2025年陕教新版必修3物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年陕教新版必修3物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、下列说法中正确的是（）A.电源内部是通过静电力作用将正电荷从负极移至正极的B.电容器不充电时电容为零C.并联电路中增加一个支路则总电阻变大D.金属的电阻率随温度的升高而增大2、某同学用游标卡尺测量一个圆柱形导体的长度；游标尺上有10等分刻度，测量示数如图甲所示；用螺旋测微器测量该导体的直径，测量示数如图乙所示。下列选项中正确表示读数结果的是（）

A.甲乙B.甲乙C.甲乙D.甲乙3、如图所示，两个带电荷量分别为Q1与Q2的小球固定于相距为5d的光滑水平面上，另有一个带电小球A，悬浮于空中不动，此时A离Q1的距离为4d，离Q2的距离为3d.现将带电小球A置于水平面上某一位置，发现A刚好静止，则此时小球A到Q1、Q2的距离之比为（）

A.∶2B.2∶C.3∶4D.4∶34、两点电荷M、N分别固定在和坐标原点处，所形成电场的电势在x轴上的分布如图所示，图线与x轴交于处，处电势最低，取无穷远处电势为0，一正电荷q自处由静止释放，则（）

A.处的电场强度为0B.电荷M、N所带电量大小之比为C.正电荷q运动的过程中，加速度先增大后减小D.正电荷q运动的过程中，电势能先增大后减小5、已知表头的内阻为200Ω，满偏电流Ig为2mA，现将表头改装为量程为0-3V和0-10V的双量程电压表如图甲及量程为0-0.1A和的双量程电流表如图乙；则下列说法正确的是（）

A.图甲中使用A、B两个端点时，量程为0-10V，使用A、C两个端点时，量程为0-3VB.C.图乙中使用A、B两个端点时，量程为0-1A；使用A、C两个端点时，量程为0-0.1AD.6、如图所示，带负电的金属环绕轴OO′以角速度ω匀速旋转；在环左侧轴线上的小磁针最后静止时()

A.N极竖直向上B.N极竖直向下C.N极沿轴线向左D.N极沿轴线向右7、把电流均为I、长度均为L的两小段通电直导线分别置于磁场中的1、2两点处时，两小段通电直导线所受磁场力的大小分别为F1和F2，若已知1、2两点处碰感应强度的大小关系为B1<B2，则必有（）A.B.C.D.以上都不对评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)8、如图，电路中定值电阻阻值R大于电源内阻r，开关K闭合，将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表V1、V2、V3的示数变化量的绝对值分别为ΔU1、ΔU2、ΔU3，理想电流表示数变化量的绝对值为ΔI；正确的是。

A.V2的示数增大B.电源输出功率在增大C.ΔU3＞ΔU1＞ΔU2D.ΔU3与ΔI的比值在减小9、如图所示，在M、N两点分别固定点电荷+Q1、－Q2，且Q1>Q2，在MN连线上有A、B两点，在MN连线的中垂线上有C、D两点．某电荷q从A点由静止释放，仅在静电力的作用下经O点向B点运动，电荷q在O、B两点的动能分别为EKO、EKB，电势能分别为EpO、EpB，电场中C、D两点的场强大小分别为EC、ED，电势分别为则下列说法正确的是（）

A.EKO一定小于EKBB.EpO一定小于EpBC.EC一定大于EDD.一定小于10、如图所示匀强电场E的区域内，在O点处放置一点电荷＋Q，a、b、c、d、e、f为以O为球心的球面上的点，aecf平面与电场平行，bedf平面与电场垂直，则下列说法中正确的是（）

A.a、c两点的电场强度相同B.b点的电势等于d点的电势C.点电荷＋q在球面上任意两点之间移动时，静电力一定做功D.将点电荷＋q在球面上任意两点之间移动，从a点移动到c点电势能的变化量一定最大11、某温度检测装置原理如图所示。图中RT为热敏电阻（随温度升高阻值减小），RG为光敏电阻（随光照强度增大阻值减小），RG接收小灯泡L的光照，除RT、RG外，其他电阻均为定值电阻。当RT处温度升高时（）

A.L变暗B.通过R3的电流减小C.E2的路端电压增大D.R2消耗的功率增大12、如图所示，将带等量同种正电荷的两个点电荷分别固定在A、B点，其中OC是AB连线的中垂线，D点处于OC之间。不计重力和空气阻力；某同学对这两点电荷的电场分析后得到下列结论，其中正确的是（）

