2025年鲁人版必修3物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年鲁人版必修3物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、电荷量为4×10－6C的小球绝缘固定在A点，质量为0.2kg、电荷量为－5×10－6C的小球用绝缘细线悬挂，静止于B点．A、B间距离为30cm，AB连线与竖直方向夹角为60°．静电力常量为9.0×109N•m2/C2，小球可视为点电荷．下列图示正确的是（）A.B.C.D.2、纸面内有一个等边三角形PMN，在MN两顶点处可能有两个负点电荷，每个电荷在顶点P产生的电场强度大小均为E，也可能有两根通电直导线通有垂直于纸面向里的电流，每根导线中的电流在顶点P产生的磁感应强度大小均为B．关于P点的电场强度或磁感应强度，下列说法正确的是（））

A.电场强度为E，方向竖直向下B.电场强度为C.，方向竖直向上磁感应强度为D.磁感应强度为B，方向竖直向上，方向水平向右3、如图所示的电解槽接入电路后，在t秒内有n1个1价正离子通过溶液内截面S，有n2个1价负离子通过溶液内截面S，设e为元电荷；以下说法正确的是（）

A.当n1＝n2时电流强度为零B.当n1＞n2时，电流方向从A→B，电流强度为I＝C.当n1＜n2时，电流方向从B→A，电流强度I＝D.电流方向从A→B，电流强度I＝4、如图所示，为矩形各边的中点，为的交点，边的长度为两点分别固定一等量正点电荷，另一电荷量为的负点电荷置于点时，点处的电场强度恰好为零。若将点的负点电荷移到点，则点处电场强度的大小和方向为（静电力常量为）（）

A.方向向右B.方向向左C.方向向右D.方向向左5、下列关于甲；乙、丙、丁四幅图的说法；正确的是（）

A.图甲中，当两导体棒以相同的速度在导轨上匀速向右运动时，导体棒中能产生感应电流B.图乙中，当导体棒在匀强磁场中以恒定的角速度转动时，导体棒中能产生感应电流C.图丙中，当闭合圆环导体（水平放置）某一直径正上方的直导线中通有直电流时，闭合圆环导体中能产生感应电流D.图丁中，当滑动变阻器的滑片向右滑动时，不闭合的导体环中能产生感应电流6、关于电流和电流的方向，下列说法正确的是（）A.通过导体横截面的电荷量越多，电流越大B.电子运动速率越大，电流越大C.电源内部，电流的方向是从高电势一端流向低电势一端D.单位时间内通过导线横截面的电荷量越多，导体中的电流越大7、两个带等量正电荷的点电荷，O点为两电荷连线的中点，a点在连线的中垂线上，若在a点由静止释放一个电子；如图1所示，关于电子的运动，下列说法正确的是()

A.电子在从a向O运动的过程中，加速度越来越大，速度越来越大B.电子在从a向O运动的过程中，加速度越来越小，速度越来越大C.电子运动到O时，加速度为零，速度最大D.电子通过O后，速度越来越小，加速度越来越大，一直到速度为零8、如图（a），在一块很大的接地金属平板的上方固定一负电荷。由于静电感应，在金属平板上表面产生感应电荷，金属板上方电场的等势面如图（b）中虚线所示，相邻等势面间的电势差都相等。若将一正试探电荷先后放于M和N处，该试探电荷受到的电场力大小分别为和相应的电势能分别为和则（）

A.B.C.D.9、黑体辐射的强度与波长的关系如图所示；由图可知下列说法错误的是（）

A.随着温度的升高，各种波长的辐射强度都增加B.随着温度的升高，辐射强度的极大值向着波长较短的方向移动C.任何温度下，黑体都会辐射各种波长的电磁波D.不同温度下，黑体只会辐射相对应的某些波长的电磁波评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)10、如图所示，在边长为的正方形区域存在着匀强电场，方向竖直向下，与边平行。质量为电荷量为的电子，在点以水平速度射入电场中，并从点射出电场。不考虑电子所受的重力与阻力；则（）

