2025年华东师大版选修3物理下册阶段测试试卷含答案

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A.B.C.D.2、1966年，在太空中完成了用动力学方法测质量的实验．双子星号宇宙飞船与火箭组紧密连在一起，只开动双子星号飞船的推进器，使飞船和火箭组共同加速．推进器的平均推力F，推进器开动时间t．测出飞船和火箭组的速度变化为v．已知双子星号飞船的质量m1．由以上实验数据可测出火箭组的质量m2为A.B.C.D.3、如图所示，导轨间的磁场方向垂直于纸面向里，当导体棒MN在导轨上向右加速滑动时，正对电磁铁A的圆形金属环B中。

A.有感应电流，且B被A吸引B.无感应电流C.可能有，也可能没有感应电流D.有感应电流，且B被A排斥4、如图所示，ef、gh为两水平放置相互平行的金属导轨，ab；cd为搁在导轨上的两金属棒；与导轨接触良好且无摩擦．当一条形磁铁向下靠近导轨时，关于两金属棒的运动情况的描述正确的是（）

A.不管下端是何极性，两棒均向外相互远离B.不管下端是何极性，两棒均相互靠近C.如果下端是N极，两棒向外运动，如果下端是S极，两棒相向靠近D.如果下端是S极，两棒向外运动，如果下端是N极，两棒相向靠近5、装有一定量液体的玻璃管竖直漂浮在水中；水面足够大，如图甲所示．把玻璃管向下缓慢按压4cm后放手，忽略运动阻力，玻璃管的运动可以视为竖直方向的简谐运动，测得振动周期为0.5s，竖直向上为正方向，某时刻开始计时，其振动图象如图乙所示，其中A为振幅，对于玻璃管，下列说法正确的是（）

A.玻璃管受于重力、浮力和回复力作用B.在t1∼t2时间内，加速度与速度方向相反C.位移满足函数式D.振动频率与按压的深度有关评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)6、下列说法中，正确的是（）A.布朗运动反映了悬浮颗粒中分子运动的无规则性B.干湿泡温度计的两个温度计的示数差越大，表示空气中水蒸气离饱和状态越远C.浸润现象产生的原因是附着层内分子间距比液体内部分子间距大，分子间作用力表现为引力D.生产半导体器件时，需在纯净的半导体材料中掺入其他元素，可以在高温条件下利用分子的扩散来完成7、回热式制冷机是一种深低温设备，制冷极限约50K．某台回热式制冷机工作时，一定量的氦气（可视为理想气体）缓慢经历如图所示的四个过程：已知状态A和B的温度均为27℃，状态C和D的温度均为-133℃，下列判断正确的是（）

A.气体由状态A到B过程，温度先升高后降低B.气体由状态B到C过程，内能保持不变C.气体由状态C到D过程，分子间的平均间距减小D.气体由状态C到D过程，气体对外做功8、下列说法正确的是______A.达到热平衡的两物体的内能一定相等B.内能小的物体也可能将热量传递给内能大的物体C.能源危机指能量的过度消耗导致自然界的能量不断减少E.第一类永动机违背能量守恒定律,第二类永动机不违背能量守恒定律E.第一类永动机违背能量守恒定律,第二类永动机不违背能量守恒定律9、图所示，A、B为两个相同的环形线圈，共轴并靠近放置，A线圈中通有如图所示的电流i，则下列说法中错误的是

A.时刻两线圈间的相互作用力为零B.时刻两线圈间的相互作用力最大C.在时间内A、B两线圈相斥D.在时间内A、B两线圈相斥10、电流天平可以用来测量匀强磁场的磁感应强度的大小．如图甲所示，测量前天平已调至平衡，测量时，在左边托盘中放入质量为m的砝码，右边托盘中不放砝码，将一个质量为m0、匝数为n、下边长为l的矩形线圈挂在右边托盘的底部，再将此矩形线圈的下部分放在待测磁场中．线圈的两头连在如图乙所示的电路中，不计连接导线对线圈的作用力，电源电动势为E，内阻为r.开关S闭合后，调节可变电阻至R1时，天平正好平衡，此时电压表读数为U.已知m0>m，取重力加速度为g；则()

