2025年人教版PEP必修1物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版PEP必修1物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示，某人静躺在椅子上，椅子的靠背与水平面之间有固定倾斜角θ．若此人所受重力为G；则椅子各部分对他的作用力的合力大小为。

A.GB.GsinθC.GcosθD.Gtanθ2、以下说法正确的是（）A.不选定参考系，就无法研究某一物体是怎样运动的B.参考系就是不动的物体C.同一物体的运动情况，对于不同的参考系观察结果应该相同D.任何情况下，只有地球才是最理想的参考系3、如图，一辆货车载着一些相同的圆柱形光滑空油桶，底部一层油桶平整排列且相互紧贴，上一层只有一只桶C自由摆放在A、B桶之间。当向左行驶的货车紧急刹车时，桶C有可能脱离B而撞向驾驶室造成危险。已知重力加速度为g；要使油桶C不离开B，则货车刹车时加速度的最大值为（）

A.B.C.D.4、如图所示为甲；乙两物体做直线运动的v-t图线；由图知（）

A.甲、乙两物体都做匀变速直线运动B.0～1s内甲和乙的位移相同C.甲和乙的加速度方向相同D.甲和乙的运动方向相反5、在研究匀变速直线运动的实验中，算出小车经过各计数点的瞬时速度如下：。计数点序号123456计数点对应的时刻/s0.100.200.300.400.500.60

通过计数点时的速度/（cm·s-1）44.062.081.0100.0110.0168.0

为了计算加速度，合理的方法是（）A.根据任意两计数点的速度，用公式a=算出加速度B.根据实验数据画出v－t图像，量出其倾角α，由公式a=tanα求出加速度C.根据实验数据画出v－t图像，由图像上相距较远的两点所对应的速度、时间，用公式a=算出加速度D.依次算出通过连续两计数点间的加速度，算出平均值作为小车的加速度6、物体在直线上做加速运动，从开始计时起，第1s内的位移是1m，第2s内的位移是2m第ns内的位移是nm，由此可知（）A.物体肯定是做匀加速直线运动B.物体的初速度为0C.物体的加速度是1m/s2D.物体在前5s内的平均速度是3m/s7、歼—20是我国自行研制的一款具备高隐身性、高态势感知、高机动性等能力的隐形第五代制空战斗机。在执行某次飞行任务时，歼—20战斗机由静止开始做加速直线运动，当加速度不断减小至零时，战斗机刚好起飞。则此过程中该战斗机的（）A.速度减小，位移减小B.速度减小，位移增大C.位移逐渐增大，当加速度减小至零时，位移将不再增大D.速度增大的越来越慢，当加速度减小至零时，速度达到最大8、下列四个图像中，可能表示物体做自由落体运动的是（）A.B.C.D.9、下列说法中正确的是（）A.原子核放出粒子后，转变成的新核所对应的元素是原来的同位素B.卢瑟福的粒子散射实验揭示了原子核具有复杂的结构C.光电效应实验揭示了光的波动性D.玻尔在研究原子结构中引进了量子化的观念评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)10、一辆车沿平直公路运动，其图象如图，那么和两段时间内，下列说法正确的是())

A.B.加速度大小之比为C.位移大小之比为D.速度的方向相同、加速度方向相反时刻改变运动方向11、如图所示，倾角为α的粗糙斜劈放在粗糙水平面上，物体a放在斜面上，轻质细线一端固定在物体a上，另一端绕过光滑的滑轮固定在c点，滑轮2下悬挂物体b，系统处于静止状态。若将固定点c向右移动少许；而a与斜劈始终静止，则（）

A.细线对物体a的拉力减小B.斜劈对地面的压力不变C.斜劈对物体a的摩擦力减小D.地面对斜劈的摩擦力增大12、在物理学的探索和发现过程中，科学家们运用了许多研究方法。以下关于物理学的叙述中正确的是（）A.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程等分成很多小段，每一小段可近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里运用了微元法B.借助激光器及平面镜观察桌面的微小形变的实验中，运用了极限思想法C.在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该探究运用了类比的方法D.重心、合力的概念，体现了等效思想13、下列说法正确的是（）A.竖直方向的匀加速直线运动就是自由落体运动B.自由落体运动在前1s内，前2s内，前3s的位移之比为1:4:9C.自由落体运动在开始连续的三个2m位移所需的时间之比为D.自由落体运动在开始连续的三个1s末的速度之比为1:2:314、关于摩擦力，下列说法正确的是（）A.运动着的物体不可能受静摩擦力作用，只能受滑动摩擦力作用B.物体受到摩擦力作用时，一定受到弹力作用C.握住手中的瓶子握得越紧越不容易滑落下来是因为握得越紧静摩擦力越大D.无论滑动摩擦力还是静摩擦力，都可以具有动力作用15、如图所示为内壁光滑的半圆形凹槽M，O为圆心，∠AOB=60°，OA水平，小物块在与水平方向成45°角的斜向上的推力F作用下静止于B处。在将推力F沿逆时针方向缓慢转到水平方向的过程中小物块始终静止；则（）

