2025年人教五四新版高一物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教五四新版高一物理下册月考试卷848考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、一向右运动的车箱顶上悬挂着两个小球M；N；它们只能在如图所示平面内摆动，某一瞬时出现图示情景，由此可知车箱的运动及两球相对车箱运动的可能情况是（）

A.车箱做匀速直线运动；M在摆动，N静止。

B.车箱做匀速直线运动；M在摆动，N也在摆动。

C.车箱做匀速直线运动；M静止，N在摆动。

D.车箱做匀加速速直线运动；M静止，N也静止。

2、如图所示光滑管形圆轨道半径为R（管径远小于R），小球a、b大小相同，质量均为m，其直径略小于管径，能在管中无摩擦运动．两球先后以相同速度v通过轨道最低点，且当小球a在最低点时，小球b在最高点；以下说法正确的是（）

A.当小球b在最高点对轨道无压力时，小球a比小球b所需向心力大5mg

B.当v=时，小球b在轨道最高点对轨道无压力。

C.速度v至少为才能使两球在管内做圆周运动。

D.只要v≥小球a对轨道最低点的压力比小球b对轨道最高点的压力大6mg

3、某同学站在阳台上，以相同的速率分别把甲、乙、丙三个小球竖直上抛、斜向上抛、水平抛出，不计空气阻力，且m甲＞m乙＞m丙，在三个球落地的瞬间（）A.甲球在竖直方向上的速度最大B.乙球在水平方向上的速度最大C.丙球在竖直方向上的速度为零D.三球的速度相同4、质量为2kg

的物体，放在动摩擦因数娄脤=0.1

的水平面上，在水平拉力的作用下由静止开始运动，水平拉力做的功W

和物体发生的位移x

之间的关系如图所示，重力加速度g

取10m/s2

则此物体(

)

A.在位移为x=9m

时的速度是33m/s

B.x=6m

时，拉力的功率是20W

C.在x=0

至的x=3m

过程中，加速度是2.5m/s2

D.在x=0

至x=3m

的过程中，加速度是1.5m/s2

5、如图所示，圆弧轨道AB在竖直平面内，在B点，轨道的切线是水平的，一小球由圆弧轨道上的某点从静止开始下滑，不计任何阻力。设小球刚到达B点时的加速度为a1，刚滑过B点时的加速度为a2，则()A.a1、a2大小一定相等，方向可能相同B.a1、a2大小一定相等，方向可能相反C.a1、a2大小可能不等，方向一定相同D.a1、a2大小可能不等，方向一定相反6、2016年6月21日北京青年报以《男子花45小时徒步奔跑“刷六环”》报道了四川青年刘中杰的事迹．为了信仰，刘中杰从八通线土桥地铁站旁边出发，沿北京六环，经过45小时10分钟的奔跑，于6月19日晚7点27分到达终点，累计跑步距离222.48公里．下列关于“刷六环”的一些说法正确的是（）A.研究刘中杰长跑时的速度，以他手持的手机为参考系B.分析刘中杰通过紫坞西桥（长度很长的立交桥）的时间时，可以将其看成质点C.以西安市长安街为轴建立一维坐标系，可以确定刘中杰长跑时各个时刻的位置D.可以用GPS对奔跑中的刘中杰定位，与参考系无关．7、速度为v

的子弹，恰可穿透一固定着的木板，如果子弹速度为2v

子弹穿透木板的阻力视为不变，则可穿透同样的木板(

)

A.2

块B.3

块C.4

块D.1

块评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)8、乘坐游乐园的过山车时，质量为m

的人随车在竖直平面内沿圆周轨道运动，下列说法正确的是(

)

A.车在最高点时人处于倒坐状态，全靠保险带拉住，若没有保险带，人一定会掉下去B.人在最高点时对座位仍可能产生压力，但压力一定小于mg

C.人在最低点时处于超重状态D.人在最低点时对座位的压力大于mg

9、某工地上，一架起重机将放在地面上的一个箱子吊起.

箱子在起重机钢绳的作用下由静止开始竖直向上运动，运动过程中箱子的机械能E

与其位移x

的关系图像如图所示，其中O隆芦x1

过程的图线为曲线，x1隆芦x2

过程的图线为直线.

根据图像可知(

)

A.O隆芦x1

过程中箱子所受的拉力逐渐增大B.O隆芦x1

过程中箱子的动能可能先增加后减少C.x1隆芦x2

过程中箱子所受的拉力一直不变D.x1隆芦x2

过程中起重机的输出功率一直增大10、一物体做竖直上抛运动(

不计空气阻力)

初速度为30m/s

取竖直向上为正方向，当物体的位移为25m

时，经历的时间为(

g

取10m/s2)

()A.1s

B.2s

C.5s

D.3s

11、一质点沿一边长为2m的正方形轨道运动，每秒钟匀速移动1m，初始位置在bc边的中点A，由b向c运动，如图所示，A、B、C、D分别是bc、cd、da、ab边的中点，则下列说法正确的是（）A.第2s末的瞬时速度是1m/sB.前2s内的平均速度为m/sC.前4s内的平均速率为0.5m/sD.前2s内的平均速度为2m/s12、关于做圆周运动物体的向心力、向心加速度、加速度，下列说法中正确的是（）A.做圆周运动的物体其加速度方向指向圆心B.做变速圆周运动的物体其向心加速度的方向指向圆心C.做匀速圆周运动的物体其向心加速度不变，是一种匀变速曲线运动D.向心力不改变圆周运动物体的速度大小13、如图所示，轻质弹簧下端固定在倾角为娄脠

的粗糙斜面底端的挡板C

上，另一端自然伸长到A

点.

质量为m

的物块从斜面上B

点由静止开始滑下，与弹簧发生相互作用，最终停在斜面上某点.

