2025年沪教新版选修3物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪教新版选修3物理下册阶段测试试卷110考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、某同学使用热敏电阻来控制蜂鸣器，在发生火警时蜂鸣器报警。已知该热敏电阻在常温下电阻值约为温度越高，阻值越小，当温度高于时阻值低于下列电路设计中最符合要求的是（）A.B.C.D.2、如图所示；一个粗糙且足够长的斜面体静止于水平面上，并处于方向垂直纸面向外；磁感应强度大小为B的匀强磁场中，质量为m、带电荷量为+Q的小滑块从斜面顶端由静止下滑，在滑块下滑的过程中，斜面体静止不动．下列判断正确的是()

A.滑块受到的摩擦力逐渐增大B.滑块沿斜面向下做匀加速直线运动C.滑块最终要离开斜面D.滑块最终可能静止于斜面上3、三个电子在同一地点沿同一直线垂直飞入偏转电场，如图．则由此可判断（）A.b和c同时飞离电场B.在b飞离电场的瞬间，a没有击中下极板C.进入电场时，a速度最大，c速度最小D.c的动能增量最小，a和b的动能增量一样大4、一理想变压器的副线圈为200匝，输出电压为10V，则铁芯内的磁通量变化率的最大值为（）A.0.07Wb/sB.5Wb/sC.7.05Wb/sD.14.1Wb/s5、如图；一战斗机由东向西沿水平方向匀速飞行，发现地面目标P后开始瞄准并投掷炸弹，若炸弹恰好击中目标P，则(假设投弹后，飞机仍以原速度水平匀速飞行，不计空气阻力)

A.此时飞机正在P点偏西一些的位置B.此时飞机是否处在P点正上方取决于飞机飞行速度的大小C.飞行员听到爆炸声时，飞机正处在P点正上方D.飞行员听到爆炸声时，飞机正处在P点偏西一些的位置评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)6、下列说法正确的是（）A.温度高的物体内能不一定大，但分子平均动能一定大B.零下10℃时水已经结为冰，则水分子已经停止了热运动C.在使两个分子间的距离由很远（r>10-9m）减小到很难再靠近的过程中，分子间作用力先减小后增大，分子势能不断增大D.物体体积变大时，分子势能有可能增大，也有可能减小7、下列说法正确的是（）A.液体中的扩散现象是由于液体的对流形成的B.液体表面张力与浸润现象都是分子力作用的表现C.气体的温度升高时，气体分子的平均动能一定增大E.两个分子在相互靠近的过程中，它们之间的分子势能一定减小E.两个分子在相互靠近的过程中，它们之间的分子势能一定减小8、两个完全相同的绝热活塞A、B把竖直放置的绝热气缸分成体积相等的三部分，在气缸顶部和处有固定卡环，分别限制活塞A、B向上、向下运动，如图所示。初始状态下，甲、乙两部分气体的压强均为大气压强的1.2倍；温度均为27℃，活塞与气缸壁间的摩擦及活塞厚度均不计，现用电热丝对甲部分气体缓慢加热，下列说法正确的是（）

A.乙中气体的温度有可能增加B.甲部分气体的温度为87℃时，活塞A已经上升C.如果甲部分气体的温度超过77℃，电热丝产生的热量等于甲气体内能增加量D.甲部分气体的温度为337℃时，乙部分气体的内能大于初始状态9、下列说法中正确是（）A.布朗运动就是分子运动B.分子间距离增大，分子势能也增大C.温度升高，分子热运动的平均动能一定增大D.吸收热量，可能使分子热运动加剧、气体体积增大10、如图所示，通电螺线管周围放置能自由转动的小磁针a、b、c、d均已处于静止，则小磁针a、b、c、d指向正确的是()

A.小磁针aB.小磁针bC.小磁针cD.小磁针d11、如图所示，水平面上有两根足够长的光滑平行金属导轨MN和PQ，两导轨间距为L，导轨电阻忽略不计．在M和P之间接有阻值为R的甲与乙两个定值电阻，导体杆ab的质量为m，电阻为r，并与导轨接触良好．整个装置处于方向竖直向下、磁感应强度为B的匀强磁场中．现给导体杆ab一初速度v0；使杆向右运动．最后杆停在导轨上．下列说法正确的是。

A.ab杆做匀减速直线运动直到静止B.ab杆速度减为时，ab杆加速度大小为C.ab杆速度减为时，通过甲电阻的电量D.ab杆速度减为时，ab杆走过的位移12、如图所示，一列简谐波在x轴上传播；实线和虚线分别表示前后间隔1s的两个时刻的波形图，则这列简谐波的波速可能是。

