U﹣I图线________；

（2）根据图线得出电池的电动势E=___V，根据图线得出的电池内阻r=___Ω。

评卷人得分六、解答题(共4题，共40分)30、如图所示是北京奥运会期间安置在游泳池底部的照相机拍摄的一张照片，照相机的镜头竖直向上．照片中，水立方运动馆的景象呈现在半径r＝11cm的圆形范围内，水面上的运动员手到脚的长度l＝10cm，若已知水的折射率为n＝请根据运动员的实际身高估算该游泳池的水深h.(结果保留两位有效数字)31、我国“蛟龙”号深海探测船载人下潜超七千米，再创载人深潜新纪录。在某次深潜实验中，“蛟龙”号探测到990m深处的海水温度为280K。某同学利用该数据来研究气体状态随海水温度的变化，如图所示，导热性良好的气缸内封闭一定质量的气体，不计活塞的质量和摩擦，气缸所处海平面的温度T0=300K，压强p0=1atm，封闭气体的体积V0=3m2。如果将该气缸下潜至990m深处；此过程中封闭气体可视为理想气体。

①求990m深处封闭气体的体积____（1atm相当于10m深的海水产生的压强）；

②下潜过程中封闭气体___________(填“吸热”或“放热”)，传递的热量__________（填“大于”或“小于”）外界对气体所做的功。

32、如图甲所示，水平放置的汽缸内壁光滑，活塞的厚度不计，在A、B两处设有限制装置，使活塞只能在A、B之间运动，A左侧汽缸的容积为V0，A、B之间容积为0.1V0，开始时活塞在A处，缸内气体压强为0.9p0（p0为大气压强），温度为297K，现通过对气体缓慢加热使活塞恰好移动到B；求：

(1)活塞移动到B时，缸内气体温度TB；

(2)在图乙中画出整个过程的p-V图线。

33、如图所示，用长l=0.5m的细线悬挂质量M=990g的木块，静止悬挂在天花板上的O点．一颗质量m=10g的子弹以水平速度v0=200m/s射入木块，瞬间留在木块中，接着和木块共同上摆．取g=10m/s2．求：

（1）子弹射入木块后瞬间它们共同速度的大小v：

（2）子弹射入木块后瞬间，细线施加的拉力大小T；

（3）木块向右摆动的最大摆角θ．参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、D【分析】【详解】

A.根据可知；最大初动能与强度无关，只与频率有关，A错误．

B.饱和电流与光强成正比；不确定光强的关系，无法比较饱和电流，B错误．

C.因为红光的频率低与黄光的频率；黄光的频率大于截止频率，但是红光的频率不一定大于截止频率，所以红光不一定能发生光电效应，C错误．

D.单位时间内出射的电子数目与光强成正比，所以增大光强，单位时间出射电子数目增多，D正确．2、B【分析】【分析】

【详解】

A．晶体熔化过程中吸收热量；但温度不变，故分子平均动能不变，故A错误；

B．放能反应核子的平均质量要减小；因为有质量亏损，故B正确；

C．玻尔的原子理论主要解释氢光谱规律；故C错误；

D．液体表面张力的存在是因为液体表面层分子间作用力合力表现为引力；故D错误。

故选B。3、D【分析】【分析】

【详解】

A．由于。

而b→c过程为等容变化；根据查理定律，有。

可知。

故。

A错误；

B．由于。

即气体分子对容器器壁的平均撞击力相等；而。

则说明a状态下单位时间与器壁单位面积碰撞的气体分子数比b状态多；B错误；

C．由于。

而理想气体的内能仅取决于温度，可知b→c、d→a两过程中内能变化量数值相等，即相等，而两过程均为等容变化，则

根据热力学第一定律。

有。

故两过程中相等；即气体吸；放热绝对值相等，C错误；

D．根据。

可知，p-V图像包围的面积表示做功W，由于a→b过程中气体对外界做功，c→d过程外界对气体做功；根据面积关系可知，整个过程中气体对外界做功，即。

而整个过程中。

根据热力学第一定律。

可知。

即气体吸热；D正确。

故选D。4、D【分析】【分析】

【详解】

A．气体的内能包括所有分子做无规则热运动的动能和势能之和；故A错误。

B．冰箱遵循热力学第二定律的原因是消耗了电能；不是因为使热量从低温物体传递到高温物体，故B错误。

C．第二类永动机不违反能量守恒定律；违反了物理过程的方向性．故C错误。

D．当分子间引力和斥力大小相等时，分子势能最小，设此时的间距为r0，当分子间距大于r0时；分子间势能随这两个分子间距离减小而减小，故D正确。

故选D。5、B【分析】【详解】

A．改变单摆的频率即改变单摆的周期，由单摆的周期公式可知单摆的频率和摆球的质量无关；故A错；

B．改变摆线的长度可以改变周期；故B正确；

C．振幅影响的是单摆的能量不影响周期；故C错；

D．偏角也不影响单摆的周期故D错误．6、D【分析】【详解】

由图可知，当滑片左移时，滑动变阻器接入电阻增大，则总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，总电流减小，故电流表A示数减小；根据欧姆定律知，R2的电压减小，则电压表V2的读数减小。电压表V1的读数U1=E-I（R1+r），I减小，则U1增大。将R1、R2看成电源的内阻，由于等效电源的内电阻与RP的大小未知，不能判断RP消耗的功率变化。电容器的电压等于电压表V2的读数，则知电容器的电压减小，电量减少。故D正确，ABC错误。7、A【分析】【详解】