A.C点的电场一定比D点的更强B.若不能确定试探电荷正负，则无法判断C、D两点电势的高低C.O点处的电场强度为0D.若在C点由静止释放一带负电的点电荷，则该电荷在之后的运动中多次经过D点13、如图所示，带正电的点电荷固定于Q点，电子在库仑力作用下，做以O为焦点的椭圆运动。M、P、N为椭圆上的三点，P点是轨道上离Q最近的点。电子在从M点经过P到达N点的过程中

A.速率先增大后减小B.速率先减小后增大C.静电力先减小后增大D.电势能先减小后增大14、如图所示，半径为的圆内有一内接直角三角形，其中空间中存在与圆平面平行的匀强电场，将一带正电的试探电荷由点移动到点，电场力做的功为将该电荷由点移动到点，电场力做的功为已知该试探电荷的电荷量为则下列说法正确的是（）

A.匀强电场的方向由指向B.该试探电荷由移动到电势能减少C.点的电势比点的电势低D.该电场强度的大小为评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)15、如图所示的A、B、C、D四组静电实验中，能使左边的验电器的金箔张开的是______组和______组（A；B两组实验中小球的手柄均为绝缘手柄；D组实验中虚线框表示金属网罩）。

A.B.C.D.16、一根阻值为R的均匀电阻丝，均匀拉长至原来的2倍，电阻变为________。17、电功率。

（1）定义：电流在一段电路中所做的功与通电_______之比。

（2）公式：P＝＝_____。

（3）单位：_____，符号为____。

（4）意义：表示电流做功的______。18、如图所示，是匀强电场中一正方形的四个顶点，已知三点的电势分别由此可得D点电势________V；若该正方形的边长为且电场方向与正方形所在平面平行，则场强为_______

19、如图，某同学用伏安法测一个未知电阻的阻值，他仅将电压表接在b点，读得两表示数分别为U1=3.0V，I1=3.0mA，然后将电压表改接在a点，读得两表的示数分别为U2=2.9V，I2=4.0mA，由此可知电压表应接到_________点误差较小，测得的Rx的值为____________Ω。

20、如图甲，在一个点电荷Q的电场中，让x轴与它的一条电场线重合，坐标轴上A、B两点的坐标分别为4.0m和8.0m。放在A、B两点的试探电荷受到的电场力方向都跟x轴的正方向相同，电场力的大小跟试探电荷所带电量的关系如图乙中直线a、b所示，放在A点的电荷带负电，放在B点的电荷带正电。则A点的电场强度EA的大小为_______N/C，方向____；点电荷Q带_____（填“正电"或“负电"），Q的位置坐标x=______m。

21、如图所示，平行板电容器板面水平，放置于空气中，两板与电源相接，A板接静电计小球，B板接静电计外壳，开始开关S闭合；有一个带电粒子在电容器中恰好静止。

（1）将A板水平向左移动一段距离，粒子的运动情况是___________（填“静止”、“向上运动”或“向下运动”）。电容器所带的电荷量的变化情况是___________（填“增多”；“减少”或“不变”）。

（2）如果先断开开关S，再把A板向左移动一段距离，则粒子的运动情况是___________（填“静止”、“向上运动”或“向下运动”）静电计指针张角的变化情况是___________（填“增大”；“减小”或“不变”）。

评卷人得分四、作图题(共4题，共36分)22、如图所示，磁感应强度大小为的匀强磁场仅存在于边长为的正方形范围内，左右各一半面积的范围内，磁场方向相反。有一个边长为的正方形导线框垂直磁感线方向以速度匀速通过磁场。从边进入磁场算起；规定刚开始时磁通量为正值，画出穿过线框的磁通量随时间的变化图像。

23、以下是几种点电荷的电场线的分布情况；请标出图中各电荷的电性。

24、如图，黑箱面板上有三个接线柱1、2和3，黑箱内有一个由四个阻值相同的电阻构成的电路。用欧姆表测得1、2接线柱之间的电阻为2、3接线柱之间的电阻为1、3接线柱之间的电阻为在虚线框中画出黑箱中的电阻连接方式。

