2025年牛津上海版必修3物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年牛津上海版必修3物理下册月考试卷30考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、在如图所示电路中，电源电动势为12V，电源内阻为电路中的电阻为小型直流电动机M的内阻为闭合开关S后；电动机转动，电流表的示数为2.0A。则以下判断中正确的是（）

A.电动机的输出功率为14WB.电动机两端的电压为7.0VC.电动机产生的热功率为4.0WD.电源输出的电功率为22W2、二氧化锡传感器的电阻随着一氧化碳的浓度增大而减小；将其接入如图所示的电路中，可以测量汽车尾气一氧化碳的浓度是否超标。当一氧化碳浓度增大时，电压表V和电流表A示数的变化情况可能为。

A.V示数变小，A示数变大B.V示数变大，A示数变小C.V示数变小，A示数变小D.V示数变大，A示数变大3、如图所示，实线为电场线，虚线为一仅受电场力作用的点电荷在匀强电场中的运动轨迹，是轨迹上的两点；则下列说法正确的是。

A.电荷在点的电势能大于在点的电势能B.该电场的方向水平向左C.点的电势高于点的电势D.电荷在的动能大于在点的动能4、图中虚线是某电场中的一簇等势线。两个带电粒子从P点均沿等势线的切线方向向上运动；粒子运动的部分轨迹如图中实线所示。若粒子仅受电场力的作用，下列说法中正确的是（）

A.a、b两点的电场强度大小关系a、b两点的电势关系B.两个带电粒子电性可能相同C.粒子从P运动到a的过程中，电势能增大D.粒子从P运动到b的过程中，动能增大5、如图所示，水平向右的匀强电场中，一根长的不可伸长的绝缘细线，一端连着一质量的带电小球，另一端固定于O点。把小球拉起至A点，此时细线水平，把小球从A点由静止释放，小球经最低点B后到达B的另一侧C点时速度为零，与夹角为g取则（）

A.小球一定带负电B.小球从A点经过B点再到C点的过程中，机械能先增加后减小C.细线所受的最大拉力为D.小球到达B点时的动能为6、下列物理量中，属于矢量的是（）A.电势B.电压C.电势能D.电场强度7、如图甲所示，直线MN表示某电场中的一条电场线，a、b是线上的两点。一电子只在电场力作用下从a点运动到b点，运动过程的v-t图线如图乙所示。设a、b两点的电场强度大小分别为Ea、Eb；则有（）

A.电场方向由M指向NB.电场方向由N指向MC.D.评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)8、两个通电小球带电后相互推斥，如图所示．两悬线跟竖直方向各有一个夹角a、，a＞且两球在同一水平面上．则一定能判断的是。

A.两球的质量大小关系B.两球带电量大小关系C.绳子中的拉力大小关系D.两球带同种电荷9、AM、BN是平行板电容器两极板，板长为L，距离板右端L处有竖直屏PQ．若带电，两板之间为匀强电场，两板之外电场忽略不计．一质量为m，带电量为+q的油滴以水平速度V0飞入电容器间，经过一段时间油滴垂直打在屏上．下列说法正确的是（）

A.平行板电容器可能不带电B.BN板一定带正电，且电场强度大小为mg/qC.油滴在电容器间运动过程中机械能一定增大D.油滴撞击PQ前的瞬间速度大小仍为V010、如图所示的电路中，电源的电动势E和内阻r一定，A、B为平行板电容器的两块正对金属板，R1为光敏电阻（阻值随光照强度的增大而减小）．当R2的滑动触头P在a端时，闭合开关S，此时电流表A和电压表V的示数分别为I和U。以下说法正确的是（）

A.若仅将R2的滑动触头P向b端移动，则I不变，U增大B.若仅增大B板间距离，则电容器所带电荷量减少C.若仅用更强的光照射R1，则I增大，U增大，电容器所带电荷量增加D.若仅用更强的光照射R1，则U变化量的绝对值与I变化量的绝对值的比值不变11、如图所示，A、B、C三点组成一边长为l的等边三角形．该空间存在平行于ABC平面的匀强电场．一质量为m、带电量为+q的粒子仅受电场力作用依次通过A、B、C三点，通过A、C两点的速率均为v0，通过B点时的速率为则该匀强电场场强E的大小和方向分别是。

A.E=B.E=C.方向垂直AC斜向上D.方向垂直AC斜向下12、如图所示的甲、乙两个电路，都是由一个灵敏电流计和一个变阻器组成；它们之中一个是测电压的电压表，另一个是测电流的电流表，那么以下结论中正确的是（）

