2025年粤人版选修3物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤人版选修3物理上册月考试卷170考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、物理学家金斯说过：“虽然h的数值很小，但是我们应当承认，它是关系到保证宇宙存在的。如果说h严格等于0，那么宇宙的物质、宇宙的物质能量，将在十亿万分之一秒的时间内全部变为辐射。”其中h是普朗克常量。关于h的单位，用国际单位制的基本单位表示，正确的是A.J·sB.J/sC.kg·m2/sD.kg·m2·s32、某单匝线圈的磁能量随时间变化的φ－t图像如图所示，根据法拉第电磁感应定律，感应电动势下列说法正确的是（）

A.0~2s内感应电动势为1VB.0~2s内感应电动势为2VC.2~6s内感应电动势为1VD.2~6s内感应电动势为0.5V3、下列说法正确的是（）A.使未饱和汽变成饱和汽，可采用升高温度的方法B.绝对湿度一定的情况下，温度越高相对湿度越大C.空气的相对湿度越小，空气中水蒸气的压强越接近饱和汽压D.干湿泡湿度计两温度读数相差越小，空气湿度越大4、一定质量的理想气体，经历从状态ABCDA的一个循环，在此循环过程中气体的压强p与温度T的关系如图所示。下列说法不正确的是（）

A.从状态A到B的过程中，每个气体分子的动能都在增大B.从状态B到C的过程中，气体吸收热量C.从状态C到D的过程中，气体内能不变D.从状态D到A的过程中，气体的密度增大5、关于科学家做出的贡献，下列说法正确的是A.奥斯特提出分子电流假说B.法拉第采用了电场线的方法来描述电场C.安培发现了点电荷的相互作用规律D.洛伦兹力发现了磁场对电流的作用规律6、关于磁感应强度B，下列说法中正确的是()A.由定义式B=可知，磁感应强度B与F成正比，与IL成反比B.一小段通电导线放在磁感应强度为零处，它所受的磁场力一定为零C.一小段通电导线在某处不受磁场力作用，该处的磁感应强度一定为零D.磁场中某处磁感应强度的方向，与通电导线在该处所受磁场力的方向相同7、如图所示，E为内阻不能忽略的电池，R1、R2、R3均为定值电阻，与均为理想电表；开始时开关S闭合，均有读数，某时刻发现和读数均变大；则电路中可能出现的故障是。

A.R1断路B.R2断路C.R1短路D.R3短路评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)8、如图，两根平行光滑金属导轨固定在同一水平面内，其左端接有定值电阻R．Ox轴平行于金属导轨，在0≤x≤4m的空间区域内存在着垂直导轨平面向下的磁场，磁感应强度B随坐标x(以m为单位)的分布规律为B＝0.8-0.2x(T)．金属棒b在外力作用下从O处沿导轨运动，ab始终与导轨垂直并接触良好，不计导轨和金属棒的电阻．设在金属棒从x1＝1m经x2＝2m到x3＝3m的过程中，R的电功率保持不变；则金属棒。

A.在x1与x3处的电动势之比为1:1B.在x1与x3处受到磁场B的作用力大小之比为1:3C.从x1到x2与从x2到x3的过程中通过R产生的焦耳热之比为5:3D.从x1到x2与从x2到x3的过程中通过R的电量之比为5:39、关于分子动理论的知识，下列说法正确的是（）A.一般情况下，分子直径的数量级为mB.扩散现象只能在液体和气体中发生，不能在固体中发生C.温度计的测温原理是热平衡原理E.温度越大，气体分子的平均动能越大E.温度越大，气体分子的平均动能越大10、下列说法正确的是__________。A.液晶的光学性质具有各向异性B.热量不可能从低温物体传到高温物体C.气体分子热运动的平均动能取决于气体的温度E.当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是隨分子间距离的减小而增大E.当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是隨分子间距离的减小而增大11、如图所示，一个带电荷量为-Q的点电荷甲，固定在绝缘水平面上的O点。另一个带电荷量为+q、质量为的点电荷乙，从A点以初速度沿它们的连线向甲运动，运动到B点时速度为且为运动过程中速度的最小值。已知点电荷乙受到的阻力大小恒为A、B间距离为L0，静电力常量为则下列说法正确的是。

A.点电荷乙从A点向甲运动的过程中，加速度先减小再增大B.点电荷乙从A点向甲运动的过程中，其电势能先增大再减小C.OB间的距离为D.在点电荷甲形成的电场中，AB间电势差12、如图所示，半径为的光滑圆弧槽固定于水平面上，为弧形槽的最低点，为弧形槽的圆心位置。点、圆弧槽上的点和点分别放上一个完全相同的小球，已知现将三小球同时由静止释放，下列说法正确的是（）

