2024年华师大版必修3物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年华师大版必修3物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、光滑的水平面上放一木块，一颗水平飞行的子弹射入木块且不穿出，则下列说法中正确的是（）.A.子弹损失的机械能等于木块增加的机械能B.子弹损失的机械能等于木块增加的内能C.子弹损失的机械能等于子弹和木块所增加的内能D.子弹损失的机械能大于子弹和木块所增加的内能2、如图所示，两块较大的金属板相距为平行放置并与一电源相连，板接地。开关闭合后，两板间点有一质量为电荷量为的油滴恰好处于静止状态。以下说法正确的是（）

A.若将板向上平移一小段距离，则油滴仍然静止不动B.若将板向上平移一小段距离，则表中有的电流C.若断开后，再将板向上平移一小段距离，则油滴向下运动D.若断开后，再将板向上平移一小段距离，则点的电势升高3、下列物理学习和研究中用到的方法与“曹冲称象”的方法相同的是（）A.“点电荷”概念的建立B.“瞬时速度”概念的建立C.探究合力和分力的关系D.探究加速度与力、质量的关系4、半径为R的绝缘细圆环固定在图示位置，圆心位于O点，环上均匀分布着电量为Q的正电荷。点A、B、C将圆环三等分，取走A、B处两段弧长均为ΔL的小圆弧上的电荷。将一点电荷q置于OC延长线上距C点为2R的D点，O点的电场强度刚好为零。圆环上剩余电荷分布不变，则q为（）

A.正电荷，B.正电荷，C.负电荷，D.负电荷，5、如图1，A、B是某电场中一条电场线上的两点，一个负电荷从A点由静止释放，仅在静电力的作用下从A点运动到B点，其运动的v-t图像如图2所示。则A、B附近的电场线分布情况可能是（）

A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)6、一带正电的粒子仅在电场力作用下从A点经B、C运动到D点；各点所对应的速度与时间的关系如图所示.分析图象后，下列说法正确的是。

A.B、D两点的电场强度和电势一定都为零B.A处的电场强度大于C处的电场强度C.粒子在A处的电势能小于在C处的电势能D.A、C两点的电势差大于B、D两点间的电势差7、如图所示，电源内阻不可忽略且电源电动势和内阻保持不变，电阻灯泡L两端的电压和通过它们的电流分别用和表示，各用电器两端的电压和通过的电流变化量的大小分别用和表示，电容器所带的电荷量用Q表示；当滑动变阻器的滑动片向下移动时，下列说法正确的是（）

A.L变暗，Q减小B.不变，不变C.变小，不变D.变小，变小8、在等量异种点电荷+Q、-Q的电场中，O为两点电荷连线的中点，P为两电荷连线中垂线上的一点。现将一试探电荷从P点沿PO方向射出，仅在电场力作用下的运动轨迹如图中实线所示，交两电荷的连线于N点。下列关于该试探电荷的说法；正确的是（  ）

A.可能带正电B.过N点时的加速度比在P点时大C.从P点到N点的过程中，电势能增大D.过N点时的速度比在P点时大9、关于电势差，下列说法正确的是（）A.电势差与电势一样，是相对量，与零电势点的选取有关B.电势差有正、负之分，是一个矢量C.由于静电力做功跟移动电荷的路径无关，所以电势差也跟移动电荷的路径无关，只跟这两点的位置有关D.由于UAB=φA-φB，UBA=φB-φA，故UAB=-UBA10、如图所示，两块水平放置的平行正对的金属板a、b与电池相连，在距离两板等远的M点有一个带电液滴处于静止状态。若b板不动，将a板向下平移一小段距离，但仍在M点上方；稳定后，下列说法中正确的是（）