ABD.滑动触头P左移；滑动变阻器接入电路的电阻减小，流过二极管的电流增大，从而发光增强，使光敏电阻阻值减小，最终达到增大流过灯泡的电流的效果，即灯泡消耗的功率增大。故A正确，BD错误。

C.滑动触头P右移，滑动变阻器接入电路的电阻增大，流过二极管的电流减小，发光减弱，光敏电阻阻值增大，灯泡消粍的功率减小。故C错误。8、D【分析】【详解】

A；原子核的半衰期由核内部自身因素决定；与原子所处的化学状态和外部条件无关，故选项A错误；

B；比结合能越大；原子中核子结合得越牢固，原子核越稳定，与原子核的合能无关，故选项B错误；

C；一束光照射到某种金属上不能发生光电效应；说明入射光的频率小于金属的极限频率，即光子的能量太小，该束光的波长太长，故选项C错误；

D、根据玻尔理论，各种气体原子的能级不同，跃迁时发射光子的能量（频率）不同，因此利用不同的气体可以制成五颜六色的霓虹灯，故选项D正确．9、D【分析】【详解】

根据所以这些氢原子总共可辐射出6种不同频率的光.故A错误；n=3能级跃迁到n=2能级辐射出的光子能量E=-1.51eV-（-3.40eV）=1.89eV<2.22eV，小于钾的逸出功，不能发生光电效应，故B错误.由图可知当核外电子从n=4能级跃迁到n=3能级时，能级差最小，所以放出光子的能量最小，故C错误；由n=4能级跃迁到n=3能级过程中释放能量，原子的能量在减小，核外电子的运转半径减小，根据可知则电子的动能会增加，故D正确；故选D二、多选题(共5题，共10分)10、A:D【分析】设粒子的速度大小为v时，其在磁场中的运动半径为R，则由牛顿运动定律有：qBv=m若粒子以最小的速度到达P点时，其轨迹一定是以AP为直径的圆（图中圆O1所示）

由几何关系知：sAP=l；R=l，则粒子的最小速度选项A正确，B错误；粒子在磁场中的运动周期设粒子在磁场中运动时其轨迹所对应的圆心角为θ，则粒子在磁场中的运动时间为：由图可知，在磁场中运动时间最长的粒子的运动轨迹如图中圆O2所示，此时粒子的初速度方向竖直向上，由几何关系有：θ＝π；则粒子在磁场中运动的最长时间：则C错误，D正确；故选AD.

点睛：电荷在匀强磁场中做匀速圆周运动，关键是画出轨迹，找出要研究的临界状态，由几何知识求出半径．定圆心角，求时间．11、A:B【分析】【详解】

由理想气体状态方程知a与c的体积相等，A正确．理想气体的内能由温度决定，而故a的内能大于c的内能，B正确．由热力学第一定律知，cd过程温度不变（内能不变），则C错误．da过程温度升高，即内能增大，则吸收的热量大于对外做的功，D错误．12、A:C:D【分析】【详解】

A；露球表面分子比较稀疏；分子间形成表面张力而使水球呈球形，故A正确；

B；布朗运动是液体分子无规则运动的反映；不是固体小颗粒分子的运动，故B错误；

C；第二类永动机不违背热力学第一定律；违背热力学第二定律，故C正确；

D；打气时会反弹是因为气体压强的原因；不是分子斥力的作用，故D正确；

E；单晶体和多晶体均有固定的熔点；故E错误；

故选ACD．

【点睛】

关键要掌握布朗运动的实质和产生原因及影响因素、液体表面张力、内能和晶体等热力学基本知识，液体表面有收缩的趋势，存在表面张力，故露珠呈球形；单晶体及多晶体均有有固定的熔点；布朗运动是固体小颗粒的运动，反应了液体分子的无规则运动．13、A:D【分析】【详解】

A.多晶体有固定的熔点；但没有规则的外形，且表现为各向同性，故A正确；

B.当分子间的相互作用力表现为斥力；且分子间的距离增大时，分子间的相互作用力先增大后减小，故B错误；

C.一定质量的理想气体；体积减小，当温度不变时，其压强增大，故C错误；

D.将红墨水滴入一杯清水中；一会儿整杯清水都变成红色，说明分子在永不停息地做无规则运动，该现象是扩散现象，故D正确；

E.由热力学第二定律可知；一切自发过程总沿着分子热运动的无序性增大的方向进行，故E错误。

故选AD。14、B:D【分析】试题分析：因为A点的电场线最密；故A点的电场强度最大，选项A错误，B正确；AB在同一条电场线上，由B到A的方向是沿着电场线的方向，故B点的电势大于A点的电势，选项C错误；而B；C两点在同一个等势面上，故二者的电势相等，选项D正确．