A.甲表是电流表，增大时量程减小B.甲表是电压表，增大时量程增大C.乙表是电流表，增大时量程增大D.乙表是电压表，增大时量程增大评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)13、现有一个电流表G，内阻Rg=30满偏电流Ig=1mA。

(1)把它改装成量程为0~3V的电压表，要________（填“串联”或“并联”）一个_______的电阻。

(2)把它改装成量程为0~0.6A的电流表，要________（填“串联”或“并联”）一个_____的电阻。14、电源是把___________能转化成电能的装置，这种转化是通过_________________做功来实现的15、如图所示；带箭头的线表示某一电场的电场线．在电场力作用下，一带电粒子（不计重力）经A点飞向B点，径迹如图中虚线所示，试判断：

（1）粒子带________电；

（2）粒子在________点加速度大；

（3）粒子在________点动能大；

（4）A、B两点相比，________点电势高．16、等势面。

（1）定义：电场中__________的各点构成的面。

（2）等势面的特点：

①在同一等势面上移动电荷时静电力________。

②电场线跟等势面______，并且由电势_____的等势面指向电势____的等势面。

③两个不同的等势面永不_________。17、如图是用游标卡尺测量某金属圆筒外径的示意图，由图中可以读出该圆筒外径的测量值为___________mm。

18、为了研究某种化学电源的性能，设计如图所示电路，闭合所有开关，并改变滑动变阻器阻值，观察电压表V1、V2示数的变化，得到如下数据：某一次的测量电压表的读数分别为改变滑动变阻器的滑动头，向右滑动一段距离，发现电流表读数变为0.50A，电压表V1读数变化了0.4V，由上面数据可求：该电源电动势E=_________V；电源的内阻为r=__________Ω。

19、如图所示，电源内阻Ω，Ω，Ω，灯L上标有“3V、1.5W”的字样，当滑动变阻器R3的滑片P移到最右端时，电流表示数为1A，灯L恰能正常发光．则电源的电动势____V；当P移到最左端时，电流表的示数_____A.

评卷人得分四、作图题(共2题，共20分)20、如图所示，A、B、C为匀强电场中的三个点，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。试画出该电场的电场线；并保留作图时所用的辅助线（用虚线表示辅助线，实线表示电场线）。

21、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

评卷人得分五、实验题(共2题，共16分)22、现要测定一个额定电压为3V；额定功率为1.2W的小灯泡的伏安特性曲线．要求所测电压范围为0～3V.现有器材：

直流电源E(电动势4.5V；内阻不计)；

电压表V1(量程3V；内阻约为3kΩ)；

电压表V2(量程15V；内阻约为15kΩ)；

电流表A1(量程200mA；内阻约为2Ω)；

电流表A2(量程400mA；内阻约为1Ω)；

滑动变阻器R(最大阻值为20Ω)；

开关S；导线若干．

（1）如果既要满足测量要求，又要测量误差较小，应该选用的电压表是________（填写V1或V2），选用的电流表是________（填写A1或A2）；

（2）将测量小灯泡电阻的实验电路图画在答题纸的虚线框内___________．23、传感器在现代生活、生产和科技中有着相当广泛的应用。如图甲是一个压力传感器设计电路，要求从表盘上直接读出压力大小。其中R1是保护电阻，R2是调零电阻（总电阻100Ω），理想电流表量程为10mA，电源电动势E=3V（内阻不计），压敏电阻的阻值R与所受压力大小F的对应关系如图乙所示。

(1)有三个规格的保护电阻，R1应选哪一个()；

A.25ΩB.250ΩC.2500Ω

(2)选取、安装保护电阻后，要对压力传感器进行调零。调零电阻R2应调为____Ω；

(3)现对表盘进行重新赋值。原3mA刻度线应标注____N；

(4)由于电池老化，电动势降为2.8V，传感器压力读数会出现偏差。如果某次使用时，先调零、后测量，读出压力为1200N，此时电流大小为____mA，实际压力大小为____N。评卷人得分六、解答题(共1题，共6分)24、如图所示，匀强电场中A、B、C三点构成一个直角三角形，把电荷量q=C的点电荷由A点移到B点，静电力做功4.8×10-8J，再由B点移到C点，电荷克服静电力做功4.8×10-8J，取B点的电势为零；求：