A.液滴将向上加速运动B.M点电势升高，液滴在M点时电势能将减小C.M点的电场强度变小了D.在a板移动前后两种情况下，若将液滴从a板移到b板，电场力做功不相同评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)11、使用多用电表测电流时，电流应从_________（选填“黑”或“红”）表笔流入电表；测电阻时，___________（选填“黑”或“红”）表笔的电势较高。12、电动势定义：______所做的功与所移动的电荷量之比叫作电动势．13、密立根实验：电子电荷的精确测定是由密立根通过著名的“油滴实验”做出的，目前公认的电子电荷的值为e=______（保留两位有效数字）。14、一均匀带正电的空心橡皮球，在吹大的过程中始终维持球状，球内任意点的电势___________；始终在球外的任意点的场强___________。（填写变大、变小或不变）15、公式回顾：电场强度定义式：__________；电势：__________；电场强度与电势差的关系：__________；电势差与静电力做的功：__________；电容的定义式：__________；电容的决定式：__________。16、某学生小组使用DIS做“测定电动机效率”实验；实验装置如图。

（1）用电流传感器和电压传感器（图中电流表和电压表）测量的是电动机_________电流电压值（填“输入”或“输出”）

（2）（每空4分）右图是用位移传感器测定重物匀速上升时的位移——时间图线，同时电流传感器和电压传感器的读数基本不变，约为0.14A和3.3V，已知重物质量则在2.4~2.8s时间段，重物克服重力做功的功率为___________W；该电动机的工作效率约为___________。

17、在如图所示电路中，电源电动势为6V，内阻为1Ω，电阻R1＝5Ω，R2＝6Ω，滑动变阻器的阻值0～30Ω．闭合电键K，当滑动变阻器的滑动触头P由a端向b端滑动时，理想电流表和理想电压表示数变化量的大小分别用ΔI、ΔU表示．则电流表示数的变化情况是____；＝_______Ω；电源的最大输出功率为_______W．

评卷人得分四、作图题(共3题，共30分)18、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

19、如图所示，磁感应强度大小为的匀强磁场仅存在于边长为的正方形范围内，左右各一半面积的范围内，磁场方向相反。有一个边长为的正方形导线框垂直磁感线方向以速度匀速通过磁场。从边进入磁场算起；规定刚开始时磁通量为正值，画出穿过线框的磁通量随时间的变化图像。

20、由电流产生的磁场方向如图所示；请在图中标出线圈中的电流方向.

评卷人得分五、实验题(共4题，共8分)21、一同学设计了如图甲所示电路来测节干电池的电动势和内阻．该同学选好器材后，进行操作(其中是保护电阻)．

（1）该同学测量时记录了6组数据；并根据这些数据面出了U-I图线如图丙所示，根据图线求出干电池。

的电动势E=_________V(结果保留三位有效数字)，内阻r=___________Ω．

（2）若保护电阻的阻值未知，该干电池的电动势E、内电阻r已经测出，在图乙的电路中只需改动一条线就可测量出的阻值．该条线是_________，需改接为________(请用接线柱处的字母去表达)．改接好后，调节滑动变阻器，读出电压表的示数为U、电流表示数为I，电源的电动势用E表示，内电阻用r表示，则=__________．22、某同学想要描绘标有“3.8V0.3A”字样的小灯泡L的伏安特性曲线；要求实验尽量准确。可供选择的器材除小灯泡；开关、导线外，还有：

电压表V；量程0~5V，内阻约5kΩ

电流表A1；量程0~500mA，内阻约0.5Ω

电流表A2；量程0~100mA，内阻约4Ω

滑动变阻器R1，最大阻值10Ω，额定电流2.0A

滑动变阻器R2，最大阻值100Ω，额定电流1.0A

直流电源E；电动势约6V，内阻可忽略不计。

(1)上述器材中，电流表应选___________，滑动变阻器应选___________（填写所选器材的字母符号）。

(2)该同学正确选择仪器后连接了图甲所示的电路，为保证实验顺利进行，并使误差尽量小，实验前请你检查该电路，指出电路在接线上存在的两项问题：①___________________；②____________________。

(3)该同学校正电路后，经过正确的实验操作和数据记录，描绘出了小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示，由此推断小灯泡的电阻值随工作电压的增大而___________（选填“增大”或“减小”或“不变”）

(4)该同学完成实验后又进行了以下探究：把两只这样的小灯泡并联，直接接在电动势为4V、内阻为8Ω的电源上组成闭合回路。请你根据上述信息估算此时一只小灯泡的功率约为___________W（结果保留2位有效数字）。23、某学习小组探究一小电珠（电阻较小）在不同电压下的电功率大小；实验器材如图甲所示。