25、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

评卷人得分五、实验题(共1题，共3分)26、某实验小组在“测定金属的电阻率”实验中；所用测量仪器均已校准。

（1）该小组的同学用螺旋测微器测量金属丝的直径d，其中某一次测量结果如图所示，其读数应为___________mm；

（2）已知该金属丝的阻值约为5Ω。现用伏安法测量其阻值Rx；要求测量结果尽量准确，使待测电阻两端的电压能从零开始变化，现备有以下器材：

A．电池组（3V；内阻不计）

B．电流表（0~3A；内阻约为0.1Ω）

C．电流表（0~0.6A；内阻约为0.2Ω）

D．电压表（0~3V，内阻约为3kΩ）

E．电压表（0~15V，内阻约为15kΩ）

F．滑动变阻器（0~20Ω）

G．滑动变阻器（0~2000Ω）

H．开关；导线。

上述器材中，电流表应选___________，电压表应选___________，滑动变阻器应选___________。

（3）请按要求在下面方框中画出实验原理图___________。

（4）该小组同学利用该原理图正确连接好电路；进行实验测量，记录数据如下：

。次数。

1

2

3

4

5

6

7

U/V

0.10

0.30

0.70

1.00

1.50

1.70

2.30

I/A

0.020

0.060

0.160

0.220

0.340

0.460

0.520

这个小组的同学在坐标纸上建立U、I坐标系，如图所示，图中已标出了与测量数据对应的5个坐标点。请在图中标出第2、4次测量数据的坐标点，并描绘出U-I图线___________。已知待测金属丝接入电路部分的长度为L=0.50m，根据以上数据可以估算出金属丝电阻率约为___________。

评卷人得分六、解答题(共2题，共4分)27、如图所示，电源电动势有E=12V，内阻r=0.5Ω，“10V、20W”的灯泡L与直流电动机M并联在电源两极间，灯泡恰能正常发光，已知电动机线圈的电阻为RM=1Ω；求：

（1）流过内阻的电流为多少？

（2）电动机的输出功率为多少？

（3）电源的效率为多少？

28、如图，真空中xOy平面直角坐标系上的ABC三点构成等边三角形，边长L=2.0m。若将电荷量均为q=+2.0×10-6C的两点电荷分别固定在A、B点，已知静电力常量k=9.0×109N·m2/C2。求：

(1)两点电荷间的库仑力大小；

(2)C点的电场强度的大小和方向。

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、D【分析】【详解】

A．电源内部是通过非静电力做功将正电荷从负极移至正极的；故A错误；

B．电容器的电容由本身性质决定；与它所带的电量以及两端间的电压无关，电容器不充电时电容不变，故B错误；

C．根据并联电路电阻的特点：

可知并联电路中增加一个支路则总电阻变小；故C错误；

D．根据金属电阻率的特点可知金属的电阻率随温度的升高而增大；故D正确。

故选D。2、D【分析】【详解】

游标卡尺为10等分度，则由主尺和游标尺读数可知

螺旋测微器测量导体的直径为

由于读数造成的偶然误差的存在；3.275mm~3.279mm皆可。

故选D。3、B【分析】【详解】

小球A悬浮于空中时，Q1对其库仑力F1＝k

Q2对其库仑力F2＝k

受力分析如图所示。

由几何关系知θ＝37°

由平衡条件知F1＝mgsin37°，F2＝mgcos37°

解得＝

将A置于水平面上静止，则k＝k

得

B正确；ACD错误。

故选B。4、B【分析】【详解】

A．图像，斜率表示电场强度，在处的图像斜率不为零；则电场强度也不为零，故A错误；

B．处图像斜率为零，则满足

所以电荷M、N所带电量大小之比为

故B正确；

C．一正电荷q自处由静止释放，根据电势变化情况可知，自处右侧场强方向先沿轴正方向后沿轴负方向，场强先减小为零后反向增大再减小，根据牛顿第二定律，有

可知正电荷q运动的过程中；加速度先减小为零后反向增大再减小，故C错误；

D．一正电荷q自处由静止释放，根据电势变化情况可知，自处右侧场强方向先沿轴正方向后沿轴负方向；电场力先做正功后做负功，电势能先减小后增大，故D错误。

故选B。5、C【分析】【详解】

A．图甲中使用A、C两个端点时，量程为0-10V，使用A、B两个端点时；量程为0-3V，故A错误；

B．根据

解得

根据

得

故B错误；

C．图乙中使用A、B两个端点时，量程为0-1A；使用A、C两个端点时；量程为0-0.1A，故C正确；

D．根据

解得

故D错误。

故选C。6、C【分析】【详解】

带负电的金属环匀速旋转，可产生反向旋转的环形等效电流，根据安培定则知，环内形成水平向左的磁场，故小磁针静止时N极沿轴线向左；故C正确，ABD错误。

故选C．7、D【分析】【详解】

AB.由题意可知，当将通电导线垂直放入磁场时，由得若不是垂直放入磁场时；则磁感应强度比以上值要大，故AB错误.