A.矩形线圈中电流的方向为逆时针方向B.矩形线圈的电阻R＝r－R1C.匀强磁场的磁感应强度的大小B＝D.若仅将磁场反向，在左盘中再添加质量为2m0－m的砝码可使天平重新平衡11、据有关资料介绍，受控核聚变装置中有极高的温度，因而带电粒子将没有通常意义上的“容器”可装，而是由磁场约束带电粒子运动，使之束缚在某个区域内.如图所示，环状磁场的内半径为外半径为被束缚的带电粒子的比荷为中空区域内带电粒子具有各个方向的速度，速度大小为中空区域中的带电粒子都不会穿出磁场的外边缘而被约束在半径为的区域内；则环状区域内磁场的磁感应强度大小可能是（）

A.B.C.D.评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)12、如图所示；将带有负电的绝缘棒移近两个不带电的导体球，两个导体开始时互相接触且对地绝缘。

（1）为了使两球带上等量异号电荷，应___________。

A．先移走棒；再把两球分开B．先把两球分开，再移走棒。

（2）使棒与甲球瞬时接触，再移走棒，导体甲带___________电；导体乙带________。

（3）先使甲球瞬时接地，再移走棒，导体甲带_________电；导体乙带________电。13、一定质量的理想气体在初始状态a时的压强为p0、体积为V0，其后气体分别经历了a→b→c→d的状态变化，变化过程中p与的关系图线及各状态的压强、体积大小如图所示。由图可知，气体在状态d时的压强大小为________，且可推断，从状态a变化到状态d，气体的内能________（选填“增大”；“减小”或“不变”）。

14、如图所示，一定质量的理想气体从状态a依次经状态b、c、d和e后回到状态a，图中ae、bc延长线过坐标原点O，则在a→b过程中气体___________（填“放热”或“吸热”）；在这个循环过程中，气体在状态c的压强___________状态e的压强（填“大于”或“小于”）。

15、泡沫铝是一种同时兼有金属和气泡特征的新型材料。将纯铝熔化成液态后加入添加剂，就会在液态铝内产生大量气泡，冷凝后就可得到带有微孔的泡沫铝。由于泡沫铝具有密度小，高吸收冲击能力，耐高温、防火性能强、抗腐蚀、隔音降噪、导热率低、电磁屏蔽性高、耐候性强等优异的物理性能、化学性能和可回收性，泡沫铝在当今的材料领域具有广阔的应用前景。泡沫铝是晶体，某些物理性质表现为___________（填“各向同性”或“各向异性”）。在冷凝过程中，气体内能___________（填“增加”或“减少”）16、如图所示，抛物线C1、C2分别是纯电阻直流电路中内、外电路消耗的电功率随电流变化的图线(电源电动势和内阻一定）．由该图可知：电源的最大输出功率为____________W，电源的内电阻为___________Ω．

17、如图所示宽度为d；厚度为h的金属板放在垂直于它的磁感应强度为B的匀强磁场中；当有电流I通过金属板时，在金属板上侧面A和下侧面A’间产生电势差．

（1）金属板上侧面A电势____________下侧面电势（填高于或低于）；

（2）若金属板内单位体积内自由电子数为n，则产生的电势差U=___________________．18、某金属的截止极限频率恰好等于氢原子量子数n=4能级跃迁到n=2能级所发出光的频率．氢原子辐射光子后能量______（选填“增大”、“不变”或“减小”）．现用氢原子由n=2能级跃迁到n=1能级所发出的光照射该金属，则逸出光电子的最大初动能是________（已知氢原子n=1、2、4能级的能量值分别为E1、E2、E4）．评卷人得分四、作图题(共3题，共6分)19、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

20、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

21、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共2题，共4分)22、在“测定金属的电阻率”实验中；所用测量仪器均已校准．待测金属丝接入电路部分的长度约为50cm．