(1)实验要求滑动变阻器的滑片从左到右移动过程中，电流表的示数从零开始逐渐增大，请在乙方框中画出实验所需电路图________；

(2)某次测量，电流表指针偏转如图丙所示，则电流表的示数为________A；

(3)该小组描绘出的伏安特性曲线如图丁所示，根据图线判断，将4只相同的小电珠并联后，直接与电动势为3V、内阻为1Ω的电源组成闭合回路，其小电珠的总功率的值约为__W(保留三位有效数字)。24、某同学采用如图甲所示的实验电路测量量程为100μA的电流表G的内阻Rg；并将该电流表G改装成大量程电压表。

（1）该同学已连接部分导线，请在图乙中完成电路的连接________。

（2）图甲中R1为滑动变阻器、R2为电阻箱，该同学按电路图连接好电路，将R1的阻值调到最大，闭合开关S1后，正确操作的步骤应该是________。（选出下列必要的步骤；并将其操作步骤排序）

A．观察电阻箱R2，记下电阻箱R2的阻值。

B．调节滑动变阻器R1的阻值；使电流表的指针偏转到满刻度。

C．闭合开关S2后，保持滑动变阻器R1不变，调节电阻箱R2的阻值；使电流表的指针偏转到满刻度的一半。

D．闭合开关S2后，调节滑动变阻器R1和电阻箱R2的阻值；使电流表的指针偏转到满刻度的一半。

（3）如果按正确操作步骤记下R2的阻值为100Ω，则电流表G的内阻为Rg=________Ω；与电流表内阻的真实值Rg′相比，Rg________Rgʹ（填“>”“=”或“<”）。

（4）将此电流表G串联一个29900Ω的电阻改装成大量程电压表，则该电压表的量程为________V；用它来测量电压时，表盘指针位置如图丙所示，此时电压表的读数为________V。评卷人得分六、解答题(共4题，共20分)25、如图所示，在电场强度E为2.5×104V/m的匀强电场中，将某一电荷量为-4×10-4C的带负电的点电荷由A点移到B点，已知A、B两点间距离为4cm，两点连线与电场方向成60度角，求：

（1）A、B两点间的电势差UAB；

（2）电荷由A移到B的过程中，电场力所做的功WAB；26、在静电场中把电荷量为2.0×10－9C的正电荷从A点移动到B点，静电力做功为－1.5×10－7J，再把该电荷从B点移到C点，静电力做功为4.0×10－7J．

(1)A；B、C三点中哪点的电势最高；哪点的电势最低；

(2)A；B间；B、C间，A、C间的电势差各是多大；

(3)把－1.5×10－9C的电荷从A点移到C点，静电力做多少功．27、电动汽车消耗电池能量驱动汽车前进，电池的性能常用两个物理量来衡量：一是电池容量Q，即电池能够存储的电量；另一个是电池的能量密度ρ，是指单位质量能放出电能的多少。某次实验中质量的电池以恒定电流放电时；端电压与流过电池电量的关系如下图所示。电池容量检测系统在电压为4.0V时显示剩余电量100%，电压为3.0V时显示剩余电量为0。通过计算机测得曲线与电量轴所围的面积约为7000V·mAh。

（1）该电池的能量密度是多少？

（2）在放电过程中显示剩余电量从100%到90%用了时间t；依据图像信息推测剩余电量从90%到70%约要多少时间？

（3）电动汽车的续航里程是指单次充电后可以在水平路面上匀速行驶的最大距离。某电动汽车除电池外总质量为配上质量为，能量密度为的电池，续航里程为已知汽车行驶过程中所受阻力与总质量成正比；驱动汽车做功的能量占电池总能量的比例确定，为提升该电动汽车的续航里程，可以采用增加电池质量和提高电池能量密度两种方式，请计算说明哪种方式更合理？