A.凹槽M对小物块的支持力逐渐减小B.凹槽M对小物块的支持力逐渐增大C.推力F先减小后增大D.推力F逐渐增大16、应用于机场和火车站的安全检查仪，其传送装置可简化为如图所示的模型。传送带始终保持v＝0.4m/s的恒定速率运行，行李与传送带之间的动摩擦因数μ＝0.2，A、B间的距离为2m，取重力加速度g=10m/s2，旅客把行李（可视为质点）无初速度地放在A处，下列说法正确的是（）

A.行李经过5s到达B处B.行李到达B处时速度大小为0.4m/sC.行李在传送带上留下的摩擦痕迹长度为0.08mD.若使行李最快到达B处，传送带的最小运行速率为17、一物体做匀加速直线运动，在2s内通过的位移为6m，在紧接着的1s内通过的位移也为6m,则物体运动的初速度和加速度a的大小A.B.C.D.评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)18、如图，在倾角θ为37°的固定光滑斜面上放的一块质量不计的薄板，水平放置的棒OA，A端搁在薄板上，O端装有水平转轴，棒和板间的滑动摩擦系数为4/15，薄板沿斜面向上或向下匀速拉动时，则棒对板的压力大小之比为____，所需拉力大小之比为____．

19、完全失重。

（1）定义：物体对支持物的压力（或对悬挂物的拉力）______的状态。

（2）产生条件：a＝g，方向______。20、一质点从静止开始作直线运动，第1s内以加速度a＝1m/s2运动，第2s内加速度a＇＝-1m/s2，第3s又以a＝1m/s2运动，第4s内加速度a＇＝-1m/s2，如此反复，经100s此质点的总位移是_____m。21、如图所示，质量为的小球，用一根长为的细绳吊起来，放在半径为的光滑的球体表面上，由悬点到球面的最小距离为则小球对球面的压力为_________，绳的张力为___________（小球半径可忽略不计）。

22、将一个质量为m的物体放在斜面上，并沿斜面向上施加一个拉力T，为使物体能在斜面上保持静止，所加拉力的最小值为T1，最大值为T2，则物体受到最大静摩擦力的大小为__________。评卷人得分四、作图题(共3题，共18分)23、画出物体A的受力示意图（A静止；接触面不光滑）

24、请在图中的物体上作出它所受的弹力示意图。

25、画出图中物体A所受力的示意图。

(1)A沿粗糙水平面向右滑行；

(2)A沿粗糙斜面上滑。

评卷人得分五、实验题(共3题，共30分)26、在做“研究匀变速直线运动”的实验时，某同学得到一条用打点计时器打下的纸带，并在纸带上连续选取了O,A,B,C,D,E等6个计数点（每相邻两个计数点间还有4个计时点没有画出），他把一毫米刻度尺按如图所示放在纸带上，其零刻度线和计数点O对齐；已知打点计时器所接交流电源的频率是50Hz。

（1）下表是该同学读取记录的部分数据；请帮助该同学完成数据读取，并填写在表中的空格中。

。线段。

OA

OB

OC

OD

OE

数据（cm）

1.00

2.41

4.23

____

9.08

（2）根据（1）中读取的数据，可得打点计时器打下D点时纸带的瞬时速度vD=_________m/s。（保留两位有效数字）

（3）利用（1）中得到的数据，可求得纸带运动的加速度a=________m/s2。（保留两位有效数字）27、在“验证牛顿第二定律”的实验中；采用如图甲所示的装置进行实验：

(1)已知电源的频率为50Hz，若实验中打出的某一条纸带如图乙所示，每隔一个点依次取A、B、C、D、E五个计数点，则小车运动的加速度大小是__________m/s2。（结果保留三位有效数字）