（1）A、C两点的电势；

（2）作出过B点的一条电场线。

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】【分析】

在计算电功率的公式中，总功率用来计算，发热功率用来计算；如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热功率，这两个的计算结果是不一样的。

对于电功率的计算；一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的。

【详解】

ABC．电路中电流表的示数为所以电动机的电压为

电动机的总功率为

电动机的发热功率为

所以电动机的输出功率为

B正确；AC错误；

D．电源的输出的功率为

D错误。

故选B。2、D【分析】【详解】

当一氧化碳浓度增大时，二氧化锡传感器的电阻减小，由闭合电路欧姆定律知，电路中电流变大，则A示数变大；由欧姆定律知R的电压变大；则电压表V变大；

AC．综上分析；电压表示数变大，AC错误；

BD．综上分析；电流表示数变小，B错误D正确。

故选D。3、A【分析】【详解】

AD．匀强电场中电场力与电场线平行，而曲线运动合力指向曲线的凹侧一方，所以电场力一定向左，若点电荷从a到b点，电场力做负功，电势能增加，即电荷在点的电势能大于在点的电势能，电场力做负功，动能减小，即电荷在a的动能大于在b点的动能；故A正确，D错误；

BC．电场力向左，但不知道电荷的电性，所以不能判断电场方向，即不能判断两点电势的高低，故BC错误．4、D【分析】【详解】

A．由等势面的分布可知，该电场是点电荷产生的，由场强公式可知，a点的场强小于b点的场强。由于中心电荷的电性无法判断，电场线方向无法判定，则不能比较a、b的电势高低。故A错误；

B．由运动轨迹可知；两粒子的受力方向相反，故两个带电粒子电性必定相反，故B错误；

C．电场力对两粒子均做正功；则两个粒子的电势能均减小，故C错误；

D．粒子从P运动到b的过程中；电场力做正功，动能增大，故D正确。

故选D。5、D【分析】【详解】

A．对全过程；重力做正功，可知电场力做负功，可知电场力方向向右，则小球带正电，A错误；

B．小球从A点经过B点再到C点的过程中；电场力一直做负功，可知小球的机械能一直减小，B错误；

C．对全过程根据动能定理可得

解得

重力和电场力的合力

与水平方向夹角的正切值

可得

如图所示。

此时合力方向与圆弧的焦点为等效最低点，此时绳子的拉力最大，根据动能定理

在等效最低点，根据牛顿第二定律

联立解得细线所受的最大拉力

C错误；

D．从A到B根据动能定理可得

D正确。

故选D。6、D【分析】【详解】

A．电势只有大小无方向；是标量，选项A错误；

B．电压只有大小无方向；是标量，选项B错误；

C．电势能只有大小无方向；是标量，选项C错误；

D．电场强度即有大小又有方向，是矢量，选项D正确；7、A【分析】【详解】

AB．电子从a点运动到b点做加速度增大的减速运动，可知受到的电场力向左，故场强向右，即电场方向由M指向N；A正确，B错误；

CD．由于加速度增大，由

可知，场强变大，故

CD错误。

故选A。二、多选题(共5题，共10分)8、A:C:D【分析】【详解】

D、两个球相互排斥,故一定带同种电荷,故D对

A、对左侧小球受力分析,受重力mg,拉力T和静电斥力F,如图

根据平衡条件,有。

计算得：

再对右侧小球受力分析,同理有。

两个小球之间的库仑力相等，因为a＞，所以故A对；

B、两个小球之间的库仑力相等，根据则没办法判断两个小球带电量之间的关系；故B错；

C、根据勾股定理可知由于所以质量大则绳子的拉力大一点，故C对；

故选ACD

【点睛】

两球相互排斥,故带同种电荷,根据牛顿第三定律可以知道相互排斥力相等,与带电量无关;再根据平衡条件得到排斥力的表达式进行分析.