28、一个电子在平行于纸面的平面内沿逆时针方向做匀速圆周运动，在垂直于圆轨道所在平面并穿过圆心的直线上有一点A，试确定并绘图表示A点的磁感应强度的方向。参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、D【分析】【详解】

根据能量守恒得：子弹减少的机械能等于木块增加的机械能与系统增加的内能之和；故子弹损失的机械能大于子弹与木块增加的内能，大于木块增加的机械能；

A．子弹损失的机械能等于木块增加的机械能；与结论不相符，选项A错误；

B．子弹损失的机械能等于木块增加的内能；与结论不相符，选项B错误；

C．子弹损失的机械能等于子弹和木块所增加的内能；与结论不相符，选项C错误；

D．子弹损失的机械能大于子弹和木块所增加的内能；与结论相符，选项D正确；

故选D。2、D【分析】【详解】

A．电容器保持与电源相连，电压不变；B板上移时，根据

距离减小；场强变大，故电荷向上运动，A错误；

B．电容器保持与电源相连，电压不变；由

得Q增大，电容器充电，电路有充电电流，故G表中电流方向a到b；B错误；

CD．断开S，电容器上电量不变，A板上移时，由

可知，E不变，因此油滴仍然静止，而对PA段

升高；D正确，C错误。

故选D。3、C【分析】【分析】

【详解】

“曹冲称象”的方法是等效替代思想；

A．“点电荷”概念的建立是理想模型法；选项A错误；

B．“瞬时速度”概念的建立是极限法；选项B错误；

C．探究合力和分力的关系是等效替代思想；选项C正确；

D．探究加速度与力；质量的关系是控制变量法；选项D错误。

故选C。4、D【分析】【详解】

取走A、B处两段弧长均为的小圆弧上的电荷，根据对称性可知，圆环在O点产生的电场强度为与A在同一直径上的A1和与B在同一直径上的B1产生的电场强度的矢量和；如图所示。

因为两段弧长非常小，故可看成点电荷，则有

由图可知，两场强的夹角为则两者的合场强为

根据O点的合场强为0，则放在D点的点电荷带负电，大小为

根据

联立解得

故选D。5、B【分析】【分析】

【详解】

速度时间图象的切线的斜率表示加速度；所以加速度不断减小，电场力不断减小，场强也不断减小，故。

EA＞EB由图可知速度逐渐增大，根据动能定理可知电场力做正功，结合以上可知，故B正确，ACD错误。

故选B。二、多选题(共5题，共10分)6、B:C【分析】【详解】

A.速度图像切线的斜率代表加速度，所以B、D两点的加速度为0，电场力为0，电场强度为0；B、D两点的速度不相等；说明动能不相等，势能不相等，电势不相等，电势为0点可以任意规定，故A错误；

B.由图可知，A处的加速度大于C处的加速度，A处的电场力大于C处的电场力，A处的电场强度大于C处的电场强度；故B正确；

C.由图可知，粒子在A处的速度大于在C处的速度,粒子在A处的动能大于在C处的动能,粒子在A处的电势能小于在C处的电势能；故C正确；

D.由图可知，A、D两点的速度相等，故粒子的动能相同，从A到C动能变化量小于从B到D动能变化量，因此从A到C电场力做功小于从B到D电场力做功，由W=qU知，AC两点间的电势差小于BD两点间的电势差，故D错误．7、A:B:C【分析】【详解】

A．当滑动变阻器的滑动片向下移动时，R2阻值变小，总电阻变小，总电流变大，则路端电压减小，即L变暗，R1电流变大，R1两端电压变大，则R2两端电压减小；则电容器两板电压减小，则带电量减小，选项A正确；

