专题十一-有机化学基础-能力提升检测卷(测)(新教材新高考)(解析版)

专题十一能力提升检测卷（本卷共20小题，满分100分，考试用时75分钟）可能用到的相对原子质量：H1Li7B11C12N14O16Na23Mg24Al27S32Cl35.5K39Ca40Cr52Mn55Fe56Ni59Cu64La139第I卷（选择题共50分）一、选择题：本题共10个小题，每小题3分，共30分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．聚丙烯是日用品及合成纤维的重要原料之一，其单体为丙烯，下列说法错误的是()A．丙烯可使Br2的CCl4溶液褪色B．丙烯可与Cl2在光照条件下发生取代反应C．聚丙烯的结构简式为CH2—CH2—CH2D．丙烯与乙烯互为同系物【答案】C【解析】聚丙烯的结构简式为，故C错误；丙烯含有碳碳双键，可与Br2的CCl4溶液发生加成反应而使其褪色，故A正确；丙烯可与Cl2在光照条件下发生取代反应生成ClCH2CH=CH2等，故B正确；丙烯的结构简式为CH3CH=CH2，乙烯结构简式为CH2=CH2，二者结构相似，组成上相差1个CH2原子团，二者互为同系物，故D正确。2．下列说法不正确的是()eq\x(石油)eq\o(→,\s\up7(①))eq\x(分馏产品)eq\o(→,\s\up7(②))eq\x(乙烯)eq\o(→,\s\up7(③))eq\x(1，2­二溴乙烷)A．石油是由烃组成的混合物B．①主要发生物理变化C．②是石油的裂化、裂解D．③属于取代反应【答案】D【解析】石油是由许多碳氢化合物组成的混合物，A项正确；①为石油的分馏，发生物理变化，B项正确；由石油分馏产品获得气态烃乙烯需经过石油的裂化和裂解，C项正确；由乙烯制得1，2­二溴乙烷的反应为CH2=CH2＋Br2→CH2BrCH2Br，属于加成反应，D项错误。3．下列各有机化合物的命名正确的是()A．CH2=CH—CH=CH21，3­二丁烯【答案】D【解析】A项，应命名为1，3­丁二烯，错误；B项，应命名为2­甲基­2­丁醇，错误；C项，应命名为邻甲基苯酚，错误。4．已知(a)、(b)、(c)的分子式均为C5H6，下列有关叙述正确的是()A．符合分子式C5H6的同分异构体只有a、b、c三种B．a、b、c的一氯代物分别有3、3、4种C．a、b、c都能使溴的CCl4溶液褪色，且褪色原理相同D．a、b、c分子中的5个碳原子一定都处于同一个平面内【答案】C【解析】符合分子式C5H6的同分异构体除a、b、c外还有其他的，如丙烯基乙炔等，A项错误；a、b、c分子中不同化学环境的氢原子分别有3、4、4种，故一氯代物分别有3、4、4种，B项错误；a、b、c分子中都有碳碳双键，故都能与溴发生加成反应，所以都能使溴的CCl4溶液褪色，C项正确；由乙烯的6个原子共平面可知a和b分子中的5个碳原子一定都处于同一个平面内，由甲烷的正四面体结构可知c分子中的5个碳原子一定不处于同一个平面内，D项错误。5.3．二甲醚和乙醇互为同分异构体，鉴别两者可采用化学方法或物理方法，下列方法中不能对二者进行鉴别的是()A．利用金属钠或金属钾 B．利用质谱法C．利用红外光谱法 D．利用核磁共振氢谱【答案】B【解析】二甲醚和乙醇的相对分子质量相等，故不能采用质谱法鉴别。6．2022年国庆节期间，为了保持鲜花盛开，对大量盆栽鲜花施用了S­诱抗素制剂。S­诱抗素的分子结构如图，下列关于该分子说法正确的是()A．含有碳碳双键、羟基、酮羰基、羧基B．含有苯环、羟基、酮羰基、羧基C．含有羟基、酮羰基、羧基、酯基D．含有碳碳双键、苯环、羟基、酮羰基【答案】A【解析】从图示可知，该有机物的结构中存在3个碳碳双键、1个酮羰基、1个醇羟基、1个羧基，A选项正确。7．下列说法正确的是()A．食用白糖的主要成分是蔗糖B．淀粉、纤维素和油脂都属于天然高分子化合物C．植物油的主要成分是高级脂肪酸D．蚕丝、羊毛和淀粉分别属于纤维素、蛋白质和多糖【答案】A【解析】淀粉、纤维素是天然高分子化合物，油脂不是高分子化合物，B项不正确；植物油的主要成分是高级脂肪酸的甘油酯，C项不正确；蚕丝属于蛋白质，D项不正确。8．葡酚酮是由葡萄籽提取的一种花青素类衍生物(结构简式如图)，具有良好的抗氧化活性。下列关于葡酚酮叙述错误的是()A．可形成分子内氢键B．有4种含氧官能团C．可使酸性高锰酸钾溶液褪色D．