下列说法正确的是(

)

A.物块第一次滑到A

点时速度最大B.物块停止时弹簧一定处于压缩状态C.在物块滑到最低点的过程中，物块减少的重力势能全部转化成弹簧的弹性势能D.在物块的整个运动过程中，克服弹簧弹力做的功等于重力和摩擦力做功之和14、如图，运行轨道在同一平面内的两颗人造卫星AB

同方向绕地心做匀速圆周运动，此时刻AB

连线与地心恰在同一直线上且相距最近，已知A

的周期为T

，B

的周期为2T/3

下列说法正确的是()

A.A

的线速度大于B

的线速度B.A

的加速度小于B

的加速度C.B

与地心连线在相同时间内扫过的面积相等D.从此时刻到下一次AB

相距最近的时间为2T

15、如图所示，水平转台上有一个质量为m

的物块，用长为l

的轻质细绳将物块连接在转轴上，细绳与竖直转轴的夹角娄脠

为娄脨6

此时绳绷直但无张力，物块与转台间动摩擦因数为娄脤=13

最大静摩擦力等于滑动摩擦力，物块随转台由静止开始缓慢加速转动，角速度为娄脴

加速度为g

则(

)

A.当娄脴=g2l

时，细线中张力为零B.当娄脴=3g4l

时，物块与转台间的摩擦力为零C.当娄脴=gl

时，细线的张力为mg3

D.当娄脴=4g3l

时，细绳的拉力大小为4mg3

16、下列关于重力势能的说法的中，正确的是(

)

A.重力势能是地球和物体共同具有的，而不是物体单独具有的B.重力势能的大小是相对的C.重力势能等于零的物体不可能对其他物体做功D.铁球的重力势能一定大于木球的重力势能评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)17、某同学在做“探究小车速度随时间变化的规律”的实验请你帮助解决下列问题．

（1）在做用打点计时器测速度的实验中，要用到打点计时器，打点计时器是一种____仪器，在图1所示打点计时器的结构图中，编号②的名称是____；编号④的名称是____，编号⑤的名称是____．现在实验室多用电火花计时器，其电源电压是____流____V，我国常用的电源频率为501Hz，它每隔____s打一个点．

（2）在实验的过程中，有如下基本步骤，它们正确的排列顺序为____（只填字母）．

A．把打点计时器固定在桌子上B．安好纸带。

C．松开纸带让物体带着纸带运动D．接通低压交流电源。

E．取下纸带F．断开开关。

（3）该同学得到如图2所示的纸带，并在这条纸带上取好了计数点（每两个计数点间还有4个点未画出）．计数点的编号依次为：A、B、C、D、E，各点与A点间的距离如图所示．根据该同学打出的纸带我们可以判断小车与纸带的____（填“左”或“右”）端相连，计算可知D点对应小车的速度是____m/s，AE间的平均速度是____m/s，小车运动的加速度大小是____m/s2．（结果保留3位有效数字）

（4）实验结束后，该同学发现这样计算出的加速度值比真实值偏大，形成误差的原因可能是____

A．实验时电源的电压高于220V

B．实验时打点计时器用的是直流电源。

C．实验时打点计时器的工作频率小于50HZ

D．实验时打点计时器的工作电流小于额定电流．

18、在“验证机械能守恒定律”的一次实验中，质量m=1kg的重物自由下落，在纸带上打出五系列的点，如上图所示（相邻记数点时间间隔为0.02s），那么：（g取9.8m/s2；结果保留二位有效数字）

（1）打点计时器打下计数点B时，物体的速度vB=____m/s；

（2）从起点P到打下计数点B的过程中物体的重力势能减少量△EP=____，此过程中物体动能的增加量△Ek=____；

（3）计算表明：在实验误差允许的范围内____．

19、一个质量为m的小球，用细线挂在电梯的顶板下，当电梯以g的加速度竖直加速下降时，细线的拉力为______．20、用弹簧秤沿水平方向拉着一个物体在水平面上做匀速直线运动，弹簧秤的读数是0.8N．后再用弹簧秤沿水平方向拉着这个物体在水平面上做匀加速直线运动，当弹簧秤的读数是2.4N时，测得加速度的大小是0.4m/s2．则这个物体的质量为______．21、【题文】如图所示为皮带传动装置，传动过程中皮带不打滑。已知A、B点的转动半径之比为2:3，则A、B点的线速度之比为__________，角速度之比为_________。22、固定抛射角，把流量控制开关到最大，让喷嘴喷水，把连接管从药瓶中拔出，并使上端停在药瓶口处不动，随着软管中液面的不断降低，可以观察到射程____，射高越____，关闭流量控制开关．23、（1）让一重物拉着一条纸带自由下落，通过打点计时器在纸带上打点，然后取纸带的一段进行研究．若该同学打出的纸带如图所示，已知重物的质量m=1kg，打点计时器的工作频率为50Hz，当地重力加速度g=9.8m/s2，利用这段纸带中的2、5两点测定重力做功为______J，物体动能的增加量为______J．通过比较重力做功与物体动能增加量，可以得到的结论是______．（计算结果保留两位小数）

（2）该同学计算了多组动能的变化量△Ek，画出动能的变化量△Ek与下落的对应高度△h的关系图象，在实验误差允许的范围内，得到的△E-△h图象应是如图的______．

24、物体在四个共点力F1F2F3F4

的作用下处于静止。若其中的F3

突然变为反方向，而其它三个力保持不变，则这时物体所受的合外力大小是_________，合外力的方向是_____________。评卷人得分四、解答题(共4题，共32分)25、如图所示；用两根轻绳AB和BC吊一个0.5kg的灯，如果BC绳水平，AB绳与水平方向夹角为60°．求绳AB与BC所受到的拉力．（g=10N/kg）