(1)用螺旋测微器测量金属丝的直径，其中某一次测量结果如图所示，其读数应为_____mm．

(2)用伏安法测金属丝的电阻Rx（约为5Ω）．现有电池组（电动势3V，内阻约1Ω）、滑动变阻器R（0～20Ω；额定电流2A）；开关、导线若干，以及下列电表：

A．电流表（0～3A；内阻约0.025Ω）

B．电流表（0～0.6A；内阻约0.125Ω）

C．电压表（0～3V；内阻约3kΩ）

D．电压表（0～15V；内阻约15kΩ）

为减小测量误差，该实验中，电流表应选用_____，电压表应选用_____．（选填器材前的字母）

(3)图2是测量Rx的实验器材的电路图，请根据图2，补充完成图3中实物间的连线____．

(4)以U为纵坐标，I为横坐标，利用实验数据做出如图所示的U-I图像．由图线得到金属丝的阻值Rx=________Ω（保留两位有效数字）．

(5)实验中，在不损坏电表的前提下，随着滑动变阻器滑片移动距离x的增加，电池组的总功率P也会发生变化．图的各示意图中正确反映P-x关系的是______．

ABCD23、某实验小组欲自制欧姆表测量一个电阻的阻值；实验提供的器材如下：

A.待测电阻Rx(约200Ω)；

B.电源(电动势E约1.4V，内阻r约10Ω)；

C.灵敏电流计G(量程1mA，内阻Rg=200Ω)；

D.电阻R1=50Ω；

E.电阻R2=200Ω；

F.滑动变阻器R3(阻值范围为0~50Ω)；

G.滑动变阻器R4(阻值范围为0~500Ω)；

H.开关；导线若干．

(1)由于电源电动势未知，该实验小组经过分析后，设计了如图(a)所示的电路测量．部分步骤如下：先闭合开关S1、S2，调节滑动变阻器R，使灵敏电流计读数I1接近满偏；保持滑动变阻器滑片位置不动，断开开关S2，读出此时灵敏电流计的示数I2．

①根据实验要求，定值电阻a应选___________；滑动变阻器R应选___________．(选填器材前的标号)

②若实验中I1=0.90mA，I2=0.54mA，则电源电动势为___________V．

(2)测出电动势后，该小组成员在图(a)的基础上，去掉两开关，增加两支表笔M、N，其余器材不变，改装成一个欧姆表，如图(b)所示，则表笔M为___________(选填“红表笔”或“黑表笔”)．用改装后的欧姆表测量待测电阻Rx阻值，正确操作后，灵敏电流计读数如图(c)所示，则待测电阻R的阻值为___________Ω．评卷人得分六、解答题(共4题，共8分)24、如图所示是北京奥运会期间安置在游泳池底部的照相机拍摄的一张照片，照相机的镜头竖直向上．照片中，水立方运动馆的景象呈现在半径r＝11cm的圆形范围内，水面上的运动员手到脚的长度l＝10cm，若已知水的折射率为n＝请根据运动员的实际身高估算该游泳池的水深h.(结果保留两位有效数字)25、（1）某未密闭房间的空气温度与室外的相同，现对该室内空气缓慢加热，当室内空气温度高于室外空气温度时。A．室内空气的压强比室外的小B．室内空气分子的平均动能比室外的大C．室内空气的密度比室外大D．室内空气对室外空气做了负功

（2）汽车未装载货物时，某个轮胎内气体的体积为v0，压强为p0；装载货物后，该轮胎内气体的压强增加了Δp．若轮胎内气体视为理想气体，其质量、温度在装载货物前后均不变，求装载货物前后此轮胎内气体体积的变化量．26、交流发电机的原理是矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动.一个小型发电机的线圈共220匝,线圈面积S=0.1m2,线圈转动的频率为100Hz,线圈内阻不计,磁场的磁感应强度为了用此发电机发出的交流电带动两个标有“220V11kW”的电动机正常工作,需在发电机的输出端a、b与电动机之间接一个理想变压器,电路如图所示．求:

(1)发电机的输出电压;

(2)变压器原；副线圈的匝数之比;

(3)与变压器原线圈串联的交流电流表的示数。27、如图，将导热性良好的薄壁圆筒开口向下竖直缓慢地放入水中，筒内封闭了一定质量的气体（可视为理想气体）．当筒底与水面相平时，圆筒恰好静止在水中．此时水的温度t1=7.0℃，筒内气柱的长度h1=14cm．已知大气压强p0=1.0×105=Pa，水的密度ρ=1.0×103kg/m3，重力加速度大小g取10m/s2．

（i）若将水温缓慢升高至27℃；此时筒底露出水面的高度Δh为多少？

（ii）若水温升至27℃后保持不变；用力将圆筒缓慢下移至某一位置，撤去该力后圆筒恰能静止，求此时筒底到水面的距离H（结果保留两位有效数字）．

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、B【分析】由题意可知，粒子的比荷k已经确定，粒子在磁场中运动，洛伦兹力提供向心力，则有

粒子运动的半径r已经确定；要使所有的粒子都不能穿出磁场，则：

与内圆相切的方向进入磁场的粒子在磁场运动的轨迹刚好与外圆相切，可知2r最大为如图所示：

从而推知，

即

则故C正确，ABD错误；

故选C。2、A【分析】【分析】

对“双子星号”宇宙飞船整体的加速过程运用动量定理列方程求解；注意规定正方向．

【详解】

对“双子星号”宇宙飞船整体的加速过程运用动量定理；规定推力F方向为正方向，有：

F•△t=（m1+m2）•△v

解得：

故选A．

【点睛】

本题是动量定理的直接运用问题；也可以根据牛顿第二定律列式求解，先根据运用情况求解加速度，再根据牛顿第二定律求解质量．3、D【分析】【详解】

导线MN向右加速滑动，导线产生的感应电动势E=BLv增大，通过电磁铁A的电流增大，电磁铁A产生的磁感应强度变大，穿过金属环B的磁通量增大，B中产生感应电流，由楞次定律可知，为阻碍磁通量的增加，感应电流方向与A中的相反，B被A排斥，向左运动；故ABC错误，D正确；故选D．4、B【分析】试题分析：当磁铁靠近导轨时；穿过导轨与金属棒组成的回路的磁通量增加，根据楞次定律，回路中产生的感应限流阻碍其磁通量的增加，故使闭合回路的面积有缩小的趋势，即两棒均相互靠近，选项B正确．

考点：楞次定律.5、C【分析】【分析】

【详解】

A．玻璃管受于重力和浮力作用；两力的合力充当回复力，选项A错误；

B．在时间内；位移为负向减小，则速度向上变大，加速度向上减小，则加速度与速度方向相同，选项B错误；

C．振幅

简谐位移函数式

将t=0时刻

且t=0时刻玻璃管振动的方向向下，可知

则玻璃管的振动方程为

故C正确；

D．由于玻璃管做简谐振动；与弹簧振子的振动相似，结合简谐振动的特点可知，该振动的周期和频率与振幅无关，故D错误。

故选C。二、多选题(共6题，共12分)6、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．布朗运动是悬浮颗粒无规则运动；反映了液体分子永不停息地做无规则运动，故A错误；

B．干湿泡温度计的湿泡显示的温度低于干泡显示的温度；是因为湿泡外纱布中的水蒸发吸热，干湿泡温度计的两个温度计的示数差越大，表示空气中水蒸气离饱和状态越远。故B正确；