A.电子在点的速率为B.电子在点的速率为C.匀强电场的电场强度大小为D.匀强电场的电场强度大小为11、节能的LED灯越来越普及，而驱动LED灯需要恒流源。如图所示，电路中的电压表电流表都是理想电表，电源是一个恒流源（该恒流源输出的电流大小方向都不变），在改变的过程中，电压表的读数为U，电流表的读数为电流表的读数为它们的变化量的绝对值分别为以下说法正确的是（）

A.B.C.恒流源输出的功率不变D.当时，滑动变阻器消耗的电功率最大12、“离心轨道演示仪”（如图甲所示）是演示物体在竖直平面内的圆周运动的实验仪器，其轨道主要由主轨长道、轨道圆和辅轨长道三部分组成，主轨长道长度约为轨道圆半径R的6倍。将主轨长道压制成水平状态后，轨道侧视示意图如图乙所示。空间中存在水平向右的匀强电场（未画出），电场强度大小为现在主轨长道上的一点A静止释放一电荷量为q、质量为m的绝缘小球，小球沿主轨长道向右运动，从B点进入轨道圆，若不计一切摩擦，重力加速度为g，则小球再次通过最低点之前（）

A.小球上升到与圆心等高处时，其动能最大B.小球上升到轨道圆最高处时，其机械能最大C.若AB间距离为小球恰好不脱离轨道D.若小球不脱离轨道，小球对轨道的最大压力大小可能为5mg13、某电场的电场线分布如图所示；下列说法正确的是（）

A.a点的电势低于b点的电势B.c点的电场强度大于d点的电场强度C.若将一正试探电荷由a点移到b点，电场力做负功D.若将一负试探电荷由c点移到d点，电势能增大14、如图所示为某一电源的U－I图像；由图可知（）

A.电源电动势为2VB.电源内阻为ΩC.电源短路时电流为6AD.电路路端电压为1V时，电路中电流为5A15、在如图所示的电路中，电压表、电流表均为理想电表，电源电动势为内阻为电路中定值电阻的阻值小于电源内阻则当滑动变阻器的滑片由端向端滑动的过程中，电流表电压表的示数变化量的绝对值分别为下列说法正确的是（）

A.两个电流表的示数均减小B.电压表的示数增大C.D.16、用如图甲所示的电路来测量电池电动势和内阻，根据测得的数据作出了如图乙所示的图线；由图乙可知（）

A.电池电动势的测量值是1.40VB.电池内阻的测量值是C.外电路发生短路时的电流为0.40AD.电动势的测量值小于其真实值，内电阻的测量值小于其真实值评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)17、如图所示，质量为m的带电小球用绝缘丝线悬挂于O点，并处在水平向左广大的匀强电场E中，小球静止时丝线与竖直方向夹角为θ，则小球的带电量为__________；若剪断丝线带电小球将做_________运动．

18、一根粗细均匀、阻值为16Ω的电阻丝,保持温度不变,若先将它等分成4段,再将这4段电阻丝并联,并联后总电阻为R2,则R2的大小为____。19、习惯上规定____电荷定向移动的方向为电流的方向（填“正”或“负”）。一次闪电过程中，流动的电荷量约为300C，持续时间约2s，则闪电的平均电流为_____A。20、小李同学在学习了库仑定律之后，为了研究带电小球在它们之间的相互作用力下的运动，他在绝缘的光滑水平面上放三个质量相等的带电小球a、b、c，它们处在同一直线上，如图以向右为正方向，若释放a球，a球的初始加速度为若释放c球，c球的初始加速度为则根据所学知识可知，释放b球，b球的初始加速度大小为______方向是______。

