2025年外研版高二物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研版高二物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、将一个质量为3kg的木板置于光滑水平面上，另一质量为1kg的物块放在木板上．已知物块和木板间有摩擦，而木板足够长，若两者都以大小为4m/s的初速度向相反方向运动(如上图)，则当木板的速度为2.4m/s时，物块正在()A.水平向左匀减速运动B.水平向右匀加速运动C.水平方向做匀速运动D.处于静止状态2、静止在光滑水平面上的物体，受到一个水平拉力，当力开始作用的瞬间，下列说法正确的是（）A.物体同时获得速度和加速度B.物体立即获得加速度，速度开始发生变化C.物体的速度和加速度仍为零D.物体立即获得加速度，但速度为零3、将液体分子视作球体，且分子间的距离可忽略不计，则已知某种液体的摩尔质量娄脤

该液体的密度娄脩

以及阿伏加德罗常数NA

后，可得该液体分子的半径为()

A.3娄脤4娄脨娄脩NA3

B.3娄脤NA4娄脨娄脩3

C.6娄脤娄脨娄脩NA3

D.6娄脤NA娄脨娄脩3

4、伽利略在研究自由落体运动时，做了如下的实验：他让一个铜球从阻力很小(

可忽略不计)

的斜面上由静止开始滚下，并且做了上百次.

假设某次实验伽利略是这样做的：在斜面上任取三个位置ABC.

让小球分别由ABC

滚下，让ABC

与斜面底端的距离分别为s1s2s3

小球由ABC

运动到斜面底端的时间分别为t1t2t3

小球由ABC

运动到斜面底端时的速度分别为v1v2v3

则下列关系式中正确并且是伽利略用来证明小球沿光滑斜面向下运动是匀变速直线运动的是(

)

A.s1鈭�s2=s2鈭�s3

B.s1t12=s2t22=s3t32

C.v1t1=v2t2=v3t3

D.v12=v22=v32

5、如图所示，矩形线圈abcd由静止开始运动；若要使线圈中产生感应电流，则线圈的运动情况应该是（）

A.向右平动（ad边还没有进入磁场）B.向上平动（ab边还没有离开磁场）C.以bc边为轴转动（ad边还未转入磁场）D.平行于磁场向外平动评卷人得分二、填空题(共6题，共12分)6、如图甲所示为一个灯泡两端的电压与通过的电流的关系曲线，参考这根曲线回答下列问题（不计电流表和电池的内阻）．如图乙所示，将两个这样的灯泡并联后再与l0Ω的定值电阻串联，接在电动势为8V的电源上，求通过电流表的电流为A，各灯泡的电阻值为Ω．7、如图所示为声波干涉演示仪的原理图，两个U形管A和B套在一起，A管两侧各有一小孔．声波从左侧小孔传入管内，被分成两列频率________的波．当声波分别通过A、B传播到右侧小孔时，若两列波传播的路程相差半个波长，则此处声波的振幅________；若传播的路程相差一个波长，则此处声波的振幅________．8、示波管的原理如下图所示；当两偏转电极均不加电压时电子打在荧光屏的正中间(亮斑)，规定：偏转电极XX’中，X板电势高电压为正；偏转电极YY’中，Y板电势高电压为正；

①若偏转电极XX’不加电压；只在偏转电极YY’所加图示电压，则在荧光屏上出现____________

②若偏转电极XX’加图示电压，同时偏转电极YY’所加图示电压，则在荧光屏上出现____________．请在直角坐标系中定性画出条纹形状．9、一个可供使用的万用表，S为选择开关、Q为欧姆档调零旋钮．现在要用它测量两个电阻的阻值，R1大约几十欧姆、R2大约几百欧姆．下面提出了在测量过程中一系列可能的操作．请选出尽可能准确地确定各阻值同时又符合万用表安全使用规则的各项操作；并且将它们按合理顺序填写在后面的横线空白处。

（A）将两表笔短接；调节Q使表针对准欧姆档刻度盘上的零欧姆处；随后即断开；

（B）旋动S使其尖端对准欧姆档×100；

（C）旋动S使其尖端对准欧姆档×10；

（D）旋动S使其尖端对准欧姆档×1；

（E）旋动S使其尖端对准交流电压的最高档；

（F）将两表笔分别接到R1的两端、读出R1的阻值；随后即分开；

（G）将两表笔断开；使指针指电流为零的位置；

（H）旋动S使其尖端对准欧姆档×1K；

（I）将两表笔分别接到R2的两端、读出R2的阻值；随后即断开；

正确地操作顺序为____．10、光由空气以45°的入射角射向介质时，折射角是30°，则光由介质射向空气的临界角是____。11、在”验证力的平行四边形定则”的实验中：