C．当浸润现象产生的原因是附着层内分子间距比液体内部分子间距小；分子间作用力表现为斥力的缘故，故C错误；

D．生产半导体器件时；需在纯净的半导体材料中掺入其他元素，可以在高温条件下利用分子的扩散来完成，故D正确。

故选BD。7、A:D【分析】【详解】

A．由题意可知，气体在状态时的温度相等，两状态在同一等温线上，由理想气体状态方程可知

由图示图线可知，气体由状态到过程，先变大后变小；则气体温度温度先升高后降低，故A正确；

B．由图示图线可知，气体由状态到过程；气体体积不变而压强减小，由理想气体状态方程可知，气体温度降低，气体内能减小，故B错误；

C．由图示图线可知，气体由状态到过程；气体体积增大，分子间的平均间距增大，故C错误；

D．由图示图线可知，气体由状态到过程；气体体积增大，气体对外做功，故D正确；

故选AD。8、B:D:E【分析】【详解】

A．达到热平衡的两物体的温度相同；内能不一定相等，故A错误；

B．内能从温度高的物体传向温度低的物体；内能小的物体温度可能高，内能小的物体可能将热量传递给内能大的物体，不一定从内能大的物体传向内能小的物体，故B正确；

C．对能源的过度消耗将形成能源危机；但自然界的总能量守恒，故C错误；

D．熵增加原理说明一切自然过程总是向着分子热运动的无序性增大的方向进行；故D正确；

E．第一类永动机违背能量守恒定律；第二类永动机违背热力学第二定律，但不违背能量守恒定律，故E正确。

故选BDE。9、B:C【分析】【分析】

根据安培定则确定电流与磁场的方向关系；再根据楞次定律知，感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化，当磁通量增大时，感应电流的磁场与它相反，当磁通量减小时，感应电流的磁场与它相同，最后运用同向电流相互吸引，异向电流相互排斥；

【详解】

A、由题意可知，在时刻，线圈A中的电流最大，而磁通量的变化率是最小为零，所以线圈B感应电流也是为零，因此两线圈间作用力为零，故A正确；

B、在t2时刻，线圈A中的电流为零，而磁通量的变化率是最大的，所以线圈B感应电流也是最大，但由于A中电流为零，故A、B间的相互作用力最小，故B错误；

C、在t1到t2时间内，若设逆时针（从左向右看）方向为正，则线圈A电流方向逆时针且大小减小，所以根据右手螺旋定则可判定穿过线圈B方向向右的磁通量大小减小，由楞次定律可知，线圈B的电流方向逆时针方向，因此A、B中电流方向相同，出现相互吸引现象，故C错误；

D、在t2到t3时间内；若设逆时针方向（从左向右看）为正，则线圈A电流方向顺时针且大小增大，所以根据右手螺旋定则可判定穿过线圈B方向向右的磁通量大小增大，由楞次定律可知，线圈B的电流方向逆时针方向，因此A；B中电流方向相反，A、B出现互相排斥，故D正确．

【点睛】

解决本题的关键掌握安培定则、楞次定律的内容，知道感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化，同时注意同向电流相互吸引与同种电荷相互排斥不同．10、A:C【分析】【详解】

A；对矩形线圈受力分析可知所受安培力向上；再由左手定则可知矩形线圈中电流的方向为逆时针方向，故A正确；

B、根据闭合电路欧姆定律可得解得矩形线圈的电阻故B错误；

C、根据平衡条件可得而解得匀强磁场的磁感应强度的大小故C正确；

D、开始线圈所受安培力的方向向上，仅将磁场反向，则安培力方向反向，变为竖直向下，相当于右边多了两倍的安培力大小，所以需要在左边加砝码，添加质量为的砝码可使天平重新平衡；故D错误；

故选AC．

【点睛】天平平衡后，仅将磁场反向时，安培力方向反向，则右边相当于多了或少了两倍的安培力大小．11、B:C【分析】由题意可知，粒子的比荷k已经确定，由得粒子运动的半径r已经确定，要使所有的粒子都不能穿出磁场，有两种情况。第一种情况：与内圆相切的方向进入磁场的粒子在磁场运动的轨迹刚好与外圆相切，可知2r最大为如图所示：