本题关键是对小球受力分析,根据平衡条件得到电场力表达式,然后再结合牛顿第三定律进行分析判断.9、C:D【分析】【分析】

油滴垂直打在屏上；将油滴的运动分解为水平方向和竖直方向，知竖直方向上的分速度最终为零，油滴在电容器间受电场力和重力做类平抛运动，出电场后仅受重力．通过油滴竖直方向分速度的变化进行分析．

【详解】

若电容器不带电，则油滴只受重力作用，粒子做平抛运动，不会垂直撞在PQ上的，故电容器一定带电，A错误；油滴在极板间运动过程中，在竖直方向上开始受重力和电场力，射出电场后仅受重力，要使能垂直撞击在PQ上，则碰撞瞬间竖直方向上的分速度为零，而小球在水平方向上做速度大小为的匀速直线运动，故撞击PQ时，速度仍为要使竖直方向向上速度为零，则油滴离开电场时竖直方向的分速度方向向上，可得电场力大于重力，即故电场力方向向上，故BN板带正电；B错误D正确；油滴在电容器间运动，电场力做正功，根据除重力以外其他力做功等于机械能的增量，知机械能增大，C正确．

【点睛】

解决本题的关键通过油滴竖直方向上分速度为零，知油滴离开电容器时有竖直向上的分速度．10、B:D【分析】【详解】

A．滑动变阻器R2处于含容支路中，相当于导线，所以移动滑动触头，I不变，U不变；故A错误；

B．若仅增大A、B板间距离，由知电容器的电容减小，因板间电压不变，再由电容的定义式可知电容器所带电荷量减少；故B正确；

C．若仅用更强的光线照射的阻值变小，总电阻减小，I增大，内电压和的电压均增大，则电容器板间电压减小，电容不变，由知电容器所带电荷量减少；故C错误；

D．根据闭合电路欧姆定律得

因电压表测量为电源的路端电压，电流表量流过电源的电流，则可得

即U变化量的绝对值与I变化量的绝对值的比值不变；故D正确；

故选BD。11、B:C【分析】【详解】

AB.据题意可知AC为该匀强电场的等势线，因从A到B电场力对粒子做负功，且粒子带正电，可知电场方向垂直AC斜向上，据动能定理可得

解得故A错误B正确．

CD.据题意可知AC为该匀强电场的等势线，因从A到B电场力对粒子做负功，且粒子带正电，可知电场方向垂直AC斜向上，故C正确D错误．12、A:D【分析】【分析】

【详解】

电流表是由灵敏电流计G并联一个变阻器R组成，并联的阻值越小，则量程越大，并联的电阻值越大，则量程越小，而电压表是由灵敏电流计G串联一个变阻器R组成，串联的阻值越大，则量程越大，所以甲表是电流表，R增大时量程减小，乙表是电压表，R增大时量程增大；故AD正确。

故选AD。三、填空题(共7题，共14分)13、略

【分析】【详解】

(1)[1][2]把它改装成量程为0~3V的电压表，要串联一个分压电阻，电阻大小为

(2)[3][4]把它改装成量程为0~0.6A的电流表，要并联一个分流电阻，其大小为【解析】串联并联0.0514、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]电源就是把其他形式的能转化成电能的装置，这种转化是通过非静电力做功来实现的。【解析】其他形式的非静电力15、略

【分析】试题分析：根据运动轨迹来判定电场力方向；由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧，故粒子从A到B，电场力对粒子做负功，因此粒子带负电；由于B点的电场线密，所以B点的电场力大，则B点的加速度较大；粒子从A到B，电场力对粒子做负功，电势能增加，导致动能减少；沿着电场线电势降低，所以A点的电势高．

考点：电场线，电场力做功与电势能的关系【解析】（1）负，（2）B,（3）A,（4）A16、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]定义：电场中电势相等的各点构成的面。

(2)①[2]在同一等势面上移动电荷时静电力不做功。

②[3][4][5]电场线跟等势面垂直；并且由电势高的等势面指向电势低的等势面。

③[6]两个不同的等势面永不相交。【解析】①.电势相等②.不做功③.垂直④.高⑤.低⑥.相交17、略

【分析】【详解】

[1]游标卡尺读数【解析】23.6018、略

【分析】【详解】

[1]根据闭合电路欧姆定律

[2]改变滑动变阻器的滑动头，向右滑动一段距离，外电阻减小，干路电流增大，路端电压减小，第二次的路端电压为

根据闭合电路欧姆定律

解得【解析】1.5119、略

【分析】【详解】

（1）由闭合电路欧姆定律得：E=UL+IR1+Ir=3+1×2+1×1=6V

（2）当P移到最左端时，【解析】62四、作图题(共2题，共20分)20、略

【分析】【分析】

【详解】

连接BC，过A点作BC的平行且与BC线段相等的线段AD，将AD分成两等份，找出B点的等势点，即E点，电势为11V，连接BE，则BE为等势线；电场线与等势线垂直，由高电势指向低电势，如图所示。

【解析】21、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从