2025年粤教版必修2物理上册月考试卷含答案VIP

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教版必修2物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示，细杆上固定两个小球a和b，杆绕O点做匀速转动。下列说法正确的是（）

A.a、b两球角速度相等B.a、b两球线速度相等C.a球的线速度比b球的大D.a球的向心加速度比b球的大2、一质量为m的物块仅在重力作用下运动，物块位于高度和时的重力势能分别为和（）。若物块位于时速度为0，则位于时其速度大小为（）A.B.C.D.3、做曲线运动的物体，在运动过程中，一定变化的物理量是（）A.速率B.速度C.加速度D.合外力4、如图所示；铅笔沿直尺横向做匀加速直线运动，同时直尺沿纵向做匀速直线运动，则铅笔尖留下的轨迹是。

A.B.C.D.5、年月日上午点分我国“神舟”十二号载人飞船发射圆满成功，不久前我国自主研发的空间站“天和”核心舱成功发射并入轨运行，若核心舱绕地球的运行可视为匀速圆周运动，已知引力常量，由下列物理量能计算出地球质量的是（）A.核心舱的质量和绕地半径B.核心舱的质量和绕地周期C.核心舱的绕地角速度和绕地周期D.核心舱的绕地线速度和绕地半径6、如图所示，水平传送带保持2m/s的速度运动，一质量为1kg的物体与传送带间的动摩擦因数为0.2．现将该物体无初速地放到传送带上的A点，在运动到了距A点2m的B点这个过程中；传送带对该物体做的功为（）（不计空气阻力）

A.0.5JB.2JC.2.5JD.5J7、如图所示，足够长的传送带水平放置，以速度v顺时针转动。质量为m、与传送带间的动摩擦因数为的小物块由传送带的左端静止释放，一段时间后物块与传送带共速。满足上述情景，若把传送带的速度改为2v；两次比较有（）

A.传送带对小物块做功变为原来的2倍B.小物块对传送带做功变为原来的2倍C.传送带对小物块做功的平均功率变为原来的2倍D.因摩擦而产生的热变为原来的2倍8、如图所示，质量为m的物体在水平传送带上由静止释放，传送带由电动机带动，始终保持以速度v匀速运动，物体与传送带间的动摩擦因数为μ；物体过一会儿能保持与传送带相对静止，对于物体从静止释放到相对静止这一过程，下列说法正确的是（）

A.电动机多做的功为mv2B.物体在传送带上的划痕长C.传送带克服摩擦力做的功为mv2D.电动机增加的功率为μmgv评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)9、如图所示，摆球质量为m，悬线长度为L，把悬线拉到水平位置后放手。设在摆球从A点运动到B点的过程中空气阻力的大小F阻不变；则下列说法正确的是（）

A.重力做功为B.悬线的拉力做功为0C.空气阻力做功为D.克服空气阻力做功为10、一足够长的传送带与水平面的倾角为θ，以一定的速度匀速运动，某时刻在传送带适当的位置放上质量为m，具有一定初速度的物块（可视为质点），如图甲所示，以此时为计时起点t＝0，物块之后在传送带上运动的v﹣t图象如图乙所示，取沿斜面向上的运动方向为正方向，v1＞v2；则（）

A.物块与传送带间的动摩擦因数μ＜tanθB.0～t1内电动机消耗的电能大于t1～t2内电动机消耗的电能C.0～t2内物块动能变化量大小一定小于物体与皮带间摩擦而产生的热量D.0～t2内传送带对物块先做负功再做正功，总功为正11、一质量为m的小物块静置于粗糙水平地面上，在水平外力作用下由静止开始运动，小物块的加速度a随其运动距离x的变化规律如图所示．已知小物块与地面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g，在小物块运动0～2L的过程中；下列说法正确的是。

A.小物块在0～L内做匀变速直线运动，L～2L内做匀速运动B.小物块运动至2L处的速度为C.整个过程中水平外力做功为D.小物块从L处运动至2L处所用的时间为12、宇宙空间由一种由三颗星体A、B、C组成的三星体系，它们分别位于等边三角形ABC的三个顶点上，绕一个固定且共同的圆心O做匀速圆周运动，轨道如图中实线所示，其轨道半径rA＜rB＜rC．忽略其他星体对它们的作用；可知这三颗星体。

