2025年湘教新版高一物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年湘教新版高一物理下册月考试卷763考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图所示,质量为m的小球,从位于竖直平面内的圆弧形曲面上下滑,由于摩擦力的作用，小球从a到b运动速率增大，b到c速率恰好保持不变，c到d速率减小，则（）A.小球ab段和cd段加速度不为零，但bc段加速度为零B.小球在abcd段过程中加速度全部不为零C.小球在整个运动过程中所受合外力大小一定，方向始终指向圆心D.小球只在bc段所受合外力大小不变方向指向圆弧圆心2、在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献.

关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是(

)

A.伽利略发现了行星运动的规律B.卡文迪许通过实验测出了引力常量G

C.牛顿发现了万有引力定律并给出了万有引力常量的数值D.第谷第一次对天体做圆周运动产生了怀疑3、小明到两商场选购商品，发现两商场自动扶梯倾斜度一样，但坡面不同，如图，小明站在自动扶梯上随扶梯一起向上匀速运动，已知小明体重G，鞋底与扶梯间的动摩擦因数为μ，扶梯与水平面间的夹角为θ，小明在两自动扶梯上受到的摩擦力大小分别为f甲、f乙，扶梯对小明的支持力分别为FN甲、FN乙；则下列说法正确的是（）

A.f甲=f乙=μGcosθ

B.FN甲=FN乙=Gcosθ

C.FN甲=GFN乙=Gcosθ

D.f甲=Gsinθf乙=0

4、某物体沿直线运动；它的v-t图象如图，则下列说法正确的是（）

A.1秒末；2秒末是速度方向改变的时刻。

B.第3秒内位移为3米。

C.t=0和t=4秒末；速度是0，加速度也为0

D.0.5秒末的速度与3秒末的速度方向相反。

5、如图所示，两个相同的立方体A和B，叠放在水平桌面上，今以水平力F拉B，而两立方体均保持静止，则下列结论不正确的是（）A.A和B之间不存在摩擦力作用B.A和B之间存在静摩擦力作用C.B与桌面间存在静摩擦力作用D.若撤去外力F，则A和B之间，B与水平面之间都不存在摩擦力6、如图所示，有一箱装得很满的土豆，以一定的初速度在动摩擦因数为μ的水平地面上做匀减速直线运动，不计其他外力及空气阻力，则其中一个质量为m的土豆A受其他土豆对它的总作用力的大小是（）A.mgB.μmgC.mgD.mg评卷人得分二、填空题(共9题，共18分)7、如图所示，如果把钟表上的时针、分针、秒针看成匀速转动，那么它们的角速度之比为ω时∶ω分∶ω秒＝________；设时针、分针、秒针的长度之比为1∶1.5∶1.8，那么三个指针尖端的线速度大小之比为v时∶v分∶v秒＝________.8、从静止开始以2m/s2的加速度做匀加速直线运动的物体，2s末的速度为____m/s，2s内发生的位移为____m，第2s内的位移为____m，发生16m的位移所用时间为____s，发生25m的位移时的速度为____m/s．9、在行驶着的火车车厢里的桌面上放一个皮球．当皮球突然相对于车厢向后运动时，这表明火车在做______运动．如果列车突然向右拐弯，小球将向______运动．10、2009

年5

月，航天飞机在完成对哈勃空间望远镜的维修任务后，在A

点从圆形轨道Ⅰ进入椭圆轨道Ⅱ，B

为轨道Ⅱ上的一点，如图所示，关于航天飞机的运动，有如下说法：(

空白处填=><)

(1)

在轨道Ⅱ上经过A

的速度______在轨道Ⅰ上经过A

的速度。

(2)

在轨道Ⅱ上经过A

的速度______第一宇宙速度。

(3)

在轨道Ⅱ上运动的周期______在轨道Ⅰ上运动的周期。

(4)

在轨道Ⅱ上经过A

的加速度______在轨道Ⅰ上经过A

的加速度．11、汽车沿半径为R

的圆跑道行驶，跑道的路面是水平的，路面作用于车轮的横向摩擦力的最大值是车重的1/20

要使汽车不致于冲出圆跑道，车速最大不能超过_________。12、建筑工人用图所示的定滑轮装置运送建筑材料.