(2)安装好纸带后，在挂上砂和砂桶前要进行平衡摩擦力的操作，其做法是：纸带穿过限位孔，将木板_________________的一端垫高，反复调节垫块的位置改变倾角，直到____________________；小车在木板上做匀速直线运动。

(3)小车质量M一定时，加速度a和所受拉力F的关系图线（a-F图线）如图丙所示，图线发生明显弯曲的原因是_______________________________。若不断增加砂桶中砂的质量，a-F图像中各点连成的曲线将不断延伸，那么加速度a的大小最终将接近__________。

28、图1为“验证牛顿第二定律”的实验装置示意图．砂和砂桶的总质量为小车和砝码的总质量为M．实验中用砂和砂桶总重力的大小作为细线对小车拉力的大小．

（1）实验中，为了使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，先调节长木板一端滑轮的高度，使细线与长木板平行．接下来还需要进行的一项操作是________

A．将长木板水平放置；让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，给打点计时器通电，调节m的大小，使小车在砂和砂桶的牵引下运动，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动．

B．将长木板的一端垫起适当的高度；让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，撤去砂和砂桶，给打点计时器通电，轻推小车，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动．

C．将长木板的一端垫起适当的高度；撤去纸带以及砂和砂桶，轻推小车，观察判断小车是否做匀速运动．

（2）实验中要进行质量m和M的选取，以下最合理的一组是________

A．M=200g,m=10g；15g、20g、25g、30g、40g

B．M=200g,m=20g；40g、60g、80g、100g、120g

C．M=400g,m=10g；15g、20g、25g、30g、40g

D．M=400g,m=20g；40g、60g、80g、100g、120g

（3）图2是试验中得到的一条纸带，A、B、C、D、E、F、G为7个相邻的计数点，相邻的两个计数点之间还有四个点未画出．量出相邻的计数点之间的距离分别为sAB=4.22cm、sBC=4.65cm、sCD=5.08"cm、sDE=5.49cm、sEF=5.91cm、sFG=6.34cm．已知打点计时器的工作频率为50Hz,则小车的加速度a=___________m/s2（结果保留2位有效数字）．

评卷人得分六、解答题(共2题，共10分)29、在光滑足够长的斜面上，有一物体以的初速度沿斜面向上运动，物体的加速度大小始终为方向沿斜面向下，当物体的位移大小为时，求物体的运动时间。30、空间探测器从一星球表面竖直升空；探测器升空后发动机因故障而突然关闭，如图所示为探测器从升空到落回星球表面的速度时间变化图像。试求探测器在星球表面达到的最大高度和该星球的重力加速度。

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、A【分析】【分析】

【详解】

人受多个力处于平衡状态，人受力可以看成两部分，一部分是重力，另一部分是椅子各部分对他的作用力的合力，根据平衡条件得椅子各部分对他的作用力的合力与重力等值，反向，即大小是G；故选项A正确．

【点睛】

人受多个力处于平衡状态，合力为零．人受力可以看成两部分，一部分是重力，另一部分是椅子各部分对他的作用力的合力．根据平衡条件求解．2、A【分析】【分析】

【详解】

A．参考系是在描述物体的运动时；被选定做为参考；假定为不动的其他物体，不选定参考系，就无法研究某一物体是怎样运动的，故A正确；

B．参考系是在描述物体的运动时；被选定做为参考；假定为不动的其他物体，被选为参考系的物体可以是静止的也可以是运动的，故B错误；

C．同一物体的运动；选择不同的参考系，我们观察到的结果往往不同，故C错误；

D．参考系可以任意选取；选取参考系时要考虑研究问题的方便，通常取地面为参考系的，但不是任何情况下只有地球才是最理想的参考系，故D错误。

故选A。3、C【分析】【详解】

对C进行受力分析如下。

只受到重力和A对C支持力，由于C加速度向后，故C的合外力水平向后，根据几关系可知

根据牛顿第二定律有

联立解得

故选C。4、A【分析】【分析】

速度时间图线的斜率表示物体的加速度；倾斜的直线表示匀变速直线运动．图线与时间轴所围成的面积表示物体的位移．速度的正负表示速度的方向．

【详解】

根据速度时间图象的斜率等于加速度，则两个物体的加速度均不变，都做匀变速直线运动，故A正确．根据“面积”表示位移，知0～1s内甲的位移比乙的大，故B错误．速度时间图线的斜率表示物体的加速度，斜率的符号表示加速度的方向，则知甲和乙的加速度方向相反，故C错误．速度的正负表示速度的方向，则知甲和乙的运动方向相同，故D错误．故选A．5、C【分析】【详解】