26、如图是宁宁和宏宏在进行课外活动的情况．他们利用学过的自由落体运动的知识估测各自的“反应时间“，开始时宏宏将直尺的下端“60cm“刻度靠近宁宁的大母指尖，要求宏宏释放直尺的同时，宁宁要立即抓住尺．结果发现宁宁抓住尺时，他的大母指尖在“10cm“位置，设重力加速度g取10m/s2．宁宁刚抓住尺时；尺已下落的高度是______m；请你根据实验数据，估算一下宁宁的反应时间是______s．

27、如图所示，在光滑水平面上有A，B，C三个大小相同的弹性小球静止地排成一直线．已知A球质量是为m，B球质量为3m，C球质量为2m．现使A球沿三球球心连线以速度v冲向B球．假设三球间的相互作用都是弹性碰撞．试求三球不再发生相互作用时每个球的速度．

28、质量5Kg的活塞夹在一个粗糙的竖立气缸缸内，活塞与缸壁间的最大静摩擦力为10N．现在利用轻质绳子通过两个光滑定滑轮将活塞与质量M的铁锭相连．问要使活塞相对缸壁静止，铁锭质量M的范围？（取g=10m/s2）

评卷人得分五、实验题(共4题，共32分)29、如图，将轻弹簧放在光滑的水平轨道上，一端与轨道的A端固定在一起，另一端正好在轨道的B端处，轨道固定在水平桌面的边缘上，桌边悬一重锤．利用该装置可以找出弹簧压缩时具有的弹性势能与压缩量之间的关系．(1)为完成实验，还需下列那些器材？答：____。A秒表B刻度尺C白纸D复写纸E小球F天平(2)如果在实验中，得到弹簧压缩量x和小球离开桌面后的水平位移s的一些数据如下表，则得到的实验结论是：____。。实验次序1234x（cm）2.003.004.005.00s（cm）10.2015.1420.1025.3030、（8分）在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，采用下图所示的装置。（1）下列说法中正确的是()A．在探究加速度与质量的关系时，应该改变拉力的大小B．在探究加速度与外力的关系时，应该改变小车的质量C．在探究加速度a与质量m的关系时，为了直观判断二者间的关系，应作出a－1/m图象D．选择器材测质量时，同时有天平和弹簧测力计，应优先选择弹簧测力计E.当小车的质量远大于砝码盘和砝码的总质量时，才能近似认为细线对小车的拉力大小等于砝码盘和砝码的总重力大小（2）某同学测得小车的加速度a和拉力F的数据如上表所示：（小车质量保持不变）①根据表中的数据在坐标图上作出a-F图象；②图像不过原点的原因可能是____。31、某同学用图4所示的实验装置研究小车在斜面上的运动.实验步骤如下:A．.安装好实验器材.B．.接通电源后,让拖着纸带的小车沿平板斜面向下运动,重复几次.选出一条点迹比较清晰的纸带,舍去开始密集的点迹,从便于测量的点开始,每两个打点间隔取一个计数点,如图5甲中0、1、26点所示.C．.测量1、2、36计数点到0计数点的距离,分别记作:x1、x2、x3x6.D．.通过测量和计算,该同学判断出小车沿平板做匀加速直线运动.结合上述实验步骤,请你完成下列任务：(1)实验中,除打点计时器(含纸带、复写纸)、小车、平板、铁架台、导线及开关外,在下面的仪器和器材中,必须使用的有().（4分）A电压合适的50Hz交流电源C刻度尺E天平B电压可调的直流电源D秒表F重锤(2)将最小刻度为1mm的刻度尺的0刻线与0计数点对齐,0、1、2、5计数点所在位置如图5乙所示,则：x2=____Cm,x5=____Cm，打点“1”时的瞬时速度v1=____m/s.（每空2分）32、【题文】一半球形容器内壁光滑；半径为R，小球在容器内以ω的角速度在水平面内做匀速圆周运动，如图所示.则小球的轨道平面距离容器底的高度h为___________.不断增大ω，小球能爬到容器最高点吗？__________.

评卷人得分六、推断题(共2题，共20分)33、A、rm{B}rm{C}rm{D}均为中学化学常见的纯净物，rm{A}是单质。它们之间有如下的反应关系：

rm{(1)}若rm{D}物质具有两性，rm{垄脷垄脹}反应均要用强碱溶液，rm{垄脺}反应是通入过量的一种引起温室效应的主要气体。写出rm{垄脷}反应的离子方程式____；rm{垄脺}反应离子方程式____。rm{(2)}若rm{A}是应用最广泛的金属。rm{垄脺}反应用到rm{A}rm{垄脷垄脻}反应均用到同一种黄绿色气体单质。写出rm{A}与水反应的化学方程式____。rm{垄脺}反应的离子方程式____。rm{D}中加入氢氧化钠的现象____。rm{(3)}若rm{A}是太阳能电池用的光伏材料。rm{C}rm{D}为钠盐，且溶液均显碱性。rm{垄脺}反应也是通入一种引起温室效应的主要气体。写出rm{垄脷}反应的化学方程式____。rm{垄脻}反应用到rm{B}反应条件为高温，则rm{垄脻}的化学方程式为____。34、（化学）某混合物A，含有KAl(SO4)2、Al2O3和Fe2O3，在一定条件下可实现下图所示的物质之间的转化：据此判断：(1)固体B的化学式为________；固体E所含物质的化学式为________。(2)反应①的离子方程式为____________。____(3)沉淀Ⅰ与氢氧化钠反应的离子方程式__________。(4)由溶液D得到固体E所需的瓷质仪器名称：____。(5)沉淀Ⅱ的主要成分是：____，将其溶于少量稀盐酸所得的溶液中阳离子的检验最好的试剂是____。参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、A|B【分析】