21、如图所示，两个不带电的导体A和B，用一对绝缘柱支持使它们彼此接触。把一带正电荷的物体C置于A附近，贴在A、B下部的金属箔___________（填“张开”或者“闭合”）。先把A和B分开，然后移去C，贴在A、B下部的金属箔___________（填“张开”或者“闭合”）。

22、在电场中放置一光滑绝缘水平桌面，沿桌面上轴方向电势分布如图中实线所示。有一质量电量的带正电小球，以的初速度在处沿轴正方向运动。则小球从开始运动到动能最大时电场力所做的功为___________当小球速度为零时，其位置坐标为___________

23、如图（a），电路中电源的内阻可忽略不计，其电动势E=6V，R1为可变电阻。电阻R的U–I特性曲线如图（b）所示。当通过电阻R的电流强度为2.0mA时，R的阻值为________Ω。将可变电阻阻值调到750Ω时，R两端的电压为_________V。

24、一根导线长0.2m，通以3A的电流，在磁场中某处受到的最大的磁场力是则该处的磁感应强度B的大小是____T，如果该导线的长度和电流都减小一半，则该处的B的大小是______T。评卷人得分四、实验题(共4题，共12分)25、某同学分别用图甲和乙的电路测量同一节干电池的电动势和内阻。

（1）请在相应的方框中画出图乙的电路图；___________

（2）实验得到如图所示的两条直线，图中直线Ⅰ对应电路是图___________（选填“甲”或“乙”）；

（3）该电池的电动势E=___________V（保留三位有效数字），内阻r=___________Ω（保留两位有效数字）。26、一导电材料细而均匀，截面为圆柱体，电阻约为1kΩ，某同学想用伏安法更精确地测量其电阻Rx；现有的器材及代号和规格如下：

A.电流表A（量程0~3mA；内阻约30Ω）

B.电压表A（量程0~3V；内阻约5kΩ）

C.滑动变阻器R1（阻值范围0~15Ω；允许通过的最大电流2A）

D.滑动变阻器R2（阻值范围0~15kΩ；允许通过的最大电流0.5A）

E.直流电源E：（电动势为3V；内阻不计）

F.待测圆柱体电阻R

G.开关S；导线若干。

（1）用游标卡尺测得该样品的长度如图所示，其示数L=________cm，用螺旋测微器测得该样品的外直径如图所示，其示数d=________mm；

（2）该选用的滑动变阻器为________（只填器材的字母代号）；

（3）为使实验误差较小，要求便于调节且测得多组数据进行分析，在框中画出测量的的实验电路图，并标明所选择器材的符号______；

（4）如果实验中电流表示数为I，电压表示数为U，并测出该棒的长度为L，直径为d，则该材料的电阻率为ρ=____（用测出的物理量符号表示）。27、导电玻璃是制造LCD的主要材料之一，为测量导电玻璃的电阻率，某小组同学选取了一个长度为L的圆柱体导电玻璃器件。主要实验步骤如下；完成下列问题。

（1）先用螺旋测微器测量电阻丝Rx的直径d，示数如图1所示，其直径d=___________mm；再用刻度尺测出电阻丝Rx的长度为L；

（2）用多用电表粗测电阻丝的阻值，选择开关置于“”挡，发现指针如图2所示，则该同学接着需要做的实验步骤是：①换选___________（填“”或“”或“”）挡；②___________；

（3）为了准确测量电阻丝的电阻Rx；某同学设计了如图3所示的电路。

a闭合S1，当S2接a时，电压表示数为U1，电流表示数为I1；当S2接b时，电压表示数为U2，电流表示数为I2，则待测电阻的阻值为Rx=___________（用题中的物理量符号表示）；

b根据电阻定律计算出该电阻丝的电阻率ρ=___________（用Rx、d、L表示）。28、小刘同学用如图甲所示电路测量两节干电池的电动势和内阻；有以下器材可供选择：