AC．在处理实验数据时，如果只使用其中两个数据，由于偶然误差的存在可能会造成最后误差较大；所以我们可以根据实验数据画出v－t图象，考虑到误差，不可能是所有点都整齐的排成一条直线，连线时，应该尽量使那些不能画在线上的点均匀地分布在线的两侧，这样图线上会舍弃误差较大的点，由图线上任意两点所对应的速度及时间，用公式a=出加速度；所以误差小，故A错误，C正确；

B．根据实验数据画出v－t图象，当纵坐标取不同的标度时，图象的倾角就会不同，所以量出其倾角，用公式a=tanα算出的数值并不是加速度；故B错误；

D．这种方法是不对的；因为依次算出通过连续两计数点间的加速度再算出平均值，实质还是仅用了两个计数点的速度，偶然误差较大，故D错误。

故选C。6、D【分析】试题分析：已知各段位移和时间；故由速度公式可求得平均速度，但由于不知道运动的具体情景，故无法判断物体的初速度以及物体的运动性质．

解：A；各时间段内位移随时间增加；但由题意无法确定各段时间内的具体运动形式，故无法判断物体是否做的匀加速直线运动；同时也无法得出物体的初速度及加速度；在相等时间内的位移之差是一恒量，可知物体可能做匀加速直线运动．故A、B、C错误；

B；物体在前5s内的位移为：x=1+2+3+4+5m=15m；

则5s内的平均速度为：．故D正确．

故选D．

【点评】本题中虽然位移之差满足匀变速直线运动的一个规律，但由于无法知道每1s内的运动情况，故无法确定物体的运动性质．7、D【分析】【详解】

根据题意，画出飞机的图像如图所示。

AB．如图可知；飞机的速度在不断增大，位移也在不断增大，故AB错误；

C．当加速度为零时；飞机的达到最大速度，位移还要继续增大，故C错误；

D．由图可知；飞机的速度增大的越来越慢，其加速度减小为零时，速度达到最大值，故D正确。

故选D。8、C【分析】【详解】

自由落体运动为初速度为零的匀加速直线运动；结合图像。

故选C。9、D【分析】【详解】

A．衰变时；元素原子核的质量数不变，电荷数增加1，故A错误；

B．卢瑟福通过分析α粒子散射实验结果；建立了原子的核式结构模型，故B错误；

C．光电效应实验揭示了光的粒子性；故C错误；

D．玻尔在研究原子结构中引进了量子化的观念；故D正确。

故选D。二、多选题(共8题，共16分)10、B:D【分析】【详解】

A、设最大速度为v，根据速度时间图象的斜率等于加速度知：

0−t时间内物体的加速度大小为：a1=v/t

t−3t时间内物体的加速度大小为：a2=v/2t

则a1:a2=2:1，A错误；

B、由“面积”等于位移知：

0−t时间内物体的位移为：x1=vt/2，

t−3t时间内物体的位移为：

则有：x1:x2=1:2；

C、速度的正负表示运动方向，0-3t时间内速度都为正，运动方向相同，C错误；

D、速度时间图象速度的正负表示运动方向，0-3t时间内速度都为正，运动方向始终不变；速度时间图象的斜率表示加速度，时间内斜率为正，时间内斜率为负，加速度方向相反，D正确．

故选BD．11、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．设细线上拉力为T，滑轮2两侧细线间夹角为据平衡条件可得。

当固定点c向右移动少许，增大，T增大；即细线对物体a的拉力增大，A错误；

BD．整体处于平衡状态；在竖直方向满足。

联立A解析的表达式可得。

斜劈受到地面的支持力不变；故斜劈对地面的压力不变，在水平方向满足。

联立A解析的表达式可得。

增大，增大；即斜劈对物体a的摩擦力增大，BD正确；

C．由于a刚开始受到的静摩擦力方向未知，当拉力T增大时；a受到的静摩擦力可能增大；可能减小，C错误。

故选BD。12、A:D【分析】【详解】

A．在推导匀变速直线运动位移公式时；把整个运动过程等分成很多小段，每一小段可近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里运用了微元法，故A正确；

B．借助激光器及平面镜观察桌面的微小形变的实验中；运用的是微小形变放大法，故B错误；

C．在探究加速度；力和质量三者之间的关系时；先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该探究运用了控制变量法，故C错误；