质量为100kg

的工人站在地面上，通过定滑轮将20kg

的建筑材料以0.5m/s2

的加速度拉升，忽略绳子和定滑轮的质量及定滑轮的摩擦，则工人对地面的压力大小为______(g

取lOm/s2)

13、一个重10N的物体从高处由静止开始自由下落，不计空气阻力，则3s内重力对物体做的功为___________J；第3s末重力的瞬时功率为___________W。（g取）14、一质点绕半径为圆周运动，若质点运动了周，则其位移大小为____路程是____15、某同学利用图甲所示的实验装置；探究物块在水平桌面上的运动规律．物块在重物的牵引下开始运动，重物落地后，物块再运动一段距离停在桌面上（尚未到达滑轮处）．从纸带上便于测量的点开始，每5个点取1个计数点，相邻计数点间的距离如图乙所示．打点计时器电源的频率为50Hz．

（1）计数点5对应的速度大小为______m/s，计数点6对应的速度大小为______m/s．（保留三位有效数字）

（2）物块减速运动过程中加速度的大小为a=______m/s2．评卷人得分三、实验探究题(共9题，共18分)16、“探究加速度与物体质量；物体受力的关系”的实验装置如图1所示。

（1）若取小车的质量为0.4kg，改变砝码和砝码盘的质量m进行多次实验，以下m的取值不合适的一个是______

A．m1=20gB．m2=30gC．m3=40gD．m4=300g

（2）下列说法正确的是______

A．通过作v-t图象求a；可以更好地减小误差。

B．在平衡摩擦力时；需要拿走小盘，纸带穿过打点计时器，并固定在小车的尾端，然后调节斜面倾角，轻推小车，使小车在斜面上匀速下滑。

C．每改变一次小车的质量；需要重新平衡一次摩擦力。

D．打点计时器应用低压直流电源。

（3）某同学平衡摩擦力后；保持小车质量不变，改变砝码盘中砝码的质量，测得小车加速度a与砝码盘中砝码总重力F的实验数据如下表：

。砝码盘中砝码。

总重力F（N）0.1960.3920.5880.7840.980加速度a（m•s-2）0.691.181.662.182.70图2是由实验数据作出的a-F图象，分析图线不通过原点的原因______．

（4）某同学设计了如图3所示的实验装置，若轻小滑轮与绳之间摩擦可以忽略不计，下列正确的是______

A．小车仍需平衡摩擦B．钩码质量m仍需远小于小车质量M

C．弹簧秤读数F=mg/2D．以上都不正确．17、((一))一个有一定厚度的圆盘，可以绕通过中心垂直于盘面的水平轴转动.

用下面的方法测量它匀速转动时的角速度.

实验器材：电磁打点计时器，刻度尺，纸带，导线，交流电等实验步骤：(1)

如图所示，将电磁打点计时器固定在桌面上，将纸带的一端穿过打点计时器的限位孔后，固定在待测圆盘的侧面上，使得圆盘转动时，纸带可以卷在圆盘侧面上．

(2)

启动控制装置使圆盘转动，同时接通电源，打点计时器开始打点．(3)

经过一段时间；停止转动和打点，取下纸带，进行测量．

垄脵垄脵实验中应选用的电源是((_____))A.220V

交流电源B.4鈭�6V

低压交流电源C.4鈭�6V

低压直流电源垄脷

若已知打点的周期为Tx1

为纸带上计算位移的初始位置坐标，x2

为终了位置坐标，x1

与x2

之间一共有n

个打的点(

包含x1

和x2)

圆盘的半径为r

则角速度的表达式为娄脴=

_________．垄脹

某次实验测得圆盘半径r=5.50隆脕10鈭�2m

得到的纸带的一段如图所示.