CD.两点处磁感应强度的大小关系虽然为B1<B2，但不知通电导线是否与磁场垂直放置，则两者所受磁场力大小关系无法确定，故C错误，D正确.二、多选题(共7题，共14分)8、B:C【分析】【详解】

理想电压表内阻无穷大，相当于断路．理想电流表内阻为零，相当短路，所以R与变阻器串联，电压表分别测量R；路端电压和变阻器两端的电压．当滑动变阻器滑片向下滑动时；接入电路的电阻减小，电路中电流增大．

A.根据闭合电路欧姆定律得：的示数

I增大，减小；故A错误；

B.电路中定值电阻阻值R大于电源内阻r；外电阻减小，电源输出功率在增大，故B正确；

D.由闭合欧姆定律得：

解得

所以不变；故D错误；

C.由闭合欧姆定律得：

又定值电阻阻值R大于电源内阻阻值r，则故C正确．9、A:C【分析】【详解】

AB．电荷q从A点由静止释放，仅在静电力的作用下经O点向B点运动；说明静电力方向向右，静电力对电荷做正功，所以电荷动能增加，电势能减小，故A项正确，B项错误；

C．据和正点荷产生电场方向由正电荷向外，负电荷产生的电场指向负电荷可得CD两点场强如图。

两电荷在C处产生的场强大，夹角小，据平行四边形定则可得EC一定大于ED；故C项正确；

D．由C的分析可知MN连线的中垂线上半部分各点的场强方向向右上方，据等势线与电场线垂直，顺着电场线电势降低，可得一定大于故D项错误。

故选AC。10、B:D【分析】【详解】

A．点电荷＋Q在a、c两点的电场强度大小相等；方向相反，可知与匀强电场叠加后，合场强大小不相等，故A错误；

BC．点电荷＋Q在b、d两点的电势相等，匀强电场在b、d两点的电势相等，电势是标量，可知点电荷和匀强电场叠加后，b点的电势等于d点的电势，点电荷＋q沿bedf在球面上b、d两点之间移动时；静电力不做功，故B正确，C错误；

D．点电荷＋Q在球面上任意点的电势均相等；匀强电场在球面上的a点的电势最高，在球面上的c点的电势最低；故叠加后球面上的a点的电势最高，c点的电势最低，根据

可知将点电荷＋q在球面上任意两点之间移动，从a点移动到c点电场力做功最大；电势能的变化量最大，故D正确。

故选BD。11、B:D【分析】【详解】

当RT处温度升高时，RT减小，左侧电路总电阻减小，总电流增大，L变亮，则RG减小，右侧电路总电阻减小，总电流增大，R2消耗的功率增大，E2内电压增大，路端电压减小，而R2和R两端电压之和增大，所以R3两端电压减小，通过R3的电流减小。

故选BD。12、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．在两等量同号电荷连线的中垂线上，中间点电场强度为零，越往两边场强先增大后减小，也可以从电场线的疏密判断，由于不清楚C点的位置，所以C点的电场强度不一定比D点的电场强度大；故A错误；

B．在两等量正电荷连线的中垂线上，电场方向由点电荷连线中点指向无穷远处，沿着电场线方向电势逐渐降低，所以D点的电势高于C点的电势，所以不需要确定正负电荷，也能判断C、D两点电势的高低；故B错误；