A.处小球比处小球晚到达点B.处小球比处小球同时到达点C.处小球比处小球早到达点D.处小球比处小球晚到达点13、如图所示，以直角三角形AOC为边界的有界匀强磁场区域，磁感应强度为B，∠A=60°，AO=a．在O点放置一个粒子源，可以向各个方向发射某种带负电粒子，粒子的比荷为发射速度大小都为v0，且满足发射方向由图中的角度θ表示．对于粒子进入磁场后的运动（不计重力作用），下列说法正确的是。

A.粒子在磁场中运动最短时间为B.粒子在磁场中运动最长时间为C.在AC边界上只有区域有粒子射出D.在三角形AOC边界上，有粒子射出的边界线总长为2a14、如图甲所示，质量为长为的水平金属细杆的两端分别放置在两水银槽的水银中，水银槽所在空间存在磁感应强度大小方向水平向右的匀强磁场，且细杆与该磁场方向垂直．一匝数为100匝、横截面面积为的线通过导线、开关与两水银槽相连，线圆处于沿竖直方向垂直穿过圈横截面的匀强磁场中，其磁感应强度随时间变化的关系如图乙所示．在时闭合开关细杆间弹起（可认为弹起过程中安培力远大于重力，重力忽略不计），弹起的最大高度为．不考虑空气阻力，水银的黏滞作用和细杆落回水槽后的运动，重力加速度取下列说法正确的是（）

A.感应强度的方向竖直向上B.时，线圈中的感应电动势大小为C.在细杆CD弹起的过程中，细杆CD所受安培力的冲量大小为D.开关闭合后，通过细杆某一横截面的电荷量为15、如图是某金属在光的照射下，光电子的最大初动能Ek与入射光频率ν的关系图象；由此可知()

A.图线的斜率表示普朗克常量hB.该金属发生光电效应的截止频率为ν0＝C.当入射光的频率增为2倍，光电子的最大初动能增为2倍D.普朗克常量为h＝评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)16、如图，△ABC为一玻璃三棱镜的横截面，∠A=30°，一束红光垂直AB边射入，从AC边上的D点射出，其折射角为60°，则玻璃对红光的折射率为_____。若改用蓝光沿同一路径入射，则光线在D点射出时的折射射角______（“小于”“等于”或“大于”）60°。17、一定质量的某种理想气体，体积保持不变时，分子的数密度保持不变，温度升高时，分子的平均动能______（填“增大”或“减小”），气体的压强______（填“增大”或“减小”）。18、双桶洗衣机的脱水桶电机是由一个定时开关和一个桶盖控制开关组成，当定时开关合上时；只要打开桶盖，电机就被关闭。

(1)如图所示中哪个电路图能满足上述的要求？()

(2)根据以上罗列的控制条件和控制结果的情况，写出它的真值表，并画出用门电路符号表示的逻辑电路图__________。19、一定量的理想气体的p－V图像如图所示，气体状态经历了A→B→C变化过程，A、B、C三个状态的有关参量如图所示，则气体在状态C的内能______________气体在状态A的内能（填“>”、“<”或“＝”），在A→B→C过程中，气体需____________（填“吸热”或“放热”），它与外界交换的热量的绝对值为_____________J。20、在示波管中，电子通过电子枪加速，进入偏转电极，然后射到荧光屏上．如图所示，设电子的质量为m(不考虑所受重力)，电量为e，从静止开始，经过加速电场加速，加速电场电压为U1，然后进入偏转电场，偏转电极中两板之间的距离为d，板长为L，偏转电压为U2；求电子射到荧光屏上的动能为多大？

21、如图所示，在光滑的水平面上放置一质量为m的小车，小车上有一半径为R的光滑的弧形轨道，设有一质量为m的小球，以v0的速度，方向水平向左沿圆弧轨道向上滑动，达到某一高度h后，又沿轨道下滑，试求h=______，小球刚离开轨道时的速度为______．22、一颗手榴弹以v0=10m/s的水平速度在空中飞行．设它爆炸后炸裂为两块，小块质量为0.2kg，沿原方向以250m/s的速度飞去，那么，质量为0.4kg的大块在爆炸后速度大小为______，方向是______（填与v0同向或反向）评卷人得分四、作图题(共3题，共24分)23、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