不与Na2CO3水溶液发生反应【答案】D【解析】葡酚酮分子内含有—OH、—COOH，由于O原子半径小，元素的非金属性强，因此可形成分子内氢键，A正确；根据葡酚酮的结构简式可知，其中含有的含氧官能团有羟基、醚键、羧基、酯基，共4种，B正确；葡酚酮分子中含有酚羟基及醇羟基，羟基具有强的还原性，可以被酸性高锰酸钾溶液氧化而使溶液褪色，C正确；该物质分子中含有羧基，由于羧酸的酸性比碳酸强，因此能够与Na2CO3水溶液发生反应，D错误。9．今有高聚物。对此分析正确的是()A．它是一种网状高分子化合物【答案】D【解析】高聚物为线型高分子，其链节为，是的加聚产物，据此进行判断。10.科学研究发现，具有高度对称的有机分子具有致密性高、稳定性强、张力能大等特点，因此这些分子成为化学界关注的热点。立体烷烃中有一系列对称结构的烃，如：(正四面体烷C4H4)、(棱晶烷C6H6)、(立方烷C8H8)等，下列有关说法正确的是()A．立体烷烃的C原子都形成4个单键，因此它们都属于烷烃B．上述一系列物质互为同系物，它们的通式为C2nH2n(n≥2)C．棱晶烷与立方烷中碳原子均为饱和碳原子，其二氯代物的种数不同D．苯、盆烯()与棱晶烷互为同分异构体【答案】D【解析】A项，立体烷烃的一个碳原子与其他三个碳原子之间都形成单键，还与H原子之间形成一个共价键，它们都属于环烷烃，错误；B项，(正四面体烷C4H4)、(棱晶烷C6H6)、(立方烷C8H8)，它们不互为同系物，通式为C2nH2n(n≥2)，错误；C项，棱晶烷二氯代物的同分异构体有三种，立方烷的二氯代物的同分异构体也有三种，所以棱晶烷与立方烷中碳原子均为饱和碳原子，其二氯代物的种数相同，错误；D项，苯分子式为C6H6、盆烯()分子式为C6H6、棱晶烷分子式为C6H6，所以它们互为同分异构体，正确。二、选择题：本题共5个小题，每小题4分，共20分。在每小题给出的四个选项中，只有一项或两项是符合题目要求的。若正确答案只包括一个选项，多选时，该小题得0分；若正确答案包括两个选项，只选一个且正确的得2分，选两个且都正确的得4分，但只要选错一个，该小题得0分。11.舱外航天服每套总重量约120公斤，造价3000万元人民币左右。舱外航天服可为航天员出舱活动提供适当的大气压力、足够的氧气、适宜的温湿度，以保障航天员的生命活动需要；航天服具有足够的强度，防止辐射、微流量和空间碎片对航天员的伤害，保证航天员的工作能力；航天服还能提供可靠工效保障及遥测通信保障等。制作这种航天服的材料以氨纶和尼龙为主。其中尼龙­1010的结构简式为，下列有关尼龙­1010的说法正确的是()A．尼龙­1010是合成高分子化合物B．尼龙­1010的单体是H2N(CH2)10NHCO(CH2)8COOHC．尼龙­1010是通过缩聚反应制成的D．制作舱外航天服的材料要质轻，方便在舱外行走【答案】AC【解析】尼龙­1010是通过缩聚反应合成的有机高分子化合物，A、C项正确；尼龙­1010的单体是H2N(CH2)10NH2和HOOC(CH2)8COOH，B项不正确；由于舱外航天服是在太空失重情况下穿的，不需要考虑选轻质材料，D项不正确。12．有机化合物c的制备原理如下：下列说法正确的是()A．该反应为加成反应B．化合物a中所有原子一定共平面C．化合物c的一氯代物种类为5种D．化合物b、c均能与NaOH溶液反应【答案】D【解析】化合物a氨基上的氢原子和化合物b中的氯原子结合，发生取代反应得到化合物c，故A错误；化合物a氨基中的氢原子不一定与苯环共面，故B错误；化合物c中含有7种不同化学环境的氢原子，分别为，故C错误；化合物b、c中均含有官能团酯基且c中含有肽键，均能与NaOH溶液发生水解反应，故D正确。13．化合物Z是合成某种抗结核候选药物的重要中间体，可由下列反应制得。下列有关化合物X、Y和Z的说法不正确的是()A．X分子中不含手性碳原子B．Y分子中的碳原子不一定处于同一平面C．Z在浓硫酸催化下加热可发生消去反应D．X、Z分别在过量NaOH溶液中加热，均能生成丙三醇【答案】A【解析】X分子中主链上的第2个碳原子连接4个不同的原子或原子团，即该碳原子为手性碳原子，A项错误；Y分子中—CH3的碳原子不一定和苯环上的碳原子共面，羰基上的碳原子一定和苯环共平面，即该分子中不一定所有碳原子都共面，B项正确；Z分子中与羟基相连的碳原子的邻位碳原子上含有氢原子，因此Z可以在浓硫酸催化、加热条件下发生消去反应，C项正确；X、Z在过量NaOH溶液中均能发生水解反应生成丙三醇，D项正确。14．有机物R()是一种重要的有机中间体。下列有关说法正确的是()A．R与M()互为同分异构体B．R的六元环上的一氯代物有4种C．