A.理想电压表；量程为3.0V；

B.电阻箱R；0~9.99Ω；

C.定值电阻R1；阻值约0.90Ω；

D.两节干电池；电动势约为3.0V，内阻约为0.2Ω；

E.单刀双掷；单刀单掷开关各一个，导线若干。

实验步骤如下：

（1）将S2接到a端，闭合S1，拨动电阻箱旋钮，使电阻箱阻值为2.00Ω，此时电压表的读数如图乙所示，则其读数为_____V；然后保持电阻箱示数不变，将S2切换到b端，闭合S1，电压表读数为2.70V，由此可算出电阻R1的阻值为_____Ω（结果保留三位有效数字）。

（2）该同学将S2切换到a端，闭合S1，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱的示数R和对应的电压表示数U。

（3）由测得的数据，绘出了如图丙所示的图线，由此可求得电源电动势E=______V，电源内阻r=_____Ω（结果保留两位小数）。

（4）进行实验后小李同学说将单刀双掷开关接到b也可测量电源的电动势和内电阻。你认为哪种测量方法好______（填“小刘”或“小李”），理由是_____________________。评卷人得分五、解答题(共3题，共12分)29、如图所示，长为的平行板电容器上极板带正电，从上极板的端点点以水平初速度向右射入一个质量为带电荷量为的粒子，当它的水平速度与竖直速度的大小之比为时，恰好从下端点射出；粒子重力不计。求：

（1）平行板电容器两极板间的距离

（2）两极板间的电场强度的大小。

30、如图所示，以O为圆心，r为半径的圆与坐标轴的交点分别为a、b、c、d，空间有与x轴正方向相同的匀强电场，同时在O点固定一个电荷量为+Q的点电荷，如果把一个电荷量为-q的试探电荷放在c点，则恰好平衡，静电力常量为k；求：

（1）匀强电场的场强大小为多少？

（2）a、d两点的实际场强大小为多少？

31、如图所示，竖直放置的平行板电容器的A、B两极板间存在加速电场，加速电压为水平放置且充电后与电源断开的平行板电容器的M、N两极板间存在偏转电场，其两极板板长和间距均为L。电子从A极板附近由静止开始加速，加速后从B板小孔沿M、N极板间的中间线垂直偏转电场射入电容器中，经偏转电场偏转后从M极板边缘射出，最终打在竖直放置的光屏上。已知电子的质量为m，电荷量为e，光屏到偏转电场极板右端的距离为光屏的中心为点；整个装置处在真空中。求：

（1）电子进入偏转电场时的速度大小和M、N极板间的偏转电压；

（2）电子打在光屏上时到中心的距离；

（3）若仅增大M、N极板间的距离；请通过推导判断电子打到光屏上时的速度方向是否改变?

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、B【分析】【分析】

根据库仑定律求解两球之间的库仑力；然后对球B受力分析，结合共点力平衡条件分析三力之间的关系，从而确定细线拉力方向．

【详解】

两球之间的库仑力为小球B受到的重力大小为且F与竖直方向夹角为60°，故小球B受到的库仑力，重力以及细线的拉力，组成的矢量三角形为等边三角形，所以细线与竖直方向的夹角为60°，B正确．

【点睛】

当三力平衡时，能组成一个封闭的矢量三角形，再结合一个角为60°的等腰三角形为等边三角形即可求解．2、C【分析】【分析】

根据矢量合成的方法即可求出P点的合场强；

根据右手螺旋定则得出两根通电导线在P点的磁感应强度的方向；根据平行四边形定则得出合场强的大小．

【详解】

A、B项：在MN两顶点处有两个负点电荷时，每个电荷在顶点P产生的电场强度大小均为E，方向分别沿PM方向与PN的方向，由矢量合成的特点可知，他们的合场强的方向一定沿二者的角平分线上，即合场强的方向竖直向下，根据平行四边形定则可知，合场强的大小是故A；B错误；