24、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

25、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、解答题(共3题，共9分)26、如图所示，两个可导热的汽缸竖直放置，它们的底部由细管连通（忽略细管的容积）。两汽缸中各有一个活塞，质量分别为和活塞与汽缸无摩擦。活塞的下方为理想气体，上方为真空。当气体处于平衡状态时，两活塞位于同一高度（已知）

（1）在两活塞上同时各放一质量为的物块，求气体再次达到平衡后两活塞的高度差（假定环境温度始终保持为）；

（2）在达到上一问的状态后，环境温度由缓慢上升到试问在这个过程中，气体对活塞做了多少功？（假定在气体状态变化过程中，两物块均不会碰到汽缸顶部）。

27、如图，原点O处的质点做简谐振动产生的筒谐横波在均匀介质中沿x轴传播，P、Q为x轴上两点，P、O间距离x1=0.35m，且λ<x1<2λ，λ为该简谐波波长．当O处质点从t0时刻开始由平衡位置向上振动，振动周期T=ls，振幅A=5cm；当波传到P点时；O处质点恰好到达波峰位置；再经过5.25s，Q处质点第一次到达波峰位置．求：

(i)P；Q间的距离；

(ii)t=0开始到Q处质点第一次到达波谷位置过程中；P处质点通过的路程．

28、如图所示，在非常高的光滑、绝缘水平高台边缘，静置一个不带电的小金属块B，另有一与B完全相同的带电量为+q的小金属块A以初速度v0向B运动，A、B的质量均为m。A与B相碰撞后，两物块立即粘在一起，并从台上飞出。已知在高台边缘的右面空间中存在水平向左的匀强电场，场强大小求：

（1）A、B一起运动过程中距高台边缘的最大水平距离；

（2）A、B运动过程的最小速度为多大？

（3）从开始到A、B运动到距高台边缘最大水平距离的过程A损失的机械能为多大？

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、C【分析】【分析】

根据每一份能量子等于普朗克常数乘以辐射电磁波的频率功的公式牛顿第二定律进行推导；

【详解】

J不是基本单位，根据功的公式牛顿第二定律可知根据每一份能量子等于普朗克常数乘以辐射电磁波的频率可得：h用国际单位制的基本单位表示故C正确，A；B、D错误；

故选C。

【点睛】

关键要掌握国际单位制中力学基本单位：米、千克、秒；及三个公式2、A【分析】【分析】

【详解】

AB．0～2s时间内，磁通量的变化量△φ=2Wb，根据法拉第电磁感应定律可知：故A正确，B错误；

CD．2s～6s时间内，磁通量不变化，没有感应电动势产生，故CD错误．3、D【分析】【详解】

A.温度升高；实际气压不变，饱和汽压增大，故A错误；

B.绝对湿度一定的情况下；温度越高，饱和汽压增大，相对湿度越小，故B错误；

C.空气的相对湿度越小；水蒸气的压强越小于饱和汽压，故C错误；

D.干湿泡温度计两温度读数相差越小，即实际气压越接近饱和汽压，空气湿度越大，故D正确.4、A【分析】【详解】

A．从状态A→B的过程中；温度升高，分子平均动能增大，每个气体分子的动能有的增加，有的减小，故A错误；

B．从状态B→C的过程中；温度升高，气体内能增加；压强不变，根据盖吕萨克定律可知体积增大，对外做功，根据热力学第一定律可知，气体吸热，故B正确；

C．从状态C→D的过程中；温度不变，气体内能不变，故C正确；

D．如图所示。

在p－T图象中，过原点的倾斜直线为等容线，斜率越大，体积越小，可知从状态D→A的过程中；气体体积减小，气体的密度增大，故D正确.

本题选不正确的，故选A。5、B【分析】安培提出分子电流假说，选项A错误；法拉第采用了电场线的方法来描述电场，选项B正确；库伦发现了点电荷的相互作用规律，选项C错误；安培发现了磁场对电流的作用规律，选项D错误；故选B.6、B【分析】【详解】

A．磁感应强度定义式为当电流I增大时，其安培力F也随之增大，而其比值是不变的，故磁感应强度B与F、IL均无关；选项A错误；

B．一小段通电直导线放在磁感应强度为零的地方，根据F=BIL，当B=0时，F=0；故它所受到的磁场力一定为零，选项B正确；

C．一小段通电直导线在某处不受磁场力作用；也可能是导线与磁场方向平行，故不能说明则该处的磁感应强度一定为零，选项C错误；

D．磁场中某处磁感应强度的方向，与通电导线在该处所受磁场力的方向相互垂直，并不是相同的，选项D错误．7、B【分析】试题分析：因为当R2断路时，外电路的总电阻变大，故路端电压变大，即电压表读数变大；电路的总电流减小，故R1上的电压减小，R3电压变大，故电流表读数变大，与题目所给的现象吻合，故电路是R2断路；故答案选B．