(1)

部分实验步骤如下；请完成有关内容：

A.将一根橡皮筋的一端固定在贴有白纸的竖直平整木板上；另一端绑上两根细线．

B.在其中一根细线上挂上5

个质量相等的钩码；使橡皮筋拉伸，如图甲所示，记录：______；______、______．

C.将步骤B

中的钩码取下；分别在两根细线上挂上4

个和3

个质量相等的钩码，用两光滑硬棒BC

使两细线互成角度，如图乙所示，小心调整BC

的位置，使______，记录______．

(2)

如果”验证力的平行四边形定则”得到验证，那么图乙中cos娄脕cos尾=

______．评卷人得分三、判断题(共9题，共18分)12、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）13、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）14、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）15、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

16、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

17、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）18、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

19、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

20、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分四、解答题(共2题，共10分)21、一列简谐横波由波源O点沿x轴正方向传播，OA=0.4m，AB=0.6m，经时间4×10-2s；振动从O点传播到了A点，此时波形如图所示．当这列波进入AB区域时，它的传播速度。

变为原来的1.5倍；那么：

（1）这列波在OA和AB区域的波长分别是多少？

（2）从图示时刻起；经过多长时间，质点B第三次到达正向最大位移处？

22、2008年5月12日；四川汶川地区发生8级特大地震，给人民生命和财产造成极大危害．危急关头，在党和政府的积极指挥下，英雄的消防官兵及时地出现在灾区人民面前，为他们排忧解难．在一次救援行动中，一名消防队员沿着长为12m的竖立在地面上的钢管往下滑．这名队员的质量为60kg，他从钢管顶端由静止开始先匀加速再匀减速下滑，滑到地面时速度恰好为零．如果加速时的加速度大小是减速时的加速度大小的2倍，下滑的总时间为3s，那么该消防队员下滑过程中的最大速度是多少？加速和减速下滑时，消防队员与钢管间的摩擦力之比是多少？

评卷人得分五、综合题(共3题，共12分)23、如图所示，电荷量为-e、质量为m的电子从A点沿与电场垂直的方向进入匀强电场，初速度为v0，当它通过电场B点时，速度与场强方向成150°角，不计电子的重力，求A、B两点间的电势差．24、(1)(1)真空中有两个点电荷，它们之间的静电力为FF如果保持它们所带的电量不变，将它们之间的距离增大到原来的33倍，它们之间作用力的大小等于________．A.F

B.3F

C.F3

D.F9

(2)

如图所示为带负电的点电荷的电场线分布图，对该电场中的AB

两点，下列说法正确的是________．A.A

点的电场强度等于B

点的电场强度B.A

点的电场强度比B

点的电场强度大C.A

点的电势等于B

点的电势D.A

点的电势比B

点的电势高(3)

在如图所示的电路中，电源电动势为E

内电阻为r.

将滑动变阻器的滑片P

从图示位置向右滑动的过程中，关于各电表示数的变化，下列判断中正确的是________．A.电压表V

的示数变小B.电流表A2

的示数变小C.电流表A1

的示数变小D.电流表A

的示数变大(4)

在如图所示的电路中，电源的电动势为E

内电阻为r

电阻R1

与变阻器R2

串联，将R2

的阻值调至零时，下列说法中正确的是________．A.电路的外电阻最小B.电阻R1

消耗的功率最小C.电源内消耗的功率最小D.电源内部的电势降落最小(5)

如图所示，MN

表示真空室中垂直于纸面放置的感光板，它的一侧有匀强磁场，磁场方向垂直于纸面向里，磁感应强度大小为B.

一个电荷量为q

的带电粒子从感光板上的狭缝O

处以垂直于感光板的初速度v

射入磁场区域，最后到达感光板上的P

点.

经测量PO

间的距离为l

不计带电粒子受到的重力.

求：垄脵

带电粒子所受洛伦兹力的大小为________；垄脷

此粒子的质量为________．(6)

水平面上有电阻不计的U

形导轨NMPQ

它们之间的宽度为LM

和P

之间接入电动势为E

的电源(

不计内阻).