C．A、B两点电荷在O点的电场强度大小相等，方向相反，由电场的叠加原理可得，O点的合场强为零；故C正确；

D．在C点释放一负的试探电荷，根据其受力向O点加速，到O点时速度最大，然后向下减速为零后，再向上运动，即围绕O点下下振动，多次经过D点；故D正确。

故选CD。13、A:D【分析】【分析】

【详解】

ABD．电子从M点经过P到达N点的过程中；库仑力先做正功再做负功，运动的速度先增大后减小，则电势能先减小后增大，AD正确，B错误；

C．电子从M点经过P到达N点的过程中；两电荷之间的距离先减小后增大，由库仑定律可得，静电力先增大后减小，C错误；

故选AD。14、B:C:D【分析】【分析】

逻辑推理能力；分析综合能力。

【详解】

B．设a点的电势为零，则试探电荷在a点的电势能为零，结合题意可知试探电荷在b点的电势能为b点的电势为

同理，试探电荷在c点的电势能为c点的电势为

b、c两点的电势差为

试探电荷由b移动到c，电场力做的功为

故B正确；

C．O点为的中点，则O点的电势为

所以O、b两点的电势差为

即O点的电势比b点的电势低2V；C正确；

AD．由以上分析可知，a、c两点的电势差为

电场沿a、c方向的电场强度大小为

电场沿b、c方向的电场强度大小为

所以电场强度的大小为

电场强度与a、c方向成θ

故A错误；D正确。

故选BCD。三、填空题(共7题，共14分)15、A:C【分析】【分析】

【详解】

[1][2]AB．处于静电平衡状态下的导体所带的电荷都分布在导体的外表面；故A能使验电器带电，B不能使验电器带电；

C．将验电器与带电物体用导线连接；二者组成新的导体，导致电荷在新的导体表面重新分布，所以可以使验电器带电，故C能使验电器带电；

D．由于静电屏蔽的作用，验电器不受外电场的影响，故金属箔是闭合的，D不能使验电器带电。16、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】4R17、略

【分析】【详解】

略【解析】①.时间②.UI③.瓦特④.W⑤.快慢18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]如下图所示。

连接AC，则可知，AC段的电势差为

取AC中点E，根据匀强电场中沿电场线方向相等距离，电势差相等可知，E点的电势为6V，连接BD可知，BED应为等势线，故说明D点的电势为6V，由几何关系可知，AC长度为

根据匀强电场中电势差与电场强度的关系得【解析】①.6②.45019、略

【分析】【详解】

[1]两种接法中两表示数变化分别为

则

显然，电流表示数变化较电压表示数变化明显，这说明电压表的分流作用较大，为了减小误差，应采用电流表内接法，即电压表接b点；

[2]由欧姆定律可得【解析】b100020、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]A点的电场强度EA的大小为。

放在A点的电荷带负电，则场强方向沿轴负方向；

[3][4]点电荷Q带正电，因为B点的电场强度EB的大小为。

方向沿x轴正向，可知点电荷Q在AB两点之间，设点电荷Q距离A点为x，距离B点为y；则。

x+y=4m根据。

可得。

解得。

x=1my=3m则Q的位置坐标。

xQ=5m【解析】60沿轴负方向正电5.021、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]两极板电压不变，根据

将A板水平向左移动一段距离；两板间距离不变，所以两极板间的电场强度不变，粒子的运动情况是静止。

[2]根据

将A板水平向左移动一段距离，正对面积减小，所以电容减小，再根据

电容器所带的电荷量的变化情况是减少。

（2）[3]如果先断开开关S，两极板的电荷量保持不变，根据

再把A板向左移动一段距离，正对面积减小，所以电场强度增大，则

粒子的运动情况是向上运动。

[4]根据

将A板水平向左移动一段距离，正对面积减小，所以电容减小，再根据

则两极板间的电势差增大，所以静电计指针张角的变化情况是增大。【解析】①.静止②.减少③.向上运动④.增大四、作图题(共4题，共36分)22、略

【分析】【分析】

【详解】

线框穿过磁场的过程可分为三个阶段，进入磁场阶段（只有边在磁场中），在磁场中运动阶段（两边都在磁场中），离开磁场阶段（只有边在磁场中）。

①线框进入磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性增加，最后为

②线框在磁场中运动阶段：对应，时间内，穿过线框的磁通量线性减小，最后为时间内，穿过线框的磁通量反向线性增加，最后为

③线框离开磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性减小，最后为

画出图像如图所示。

【解析】见解析23、略

【分析】【分析】

【详解】

根据电场线从正电荷出发；终止与负电荷及等量同种，等量异种点电荷电场线的分布特点，可标出电荷的电性如图所示。

【解析】见解析24、略

【分析】【详解】

因为1；2接线柱之间的电阻与2、3接线柱之间的电阻之和等于1、3接线柱之间的电阻；所以2为中间的结点，又因为2、3接线柱之间的电阻与1、2接线柱之间的电阻的差等于1、2接线柱之间的电阻的一半，故2、3之间有两个电阻井联，后再与第三个电阻串联，每个电阻均为1Ω，连接方式如图所示。

【解析】25、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）