（）

A.线速度大小关系是vA＜vB＜vCB.加速度大小关系是aA＞aB＞aCC.质量大小关系是mA＞mB＞mCD.所受万有引力合力的大小关系是FA＞FB＞FC13、下列关于书本插图表述正确的是（）

A.甲：汽车在水平路面转弯时发生侧滑是因为离心力大于最大静摩擦力B.乙：卡文迪什的扭秤实验装置中采用了控制变量法C.丙：海王星的发现证明了万有引力定律的正确性D.丁：汽车上坡时采用低速档是为了获得更大的牵引力14、一个由弧形轨道、竖直圆轨道、水平直轨道和倾角的斜轨道平滑连接而成的装置放置在水平地面上。质量的小滑块从弧形轨道离地高处由静止释放。已知滑块与轨道和间的动摩擦因数均为弧形轨道和圆轨道均光滑，忽略空气阻力，以下说法正确的是（）

A.滑块运动到与圆心等高的点时对轨道的压力为B.滑块运动到与圆心等高的点时对轨道的压力为C.滑块能冲出斜轨道的末端点D.滑块不能冲出斜轨道的末端点15、如图所示，小物块以初速度v0从O点沿斜面向上运动，同时从O点斜向上抛出一个速度大小也为v0的小球，物块和小球在斜面上的P点相遇。已知物块和小球质量相等；空气阻力忽略不计，则（）

A.斜面可能是光滑的B.小球运动到最高点时离斜面最远C.在P点时，小球的速度大于物块的速度D.小球和物块到达P点过程中克服重力做功的平均功率相等评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)16、如图a完整的质量分布均匀的圆盘形飞轮与电动机总质量为M，之后由于在一次操作中不慎将飞轮上距离轴心r处削去一小块质量为m的小金属块如图b，若使飞轮继续按照额定角速度ω匀速转动，缺口所在处的向心加速度a向=__________当缺口转至轴心正上方时求该装置对地面的压力大小为__________。

17、曲线运动的速度方向：

（1）质点在某一点的速度方向；沿曲线在这一点的______；

（2）在曲线运动中，速度的______是变化的，所以曲线运动是______运动。18、以初速为射程为的平抛运动轨迹制成一光滑轨道．一物体由静止开始从轨道顶端滑下，当其到达轨道底部时，物体的速率为____，其水平方向的速度大小为____．19、如图所示，是带有一白点的黑色圆盘，可绕过其中心、垂直于盘面的轴匀速转动，每秒沿顺时针方向旋转50圈。在暗室中用每秒闪光52次的频闪光源照射圆盘，观察到白点每秒沿______方向旋转，白点转动一圈的时间为_____s。

20、将一小球竖直向上抛出，若小球的速度越大空气阻力越大，那么，小球在先上升后下降的过程中，它的机械能___________，它受的合力___________。（选填“变大”、“不变”、“变小”）。21、某模型汽车的质量为2kg，在水平面上做测试时，先以恒定牵引力F=12N从静止开始做匀加速运动，10s末速度达到10m/s时，发动机功率恰好达到最大值。从该时刻起，汽车保持该最大功率继续加速，经历一段时间后，汽车达到了最大速度。上述过程模型汽车的v－t图象如图所示。由以上信息可知：模型汽车牵引力的最大功率______W；模型汽车做匀加速运动阶段的加速度大小为a=______本次测试的前20s内汽车牵引力做的功为W=______J。

评卷人得分四、作图题(共4题，共36分)22、如图所示，在一内壁光滑环状管道位于竖直面内，其管道口径很小，环半径为R（比管道的口径大得多）。一小球直径略小于管道口径，可视为质点。此时小球滑到达管道的顶端，速度大小为重力加速度为g。请作出小球的受力示意图。

23、图甲为抛出的石子在空中运动的部分轨迹，图乙是水平面上一小钢球在磁铁作用下的部分运动轨迹．请画出物体在A、B、C、D四点的受力方向和速度方向．（不计空气阻力）