考点：电路的故障分析.二、多选题(共8题，共16分)8、A:C:D【分析】【详解】

由于金属棒从经到的过程中，R的电功率保持不变，由功率的计算式知E应不变，故A正确；由安培力公式F=BIL及电功率P=EI知：故B错误；由于金属棒从经到的过程中，R的电功率保持不变，由知道R中的电流相等，再由安培力公式F=BIL，得F-x图象如图所示，显然图象与坐标轴围成的面积就是克服安培力做的功，即R产生的热量，所以故C正确；因为热量时间之比为5:3，根据C选项知电流相同时时间之比为5:3，因此电量故D正确．9、A:C:E【分析】【分析】

【详解】

A．一般情况下，分子直径的数量级为m；A正确；

B．扩散现象在固体；液体、气体中均能发生；B错误；

C．温度计能测出被测物体的温度；其原理是热平衡定律，即温度计与被测系统达到热平衡时温度相同，其示数也就是被测物体的温度，C正确；

D．由。

当T=0时。

D错误；

E．温度是气体分子平均动能的标志；温度越大，气体分子的平均动能越大，E正确。

故选ACE。10、A:C:E【分析】【分析】

【详解】

A．液晶具有液体的流动性；液晶具有晶体的光学性质各向异性，A正确；

B．在外界做功的条件下；热量可以从低温物体传到高温物体，B错误；

C．气体分子热运动的平均动能取决于气体的温度；C正确；

D．荷叶上的露珠呈现球状；是由于液体的表面张力产生的，D错误；

E．当分子力表现为斥力时；分子的间距减小时，分子力增大，且分子力做负功，因此分子的势能增大，E正确。

故选ACE。11、A:C【分析】【详解】

A项：点电荷乙从A点向甲运动的过程中；受向左的静电力和向右的摩擦力，两球靠近过程中库仑力逐渐增大，点电荷乙先减速后加速，所以加速度先减小后增大，故A正确；

B项：点电荷乙向左运动过程中电场力一直做正功；因此电势能一直减小，故B错误；

C项：当速度最小时有：解得：故C正确；

D项：点电荷从A运动B过程中，根据动能定理有：解得：故D错误。12、B:C【分析】【详解】

AB．依据单摆的周期公式

由于处小球比处小球同时到达点；故A错误，B正确；

CD．处做自由落体，所用时间

所以处小球比处和B处小球早到达点；故C正确，D错误；

故选BC。13、B:D【分析】【分析】

带电粒子以相同的速率；不同的速度方向，进入磁场，运动轨迹的曲率半径相同，抓住临界情况，结合几何关系，运用半径公式和周期公式进行求解．

【详解】

A、B项：根据解得：当θ=60°飞入的粒子在磁场中从A点飞出，运动时间恰好是T/6，是在磁场中运动时间最长；当θ=0°飞入的粒子在磁场中，粒子恰好从AC中点飞出，在磁场中运动时间也恰好是T/6，θ从0°到60°，粒子在磁场中运动的轨迹对应的圆弧的弦长先减小后增大，所以粒子在磁场中运动时间先减小后增大，则最长时间故A错误，B正确；

C项：当θ=0°飞入的粒子在磁场中；粒子恰好从AC中点飞出，因此在AC边界上只有一半区域有粒子射出，故C错误；

D项：当θ=60°飞入的粒子在磁场中从A点飞出；θ＞60°的粒子可能打到OA边上的所有的区域内；长度的范围是a；在AC边界上只有一半区域有粒子射出，长度的范围也是a，所以在三角形AOC边界上，有粒子射出的边界线总长为2a．故D正确．

故应选：BD．

【点睛】

考查带电粒子以相同的速率；不同速度方向，射入磁场中，根据磁场的界限来确定运动情况，并结合半径与周期公式来分析讨论；

θ从0°到60°的过程中，粒子在磁场中运动的轨迹对应的圆弧的弦长先减小后增大，所以粒子在磁场中运动时间先减小后增大是该题的关键．14、A:B:D【分析】【详解】

A、由题意知细杆CD所受安培力方向竖直向上，由左手定则可知感应电流方向由C到D，由安培定则可知感应电流的磁场方向竖直向上，由图示图像可知，在0.15~0.25s内穿过线圈的磁通量减少，由楞次定律可得磁感应强度方向竖直向上；故A正确；