D．物体各部分都受到重力的作用；从作用效果上来说，可以认为与作用在物体上一点的作用效果是一样的，这一点就叫做重心，使用的是等效替代法，合力是一个力，如果它的作用效果与几个力共同作用时产生的效果相同，那么这个力就叫做这几个力的合力，采用的是等效替代法，故D正确。

故选AD。13、B:D【分析】【详解】

A．自由落体运动是只在重力作用下，加速度为g；初速度为零的竖直方向的匀加速直线运动；故A错误；

B．根据可得，由落体运动在前1s内，前2s内，前3s的位移之比为x1:x2:x3=1:4:9

故B正确；

C．自由落体运动在开始连续的三个2m位移所需的时间之比为

故C错误；

D．根据v=gt可知，在连续三个1s末的速度之比为v1:v2:v3=1:2:3

故D正确。

故选BD。14、B:D【分析】【详解】

人走路时，受到的是静摩擦力，但是人是运动，A错误；产生摩擦力的条件是两者之间有弹力，并且存在相对运动或相对运动趋势，故有摩擦力一定由弹力，B正确；握在手中的瓶子握得越紧越不容易滑落下来，是因为握得越紧，最大静摩擦力越大，瓶子的静摩擦力在竖直方向上与重力是一对平衡力，所以大小不变，C错误；在人走路时，静摩擦力是动力，在传送带上运动时，滑动摩擦力是动力，故D正确．15、B:C【分析】【详解】

以小物块为研究对象；分析受力情况，如图所示。

物块受到重力G、支持力FN和推力F三个力作用，根据平衡条件可知，FN和F的合力与G大小相等，方向相反。将推力F逆时针缓慢转到水平方向的过程中（F由位置1到位置3），根据图示的平行四边形或三角形可知，凹槽M对小物块的支持力FN逐渐增大，推力F先减小后增大，当F与FN垂直时，F最小。故AD两项错误；BC两项正确。

故选BC。16、B:D【分析】【详解】

AB．行李刚放上传送带时，做匀加速直线运动，加速度大小为

行李加速到与传送带共速所用时间为

加速过程通过的位移为

行李与传送带共速后做匀速运动到B处所用时间为

则有

故A错误；B正确；

C．行李与传送带共速前发生的相对位移为

行李在传送带上留下的摩擦痕迹长度为故C错误；

D．若使行李最快到达B处，可知行李整个过程都做匀加速直线运动，则有

解得

可知传送带的最小运行速率为故D正确。

故选BD。17、A:D【分析】【详解】

设物体的初速度为v0，通过第一段位移x时，由匀变速直线运动的位移公式得：通过两段位移2x时，由匀变速直线运动的位移公式得：联立并代入数据解得：v0=1m/s，a=2m/s2，故AD正确，BC错误．三、填空题(共5题，共10分)18、略

【分析】【详解】

本题考查有固定转动轴物体的平衡条件．设棒的质量为m,长为l,向上拉动时；受力如图甲；

则

向下拉动时；受力如图乙；

则

解得压力之比为N1：N2=2：3；

所以拉力之比为．【解析】2：3，2：319、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.等于零②.竖直向下20、略

【分析】【分析】

【详解】

据题意，第一秒内加速度与第二秒内加速度大小相等方向相反，且从静止开始运动，则每2s为一个周期，每个周期内位移为

而100s共50个周期，总位移为50m。【解析】5021、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]小球在A点的受力如图所示；根据三力平衡的特点三个力可以构成一外首尾相连的矢量三角形如图所示，根据相似三角表形关系可得。

解得。

小球对球面的支持力为。

由牛顿第三定律可得，小球对球面的压力为

绳的张力为。

【解析】22、略

【分析】【详解】

[1]设最大静摩擦力为fm，当拉力最小时，摩擦力方向沿斜面向上，有

当拉力最大时，摩擦力方向沿斜面向下，有

联立以上两式解得【解析】四、作图题(共3题，共18分)23、略

【分析】【分析】

【详解】

第一个图中A受重力和竖直向上的支持力；如图所示。

第二个图中A受重力；垂直斜面的支持力、沿斜面向上的摩擦力；如图。

【解析】24、略

【分析】【详解】

杆在重力的作用下，对A、B两处都产生了挤压作用，故A、B两处对杆都产生了弹力的作用；弹力的方向与接触点的平面垂直，如下图所示。

【解析】见解析25、略

【分析】【详解】

(1)题图甲中，