24、一个物体在光滑水平面上运动，其速度方向如图中的v所示。从A点开始，它受到向前但偏右（观察者沿着物体前进的方向看，下同）的合力。到达B点时，这个合力的方向突然变得与前进方向相同。达到C点时，合力的方向又突然改为向前但偏左。物体最终到达D点。请你大致画出物体由A至D的运动轨迹，并标出B点、C点和D点。

25、在图的实验中，假设从某时刻（）开始，红蜡块在玻璃管内每1s上升的距离都是10与此同时，玻璃管向右沿水平方向匀加速平移，每1s内的位移依次是4122028在图所示的坐标系中，y表示蜡块在竖直方向的位移，x表示蜡块随玻璃管通过的水平位移，时蜡块位于坐标原点。请在图中标出t等于1s；2s、3s、4s时蜡块的位置；并用平滑曲线描绘蜡块的轨迹。

评卷人得分五、实验题(共1题，共10分)26、为更简洁和精准验证“用圆锥摆验证向心力的表达式”实验；某兴趣小组对实验进行了改进，如图是简化实验装置示意图，在小圆盘中心打孔，将电动机的转轴穿过小孔，使小圆盘与转轴垂直并固定，且保证重锤悬在电动机转轴的正下方。把悬挂摆球的细线穿过小孔中心并系牢。

实验步骤如下：

第一步：将电动机接入电路；用手给摆球一个初速度，使摆球在电动机带动下做速度合适的匀速圆周运动；

第二步：待摆球做稳定的匀速圆周运动时；通过调节激光笔的高度和角度，使激光笔既能照到重锤线上，又能在一圈中两次照在圆平面上做匀速圆周运动的摆球，调整好后固定激光笔；

第三步：观察激光笔照到右侧墙（未画出）上的激光点，当激光点第一次挡住时数0圈，同时按下停表，第三次被挡住时数1圈，第五次被挡住时数2圈，依次数到n圈时按下停表，记录时间t；

第四步：断开开关，测出小圆盘到重锤线上激光点的距离h；

第五步：改变摆线长度；重复实验5次。

(1)改进实验中，是否需要测量圆锥摆匀速圆周运动的轨道半径。______（填“是”或“否”）。

(2)改进实验中，只需验证______（用n、t、h、g表示）。

(3)保持n的取值不变，改变摆线长度进行多次实验，可获取不同的t。若小球所受的合力大小F与向心力大小相等，则如图所示图象合理的是______。

A．B.C.D.参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、A【分析】【分析】

【详解】

A．由同轴转动的物体上各点的角速度相同，即ωa=ωb；A正确；

BC．由线速度和角速度的关系有v=ωr，由图可知ra<rb，再根据A选项知，va<vb；BC错误；

D．由向心加速度的计算关系知a=ω2r，ra<rb

经过整理有aa<ab

D错误。

故选A。2、A【分析】【详解】

物体仅在重力作用下运动，物体的机械能守恒，根据机械能守恒定律可知

代入已知条件为

解得处的速度为

故选A。3、B【分析】【详解】

AB．物体做曲线运动；速度的方向一定发生改变，速度的大小，即速率不一定发生改变，A错误，B正确；

C．由于物体做曲线运动，速度的方向一定发生改变，则速度的变化量不为0，当速度的变化率一定时，根据

可知加速度也为一个定值；比如平抛运动，C错误；

D．根据

当加速度一定时；合外力也为一个定值，D错误。

故选B。4、B【分析】铅笔尖既沿直尺向右的匀加速直线运动；又随直尺沿纵向做匀速直线运动，其运动轨迹是向右弯曲的抛物线，故B正确，A；C、D错误；

故选B．5、D【分析】【分析】

【详解】

根据核心舱做圆周运动的向心力由地球的万有引力提供，可得G=m=mrω2=mr

可得M===

可知已知核心舱的质量和绕地半径；已知核心舱的质量和绕地周期以及已知核心舱的角速度和绕地周期；都不能求解地球的质量，若已知核心舱的绕地线速度和绕地半径可求解地球的质量。