C；D项：根据安培定则可知；导线M在P处产生的磁场方向垂直于MP方向向右，导线N在P处产生的磁场方向垂直于NP方向向右；

根据平行四边形定则得到，P处的总磁感应强度为：．方向平行于MN向右；故C正确，D错误．

故应选：C．

【点睛】

解决本题的关键掌握右手螺旋定则判断通电电流周围的磁场方向，以及知道磁感应强度是矢量，合成遵循平行四边形定则．3、D【分析】【分析】

【详解】

电荷的定向移动形成电流，正电荷的定向移动方向是电流方向，负电荷移动的方向与电流方向相反，由图示可知，溶液中的正离子从A向B运动，负电荷由B向A运动，因此电流方向是A→B；电流大小。

故选D。4、D【分析】【分析】

【详解】

当负点电荷在点时，点处电场强度恰好为零，根据公式可得负点电荷在点产生的电场强度大小为方向水平向左，故两个正点电荷在点产生的合电场强度大小为方向水平向右；负点电荷移到点，在点产生的电场强度大小为方向水平向左，所以点的合电场强度为

方向水平向左；故D正确，A；B、C错误。

故选D。5、B【分析】【详解】

A．图甲中；当两导体棒以相同的速度在导轨上匀速向右运动时，两导体棒所构成回路的面积固定不变，而磁场也不变，则回路中的磁通量不变，因此不会产生感应电流，故A错误；

B．图乙中，当导体棒在匀强磁场中以恒定的角速度转动时；导体棒切割磁感线，从而产生动生电动势，故B正确；

C．图丙中；当闭合圆环导体（水平放置）某一直径正上方的直导线中通有直电流时，通电导线产生的磁场在以通电导线的投影为对称轴的闭合圆环导体前后面中，磁场方向相反，则闭合圆环导体的磁通量为零，因此不会产生感应电流，故C错误；

D．图丁中，当滑动变阻器的滑片向右滑动时；电路中的电阻增大，电流减小。从而使电流产生的磁场发生变化，使不闭合的导体环中产生感应电动势，但因为导体环不闭合，没有形成完整的回路，因此环中没有感应电流，故D错误。

故选B。6、D【分析】【详解】

AD．根据可知单位时间内通过导体横截面的电荷量越多；电流越大。故A错误，D正确；

B．根据电流的微观式

可知电子运动速率越大；电流不一定越大。故B错误；

C．电源内部是非静电力做功将正电荷从负极移到正极；即电流的方向是从低电势一端流向高电势一端，故C错误。

故选D。7、C【分析】【详解】

在等量同种电荷连线中垂线上电场强度方向O→a；电子从a点到O点运动的过程中，电场力方向a→O，故加速度向下，与速度同向，故速度越来越大；但电场线的疏密情况不确定，O点上方的电场强度最大点位置不确定，故电场强度大小变化情况不确定，则电荷所受电场力大小变化情况不确定，加速度变化情况无法判断．故AB错误；越过O点后，电子做减速运动，则点电荷运动到O点时速度最大．电场力为零，加速度为零．故C正确．根据电场线的对称性可知，越过O点后，电子做减速运动，加速度的变化情况无法判断．故D错误．故选C．