B．因为R1阻值不变，则

不变；选项B正确；

C．因为

变小,将电阻R1、灯泡L电阻RL以及电源内阻r等效为R等效，则U2=E-I2R等效

可得

不变；选项C正确；

D．因RL不变，则

不变；选项D错误。

故选ABC。8、B:D【分析】【详解】

A．根据合场强方向与试探电荷运动轨迹可知；该试探电荷带负电，故A错误；

B．N点的电场线比P点的密集，则N点的电场强度比P点的大，试探电荷在N点受到的电场力比P点的大，所以试探电荷过N点时的加速度比在P点时大；故B正确；

CD．从P点到N点的过程中，电场力做正功，电势能减小，动能增大，过N点时的速度比在P点时大；故C错误，D正确。

故选BD。9、C:D【分析】【详解】

A．电场中某一位置的电势是相对的；与零电势点的选取有关，而电场中两点间的电势差等于电势之差，由电场本身决定，具有绝对性，与零电势点的选取无关，A错误；

B．电势差有正；负之分；其正、负表示电势的高低，是一个标量，B错误；

C．根据

可知；由于静电力做功跟移动电荷的路径无关，所以电势差也跟移动电荷的路径无关，只跟这两点的位置有关，C正确；

D．电场中两点间的电势差等于电势之差，由电场本身决定，具有绝对性，与零电势点的选取无关，既有UAB=φA-φB，UBA=φB-φA

因此UAB=-UBA

D正确。

故选CD。10、A:B【分析】【分析】

【详解】

AC．原来液滴受力平衡，电场力向上，与电场强度相反，故液滴带负电，电容器板间的电压不变，a板下移时；两极板间的距离变小，由。

可知电场强度E变大；所以液滴受到的电场力变大，故液滴将向上加速运动，故A正确，C错误；

B．下极板接地，M点的电势等于M与b之间的电势差，因E增大，M点与b的距离不变；由。

知M点的电势增大，因液滴带负电，故液滴在M点时电势能将减小；故B正确；

D．因两极板间的电势差不变；由。

知；前后两种状态下移动液滴时，电场力做功相同，故D错误。

故选AB。三、填空题(共7题，共14分)11、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]使用多用电表测电流时；电流应从红表笔流入电表；

[2]测电阻时，因黑表笔接内部电源的正极，可知黑表笔的电势较高。【解析】红黑12、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】非静电力13、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】1.6×10－19C14、略

【分析】【详解】

[1]电荷在某点的电势能，等于把它从这点移动到零势能位置时静电力做的功。我们取一个正的点电荷放在球内任意点，把该点电荷移动到无穷远处（零势能位置）的过程中，橡皮球上所有正电荷对其做功代数和记为橡皮球吹大后，该点电荷与球上所有电荷的距离变远，再把该点电荷移动到无穷远处（零势能位置）的过程中，橡皮球上所有正电荷对其做功代数和记为根据库伦定律有

所以球吹大后；该点电荷的电势能变小，该位置的电势变小。

[2]一个半径为R的均匀带电球体或球壳，在球的外部产生的电场，与一个位于球心的、电荷量相等的点电荷产生的电场相同，求外各点的电场强度为

球吹大后，始终在球外的任意点距球心的距离r不变，球所带电荷量Q不变，则场强不变。【解析】变小不变15、略

【分析】【详解】

[1]电场强度定义式为

[2]电势为

[3]电场强度与电势差的关系为

[4]电势差与静电力做的功关系为

[5]电容的定义式为

[6]电容的决定式【解析】16、略

【分析】【详解】

（1）[1]电压传感器和电流传感器测量的是电动机的输入电流和输入电压。

（2）[2]根据图线知，重物的速度

重物克服重力做功的功率

[3]电动机的工作效率【解析】输入0.21346%17、略

【分析】【详解】

[1]滑动变阻器的滑动触头P由a端向b端滑动时，当时，并联电路的电阻最大，即时总电阻最大，即滑动触头P由a端向b端滑动时，总电阻先变大后变小，由闭合电路的欧姆定律知总电流先变小后变大；

[2]将看成电源的内阻，等于等效电源的内阻

[3]电源的外电阻和内电阻相差越小，电源的输出功率最大，所以滑片滑到最左端时，外电阻最小，和电源内阻相差最小，电源输出功率最大，电路电流电源最大输出功率

【点睛】

本题中并不等于变阻器与电阻R2并联的电阻，要根据闭合电路欧姆定律研究，也可以运用等效的方法，将R1看成电源的内阻，即可得到=R1+r．当外电路电阻等于内阻时电源的输出功率最大，若外电阻不能等于内阻，则越接近内阻值输出功率越大.【解析】先变小再变大65四、作图题(共3题，共30分)18、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】19、略