B、由图像可知，0~0.1s内线圈的感应电动势大小为即0.05s时，线圈中的感应电动势大小为10V，故B正确；

C、细杆弹起过程中，细杆所受安培力的冲量大小为故C错误；

D、开关K闭合后，设通过CD的电荷量为q，根据动量定理可得：而解得：故D正确；

故选ABD．15、A:B:D【分析】【详解】

根据Ekm=hv-W0得，图线的斜率表示普朗克常量h；纵轴截距的绝对值等于金属的逸出功，等于E．当最大初动能为零时，入射光的频率等于截止频率，所以金属的截止频率为v0＝．根据AB正确．根据光电效应方程可知，入射光的频率变为原来的2倍，由于逸出功不变，最大初动能不是原来的2倍．故C错误．逸出功等于E，则E=hv0，所以h=．或通过图线的斜率求出k=h=．故D正确．故选ABD．

点睛：解决本题的关键掌握光电效应方程Ekm=hv-W0，知道最大初动能与入射光频率的关系，并能根据数学知识对图像的斜率和截距进行研究．三、填空题(共7题，共14分)16、略

【分析】本题考查折射定律；光的色散及其相关的知识点。

根据题述和图示可知，i=60°，r=30°，由折射定律，玻璃对红光的折射率n==若改用蓝光沿同一路径入射，由于玻璃对蓝光的折射率大于玻璃对红光的折射率，则光线在D点射出时的折射角大于60°。【解析】大于17、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】增大增大18、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]根据生活的经验我们知道：只有当定时开关和桶盖控制开关均合上时；脱水桶的电机才开始工作。

B中只有当闭合、断开时，电机才工作，而均闭合时；电路发生短路；

C中为单刀双掷开关，当扳向下边时，电机工作，扳向上边时；电路发生短路；

D中当同时扳向左边或右边时；电机工作。故BCD均不符合要求。

故选A。

(2)[2]电机是由两个开关控制的，故门电路有两个输入端、一个输出端。只有当A、B两输入端均为“1”状态，输出端Z才为“1”状态；这是“与”的逻辑关系。其真值表如表所示，用门电路符号表示的逻辑电路图如图所示。

表。输入ABZ000010100111【解析】A见解析19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]．由图示图象可知，在A、C两状态，气体的pV相等；由理想气体状态方程可知，A；C两状态的温度相等，则气体在两状态的内能相等；

[2][3]．由图示图象可知；A→B过程为等压过程，气体体积减小，外界对气体做功。

W=FL=pSL=p△V=1×105×（4-1）×10-3=300JB→C过程是等容变化，气体不做功，在整个过程中，由热力学第一定律△U=W+Q；可知。

Q=△U-W=0-300=-300J由此可知，在整个过程气体对外放热，放出的热量为300J．【解析】＝放热30020、略

【分析】【详解】

直线加速过程，有：①

类似平抛运动过程，有：L=v1t②③

对运动的全程；根据动能定理。

联立①②③解得【解析】21、略

【分析】【详解】

小球从进入轨道；到上升到h高度时为过程第一阶段，这一阶段类似完全非弹性的碰撞，动能损失转化为重力势能（而不是热能）．

小球到达最大高度h时；小球与小车的速度相同，在小球从滑上小车到上升到最大高度过程中，系统水平方向动量守恒，以水平向左方向为正方向，在水平方向，由动量守恒定律得：

mv0=（m+m）v

系统的机械能守恒，则得：mv02=（m+m）v2+（m+m）gh

解得：h=

小球从进入到离开，整个过程属弹性碰撞模型，又由于小球和车的等质量，由弹性碰撞规律可知，两物体速度交换，故小球离开轨道时速度为零．【解析】022、略

【分析】手榴弹爆炸过程系统动量守恒；以手榴弹的初速度方向为正方向；

根据动量守恒定律得：Mv0=m1v1+m2v2．即：0.6×10=0.2×250+0.4×v2；

解得：v2=-110m/s，负号表示方向，与v0反向．

点睛：本题考查了求手榴弹弹片的速度，知道手榴弹爆炸过程系统动量守恒，应用动量守恒定律即可解题，解题时要注意正方向的选择．【解析】110m/s与v0反向四、作图题(共3题，共24分)23、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】24、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点