A；根据匀速直线运动与静止情况等效；M在摆，N静止，某一瞬时出现图中情景是可能的．故A正确．

B；根据匀速直线运动与静止情况等效；M在摆动N也在摆动，某一瞬时出现图中情景是可能的．故B正确．

C；车厢做匀速直线运动时；可能M摆动，而N是静止的．故C错误．

D；车厢做匀加速直线运动时；M静止可能．若N静止，其加速度与M相同，水平向右，根据牛顿第二定律，合力水平，如静止，合力不可能在水平方向上．故D错误．

故选AB

【解析】【答案】本题可根据匀速直线运动与静止状态等效判断A；B两项．应用牛顿第二定律的矢量性和作用力是合力的特点判断C、D两项．

2、B|D【分析】

由于管中没有摩擦力的作用；所以球的机械能守恒；

当小球b在最高点对轨道无压力；即只有重力做为向心力；

所以mg=m所以在最高点时b球的速度的大小为

所以B正确；C错误；

从最高点到最低点，由机械能守恒可得，mg•2R+mvb2=mva2；

对于a球，在最低点是，由向心力的公式可得F-mg=m

所以F-mg=5mg；

所以此时的向心力的大小为5mg；

所以小球a比小球b所需向心力大4mg；所以A错误；

D、最高点时F1=m-mg；

在最低点时，F2=m+mg；

由机械能守恒有mv12+mg2R=mv12；

所以F2-F1=6mg．所以D正确．

故选BD．

【解析】【答案】小球在圆环的内侧运动；相当于圆周运动中的杆的模型，此时在最高的速度是可以为零的，在整个运动的过程中小球的机械能守恒，可以求得小球到达最低端是的速度和需要的向心力的大小．

3、A【分析】解：根据动能定理得，mgh=初速度的大小相等，可知落地时速度大小相等，方向不同，故D错误．

甲球做竖直上抛运动；落地速度方向竖直向下，末速度大小等于竖直分速度大小，可知甲球在竖直方向上的速度最大，故A正确．

乙做斜抛运动；落地时水平方向的速度等于初始时刻水平分速度，小于平抛运动的初速度，可知丙球在水平方向的速度最大，故B错误．

丙做平抛运动；落地时竖直方向上的速度不为零，故C错误．

故选：A．

根据动能定理得出落地的速度大小相等；根据平行四边形定则比较落地时竖直分速度和水平分速度的大小．

解决本题的关键知道斜抛运动、平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合平行四边形定则分析判断，基础题．【解析】【答案】A4、D【分析】【分析】对物体受力分析，受到重力GG支持力NN拉力FF和滑动摩擦力ff由功的公式W=FxW=Fx可知图象的斜率为在不同阶段时拉力的大小，再根据牛顿第二定律、功率的计算公式和动能定理列式分析即可。

本题关键对物体受力分析，然后对物体的运动过程运用动能定理和牛顿第二定律、功率的计算公式列式并联立求解。【解答】A.设物体到x=9m

时的速度为v

整个过程中由动能定理可得：W鈭�娄脤mgx=12mv2

所以v=3m/s

故A错误；B.由W=Fx

可知，W鈭�x

图线的斜率表示水平拉力F

的大小，由图可知，在x=3

到x=9m

到的过程中，F2=娄陇w娄陇x=27鈭�159鈭�3N=2N

而滑动摩擦力f=娄脤mg=0.1隆脕2隆脕10N=2N

故物体在x=3

到x=9m

的过程中做匀速直线运动，所以在x=6m

时拉力的功率为：P=F2v=2隆脕3W=6W

故B错误；CD.

由题图可知在x=0

至x=3m

的过程中，水平拉力为F1=娄陇W娄陇x=153N=5N

故由牛顿第二定律，有F1鈭�娄脤mg=ma

所以a=F1鈭�娄脤mgm=5鈭�22m/s2=1.5m/s2

故C错误、D正确。故选D。

【解析】D

5、D【分析】【解析】试题分析：质点刚要到达B点时，向心力．根据动能定理得．联立两式，方向竖直向上；刚滑过B点时所受的合力为重力，根据牛顿第二定律得方向竖直向下．故选D考点：向心力【解析】【答案】D6、B【分析】【解答】解：A；研究刘中杰长跑时的速度；若以他手持的手机为参考系，则他的速度为零，故A错误；

B；分析刘中杰通过紫坞西桥的时间时；刘杰的大小和形状可以忽略，可以看成质点，故B正确；

C；以西安市长安街为轴建立一维坐标系；不能确定刘中杰长跑时各个时刻的位置，故C错误；

D；要对奔跑中的刘中杰定位；必须选择参考系，故D错误．

故选：B

【分析】质点是只计质量、不计大小、形状的一个几何点，是实际物体在一定条件的科学抽象，能否看作质点物体本身无关，要看所研究问题的性质，看物体的形状和大小在所研究的问题中是否可以忽略，参考系是选作当成不动的物体，可以选择任意物体．7、C【分析】解：子弹以速度v

运动时，恰能水平穿透一块固定的木板，根据动能定理有鈭�fd=0鈭�12mv2

设子弹的速度为2v

时，穿过的木板数为n

则有：鈭�nfd=0鈭�12m(2v)2

联立两式得；n=4

故选：C

分别对子弹穿过木板和穿过n

块木板运用动能定理；联立方程即可求解．

解决本题的关键掌握动能定理，以及运用动能定理解题时，关键是合理的确定研究的过程．【解析】C

二、多选题(共9题，共18分)8、CD【分析】解：A

当人与保险带间恰好没有作用力，由重力提供向心力时，临界速度为v0=gR.

当速度v鈮�gR

时；没有保险带，人也不会掉下来.

故A错误．

B

当人在最高点的速度v>gR

人对座位就产生压力.

当速度增大到2gR

时；压力为3mg

故B错误；

C

人在最低点时；加速度方向竖直向上，根据牛顿第二定律分析可知，人处于超重状态，人对座位的压力大于mg

故CD正确；

故选：CD

．

车在最高点时，若恰好由重力提供向心力时，人与保险带间恰好没有作用力，没有保险带，人也不会掉下来.

当速度更大时，人更不会掉下来.

当速度大于临界速度gR

时；人在最高点时对座位就产生压力.