由图可知，即解得：故AD不可能，C可能；第二种情况：其在环形磁场内的运动轨迹圆中最大者与磁场外边界圆相切，如图所示：

设轨迹圆的半径为r，由几何关系得：解得：即故B可能，故选BC.三、填空题(共7题，共14分)12、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]根据静电感应可知；将带有负电的绝缘棒移近两个不带电的导体球时，在两个导体球上分别感应出等量的异号电荷，此时先把两球分开，再移走棒。就会使两球带上等量异号电荷；

(2)[2][3]使棒与甲球瞬时接触；再移走棒，会使两导体球均带上负电荷；

(3)[4][5]先使甲球瞬时接地，会使两球瞬间与大地连为一体，此时导体球上感应出的负电荷会导入大地，再移走棒，两球均带正电荷。【解析】B负负正正13、略

【分析】【详解】

[1]a状态气压p0，体积V0，设温度T0；a→b等温过程，根据玻意耳定律，有

b→c等压过程，根据盖吕萨克定律，有

c→d等温过程，根据玻意耳定律，有

联立解得

[2]从状态a变化到状态d，温度下降，气体内能减小。【解析】减小14、略

【分析】【详解】

[1]在a→b过程中，理想气体等温变化，内能保持不变，气体体积变大对外做功，由热力学第一定律可得，a→b过程中从外界吸收热量；

[2]根据理想气体状态方程可知

整理得

根据V-T图像斜率的大小可知气体在状态c的压强小于状态e的压强。【解析】吸热小于15、略

【分析】【详解】

[1]泡沫铝是晶体；但是是多晶体，表现为各向同性；

[2]在金属液体冷凝过程中，气泡收缩变小，外界对气体做功，同时温度降低，放出热量，由热力学第一定律

可知气体内能减少。【解析】各向同性减少16、略

【分析】【详解】

由C2图象是外电路的功率随电流的图象，由可知图象为开口向下的抛物线，则图象的最高点为最大外电路功率为4W；由C1图象可得解得【解析】4117、略

【分析】（1）根据左手定则；电子向上偏，所以上侧面得到电子带负电，下侧面失去电子带正电，则金属板上侧面A电势低于下侧面的电势．

（2）电子最终达到平衡，有．则U=vBd．电流的微观表达式I=nevS=nevhd．则v=代入得，．

【名师点睛】金属中移动的是自由电子，根据左手定则，判断出电子的偏转方向，从而得出电势的高低．最终电子受电场力和洛伦兹力平衡，根据平衡和电流的微观表达式求出电势差的大小．【解析】低于18、略

【分析】【详解】

[1]氢原子辐射光子后；一部分能量随光子而辐射，剩余氢原子能量减小；

[2]设金属的截止频率则有

即逸出功

氢原子由n=2能级跃迁到n=1能级所发出的光子能量为那么光电子最大初动能为【解析】减小四、作图题(共3题，共6分)19、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】20、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】21、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共2题，共4分)22、略

【分析】【详解】

(1)由图所示螺旋测微器可知；其示数为：0mm+40.0×0.01mm=0.400mm（0.398～0.401均正确）；

(2)本实验提供的电源电压为3V，故电压表选择C(3V)既安全又精确读数；电路中的最大电流为故电流表选择B(0.6A)刚好合适.

(3)本实验电路采用了电流表外接法和滑动变阻器的限流式接法，由连接实物如图：

(4)由部分电路的欧姆定律可知，U-I图象的斜率表示电阻

(5)设滑动变阻器单位长度的电阻为r0，滑动变阻器的总长度为L，随着滑片向左滑，根据全电路的欧姆定律则电源的总功率为据函数关系知随x的增大，P逐渐增大，但x=0时，可知同时结合反比例函数的规律可知相同的变化量，变化量越来越大；故B正确，故选B.

【点睛】要掌握螺旋测微器的读数方法；明确电学实验中，当要求电流从零调时，滑动变阻器应用分压式接法；当满足待测电阻阻值远小于电压表内阻时，电流表应用外接法，当电流表内阻远小于待测电阻阻值时，电流表应用内接法．【解析】0.400BC4.4-