求得角速度为______.(

交流电源频率50Hz

结果保留____有效数字)

((二))(1)

在做“探究平抛运动”的实验时，让小球多次从同一高度释放沿同一轨道运动，通过描点法画小球做平抛运动的轨迹.

为了能较准确地描绘运动轨迹.

下面列出了一些操作要求，将正确的选项前面的字母填在横线上________．A.调节斜槽的末端保持水平B.每次释放小球的位置必须不同C.每次必须由静止释放小球D.小球运动时不应与木板上的白纸(

或方格纸)

相接触(2)

未来在一个未知星球上用如图甲所示装置研究平抛运动的规律.

悬点O

正下方P

点处有水平放置的炽热电热丝，当悬线摆至电热丝处时能轻易被烧断，小球由于惯性向前飞出做平抛运动.

现对小球采用频闪数码照相机连续拍摄.

在有坐标纸的背景屏前，拍下了小球在做平抛运动过程中的多张照片，经合成后，照片如图乙所示.abcd

为连续四次拍下的小球位置，已知照相机连续拍照的时间间隔是0.10s

照片大小如图中坐标所示，又知该照片的长度与实际背景屏的长度之比为14

则：垄脵

由以上信息，可知a

点________(

选填“是”或“不是”)

小球的抛出点；垄脷

由以上及图信息，可以推算出该星球表面的重力加速度为________m/s2

垄脹

由以上及图信息可以算出小球在b

点时的速度是________m/s((以上结果小数点后都保留两位数字))18、在做“探究加速度与力、质量的关系”的实验时，某学生将实验装置如图甲安装，准备接通电源后开始做实验．(1)

图中砂和砂桶的总质量为m

小车和砝码的总质量为M

实验中用砂和砂桶总重力的大小作为细线对小车拉力的大小，试验中，为了使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，先调节滑轮的高度，使细线与长木板平行，接下来还需要进行的一项操作是_____A.将长木板水平放置，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，给打点计时器通电，调节m

的大小，使小车在砂和砂桶的牵引下运动，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动B.将长木板的一端垫起适当的高度，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，撤去砂和砂桶，给打点计时器通电，轻推一下小车，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动C.将长木板的一端垫起适当的高度，撤去纸带以及砂和砂桶，轻推一下小车.

观察判断小车是否做匀速运动D.当改变小车的质量时，需要重新平衡摩擦力(2)

实验中要进行质量M

和m

的选取，才能认为绳子的拉力约等于mg

以下最合理的一组是_____A.M=100gm=40g50g60g80g100g120g

B.M=200gm=10g15g20g25g30g40g

C.M=200gm=40g50g60g80g100g120g

D.M=400gm=10g15g20g25g30g40g

(3)

图乙是实验中得到的一条纸带，ABCDE

为5

个相邻的计数点，相邻的两个计数点之间还有四个点未画出.

量出相邻的计数点之间的距离分别为SAB=4.22cmSBC=4.65cmSCD=5.08cmSDE=5.49cm.

已知打点计时器的工作周期为T=0.02s

则打点计时器打下c

点时的速度大小为：VC=

_____m/s

小车的加速度为：a=

_____m/s2

。(

结果保留2

位有效数字)

(4)

在验证当小车的质量一定时，小车的加速度与合外力F

的关系时，小华所在的实验小组根据实验数据作出了如图所示的a鈭�F

图象，其原因可能是___________________；图线的斜率代表的物理意义是：_______________．19、利用如图甲所示的装置进行验证机械能守恒定律的实验：

(1)

张同学在实验中；测得所用的重物质量为1.00kg

得到一条点迹清晰的纸带(

如图乙所示)

把第一个打点记作O

另选连续的五个打点ABCDE

作为测量点，测得ABCDE

各点到O

点的距离分别为3.14cm4.90cm7.05cm9.59cm12.49cm

已知电磁打点计时器所用的电源为频率为50Hz

查得当地的重力加速度g=9.80m/s2

根据以上数据进行数据处理，可得：打点计时器打下D

点时，重物下落的速度v0=

______m/s

对应由打点O

运动到打点D

过程，重物重力势能的减少量等于______J

动能的增加量等于______J.(

计算结果取三位有效数字)