考点：电场强度与电势大小的判断．

【名师点晴】在同一条电场线上，沿着电场线的方向是电势降低的方向；等势面就是电势相等的点所组成的一个面，故在这个面上的各点的电势是相等的；电场线密的地方，电场强度大，电场线稀疏的地方，电场强度小．三、填空题(共9题，共18分)15、略

【分析】【详解】

逸出功是金属本身的属性，与外界因素无关，故极板的逸出功不变．【解析】不变16、略

【分析】【详解】

[1][2]春天，人们会感觉到周围环境比秋天潮湿，是因为空气的相对湿度较大，即在相同温度下，空气中所含的水蒸气的压强较大，从而使得体表的水分难以蒸发。【解析】相对较大17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]根据题意，R′为光敏电阻，光照时电阻很小，分压较小，门电路输入为高，小灯L不亮，不受光照时，电阻很大，分压较大，门电路输入为低，小灯L亮，知输出为高电压，故为非逻辑关系，非门电路。【解析】高电压非18、略

【分析】【详解】

[1][2]当外界温度升高时，瓶内气体体积增大，质量不变，瓶内气体的密度减小；由于热传递，瓶内气体温度升高，瓶内气体分子的平均动能增大。【解析】减小增大19、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】50020、略

【分析】【详解】

（1）[1]由图像可知，气体从a状态经过到达b状态的过程中，气体的体积保持不变，温度升高，根据

可知气体的压强增大。

（2）[2]由图像可知，气体从b状态经过到达c状态的过程，气体的温度保持不变，则气体的内能保持不变；气体的体积减小，则外界对气体做正功，根据热力学第一定律可知，气体对外放出热量。【解析】增大放出21、略

【分析】【详解】

下落距离时的速度为：所以动量变化为：

对自由落体运动，有：解得：规定向下为正方向，对运动的全程，根据动量定理，有：解得：．【解析】22、略

【分析】【详解】

[1][2][3]根据爱因斯坦光电效应方程

图象的斜率表示普朗克常量h，横轴的截距大小等于截止频率，由图知该金属的截止频率为4.31×1014Hz；金属的逸出功为

[4]根据光电效应方程得

当入射光的频率为时，代入数据解得最大初动能为

依据

解得

【点睛】

解决本题的关键掌握光电效应方程，知道最大初动能与入射光频率的关系，并掌握光电效应方程，以及知道逸出功与极限频率的关系，结合数学知识即可进行求解，同时注意遏止电压与最大初动能的关系，及保留3位有效数字。【解析】普朗克常量h4.30×10142.86×10-190.5．23、略

【分析】【详解】

[1]根据串联电路特点，可知电容器两板间的电压

由

[2][3]根据U=Ed

可得UBC=250×0.015V=3.75V

UBD=250×0.004V=1V

因为φB=0

再根据UBC=φB-φC

可得φC=0-3.75V=-3.75V

又有UBD=φB-φD

可得φD=-1V【解析】250-3.75-1四、作图题(共3题，共27分)24、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】25、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】26、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共3题，共27分)27、略

【分析】【详解】

（1）甲图，螺旋测微器的固定刻度读数为3.5mm，可动刻度读数为0.01×0.5mm=0.005mm，

所以最终读数为3.5mm+0.005=3.505mm．

乙图，螺旋测微器的固定刻度读数为3mm，可动刻度读数为0.01×48.5mm=0.485mm，

所以最终读数为3mm+0.485=3.485mm．

（2）根据动量守恒定律可知，设向右为正方向，则应满足的表达式为：0=-m1v1+m2v2；即：m1v1=m2v2

根据光电门的性质可知，v1=v2=代入可得：

根据功能关系可知，贮存的弹性势能等于后来的动能，则有：EP=m1v12+m2v22

代入可得：

点睛：本题考查了验证动量守恒定律实验中表达式的验证以及螺旋测微器的使用，要注意判断使用气垫导轨的应用，要知道动量守恒的条件与动量守恒定律，明确功能关系，知道弹簧的弹性势能转化为了两滑块的动能．【解析】3.505；3.485；；；28、略

【分析】【详解】

（1）[1][2]为了使电压调节范围尽量大；滑动变阻器应采用分压式接法，则图乙中虚线处需要连接导线；实验前应使待测元件的分压为零，滑片应移至A端。

（2）[3]将其与一个电动势为3V（内阻忽略不计）的电源和阻值为5kΩ的定值电阻串联在一起