【点睛】

本题考查对等量同种电荷电场线的分布情况及特点的理解和掌握程度，要抓住电场线的对称性；同时要能够结合力与运动的关系进行分析．8、A【分析】【分析】

【详解】

由图中等势面的疏密程度可知

根据

可知

由题可知图中电场线是由金属板指向负电荷，设将该试探电荷从M点移到N点，可知电场力做正功，电势能减小，即

故选A。9、D【分析】【分析】

【详解】

A．由题图可以看出；随着温度的升高，各种波长的辐射强度都增加，故A正确，不符合题意；

B．随着温度的升高；辐射强度的极大值向波长较短的方向移动，故B正确，不符合题意；

CD．任何温度下；黑体都会辐射各种波长的电磁波，故C正确，不符合题意，D错误，符合题意。

故选D。二、多选题(共7题，共14分)10、A:C【分析】【详解】

AB．电子从D点到B点，水平方向为匀速直线运动，则有

得

竖直方向为匀加速直线运动，则有

得

由速度时间关系

又

联立可得

故A正确；B错误；

CD．由牛顿第二定律

和

联立解得

故C正确；D错误。

故选AC。11、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

A．由部分电路欧姆定律可知

A正确；

B．由于总电流不变，则电流表的变化量与电流表的变化量的绝对值相等，两电阻并联电压相同，电压的变化量也相同，所以

B正确；

C．由于

则随R2的增大，I2越来越小，I1越来越大，由于电压表的电压为

则电压表的电压将增大，恒流源的输出的功率为

所以恒流源的输出的功率也将增大；C错误；

D．滑动变阻器消耗的电功率为

则有即当时，滑动变阻器消耗的电功率最大；D正确。

故选ABD。12、C:D【分析】【详解】

A．使用等效场的观点，将重力场和电场等效的看作一个场，结合平行四边形法则可得等效重力加速度为

设等效场对物体的力与竖直方向的夹角为θ；如图所示。

则有

解得

由“等效重力”可知，当小球运动到BC间且与圆心连线与竖直方向夹角为时；小球的速度最大，动能最大，故A错误；

B．小球在轨道上运动过程中；能量守恒，小球在与圆心等高且在圆弧右侧的位置电势能最小，所以小球在该点的机械能最大，故B错误；

C．设释放点A到B的距离为L时，小球恰好不脱离圆轨道；图中D点与圆心连线与圆相交的点M点即为“等效重力”中的最高点，小球恰好不脱离圆轨道，电场力与重力的合力刚好提供向心力，则有

解得

从开始释放小球到M点的过程中，由动能定理可得

解得

故C正确；

D．若小球做完整的圆周运动，小球运动到D点时的动能最大，对轨道的压力最大，从A到D的过程中，根据动能定理，有

解得

在D点，根据牛顿第二定律，有

解得

若小球不做完整的圆周运动，当小球运动到与MD连线垂直时如图中的P点，接下来将沿着轨道返回，此时也未脱离轨道，该过程在D点速度有最大值，对轨道的压力也为最大值，从P到D点，根据动能定理，有

解得

在D点，根据牛顿第二定律，有

解得

如果小球不能到达P点，则小球对轨道的最大压力将会小于6mg，所以小球对轨道的最大压力大小可能为5mg；故D正确。

故选CD。13、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．根据沿电场线电势降低可知：a点的电势低于b点的电势；故A正确；

B．从电场线的分布情况可知，c处的电场线比d处的疏，所以c点的电场强度小于d点的电场强度；故B错误；

C．正电荷所受电场力和场强方向相同，因此正电荷由a点移到b点时电场力做负功；故C正确；

D．将一负试探电荷由c点移到d点；电场力做正功，电势能减少，故D错误。

故选AC。14、A:D【分析】【分析】

【详解】

AB．由U－I图像可知，电源电动势E＝2V

故A正确；B错误；

CD．由欧姆定律可得。

由闭合电路欧姆定律。

可得。

故D正确；C错误。

故选AD。15、B:D【分析】【详解】

B．滑动变阻器的滑片由端向端滑动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变大，电路中总电阻变大，总电流变小，电流表的示数变小；内电压减小，外电压增大，电压表的示数增大，选项B正确；