(2)

若李同学在测量数据时不慎将上述纸带从OA

之间扯断；他仅利用A

点之后的纸带能否实现验证机械能守恒定律的目的？______(

填“能”或“不能”)

．

(3)

若王同学在实验中打出的纸带第一、二打点间的距离为0.32cm

其原因是：______．20、在《探究功与物体速度变化的关系》实验时；小车在橡皮条弹力的作用下被弹出，沿木板滑，实验装置如图1所示。

（1）适当垫高木板是为了______；

（2）通过打点计器的纸带记录小车的运动情况；观察发现纸带前面部分点迹疏密不匀，后面部分点迹比较均匀，通过纸带求小车速度时，应使用纸带______（填“全部”；“前面部分”或“后面部分”）；

（3）关于实验中的操作或分析；下列叙述正确的是______

A．实验中所选用橡皮筋的规格要一致。

B．实验中；橡皮筋拉伸的长度没有必要保持一致。

C．小车在橡皮筋的作用下保持无初速度弹出。

D．每次实验必须设法算出橡皮筋对小车做功的具体数值。

（4）实验中，甲、乙两位同学的实验操作均正确。甲同学根据实验数据作出了W-v图，如图2甲，并由此图线得出“功与速度的平方一定成正比”的结论。乙同学根据实验数据作出了W-v2图；如图2乙，并由此也得出“功与速度的平方一定成正比”的结论。关于甲；乙两位同学的分析，你的评价是______

A．甲的分析不正确；乙的分析正确B．甲的分析正确，乙的分析不正确。

C．甲和乙的分析都正确D．甲和乙的分析都不正确。21、用如图实验装置验证m1m2

组成的系统机械能守恒。m2

从高处由静止开始下落；m1

上拖着的纸带打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒定律。下图给出的是实验中获取的一条纸带：0

是打下的第一个点，每相邻两计数点间还有4

个点(

图1

中未标出)

计数点间的距离如图所示。已知m1=50gm2=150g

则(g

取9.8m/s2

结果保留两位有效数字)

(1)

在打点0隆陋5

过程中系统动能的增量鈻�EK=

___J

系统势能的减少量鈻�Ep=

______J

(2)

若某同学作出12v2隆陋h

图象如图2

则当地的实际重力加速度g=

___m/s2

22、实验小组在“实验：探究碰撞中的不变量”的实验中，采用如图所示装置通过半径相同的AB

两球的碰撞来进行探究。图中PQ

是斜槽，QR

为水平槽。实验时先使A

球从斜槽上某一固定位置G

由静止开始滚下，落到位于水平地面的记录纸上，留下痕迹。重复上述操作10

次，得到10

个落点痕迹。再把B

球放在水平槽上靠近末端的地方，让A

球仍从位置G

自静止开始滚下，和B

球碰撞后，AB

球分别在记录纸上留下各自的落点痕迹。重复这种操作10

次。图中的O

点是水平槽末端R

在记录纸上的垂直投影点。B

球落点痕迹如图所示，其中米尺水平放置，且平行于GRO

所在平面，米尺的零点与O

点对齐。(1)

碰撞后B

球的水平射程应取为____________cm

(2)

在以下选项中，哪些是本次实验必须进行的测量？____________(

填选项号)

A、水平槽上未放B

球时，测量A

球落点位置到O

点的距离；B、A

球与B

球碰撞后，测量A

球落点位置到O

点的距离；C、测量AA球或BB球的直径；D、测量A

球或B

球的质量(

或两球质量之比)

E、测量GG点相对水平槽面的高度。23、一实验小组利用数字实验系统探究圆周运动中向心力与角速度、半径的关系.