现垂直于导轨放置一根质量为m

电阻为R

的金属棒ab

并加一个范围较大的匀强磁场，磁感应强度大小为B

方向与水平面夹角为娄脠

且指向右上方，如图所示，问：垄脵

当ab

棒静止时，受到的支持力和摩擦力各为多少？垄脷

若B

的大小和方向均能改变，则要使ab

棒所受支持力为零，B

的大小至少为多少？此时B

的方向如何？25、(1)

以下关于分子力的说法；正确的是()

A.分子间的距离增大则分子间的斥力与引力均减小。

B.气体分子之间总没有分子力的作用。

C.液体难于压缩表明液体中分子总是引力。

D.当分子间表现为引力时；随分子间距离增大分子间势能增大。

E.当分子间的引力与斥力大小相等时分子间势能最小(2)

如图所示，圆柱形汽缸开口向上竖直放置在水平面上，汽缸足够长，内截面积为S

大气压强为P0

一厚度不计，质量为m

=p0s2g

的活塞封住一定量的理想气体，温度为T0

时缸内气体体积为V0

先在活塞上缓慢放上质量为3

m

的砂子，然后将缸内气体温度缓慢升高到2T0

求稳定后缸内气体的体积．参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、B【分析】根据动量守恒有：则物块向右运动，由于速度小于木板的速度，受到向右的摩擦力，做匀加速运动，B正确。【解析】【答案】B2、B|D【分析】根据力与加速度的瞬时性，有力一定有加速度，但速度的变化有一定的过程，BD正确。【解析】【答案】BD3、A【分析】略【解析】A

4、B【分析】解：A

由图可知及运动学规律可知，s1鈭�s2>s2鈭�s3

故A错误．

B、由运动学公式可知，s=12at2a=2st2

故三次下落中位移与时间平方向的比值一定为定值，伽利略正是用这一规律说明小球沿光滑斜面下滑为匀变速直线运动，故B正确．

C、由v=at

可得，a=vt

三次下落中的加速度相同，故公式正确，但是不是当是伽利略用来证用匀变速直线运动的结论；故C错误．

D；小球在斜面上三次运动的位移不同；末速度一定不同，故D错误．

故选：B

．

小球在斜面上做匀变速直线运动；由运动学公式可判断各项是否正确；同时判断该结论是否由伽利略用来证明匀变速运动的结论．

虽然当时伽利略是通过分析得出匀变速直线运动的，但我们今天可以借助匀变速直线运动的规律去理解伽利略的实验．【解析】B

5、A【分析】解：A；向右平动（ad边还没有进入磁场）；因此线圈磁通量发生变化，故有感应电流，故A正确；

B、向上平动（ab边还没有离开磁场）；线圈的磁通量没有变化，故没有感应电流，故B错误；

C、以bc边为轴转动（ad边还未转入磁场）；其磁通量没有发生变化，没有感应电流产生，故C错误；

D；平行于磁场向外平动；其磁通量没有变化，故没有感应电流产生，故D错误；

故选：A．

本题考查了感应电流产生的条件：闭合回路中的磁通量发生变化．据此可正确解答本题．

本题比较简单，考查了基本规律的应用，是一道考查基础知识的好题，注意产生感应电流的条件，及磁通量是否变化是解题的关键．【解析】【答案】A二、填空题(共6题，共12分)6、略

【分析】试题分析：在题乙图中的混联电路中，设每只电灯加上的实际电压和实际电流分别为U和I．在这个闭合电路中，有E=U+2IR0代入数据并整理得，U=8-20I，把该直线在题甲图上画出，如图所示．这两条曲线的交点为U=2V、I=0.3A，同时满足了电路结构和元件的要求，此时通过电流表的电流值IA=2I=0.6A．每只灯泡的电阻为考点：金属的伏安特性曲线.【解析】【答案】0.6A；6.7Ω7、略

【分析】声波从左侧小孔传入管内，被分成两列频率相同的波且相位差固定．若波程相差为半波长的偶数倍，则干涉相长；若波程相差为半波长的奇数倍，则干涉相消．所以若两列波传播的路程相差半个波长，则此处声波的振幅减小；若传播的路程相差一个波长，则此处声波的振幅增大．【解析】【答案】相同减小增大8、略