A.0.60m/sB.0.75m/sC.1.05m/sD.1.15m/s13、如图所示，半径为r的圆形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，一个带电粒子以速度v从A点沿直径AOB方向射入磁场，经过Δt时间从C点射出磁场，∠AOC为1200．现将带电粒子的速度变为v/3，仍从A沿直径射入磁场，不计重力，则（）

A.运动半径为rB.运动半径为r/C.粒子在磁场中运动时间变为D.粒子在磁场中运动时间变为2Δt评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)14、春天，人们会感觉到周围环境比秋天潮湿，是因为空气的_______（选填“相对”或“绝对”）湿度较大，即在相同温度下，空气中所含的水蒸气的压强_______（选填“较大”或“较小”）。15、一定质量的理想气体由状态A变化到状态B再变化到状态C，过程如图所示，A到B过程图线与横轴平行，B到C过程图线的反向延长线过原点，则气体从A→B过程中___________（填“吸收”或“放出”）热量，从B→C过程中___________（填“吸收”或“放出”）热量。

16、马鞍山是一座钢铁城市，马钢工人时常为高炉进行检修．而这时高炉内干燥空气的温度竟达160℃，工人却安全在炉内工作几个小时，是因为________．17、有一个电流表G，内阻Rg=10Ω，满偏电流Ig=3mA．要把它改装为量程0～3V的电压表，要串联的电阻阻值为______，要把它改装为量程是0～0.6A的电流表，要并联的电阻阻值为_____．18、质量为m1=0.1kg的物块A在光滑的水平面上以0.3m/s的速率向右运动,恰遇上质量m2=0.5kg的物块B以0.1m/s的速率向左运动,两物块正碰后,物块B恰好停止,那么碰撞后物块A的速度大小是____,方向____(填“向左”或“向右”)评卷人得分四、作图题(共3题，共15分)19、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

20、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

21、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共3题，共30分)22、某实验小组利用如图1所示电路测定一节电池的电动势和内电阻；备有下列器材：

A；待测电池；电动势约为1.5V（小于1.5V）

B；电流表；量程3A

C；电流表；量程0.6A

D；电压表；量程1.5V

E；电压表；量程3V

F；滑动变阻器；0～20Ω

G；滑动变阻器；0～2000Ω

H；开关一个；导线若干。

(1)实验时，电流表应选__________，电压表应选__________,滑动变阻器应选__________（填选用器材前面的字母）

(2)小组由实验数据作出的U-I图象如图2所示，由图象可求得电源电动势为______V，内电阻为________Ω。23、用如图所示的电路测量一节干电池的电动势和内阻．干电池的内阻非常小，为防止调节滑动变阻器阻值过小时由于电流过大而损坏器材，电路中用了一个保护电阻R0．除干电池；滑动变阻器、开关、导线外；可供使用的实验器材还有：

A.电流表（量程0.6A）

B.电流表（量程3A）

C.电压表（量程3V）

D.电压表（量程15V）

E.定值电阻（阻值3Ω、额定功率5W）

F.定值电阻（阻值10Ω、额定功率10W）

（1）为了调节方便，测量精度更高，实验中应选用的电流表为_______，电压表为________，定值电阻应选用________（填写仪器前字母）．

（2）某位同学记录的6组数据如下表所示，其中5组数据的对应点已经标在下图的坐标纸上，请标出余下一组数据的对应点，并画出U-I图线_______。序号123456电压U（V）1.451.401.301.251.201.10电流I（A）0.060.120.240.270.360.48

根据坐标纸中所画图线可得出干电池的电动势E=______V，内电阻r=______

（3）实验中，随着滑动变阻器滑片的移动，干电池的输出功率P会发生变化，下列各示意图中正确反映P—R关系的是____．24、(1)在“用单摆测重力加速度”的实验中，下列措施中可以提高实验精度的是________．

A．选细线作为摆线。

B．单摆摆动时保持摆线在同一竖直平面内。

C．拴好摆球后；令其自然下垂时测量摆长。

D．计时起止时刻；选在最大摆角处。

(2)如果测得的g值偏小，可能的原因是________.