人在最低点时，加速度方向竖直向上，根据牛顿第二定律分析压力与重力的关系．

本题是实际问题，考查运用物理知识分析实际问题的能力，关键根据牛顿运动定律分析处理圆周运动动力学问题，难度适中．【解析】CD

9、BC【分析】【分析】除重力和弹簧的弹力之外的其它力做多少功物体的机械能就改变多少，所以E鈭�x

图象的斜率的绝对值等于物体所受的拉力的大小；如果拉力等于物体所受的重力，则物体做匀速直线运动；如果拉力大于物体的重力，则物体做加速向上运动。1.

除重力和弹簧的弹力之外的其它力做多少负功物体的机械能就减少多少；

2.E鈭�x

图象的斜率的绝对值等于物体所受拉力的大小．

以上两点是解决这类题目的突破口。【解答】AB.

由于除重力和弹簧的弹力之外的其它力做多少功物体的机械能就改变多少；所以E鈭�x

图象的斜率的绝对值等于物体所受拉力的大小，由图可知在0隆芦x1

内斜率的绝对值逐渐减小，故在0隆芦x1

内物体所受的拉力逐渐减小。如果拉力一直大于重力，则物体的动能一直增大。如果拉力小于重力，则物体的动能可能减小。故A错误B正确。

C.由于x1隆芦x2

过程的图线为直线；则物体在x1隆芦x2

内所受的合力保持不变，所以物体受到的拉力不变，故C正确。

D.由于物体在x1隆芦x2

内E鈭�x

图象的斜率的绝对值不变；故物体所受的拉力保持不变。如果拉力等于物体所受的重力，故物体做匀速直线运动，所以起重机的输出功率不变，故D错误。

故选：BC

【解析】BC

10、AC【分析】竖直上抛运动的全过程是匀变速直线运动；由x

=

v

0

t

+12

at

2

可知h

=

v

0

t

鈭�12

gt

2

即：25=30

t

鈭�5

t

2

解得：t

=1s

或t

=5s

故选A、C

．【解析】AC

11、AB【分析】解：A；第2s末在B点；瞬时速度是1m/s，故A正确；

B、D、前2S内，物体从A经过c到B，位移为m，故平均速度为：v=故B正确，D错误；

C、前4S内，物体运动到C点，路程为4m，故平均速率为：v==1m/s；故C错误；

故选：AB

瞬时速度与时刻对应；平均速度和平均速率与时间对应；平均速度等于位移与时间的比值，平均速率等于路程与时间的比值。

本题考查了瞬时速度、平均速度、平均速率的概念，特别是要明确平均速度与平均速率的区别，不难【解析】【答案】AB12、BD【分析】解：A；圆周运动的加速度方向不一定指向圆心；若物体做变速圆周运动，既有向心加速度，又有切线加速度，合加速度方向不指向圆心，故A错误．

B；不论是匀速圆周运动；还是变速圆周运动，向心加速度的方向指向圆心，故B正确．

C；匀速圆周运动的向心加速度大小不变；方向时刻改变，不是匀变速曲线运动，故C错误．

D；向心力的方向与速度方向垂直；则向心力不做功，不改变速度的大小．故D正确．

故选：BD．

圆周运动中向心加速度的方向指向圆心；加速度的方向不一定指向圆心，向心力的方向与速度方向垂直，不改变速度的大小．

解决本题的关键知道向心加速度的方向，以及知道匀速圆周运动向心加速度等于加速度，注意圆周运动加速度的方向不一定指向圆心．【解析】【答案】BD13、BD【分析】解：A

物块下滑过程中；当所受合力为零时，速度最大，物块第一次下滑合力为零的位置在A

点下方，速度最大的位置在A

点下方，故A错误；

B；物块在斜面上运动过程中要克服摩擦力做功；机械能减少，最终滑块要静止，滑块静止时受到为零，处于平衡状态，弹簧被压缩，故B正确；

C；在物块滑到最低点的过程中；物块减少的重力势能转化为弹簧的弹性势能与系统内能，故C错误；

D；滑块在运动过程中克服摩擦力做功转化为内能；最终弹簧是被压缩的，弹簧具有弹性势能，在物块的整个运动过程中，克服弹簧弹力做的功等于重力和摩擦力做功之和，故D正确；

故选：BD

．

根据弹簧的做正功；导致弹簧的弹性势能减小；重力做正功，导致重力势能减小；而摩擦力做负功却导致系统的机械能减小.

同时由对物体的受力分析来确定物体处于什么样的运动状态．

考查弹力作功与弹性势能变化关系，重力做功与重力势能变化的关系，摩擦力做功导致弹簧与物块的机械能在变化.

并学会由受力分析来确定运动情况．【解析】BD

14、BD【分析】【分析】

本题考查了行星轨道各参数之间的关系；开普勒第二定律、圆周运动的相距最近问题。

万有引力提供行星做圆周运动的向心力；对开普勒第二定律的正确理解，两个行星下一次相距最近转过的角度差为2娄脨

的整数倍是做题的关键。

【解答】

A

由万有引力提供向心力得GMmr2=mv2r

解得v=GMr

由图知rA>rB

故vA<vB

A错误；

B

由万有引力提供向心力得GMmr2=ma

解得a=GMr2

由图知rA>rB

故aA<aB

B正确；

C

由开普勒第二定律知对每一个行星而言；太阳和行星的连线，在相等的时间内扫过相同的面积，指的是同一个行星，故C错误；

D

从此时刻到下一次AB

相距最近，两者必须满足娄脴Bt鈭�娄脴At=2娄脨娄脴A=2娄脨TA娄脴B=2娄脨TB

由题知TA=T,TB=2T3

解得t=2T

故D正确。

故选BD。

【解析】BD

15、AD【分析】解：A

当转台的角速度比较小时；物块只受重力、支持力和摩擦力，当细绳恰好要产生拉力时：

娄脤mg=m娄12(lsin娄脨6)

解得：娄脴1=2g3l

由于g2l<2g3l

所以当娄脴=g2l

时；细线中张力为零.