R中所有碳原子一定处于同一平面D．R能发生取代、加成、氧化反应【答案】BD【解析】R的分子式为C8H8O4，M的分子式为C8H6O4，二者分子式不同，不互为同分异构体，A项错误；R的六元环上有5种不同化学环境的氢原子，所以R的六元环上的一氯代物有5种，B项正确；R的结构中含有“”，因此所有碳原子不能处于同一平面，C项错误；R中含有碳碳双键、羧基，可以发生取代、加成、氧化反应，D项正确。15．某化合物的结构式(键线式)及球棍模型如下：该有机物分子的核磁共振氢谱图如下(单位是ppm)。下列关于该有机物的叙述正确的是()A．该有机物不同化学环境的氢原子有8种B．该有机物属于芳香族化合物C．键线式中的Et代表的基团为—CH2CH3D．该有机物的分子式为C9H12O4【答案】AC【解析】根据该物质的核磁共振氢谱图及球棍模型判断，不同化学环境的H原子有8种，A项正确；该有机物中不含苯环，所以不属于芳香族化合物，B项错误；根据该有机物球棍模型判断Et为乙基，C项正确；根据球棍模型可知，该物质的化学式是C9H12O4，D项错误。第II卷（非选择题共50分）三、非选择题：本题共4个小题，共50分。16．（10分）已知苯可以进行如下转化：回答下列问题：(1)反应①的反应类型为________，化合物A的化学名称为________。(2)化合物B的结构简式为________，反应②的反应类型为________。(3)如何仅用水鉴别苯和溴苯_____________________________________________________________。【解析】(1)苯的分子式为C6H6，与氢气反应后生成A，A的分子式为C6H12，即反应①的反应类型为加成反应，A的结构简式为，此有机物为环己烷。(2)根据A和B分子式确定，A生成B发生取代反应，即B的结构简式为，对比B和C的结构简式可知，B→C发生消去反应。(3)苯是密度小于水且不溶于水的液体，溴苯是密度大于水且不溶于水的液体，因此可以用水进行鉴别。【答案】(1)加成反应环己烷(2)消去反应(3)在试管中加入少量水，向其中滴入几滴待鉴别液体，若待鉴别液体沉入水底，则该液体为溴苯，若浮在水面上，则该液体为苯17．（10分）实验室制备1，2­二溴乙烷的反应原理如下：CH3CH2OHeq\o(→,\s\up7(H2SO4（浓）),\s\do5(170℃))CH2=CH2↑＋H2O，CH2=CH2＋Br2→BrCH2CH2Br。可能存在的主要副反应：乙醇在浓硫酸的存在下在140℃脱水生成乙醚。用少量的溴和足量的乙醇制备1，2­二溴乙烷的装置如图所示：有关数据列表如下：乙醇1，2­二溴乙烷乙醚状态无色液体无色液体无色液体密度/(g·cm－3)0.792.20.71沸点/℃78.513234.6熔点/℃－1309－116回答下列问题：(1)在此制备实验中，要尽可能迅速地把反应温度提高到170℃左右，其最主要目的是________(填字母)。a．引发反应 b．加快反应速度c．防止乙醇挥发 d．减少副产物乙醚生成(2)在装置C中应加入________(填字母)，其目的是吸收反应中可能生成的酸性气体。a．水 b．浓硫酸c．氢氧化钠溶液 d．饱和碳酸氢钠溶液(3)判断该制备反应已经结束的最简单方法是_____________________。(4)将1，2­二溴乙烷粗产品置于分液漏斗中加水，振荡后静置，产物应在________(填“上”或“下”)层。(5)若产物中有少量未反应的Br2，最好用________(填字母)洗涤除去。a．水 b．氢氧化钠溶液c．碘化钠溶液 d．乙醇(6)若产物中有少量副产物乙醚，可用__________的方法除去。(7)反应过程中应用冷水冷却装置D，其主要目的是____________________；但又不能过度冷却(如用冰水)，其原因是___________________________________________________________________________。【解析】(1)乙醇在浓硫酸140℃的条件下，发生分子间脱水生成乙醚，尽可能迅速地把反应温度提高到170℃左右，其最主要目的是减少副产物乙醚生成，故选d。(2)浓硫酸具有强氧化性，将乙醇氧化成二氧化碳，自身被还原成二氧化硫，二氧化碳、二氧化硫能和氢氧化钠溶液反应而被吸收，故选c。(3)乙烯和溴水发生加成反应生成1，2­二溴乙烷，1，2­二溴乙烷为无色液体，D中溴的颜色完全褪去可以说明反应已经结束。(4)1，2­二溴乙烷和水不互溶，且密度比水大，因而有机层在下层。