A．测摆线长时摆线拉得过紧。

B．摆线上端悬点未固定；振动中出现松动，使摆线长度增加了。

C．开始计时时；秒表过迟按下。

D．实验中误将49次全振动记为50次。

(3)为了提高实验精度，在实验中可改变几次摆长l并测出相应的周期T，从而得出一组对应的l与T的数据，再以l为横坐标，T2为纵坐标，将所得数据连成直线如图所示，并求得该直线的斜率为k，则重力加速度g＝________(用k表示)．

评卷人得分六、解答题(共3题，共9分)25、如图所示，光滑绝缘曲面与水平传送带固定在一竖直平面内，且在B处平滑连接，整个装置处在竖直向下的匀强电场中．水平传送带长为L＝10m，且以v＝5m/s的恒定速度匀速逆时针方向转动．一质量为m＝0.2kg，电荷量为q＝0.2C的带电的小物体从距传送带某一高度的A点由静止滑下，滑过B点后经时t＝2s恰好运动到传送带最后端C处，不考虑滑块与传送带摩擦时的电量损失，已知小物体与传送带之间的动摩擦因数为μ＝0.25，取g＝10m/s2；求：

(1)匀强电场的电场强度E；

(2)小物体再次经过B点后滑上曲面时离传送带的最大竖直高度；

(3)从小物体滑上传送带到再次经过B点的过程中，小物体与传送带间因摩擦而产生的热量．26、电流表的内阻是60Ω，满偏电流Ig为20m。A．

（1）如果把它改装成量程是6V的电压表；应串联多大的分压电阻？

（2）如果要把它改装成量程是3A的电流表，应并联多大的分流电阻？27、2012年11月，“歼15”舰载机在“辽宁号”航空母舰上着舰成功，它的阻拦技术原理是，飞机着舰时利用阻拦索的作用力使它快速停止．随着电磁技术的日趋成熟，新一代航母已准备采用全新的电磁阻拦技术，它的阻拦技术原理是，飞机着舰时利用电磁作用力使它快速停止．为研究问题的方便，我们将其简化为如图所示的模型．在磁感应强度为B、方向如图所示的匀强磁场中，两根平行金属轨道MN、PQ固定在水平面内，相距为L，电阻不计．轨道端点MP间接有阻值为R的电阻．一个长为L、质量为m、阻值为r的金属导体棒ab垂直于MN、PQ放在轨道上，与轨道接触良好．质量为M的飞机以水平速度v0迅速钩住导体棒ab；钩住之后关闭动力系统并立即获得共同的速度．假如忽略摩擦等次要因素，飞机和金属棒系统仅在安培力作用下很快停下来．求：

（1）飞机钩住金属棒后它们获得的共同速度v的大小；

（2）飞机在阻拦减速过程中获得的加速度a的最大值；

（3）从飞机钩住金属棒到它们停下来的整个过程中运动的距离x．参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、B【分析】【分析】

【详解】

在常温下热敏电阻阻值约为要求“非”门的输入端是高电势，输出端是低电势，所以蜂鸣器不报警。当发生火情时，温度越高，热敏电阻阻值越小，当温度高于时阻值低于要求“非”门的输入端是低电势；输出端是高电势，此时蜂鸣器报警。

故选B。2、C【分析】【详解】

滑块受重力、支持力、垂直于斜面向上的洛伦兹力和沿斜面向上的摩擦力四个力的作用，初始时刻洛伦兹力为0，滑块在重力和摩擦力的作用下沿斜面向下运动，随着速度v的增大，洛伦兹力qvB增大，滑块受到的弹力减小，引起摩擦力减小，滑块沿斜面向下加速度大小变大，当时；滑块开始离开斜面．综上所述，故C正确，ABD错误；

故选C．3、D【分析】【详解】

b、c在竖直方向上做匀加速运动且位移关系为：yc＜yb，根据可知tc＜tb，故A错误；三个粒子的质量和电量都相同，则知加速度相同，a、b两粒子在竖直方向上的位移相等，根据可知运动时间相等，故B正确；在垂直于电场方向即水平方向，三个粒子做匀速直线运动，则有：由图可知由上可知则根据因为则可得：所以有：故C错误；根据动能定理知，a、b两电荷，电场力做功一样多，所以动能增加量相等，c电荷电场力做功最少，动能增加量最小，故D正确．所以D正确，ABC错误．4、A【分析】【详解】

由

可得铁芯内的磁通量变化率有效值

最大磁通变化率

故选A。5、D【分析】试题分析：飞机投弹属于平抛运动；又因为投弹后，飞机仍以原速度水平匀速飞行，不计空气阻力，则飞机与炸弹水平方向的速度相等，当炸弹击中目标时，飞机正在P点正上方的位置，故选项AB错误；飞行员听到爆炸声时，声音在空气中传播需要一定的时间，故此时飞机会偏离P点的正上方，运动到偏西一些的位置，选项C错误，D正确。

考点：平抛运动。二、多选题(共8题，共16分)6、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．内能取决于物体的温度；体积和物质的量；温度高的物体内能不一定大，但分子平均动能一定大，故A正确；