【分析】【分析】

【详解】

线框穿过磁场的过程可分为三个阶段，进入磁场阶段（只有边在磁场中），在磁场中运动阶段（两边都在磁场中），离开磁场阶段（只有边在磁场中）。

①线框进入磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性增加，最后为

②线框在磁场中运动阶段：对应，时间内，穿过线框的磁通量线性减小，最后为时间内，穿过线框的磁通量反向线性增加，最后为

③线框离开磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性减小，最后为

画出图像如图所示。

【解析】见解析20、略

【分析】【详解】

第一幅图中线圈内部磁场垂直纸面向外；根据右手定则可以判断，电流为逆时针；第二幅图中，磁场向上，根据右手定则可以判断，左端电流垂直纸面向外，右端电流垂直纸面向里。

【解析】第一幅图中电流为逆时针；第二幅图左端电流垂直纸面向外；右端电流垂直纸面向里。

五、实验题(共4题，共8分)21、略

【分析】【详解】

（1）由图丙所示，电源U-I图像可知，图像与纵轴交点坐标值为1.48，则电源电动势E=1.48V，电源内阻

（2）将导线jd改接为je，此时电源与定值电阻组成等效电源，在闭合电路中，电源电动势：E=U+I（R0+r），定值电阻【解析】1.48V0.50Ω（0.48～0.52Ω）djje或者jf22、略

【分析】【详解】

(1)[1][2]灯泡额定电流为0.3A，故电流表应选择A1；由于本实验中描绘小灯泡的伏安特性曲线，要求电压从零开始，必须采用分压式接法，因此滑动变阻器应选择总阻值较小的R1；

(2)[3][4]由于灯泡内阻较小；为了减小实验误差，故只能采用电流表外接法，描绘小灯泡的伏安特性曲线，要求电压从零开始，必须采用分压式接法；该电路中电流表采用内接法以及限流式接法，故要改为电流表外接法和分压式接法。

(3)[5]I-U图像中图像上的点与坐标原点连线的斜率表示电阻的倒数；则可知，灯泡内阻随电压的增大而增大；

(4)[6]设灯泡电压为U，电流为I；当两灯泡并联接在电源两端，由闭合电路欧姆定律可得。

U=E-2Ir代入数据可得。

U=4-16I在原伏安特性曲线图像中作函数。

U=4-16I的图线；交点代表每个灯泡两端的电压和流过每个灯泡的电流，如图所示：

则由图可知，灯泡两端的电压为1.00V，通过的电流为0.19A；则灯泡的功率。

P=UI=1.00×0.19W=0.19W【解析】A1R1电流表采用外接法滑动变阻器采用分压接法增大0.19（0.17~0.21）23、略

【分析】【详解】

(1)[1]滑动变阻器的滑片从左到右移动过程中；电流表的示数从零开始逐渐增大，则滑动变阻器采用分压接法，电路图如图所示。

(2)[2]由图丙所示电流表可知；其量程为0.6A，分度值为0.02A，示数为0.44A；

(3)[3]四个灯泡并联后接入电源两端组成闭合回路，则四灯泡的电原相同，设单个灯泡电流为I，则有：

代入数据并化简可得对应的U-I图像为：

在灯泡伏安特性曲线中作出对应U-I图像如图乙所示，两图像的交点即表示灯泡的工作点，则可知：

每个灯泡的功率

所以总功率为

由于作图和读数误差；所以2.20W～2.30W均可以。

【解析】0.442.20～2.3024、略

【分析】【详解】

（1）[1]滑动变阻器作为限流器；必须采用一上一下接法，电路的连接如图所示。

（2）[2]本题是使用半偏法测电流表的内阻，故调节的阻值，先使电流表的指针偏转到满刻度，然后再闭合S保持不变，调节的阻值,使电流表的指针偏转到满刻度的一半；故操作顺序为BCA；

（3）[3]此时的阻值与的阻值相等，故电流表G的内阻

[4]随着S的闭合，整个电路中的电流将会变大，但我们仍然按