故选D。6、A【分析】【详解】

试题分析：物体刚被放到传送带上时，物体与传送带间有相对滑动的现象，故物体此时受到的向右的力为摩擦力，大小为f=mgμ=1kg×10N/kg×0.2=2N，产生的加速度为a==2m/s2，如果物体一直以该加速度加速1m时的未速度为v2=2as=2×2m/s2×1m=4m2/s2；可见该未速度为2m/s，大于1m/s，故在这1m的过程中，物体先是被加速，加速到1m/s然后再匀速，在物体做匀速直线运动的过程中，物体与皮带之间的摩擦力为0，这段时间皮带对物体不做功，皮带对物体做功的过程就是物体被加速的过程．

由动能定理可得，皮带对该物体做的功W=mv2=×1kg×1m/s2=0.5J；A是正确的．

考点：功、动能定理，牛顿第二定律的计算等．7、C【分析】【详解】

A．由动能定得可知，传送带对小物块做功

可知；速度变为原来的两倍，则传送带对小物块做功变为原来的四倍，故A错误；

B．小物块与传送带速度相等，所用的时间为

由于加速度相同，则时间变为原来的2倍，传送带发生的位移为

则位移变为原来的四倍；则小物块对传送带做功变为原来的4倍，故B错误；

C．小物块达到与传送带速度相等过程中的平均速度为

由于速度变为原来的2倍；且摩擦力相同，则传送带对小物块做功的平均功率变为原来的2倍，故C正确；

D．小物块达到与传送带速度相等过程中的相对位移为

由于速度变为原来的2倍，时间也变为原来的2倍，则相对位移变为原来的4倍，由可知；由于摩擦力相同，则因摩擦而产生的热变为原来的4倍，故D错误。

故选C。8、D【分析】【详解】

A．电动机多做的功转化成了物体的动能和内能，物体在这个过程中获得动能是mv2，由于滑动摩擦力做功，所以电动机多做的功一定大于mv2；故A错误；

B．物体做匀加速直线运动的加速度a＝μg

则匀加速直线运动的时间为

在这段时间内传送带的位移为

物体的位移为

则相对运动的位移，即划痕的长度为Δx＝x1－x2＝

故B错误；

C．传送带克服摩擦力做功为Wf＝μmgx1＝mv2

故C错误；

D．电动机增加的功率即为克服摩擦力做功的功率，大小为P=Ffv＝μmgv

故D正确。

故选D。二、多选题(共7题，共14分)9、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．重力做功与初末位置的高度差有关；如图所示。

重力在整个运动过程中始终不变，小球在重力方向上的位移为AB在竖直方向上的投影L，所以

A错误；

B．因为拉力在运动过程中始终与运动方向垂直，故不做功，即B正确；

CD．所做的总功等于每个小弧段上所做功的代数和，即

C错误D正确。

故选BD。10、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．在t1～t2内，物块向上运动，则有μmgcosθ＞mgsinθ

解得μ＞tanθ

故A错误；

B．由图“面积”等于位移可知，0～t1内的位移x1大于t1～t2内的位移x2，电动机消耗的电能克服摩擦力做功，即μmgcosθx1＞μmgcosθx2

故B正确；

C．系统产生的热量Q＝μmgcosθx

而物块动能的变化

由于μmgcosθ＞μmgcosθ-mgsinθx＞x物

则Q＞Ek

故C正确；

D．由图乙知，物块先向下运动后向上运动，0～t1内，送带对物块的摩擦力方向沿传送带向上，则摩擦力对物块做负功，t1～t2内传送带对物块的摩擦力方向沿传送带向上，则摩擦力对物块做正功，即先做负功再做正功，0～t2内；由图“面积”等于位移可知，物块的总位移沿斜面向下，所以总功为负，故D错误。

故选BC。11、B:C【分析】【详解】

A、小物块在0～L内加速度减小，做加速度减小的变加速直线运动，L～2L内加速度不变，做匀加速运动．故A错误．

B、整个过程，根据动能定理得：，得小物块运动至2L处的速度为，故B正确．

C、整个过程，根据动能定理得：，得水平外力做功为，故C正确．

D、设小物块运动至L处的速度为．根据动能定理得：，得小物块从L处运动至2L处做匀加速直线运动，有，联立解得，故D错误．12、A:C:D【分析】【分析】

三星体做圆周运动的角速度周期T相等；根据线速度与角速度的关系判断线速度的大小关系；写出向心加速度表达式判断加速度的大小关系；由万有引力定律，分别求出单个的力，然后求出合力，分析质量关系即可．