B．零下10℃时水已经结为冰；但是水分子仍然做无规则的热运动，故B错误；

C．在使两个分子间的距离由很远（r>10-9m）减小到很难再靠近的过程中；分子间作用力先增大，后减小，再增大；分子势能先减小后增大，故C错误；

D．物体体积变大时；分子势能有可能增大，也有可能减小，这取决于分子间的初始距离，故D正确。

故选AD。7、B:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．液体中的扩散现象是由于液体分子间有间隙；及分子的热运动形成的，A错误；

B．液体表面张力与浸润现象都是分子力作用的表现；B正确；

C．由于温度是分子平均动能的标志；所以气体的温度升高时，气体分子的平均动能一定增大，C正确；

D．分子间引力和斥力都是随着分子间距离的减小而增大；D正确；

E．两个分子从无穷远，相互靠近的过程中，分子间作用先是引力后是斥力，分子力先做正功后做负功，它们之间的分子势能先减小后增大，在位置分子势能最小；E错误。

故选BCD。8、A:B【分析】【分析】

【详解】

设活塞的质量为m；对活塞A进行受力分析。

活塞B开始向上运动时，对活塞B进行受力分析，甲部分气体的压强为p1

对于甲部分气体；根据查理定律可知。

解得。

即甲部分气体的温度上升至77℃时；活塞开始上升。

如果温度继续上升；活塞A刚好运动到达最上端卡环处，对甲部分气体由盖吕萨克定律可知。

解得。

即甲部分气体的温度上升至427℃时；活塞刚好达到上端卡环处，在此之前，乙部分气体的体积一直不变，此后温度继续升高，开始压缩乙部分的气体，乙部分气体温度升高。

甲部分气体的温度超过77℃；活塞B开始向上运动，属于等压过程，气体体积变大，由热力学第一定律可知。

气体体积变大，W<0,因此电热丝产生的热量不等于甲气体内能增加量。

甲部分气体的温度为337℃时，此时活塞A并未到达最上端卡环处，所以乙部分气体的内能等于初始状态，故选AB。9、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．布朗运动是悬浮在液体表面的固体颗粒的无规则运动；是液体分子运动的具体表现，选项A错误；

B．若分子力表现为斥力；则当分子间距离增大时，分子力做正功，分子势能减小，选项B错误；

C．温度升高；分子热运动的平均动能一定增大，选项C正确；

D．吸收热量；可能使气体温度升高，分子热运动加剧；温度升高，则气体体积可能增大，选项D正确。

故选CD。10、C【分析】【详解】

由安培定则可判断出通电螺线管的左端为N极，右端为S极，外部磁感线的方向由N极指向S极，而小磁针N极指向磁感线的方向，则可知只有cd指向正确，故ABD错误，C正确。11、B:D【分析】【详解】

A项：ab棒水平方向上受与运动方向相反的安培力，加速度为：由于速度减小，所以ab棒做加速减小的减速运动直到静止；故A错误；

B项：当ab棒的速度为时，安培力为：所以加速度为：故B正确；

C项：对ab棒由动量定理得：即解得：由于甲与乙电阻并联，所以通过甲电阻的电量为：故C错误；

D项：由解得：故D正确．12、B:C【分析】由图可知波长为：若波沿x轴正方向，传播的距离为：n=0，1，2，，波速为：n=0，1，2，，当n=1时，故B正确；若波沿x轴负方向，传播的距离为：n=0，1，2，，波速为：n=0，1，2，，当n=1时，故C正确所。所以选BC。13、B:D【分析】【分析】

由于粒子在匀强磁场是做匀速圆周运动，运动周期T=与粒子速度大小无关，可见，要计算粒子在磁场中运动的时间，只要求得它在磁场中运动轨迹对应的圆心角，就可得到所用的时间．

【详解】

圆形磁场区域的半径是r，以速度v射入时，半径r1=

根据几何关系可知，=tan60°，所以r1=r，运动时间以速度射入时，半径r2=所以r2=r，设第二次射入时的圆心角为θ，根据几何关系可知：所以θ′=120°，则第二次运动的时间为：故选BD．

【点睛】

带电粒子在磁场中运动的题目解题步骤为：定圆心、画轨迹、求半径，同时还利用圆弧的几何关系来帮助解题．三、填空题(共5题，共10分)14、略

【分析】【详解】

[1][2]春天，人们会感觉到周围环境比秋天潮湿，是因为空气的相对湿度较大，即在相同温度下，空气中所含的水蒸气的压强较大，从而使得体表的水分难以蒸发。【解析】相对较大15、略