A．两端的电压增大，电流表的示数增大；选项A错误：

C．因

设两端电压变化量大小为

因为所以选项C错误；

D．由于因此电源内电压变化量的绝对值

因此

选项D正确。

故选BD。16、A:D【分析】【详解】

AB．根据闭合电路的欧姆定律有

可得

可知图像的纵轴截距等于电动势，则有

图像的斜率绝对值等于内阻，则有

故A正确；B错误；

C．外电路发生短路时的电流为

故C错误；

D．根据电路图可知误差来源于电压表的分流，设电压表内阻为根据欧姆定律可得

可得

可知图像的纵轴截距为

可得

图像的斜率绝对值为

可得

故D正确。

故选AD。三、填空题(共8题，共16分)17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由于带电小球向左偏；所受电场力方向向左，电场线方向也向左，则小球带正电．分析小球的受力情况，作出受力图如下图所示。

根据平衡条件得

得

[2]如果将细线烧断，小球受到重力和电场力，合力恒定，球沿合力方向即绳子方向向下做匀加速直线运动。【解析】沿绳方向向下做初速度为零的匀加速直线18、略

【分析】【详解】

将电阻丝等分成四段，则电阻丝的长度减小为原来的四分之一，又将这四段并联起来，相当于横截面积增大为原来的四倍，根据公式可知，电阻变为原来的故【解析】1Ω19、略

【分析】【详解】

[1]习惯上规定正电荷定向移动的方向为电流的方向；而负电荷定向移动的反方向为电流方向；

[2]根据电流的定义式可得：【解析】正15020、略

【分析】【详解】

[1][2]对三个小球构成的系统，假设同时释放三个小球，则三个小球构成的系统受到的合力为零，且在释放瞬间，a球的加速度为c球的加速度为b球的加速度为对系统由牛顿第二定律知

即

所以

方向水平向右。【解析】1水平向右21、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]将一带正电荷的物体C置于A附近，由于静电感应，此时A带负电，B带正电，则贴在A、B下部的金属箔张开。

[2]先把A和B分开，然后移去C，此时A带负电，B带正电，贴在A、B下部的金属箔都张开。【解析】①.张开②.张开22、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]x轴上从0到-5m电势升高，则电场方向沿x轴正方向，x轴上从0到5m电势升高，则电场方向沿x轴负方向，带正电小球在处沿x轴正方向运动；受到向右的电场力，电场力做正功，动能增加，从0点向右运动过程中电场力向左，电场力做负功，小球动能减小，所以小球在0点动能最大，则小球从开始运动到动能最大时电场力所做的功为。

[2]设小球速度为0时；其坐标为x，根据动能定理可得。

解得。

由图像可知。

根据对称性可知；小球速度为0时，另一个位置坐标为。

则小球速度为零时，其位置坐标为4或-4【解析】0.084或-423、略

【分析】【详解】

[1]由图知，当通过电阻R的电流强度为2.0mA时，电阻R的电压为2V，根据欧姆定律

[2]将可变电阻等效到电源的内阻，在图中画出等效电源的U–I特性曲线。

通过交点可知，此时R两端的电压为3V。【解析】1000324、略

【分析】【详解】

[1]根据

得

[2]磁感应强度B是磁场本身的属性，与有无电流元以及电流大小无关．所以当该导线的长度和电流都减小一半，该处的B的大小仍为0.1T。【解析】0.10.1四、实验题(共4题，共12分)25、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]图乙的电路图如图所示。

（2）[2]图甲测量的电源的内电阻等于电流表内阻与电源内阻之和，测量值偏大；而图乙测量的电源内阻为电压表内阻与电源内阻并联之后的总电阻，测量值偏小。在图像中；图像斜率的绝对值表示内电阻的测量值，图像I内阻测量值较大，对应电路为图甲。

（3）[3][4]图II中图像与纵轴的交点等于电源电动势，图II中图像的斜率等于内电阻，因此电动势为E=1.52V

内电阻为【解析】①.见解析②.甲③.1.52④.1.826、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]该样品的长度为

[2]外直径为

(2)[3]为使实验误差较小；要求便于调节且测得多组数据进行分析，滑动变阻器应采用分压式接法，故选阻值较小的C便于调节。

(3)[4]待测电阻阻值较大；电流表采用内接法，故电路如图所示。