【分析】经解：①因偏转电极XX’不加电压；则在水平向不偏转，而在偏转电极YY’加图示电压，则在y向出现偏转，电压大则偏转大，因视学暂留则外观为一条竖线．

②偏转电极XX’加图示电压；水平向偏转，同时偏转电极YY’加图示电压，则沿y向偏转，其显示波形为Y向所加电压波形．如图所示。

故答案为：①一条竖线；②正弦图线，如图示【解析】一条竖线;正弦图线9、略

【分析】

利用欧姆表测电阻的方法：根据待测电阻的大体阻值；选择合适的倍率，使指针指在大约中央附近，每次选档后都要重新进行欧姆调零，测量完毕，将选择开关置于OFF挡．

合理是操作步骤为：GDAFCAIE或GCAIDAFE．

故答案为：GDAFCAIE或GCAIDAFE．

【解析】【答案】应欧姆表测电阻时；要先进行机械调零，测多个电阻时，一般先测阻值较小的电阻；测电阻时要根据待测电阻阻值大小选择合适的挡位，然后进行欧姆调零，每换一次挡都要进行欧姆调零，欧姆表使用完毕，要把选择开关置于交流电压最高档或off挡．

10、略

【分析】【解析】【答案】45011、钩码个数（或细线拉力）橡皮筋与细线结点的位置O细线的方向橡皮筋与细线结点的位置与步骤B中结点位置重合钩码个数和对应的细线方向【分析】解：(1)

根据实验原理可知；图甲中需要记录合力的大小和方向后，画出来的合力是实际值，该实验中根据钩码个数来表示拉力大小，因此需要记录的是：钩码个数(

或细线拉力)

橡皮筋与细线结点的位置O

细线的方向；

该实验采用“等效代替”法；因此在用两个绳套拉橡皮筋时，要将橡皮筋与细线结点拉到与步骤B

中结点位置重合，同时记录钩码个数和对应的细线方向．

故答案为：钩码个数(

或细线拉力)

橡皮筋与细线结点的位置O

细线的方向；橡皮筋与细线结点的位置与步骤B

中结点位置重合，钩码个数和对应的细线方向．

(2)

根据O

点处于平衡状态；正交分解有：

竖直方向：4mgsin娄脕+3mgsin娄脗=5mg垄脵

水平方向：4mgcos娄脕=3mgcos娄脗垄脷

联立垄脵垄脷

解得：cos娄脕cos尾=34

．

故答案为：34

．

“验证力的平行四边形定则”的实验原理是：记录两个分力以及合力的大小和方向后；选用相同的标度将这三个力画出来，画出来的合力是实际值，然后根据平行四边形画出合力的理论值，通过比较实际值和理论值的关系来进行验证，明确了实验原理即可知知道实验中需要记录的物理量和具体的操作．

要围绕“验证力的平行四边形定则”的实验原理对实验步骤和实验中需要注意的问题进行理解，正确理解“等效代替”的含义．【解析】钩码个数(

或细线拉力)

橡皮筋与细线结点的位置O

细线的方向橡皮筋与细线结点的位置与步骤B

中结点位置重合钩码个数和对应的细线方向34

三、判断题(共9题，共18分)12、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．13、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．14、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．15、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．16、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．17、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．18、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．19、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．20、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．四、解答题(共2题，共10分)21、略

【分析】

（1）由图看出，OA段的波长为：λ1=0.2m，周期为T=2×10-2s，则波速为v1==m/s=10m/s

AB段：波速为v2=1.5v1=15m/s，周期T=2×10-2s，波长为：λ2=v2T=0.3m．

（2）由题意得到，AB间距离等于2λ2，则振动从A传到B的时间为t1=2T=4×10-2s．

振动刚传到B点时B点向下振动，经过t2==1.5×10-2s，B点第一次到达正向最大位移处，则过t3=2T=4×10-2s质点B第三次到达正向最大位移处，所以总时间为t=t1+t2+t3=t=9.5×10-2s．