【分析】【详解】

[1]气体从状态A变化到状态B；发生的是等容变化，气体对外不做功，但温度降低，内能减少，根据热力学第一定律可知气体放出热量。

[2]从B变化到C过程，气体发生的是等压膨胀，气体对外做功，同时温度升高，内能增大，根据热力学第一定律可知，气体一定吸收热量。【解析】放出吸收16、略

【分析】【分析】

【详解】

工人能在炉内温度竟达160℃的环境中工作几个小时；是因为在高压炉内干燥空气中，工人容易排汗，通过蒸发来维持体温．

【点睛】

高压炉内空气温度高，工人容易排汗，温度越高汗液蒸发越快，蒸发吸热，人体温度降低．【解析】在高炉内干燥空气中，工人容易排汗，通过蒸发来维持体温17、略

【分析】【分析】

根据欧姆定律和串联规律解出分压电阻的阻值即可；根据欧姆定律和并联规律解出分流电阻阻值即可．

【详解】

(1)表头两端的电压为

若改装成0∼3V电压表，则达最大量程时，串联电阻两端的电压

则应串联的电阻

(2)改装成电流表要并联电阻分流，则并联阻值为：

故答案为990Ω；0.05Ω．【解析】18、略

【分析】设向右为正方向,由动量守恒定律得代入数据解得负号表示方向向左。【解析】0.2m/s向左四、作图题(共3题，共15分)19、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】20、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】21、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共3题，共30分)22、略

【分析】【详解】

（1）[1][2][3]干电池电动势约为1.5V，电压表应选：D，根据实验数据得出最大电流约为0.5A，因此电流表应选：C；干电池电动势约为1.5V，电流表量程为0.6A，电路最小电阻约为

为方便实验操作；滑动变阻器应选：F；

（2）[4][5]由闭合电路欧姆定律可知U=E-Ir，再由数学知识可知，图象与纵坐标的交点为电源的电动势故电源的电动势为1.4V；而图象的斜率的绝对值表示电源的内阻【解析】(1)CDF(2)1.42.823、略

【分析】【详解】

（1）一节干电池电动势为因此电压表应选：C、电压表（量程）；

干电池内阻约为电路中接有保护电阻，电路电流不超过如果用量程为的电流表，误差较大，因此电流表应选：A、电流表（量程）；

电源电动势为定值电阻可以选E、（阻值额定功率），如果选择另一个定值电阻，由于定值定值较大，电路电流较小，电流变化范围小，不能测多组实验数据；

（2）根据数据点排列趋势；可知图线为直线，画图时，应使数据点尽可能均匀分布在所画直线两边且尽可能靠近所画的直线：

由得出的电源U-I图象可知，图象与纵轴交点坐标值是则电源电动势电源内阻：

（3）根据欧姆定律有：

则输出功率为：则当时，输出功率最大，最大为故选项D正确．

点睛：本题考查了实验电路选择、实验器材选择、作图象、求电源电动势与内阻等问题，要知道实验原理，要掌握应用图象法处理实验数据的方法；电源的图象与纵轴交点坐标值是电源电动势图象斜率的绝对值是电源内阻．【解析】（1）电流表为A电压表为C定值电阻应选用E图像；

（2）电动势E=1.48~1.5V内电阻r=0.8~0.9（3）D24、略

【分析】【详解】

(1)[1]A．为减小空气阻力的影响；应选细线作为摆线；故A正确．

B．由于单摆与圆锥摆的周期不同；所以单摆摆动时必须保持摆线在同一竖直平面内，不能形成圆锥摆；故B正确．

C．由于细线有伸缩性；所以应拴好摆球后，令其自然下垂时测量悬点到球心的距离作为摆长；故C正确．

D．摆球经过平衡位置时；速度最大，相同的距离误差引起的时间误差最小，故应从平衡位置开始计时；故D错误．

故选ABC．

(2)[2]由单摆的周期公式

解得：

A．测摆线长时摆线拉得过紧；则摆长的测量值偏大，导致重力加速度的测量值偏大．故A错误．

B．摆线上端悬点未固定；振动中出现松动，使摆线长度增加了，则摆长的测量值偏小，导致重力加速度的测量值偏小，故B正确．

C．开始计时时；秒表过迟按下，则周期的测量值偏小，导致重力加速度的测量值偏大，故C错误．

D．实验中误将49次全振动记为50次；则周期的测量值偏小，导致重力加速度的测量值偏大，故D错误．

故选B．

(3)[3]根据

得：

则图线的斜率表示

解得重力加速度【解析】ABCB六、解答题(共3题，共9分)25、略

【分析】【分析】

(1)小