故A正确；

B；随速度的增大；细绳上的拉力增大，当物块恰好要离开转台时，物块受到重力和细绳的拉力的作用，则：

mgtan娄脨6=m娄22(lsin娄脨6)

解得：娄脴2=23g3l

由于娄脴1<3g4l<娄脴2

所以当娄脴=3g4l

时；物块与转台间的摩擦力不为零.

故B错误；

C、由于娄脴1<gl<娄脴2

由牛顿第二定律：f+Fsin娄脨6=m(gl)2lsin娄脨6

因为压力小于mg

所以f<13mg

解得：F>13mg.

故C错误；

D、当娄脴=4g3l>娄脴2

时，小球已经离开转台，细绳的拉力与重力的合力提供向心力，则：mgtan娄脕=m(4g3l)2(lsin娄脕)

解得：cos娄脕=34

故F=mgcos娄脕=43mg.

故D正确．

故选：AD

对物体受力分析知物块离开圆盘前合力F=f+Tsin娄脠=mv2rN+Tcos娄脠=mg

根据题目提供的条件，结合临界条件分析即可．

此题考查牛顿运动定律的应用，注意临界条件的分析，至绳中出现拉力时，摩擦力为最大静摩擦力；转台对物块支持力为零时，N=0f=0.

题目较难，计算也比较麻烦．【解析】AD

16、AB【分析】解：A

根据重力势能的定义可以知道；重力势能是地球和物体共同具有的，故A正确．

B；物体的重力势能与所选的零势能面有关；相对于不同的参考平面，物体的重力势能数值不同，故B正确；

C；物体的重力势能与所选的零势能面有关；重力势能等于零的物体，高度也可以很高，所以可以对外做功，故C错误．

D；物体的重力势能与所选的零势能面有关；故零势能面不同时，无法比较它们的重力势能，故D错误；

故选：AB

．

重力势能大小的影响因素：质量和高度；所选的零势能面，重力势能是地球和物体共同具有的．

本题考查了重力势能的概念，一定要注意，物体的重力势能与所选的零势能面有关，只有零势能面相同时，才能比较重力势能大小．【解析】AB

三、填空题(共8题，共16分)17、略

【分析】

（1）在做用打点计时器测速度的实验中；要用到打点计时器，打点计时器是一种计时仪器，在图1所示打点计时器的结构图中，编号②的名称是线圈；编号④的名称是永久磁铁，编号⑤的名称是振针．现在实验室多用电火花计时器，其电源电压是交流220V，我国常用的电源频率为501Hz，它每隔0.02s打一个点．

（2）在实验的过程中；有如下基本步骤，它们正确的排列顺序为。

A．把打点计时器固定在桌子上。

B．安好纸带。

D．接通低压交流电源。

C．松开纸带让物体带着纸带运动。

F．断开开关。

E．取下纸带。

（3）从纸带上的数据我们可以发现：从计数点A到E相邻的计数点距离越来越小；所以计数点A到E的速度在减小．

而小车做的是加速运动；所以小车与纸带的右端相连．

利用匀变速直线运动的推论得：

vD==2.16m/s

==2.33m/s

根据运动学公式得：△x=at2；

a==4.02m/s2．

（4）A．实验时电源的电压高于220V；不影响打点周期．

B．实验时打点计时器用的是直流电源；无法实验．

C．实验时打点计时器的工作频率小于50HZ，那么实际打点周期变大，根据运动学公式△x=at2得：真实的加速度值就会偏小．所以测量的加速度值与真实的加速度值相比是偏大．

D．实验时打点计时器的工作电流小于额定电流．不影响打点周期．

故选C．

答：（1）计时；线圈，永久磁铁，振针，交，220，0.02

（2）ABDCFE

（3）右；2.16，2.33，4.02

（4）C

【解析】【答案】正确解答本题需要掌握：明确该实验的具体操作细节和注意事项；

正确根据匀变速直线运动的规律对纸带进行数据处理．

18、略

【分析】

（1）中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度来求B的速度大小：

故答案为：0.98．

（2）O到打下计数点B的过程中重力势能减少量是：△EP=mghOB=0.49J；

因此动能的增量为：

故答案为：0.49；0.48．

（3）根据计算结果可知；在误差允许范围内物体增加的动能等于减少的重力势能（或物体的机械能守恒）．

故答案为：物体增加的动能等于减少的重力势能（或物体的机械能守恒）．

【解析】【答案】（1）利用在匀变速直线运动中；中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度来求B的速度大小；

（2）然后根据动能；势能定义进一步求得动能和势能的变化情况；

（3）由于物体下落过程中存在摩擦阻力；因此动能的增加量小于势能的减小量，在误差范围内可以认为物体机械能守恒．

19、略

【分析】解：以小球为研究对象；小球受到重力mg和竖直向上的细线的拉力F，根据牛顿第二定律得：

mg-F=ma

得：F=m（g-a）=

故答案为：

以小球为研究对象；分析其受力情况，根据牛顿第二定律即可求出细线的拉力．

本题考查牛顿第二定律的应用，要注意明确小球和电梯的加速度方向相同，方向竖直向下，故合力的方向竖直向下．【解析】20、略

【分析】解：物体在水平方向做匀速直线运动；由平衡条件得：f=F=0.8N；

物体在水平面上做匀加速直线运动；由牛顿第二定律得：

F′-f=ma；

即：2.4-0.8=0.4m；

解得：m=4kg；

故答案为：4kg．

物体在水平面上运动；受到水平方向的拉力与摩擦力作用，应用平衡条件与牛顿第二定律可以求出物体的质量．

本题考查了求物体的质量，分析清楚物体的运动过程是解题的前提与关键，应用平衡条件与牛顿第二定律可以解题，本题是一道基础题．【解析】4kg21、略

【分析】【解析】

试题分析：AB两点是同一条传送带上的点，故线速度相等，所以根据公式联立可得

考点：考查了匀速圆周运动规律的应用。

点评：关键是知道同轴转动时角速度相等，同一条传送带上的点的线速度相等【解析】【答案】1:1，3:222、减小减小【分析】【解答】软管中液面的不断降低，则斜抛运动的初速度减小，斜抛运动在竖直方向上的初速度减小，根据h=知，射高减小．斜抛运动的时间，由于竖直分速度减小，则斜抛运动的时间减小，射程x=vxt；初速度减小，水平分速度减小，则水平射程减小．