【详解】

三星系统是一种相对稳定的结构，它们做圆周运动的角速度是相等的，由结合．可知，线速度大小关系是．故A正确；由结合可知加速度大小关系是故B错误；以A为研究对象，则受力如图：

由于向心力指向圆心，由矢量关系可知，B对A的引力大于C对A的引力，结合万有引力定律的表达式：可知B的质量大于C的质量．同理若以C为研究对象，可得A的质量大于B的质量，即质量大小关系是故C正确．由于结合万有引力定律可知A与B之间的引力大于A与C之间的引力，又大于B与C之间的引力．由题可知，A、B、C受到的两个万有引力之间的夹角都是相等的，根据两个分力的角度一定时，两个力的大小越大，合力越大可知．故D正确．故选ACD．

【点睛】

该题借助于三星模型考查万有引力定律，解答的过程中向右画出它们的受力的图象，在结合图象中矢量关系，然后和万有引力定律即可正确解答．13、C:D【分析】【详解】

A．汽车在水平路面上转弯；靠静摩擦力提供向心力，发生侧滑是因为汽车受到的静摩擦力不足以提供向心力，汽车不受离心力，选项A错误；

B．卡文迪什的扭秤实验装置中采用了放大法；选项B错误；

C．海王星的预言和发现,极大地支持了万有引力定律的正确性；选项C正确；

D．汽车上坡时的牵引力为

由于汽车的最大功率是一定的；当减小行驶速度时可以获得更大的牵引力，选项D正确。

故选CD。14、B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．滑块下滑过程机械能守恒；由机械能守恒定律得。

在D点轨道的弹力F提供向心力；由牛顿第二定律得。

代入数据解得。

F=8N由牛顿第三定律可知滑块对轨道的压力大小为。

F′=F=8N，方向水平向左故A错误；B正确；

CD．设滑块能在斜轨道上到达的最高点为C′；由能量守恒定律得。

代入数据解得。

则滑块不会冲出轨道末端的C点；故C错误，D正确；

故选BD。15、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．把小球的速度分解到沿斜面方向和垂直斜面方向，则沿斜面方向的速度小于物块的速度，若斜面光滑，则小球和物块沿斜面方向的加速度相同，则不可能在P点相遇；所以斜面不可能是光滑的，故A错误；

B．当小球的速度方向与斜面平行时；离斜面最远，此时竖直方向速度不为零，不是运动到最高点，故B错误；

C．物块在斜面上还受摩擦力做功，物块的机械能减小，所以在P点时；小球的动能应该大于物块的动能，故小球的速度应大于物块的速度，故C正确；

D．小球和物块初末位移相同，则高度差相等，而重力相等，则重力做功相等，时间又相同，所以小球和物块到达P点过程中克服重力做功的平均功率相等；故D正确；

故选CD。三、填空题(共6题，共12分)16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]缺口所在处的向心加速度a向=

无缺口时，对地面压力为Mg，存在缺口时，缺口转至轴心正上方，该装置对地面的压力大小为【解析】17、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】切线方向18、略

【分析】【详解】

建立如图所示的坐标系，轨迹是抛物线，所以消去参数t，得到抛物线的轨迹方程一物体由静止开始从轨道顶端滑下，当其到达轨道底部时，竖直位移①，根据机械能守恒，②，①②联立，

根据平抛运动速度方向与位移方向角度的关系，③，把①代入③得

所以。

解得：

【解析】19、略

【分析】【详解】

[1]由于光源的闪光周期小于白点做圆周运动的周期；光源每次闪光时，白点都没有来得及回到前一次闪光时的位置，即都在前一次闪光时位置的左侧，光源连续闪光，白点的位置就连续向左逆时针移到，所以白点逆时针旋转；

[2]白点的频率为白点的角速度为

光源的频率为光源的角速度为

设白点转动一圈的时间为t

解得【解析】逆时针520、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]竖直向上抛出的小球；离开手后会继续向上运动