答：

（1）这列波在OA和AB区域的波长分别是0.2m和0.3m．

（2）从图示时刻起，经过9.5×10-2s；质点B第三次到达正向最大位移处。

【解析】【答案】（1）OA段是两个波长；求出波长和周期，求出波速．波从OA进入AB区域时周期不变，由波速求出波长．

（2）根据AB间距离与波长的关系，确定波从A传到B的时间，波刚传到B点时，B点向下振动，再经过2质点B第三次到达正向最大位移处．

22、略

【分析】

设最大速度为Vm，由S=Vmt

得：Vm=8m/s

又Vm=a1t1=a2t2

由题意a1=2a2

t=t1+t2=3s

则t1=1s，t2=2s

a1=8m/s2，a1=4m/s2

根据牛顿第二定律；加速下滑过程，有。

mg-f1=ma1

减速下滑过程；有。

f2-mg=ma2

解得。

f1=l20N

f2=840N

所以。

f1：f2=1：7

即该消防队员下滑过程中的最大速度是8m/s；加速和减速下滑时，消防队员与钢管间的摩擦力之比是1：7．

【解析】【答案】消防队员先匀加速后匀减速；由于加速和减速过程的最大速度和最小速度相等，故平均速度相等，根据平均速度公式可以求出最大速度；

求出最大速度后；根据运动学公式先求出两段过程的加速度，再受力分析并根据牛顿第二定律列式求解即可．

五、综合题(共3题，共12分)23、略

【分析】电子垂直进入匀强电场中，做类平抛运动，作出电子经过B点时速度的分解图，求出经过B点时的速度，根据动能定理求解A、B两点间的电势差．【解析】解：从A到B过程，由动能定理得：

-eU=

又因为：

所以：U=-

答：A、B两点间的电势差为-．24、(1)D

(2)B

(3)B

(4)A

(5)qvBqBl2v

(6)

解：从b

向a

看侧视图如图所示，

垄脵

水平方向：F=FAsin娄脠

竖直方向：FN+FAcos娄脠=mg

又FA=BIL=BERL

联立得：FN=mg?BLEcos?娄脠RF=BLEsin?娄脠R

垄脷

使ab

棒受支持力为零，且让磁场最小，可知安培力竖直向上，

则有FA=mg

Bmin=mgREL

根据左手定则判定磁场方向水平向右。

【分析】(1)

【分析】电量不变，只是将距离增大到原来的3

倍，根据点电荷库仑力的公式F=kQ1Q2r2

可以求得改变之后的库仑力的大小。本题就是对库仑力公式的直接考查，掌握住公式就很容易分析了。【解答】由点电荷库仑力的公式F=kQ1Q2r2

可以得到，电量不变，当距离增大到原来的3

倍，库仑力将变为原来的19

故D正确。故选D。

(2)

【分析】电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向，且沿着电场线的方向，电势降低，据此可正确解答。电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布，明确电场线分布与电场强度之间的关系。【解答】电场线的疏密表示电场强度的强弱，由于电场线的疏密可知，AB

两点电场强度的大小关系，所以EA>EB

故A错误；B正确；

根据沿着电场线的方向；电势降低，则有A

点的电势低于B

点的电势，故CD错误；

故选B。(3)

【分析】由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，则由闭合电路欧姆定律可知电路中总电流及路端电压的变化，再分析局部电路可得出电流表及电压表的变化。本题考查闭合电路欧姆定律的应用，要注意明确解题的思路为：“局部?

整体?

局部”。【解答】AD.

当滑片向右滑动时，滑动变阻器接入电阻增大，则总电阻增大；由闭合电路欧姆定律可知，电路中总电流减小，则由U=E?Ir

可知；路端电压增大；则可知电流表A

的示数减小，电压表V

的示数增大；故AD错误；

BC.

因路端电压增大；A1

中电流增大，因总电流减小，而R1

中电流增大，则A2

中电流减小，故C错误，B正确。

故选B。(4)

【分析】将R2

的阻值调至零时，R2

被短路，电路中电阻最小，则电流最大，根据闭合电路欧姆定律及功率公式即可求解。本题考查闭合电路欧姆定律的动态分析类题目，一般思路都是先分析局部电路的电阻变化，再分析整体中电流及电压的变化，最后分析局部电路中的流及电压的变化；在分析局部电路时要注意灵活应用串并联电路的性质。【解答】将R2

的阻值调至零时，R2

被短路，电路中外电阻最小，由闭合电路欧姆定律可得电路中电流最大，则内电压最大，电源内部的电势降落最大，根据P=I2R

可知，电流最大，则电阻R1

消耗的功率最大，电源内消耗的功率也最大，故A正确，BCD错误。故选A。(5)

【分析】垄脵

根据洛伦兹力公式解答；垄脷

由题意可以求得带电粒子做匀速圆周运动的半径为POO的一半；由洛仑兹力提供向心力从而求出带电粒子的质量；

本题是带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动最基础的问题，画出运动轨迹，由半径大小和牛顿第二定律就能求出带电粒子的质量。【解答】垄脵

带电粒子所受洛伦兹力的大小为F=qvB

垄脷

粒子在磁场中做半圆周运动，由题知：R=l2

qvB=mv2R