【分析】喷嘴喷出的水做斜抛运动，液面不断降低，则水斜抛运动的初速度减小，结合斜抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律分析射程和射高的变化．23、略

【分析】解：（1）2点的速度v2=m/s=1.5m/s．

则2点的动能EK2=mv22=×1×1.52=1.125J．

5点的速度v5=m/s=2.075m/s．

则5点的动能EK5=mv52=×1×2.0752≈2.153J．

这段纸带中的2、5两点间，物体动能的增加量为△EK=EK5-EK2=2.153-1.125≈1.03J；

K这段纸带中的2；5两点测定重力做功为W=mgh=1×9.8×（0.032+0.036+0.040）J≈1.06J．

由以上数据；可知，在误差允许范围内，重物机械能守恒；

（2）重力的功理论上等于动能的变化量△EK，即：mg△h=△EK，所以△EK与△h应成正比；图象应为一条过原点的直线．故选：C

故答案为：（1）1.06；1.03，在误差允许范围内，重物机械能守恒，（2）C．

（1）根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出E点的速度；从而求出2与5点的动能，根据下落的高度求出重力势能的减小量．

（2）重力的功理论上等于动能的变化量△EK，即：mg△h=△EK，所以△EK与△h应成正比；图象应为一条过原点的直线．

本题关键从实验原理出发，找准需要比较的什么，需要测量什么，就能更容易的选择出实验器材和数据处理方法．利用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，提高解决问题能力．要注意单位的换算和小数的保留．【解析】1.06；1.03；在误差允许范围内，重物机械能守恒；C24、2F3拢禄

与F3

反向【分析】【分析】利用平衡条件的推论进行处理：N

个共点力作用下物体处于平衡状态，则任意(N鈭�1)

个力的合力与第N

个力大小相等、方向相反。熟练掌握共点力平衡条件及其推论是解决问题的关键，会用平行四边形定则求合力。【解答】物体在四个力作用下处于平衡状态；则据平衡条件任意三个力的合力与第四个力大小相等方向相反；

当F3

逆时针旋转180鈭�

的过程中；其它三个力大小和方向均保持不变，故物体所受F潞脧124

保持不变；

因为F潞脧124

与F3

大小相等，互成180鈭�

所以此时合力F=2F3

故填：2F3

与F3

反向。【解析】2F3拢禄

与F3

反向四、解答题(共4题，共32分)25、略

【分析】

对灯分析可知灯对结点B的拉力等于灯的重力；

即FG=G=5N；

分析B点受力：绳A拉力FA、绳C拉力FC和灯拉力FG如图所示。

由几何关系可知三力关系：FAcosθ=FC；

FAsinθ=FG；

解得：FA=FC=

绳AB的拉力为BC的拉力为．

【解析】【答案】对结点B受力分析并作出受力分析图；根据力的合成与共点力的平衡条件利用几何关系可解．

26、略

【分析】

（1）宁宁刚抓住尺时；尺已下落的高度h=60cm-10cm=0.5m

（2）根据h=得：

t==s≈0.32s

故答案为：0.5；0.32

【解析】【答案】（1）尺已下落的高度等于开始时宁宁的大母指尖端的刻度减去释放后宁宁抓住尺时他的大母指尖的刻度；

（2）尺下降的时间就是人的反应时间；根据自由落体运动的位移求出反应时间．

27、略

【分析】

设小球A与B发生碰撞后速度分别为vA、vB；

因为是弹性碰撞；

由动量守恒和动能守恒得。

mv=mvA+3mvB

代入数据解得。

方向向左。

方向向右。

此后B球以速度vB与C球发生碰撞；

设碰撞后速度分别为vB′、vC；

因为是弹性碰撞；

由动量守恒和动能守恒得。

3mvB=3mvB+2mvC

代入数据解得。

方向向右。

方向向右。

此后三球不会在碰撞。

故三球不再发生相互作用时速度分别为-v、v、v．

【解析】【答案】先分析AB两球碰撞过程；根据动量守恒定律和动能守恒列式求解出碰撞后速度；再分析BC两球碰撞过程，根据动量守恒定律和动能守恒列式求解出碰撞后速度，直到三球不在碰撞为止。

28、略

【分析】

当钢锭质量最大时；活塞有向上滑的趋势，则活塞受到向下的静摩擦力；

此时Mg=mg+F=50+10=60N

所以最大质量为6kg

当钢锭质量最小时；活塞有向下滑的趋势，则活塞受到向上的静摩擦力；

此时Mg=mg-F=50-10=40N

所以最小质量为4kg

所以铁锭质量M的范围为4kg≤M≤6kg

答：铁锭质量M的范围为4kg≤M≤6kg

【解析】【答案】当钢锭质量最大时；活塞有向上滑的趋势，则活塞受到向下的静摩擦力，当钢锭质量最小时，活塞有向下滑的趋势，则活塞受到向上的静摩擦力；

根据平衡条件即可求解范围．

五、实验题(共4题，共32分)29、略

【分析】【解析】试题分析：1）弹簧释放后，小球在弹簧的弹力作用下加速，弹簧与小球系统机械能守恒，小球离开桌面后，做平抛运动，根据平抛运动的知识可以求平抛的初速度，根据以上原理找出需要的器材；（2）先从实验数据得出弹簧的压缩量与小球的射程的关系，再结合第一小问中结论得到弹性势能与小球的射程的关系，最后综合出弹簧的弹性势能EP与弹簧长度的压缩量x之间的关系．【解析】