(5)溴更易溶于1，2­二溴乙烷，用水无法除去溴，故a错误；常温下Br2和氢氧化钠能发生反应：2NaOH＋Br2=NaBr＋NaBrO＋H2O，再分液即可除去，故b正确；NaI与溴反应生成碘，碘与1，2­二溴乙烷互溶，不能分离，故c错误；乙醇与1，2­二溴乙烷互溶，不能除去混有的溴，故d错误。(6)根据表中数据可知，乙醚沸点与1，2­二溴乙烷相差较大，可通过蒸馏的方法除去(不能用蒸发，乙醚不能散发到空气中，且蒸发会导致1，2­二溴乙烷挥发到空气中)。(7)溴在常温下易挥发，乙烯与溴反应时放热，溴更易挥发，冷却可避免溴的大量挥发，但1，2­二溴乙烷的熔点为9℃，较低，不能过度冷却，过度冷却会使1，2­二溴乙烷凝固而堵塞导管。【答案】(1)d(2)c(3)D中溴的颜色完全褪去(4)下(5)b(6)蒸馏(7)避免溴大量挥发1，2­二溴乙烷的熔点较低，过度冷却会使其凝固而堵塞导管18．（15分）化合物F是一种食品保鲜剂，可按如下途径合成：已知：RCHO＋CH3CHOeq\o(→,\s\up7(稀NaOH))RCH(OH)CH2CHO。试回答：(1)A的化学名称是____________，A→B的反应类型是__________。(2)B→C反应的化学方程式为_______________________________________________________________________________________________________________________。(3)C→D所用试剂和反应条件分别是________________________________________。(4)E的结构简式是________________。F中官能团的名称是______________。(5)连在双键碳上的羟基不稳定，会转化为羰基，则D的同分异构体中，只有一个环的芳香族化合物有________种。其中苯环上只有一个取代基，核磁共振氢谱有5组峰，峰面积比为2∶1∶2∶2∶1的同分异构体的结构简式为______________________________。(6)写出以乙醇为原料制备2­丁烯醛的合成路线(其他试剂任选)：___________________________________________________________________________________________。【解析】由题给信息结合F的结构简式可知E为，则C为，由此可知B为，A为对二甲苯。(1)由以上分析可知A为对二甲苯，A发生取代反应生成B。(2)B→C反应的化学方程式为(3)C发生氧化反应生成D，反应的试剂和条件为O2/Cu或Ag，加热。(4)由题干信息及分析可知E为，F含有的官能团为碳碳双键、醛基。(5)D为，对应的同分异构体如含有2个取代基，可以为—CH3、—CHO，则有邻、间2种，也可以为—CH=CH2、—OH，有邻、间、对3种，如含有1个取代基，可以为或—CH2CHO或—O—CH=CH2，则D的同分异构体有8种，其中苯环上只有一个取代基，核磁共振氢谱有5组峰，峰面积比为2∶1∶2∶2∶1的同分异构体的结构简式为(6)以乙醇为原料制备2­丁烯醛，乙醇可先氧化生成乙醛，乙醛发生加成反应生成CH3CH(OH)CH2CHO，然后发生消去反应可生成CH3CH=CHCHO，因此合成路线为CH3CH2OHeq\o(→,\s\up7(O2/Cu),\s\do5(△))CH3CHOeq\o(→,\s\up7(稀NaOH溶液))eq\o(→,\s\up7(－H2O),\s\do5(△))CH3CH=CHCHO。【答案】(1)对二甲苯取代反应19．（15分）苯并环己酮是合成萘()或萘的取代物的中间体。由苯并环己酮合成1­乙基萘的一种路线如图所示：回答下列问题：(1)萘环上的碳原子的编号如(a)式，根据系统命名法，(b)式可称为2­硝基萘，则化合物(c)的名称应是________________。(2)有机物含有的官能团是________________(填名称)，X的结构简式是______________。(3)步骤Ⅲ的反应类型是_________________，步骤Ⅳ的反应类型是_____________。(4)反应Ⅱ的化学方程式是____________________________________________________________________________________________________