（1）弹簧释放后，小球在弹簧的弹力作用下加速，弹簧与小球系统机械能守恒，小球离开桌面后，做平抛运动，根据平抛运动的知识可以求平抛的初速度，从实验数据得出弹簧的压缩量与小球的射程的关系，再从前面的结论得到弹性势能与小球的射程的关系，最后综合出弹簧的弹性势能EP与弹簧长度的压缩量x之间的关系．所以该实验中需要的器材有：B．刻度尺，用来测量弹簧压缩量x和小球离开桌面后的水平位移sC．白纸，D．复写纸，E．小球，小球平抛后落在放有复写纸的白纸上，确定落地的位置．故选BCDE．（2）释放弹簧后，弹簧储存的弹性势能转化为小球的动能①小球接下来做平抛运动，有s=vt②③由①②③式可解得④由④的结论知：EP∝s2，题目表格中给定的数据可知s∝x，综上可知：EP∝s2故弹簧的弹性势能EP与弹簧长度的压缩量x之间的关系为EP∝x2，即弹簧的弹性势能与弹簧压缩量的平方成正比．考点：验证机械能守恒定律．【解析】【答案】（1）BCDE（2）弹簧的弹性势能与弹簧压缩量的平方成正比30、略

【分析】试题分析：（1）本实验采用控制变量法，即在研究加速度与质量的关系时，应该保持外力不变，在研究加速度与外力的关系时，应该小车质量不变，AB错误；直线图像是最能直观简洁的说明物理量之间的关系的，所以做出图像，C正确；天平是直接测量质量的工具，如果根据弹簧测力计测量处重力，然后再根据重力算质量，这样会因为重力加速度的误差使得质量的误差更大，所以应优先选择天平，D错误；设绳子拉力为T，则可得只有当时，才可以认为E正确；（2）①a-F图象图像如图所示②从图象看出，拉力增大到一定值时才存在加速度，说明需要一部力来平衡摩擦力，所以未完全平衡摩擦力考点：“探究加速度与力、质量的关系”的实验【解析】【答案】（1）CE（3分）（2）（3）未完全平衡摩擦力（题图已经平衡摩擦力）31、略

【分析】（1）打点计时器的工作电压为交流电源，A对；该实验需要测量两点间的距离，所以刻度尺需要，C对；（２）点１为１、２间的中间时刻，由匀变速直线运动中，中间时刻的瞬时速度等于平均速度求得【解析】【答案】（1）AC（4分）（2）3.00，13.20，0.375（每空2分）32、略

【分析】【解析】小球的受力如图所示，受到重力和支持力FN的作用，FN的水平分力提供小球做匀速圆周运动所需的向心力，竖直分力以平衡重力，FNcosθ=mrω2,FNsinθ=mg.

r为小球的轨道半径，由图可知r=(R-h)cotθ,代入方程，得ω2=所以h=当ω增大时，h增加，但不会等于R，因为mg需被FN的竖直分力平衡，如h=R，则θ=0°，重力无法被平衡，小球将又滑到偏低水平面运动.【解析】【答案】h=R-不能六、推断题(共2题，共20分)33、（1）2Al+2OH-+2H2O=2AlO2-+3H2↑AlO2-+CO2(过量)+2H2O=Al(OH)3↓+HCO3-（2）3Fe+4H2O(g)Fe3O4+4H2Fe+2Fe3+=3Fe2+生成的白色沉淀迅速变成灰绿色，最后变成红褐色（3）Si＋2NaOH＋H2O=Na2SiO3＋2H2↑SiO2+Na2CO3Na2SiO3+CO2↑【分析】【分析】本题考查对无机框图的推断，物质之间的转化的判断，涉及化学方程式、离子方程式、反应现象描述等知识，综合性比较强，熟悉物质的性质是解题的关键，难度一般。【解答】rm{(1)}若rm{D}物质具有两性，含有rm{Al}元素，则rm{A}为rm{Al}若rm{(1)}物质具有两性，含有rm{D}元素，则rm{Al}为rm{A}rm{Al}反应要用强碱溶液，则反应rm{(2)}的离子方程式为：rm{(2)}rm{2Al+2OH^{-}+2H_{2}O=2AlO_{2}^{-}+3H_{2}隆眉}反应是通入过量的一种引起温室效应的主要气体，说明rm{(4)}反应是通入过量的一种引起温室效应的主要气体，说明rm{C}为偏铝酸盐rm{D}为为偏铝酸盐rm{(4)}为rm{C}rm{D}rm{Al(OH)}反应均要用强碱溶液，rm{{,!}_{3}}rm{(2)(3)}反应均要用强碱溶液，rm{B}为氧化铝或铝盐，则反应rm{(4)}的离子方程式为：为氧化铝或铝盐，则反应rm{{,!}_{3}}的离子方程式为：rm{(2)(3)}rm{B}rm{(4)}rm{AlO}rm{2}过量rm{2}rm{{,!}^{-}+CO}rm{2}rm{2}rm{(}rm{)+2H}rm{2}rm{2}rm{O=}故答案为：rm{Al(OH)}rm{3}rm{3}rm{隆媒}rm{隆媒}rm{+HCO}rm{3}rm{3}rm{{,!}^{-}}故答案为：rm{{,!}^{-}}rm{2Al+2OH^{-}+2H}rm{2}过量rm{2}rm{O=2AlO}rm{2}rm{2}rm{{,!}^{-}+3H}rm{2}rm{2}rm{隆眉}rm{AlO}rm{2}

rm{2}若rm{{,!}^{-}+CO}是应用最广泛的金属，则rm{2}为rm{2}r