他们让一砝码做半径r=0.08m

的圆周运动；通过数字实验系统测得到若干组向心力F

和对应的角速度娄脴

做出F鈭�娄脴

的关系图象如图甲所示．

(1)

通过分析图象；猜测F

与娄脴2

可能成正比.

为进一步证实猜测，可做______关系图象来验证．

(2)

将砝码做圆周运动的半径r

分别调整为0.04m0.12m

在一个坐标系中又得到两条F鈭�娄脴

图象，如图乙所示.

做一条平行于纵轴的辅助线，观察______和______的比值，得到力F

和半径r

成正比的结论．24、(1)

在一次课外活动中；某同学用如图(a)

所示的装置测量放在水平光滑桌面上铁块A

与金属板B

之间的动摩擦因数，已知铁块A

的质量mA=1kg

金属板B

的质量mB=0.5kg

用水平力F

向左拉金属板B

使其向左运动，弹簧称示数的放大情况如图所示，则AB

间的摩擦力F娄脤=

______NAB

间的动摩擦因数娄脤=

______(g

取10m/s2).

(2)

该同学还设计性地将纸带连接在金属板B

的后面，通过打点计时器连续打下一些计时点，取时间间隔为0.1s

的几点，测量后结果如图(b)

所示；则金属板被拉动的加速度a=

______m/s2

由此可知水平力F=

______N.

评卷人得分四、画图题(共2题，共16分)25、画出下面2个物体所受重力的图示（1）放在桌面上的质量为m=0.1kg的字典（2）抛出后在空中飞行的质量为m=5kg的铅球。26、画出下面2个物体所受重力的图示（1）放在桌面上的质量为m=0.1kg的字典（2）抛出后在空中飞行的质量为m=5kg的铅球。评卷人得分五、推断题(共4题，共16分)27、已知rm{A}的产量通常用来衡量一个国家的石油化工水平，现以rm{A}为主要原料合成高分子化合物rm{E}和一种具有果香味的物质rm{F}其合成路线如图所示。回答下列问题：rm{(}提示图中rm{C隆煤}rm{D}的转化关系是：rm{CH_{3}CHO隆煤CH_{3}COOH)}rm{(1)}工业上由石蜡制取rm{A}的方法称作：______，rm{A隆煤B}的反应类型_____________。rm{(2)A}中官能团的结构式为________________________，rm{B}的官能团名称为_____________。rm{(3)}反应rm{垄脻}的化学方程式：_______________________，其中浓硫酸的作用是______________。rm{(4)}下列有关rm{A}和rm{E}的叙述正确的是______。rm{a.}均能使溴水褪色rm{b.}均只含极性键rm{c.}最简式相同rm{d.}均属于纯净物rm{(5)}写出由rm{B隆煤C}的反应方程式：____________________________。28、A、rm{B}rm{C}rm{D}均为中学化学常见物质，且均含有同一种元素，它们之间有如下转化关系，其中rm{A}是单质。

rm{(1)}若rm{A}是一种淡黄色固体，rm{B}是气态氢化物，rm{C}rm{D}为氧化物，rm{C}是形成酸雨的主要物质。请写出rm{C}与rm{B}反应的化学方程式_____________。rm{(2)}若rm{B}是气态氢化物，rm{C}rm{D}为气态氧化物，且rm{C}rm{D}是形成光化学烟雾的一个重要原因。请写出反应rm{垄脹}的化学方程式_________________。实验室中检验气体rm{B}用的试剂或用品为________________。rm{(3)}若rm{B}rm{D}既能溶于强酸溶液，又能溶于强碱溶液，反应rm{垄脷垄脹}均需要强碱性溶液，反应rm{垄脺}可以通过滴加少量稀盐酸实现。据此判断rm{A}元素是__________。请写出rm{垄脷}的离子方程式__________________。rm{(4)}若rm{C}是一种淡黄色固体，常用于呼吸面具中的供氧剂，rm{D}是一种强碱。则rm{C}作供氧剂时氧化产物和还原产物的物质的量之比为_____________；焰色反应时，rm{D}的火焰呈_______色。29、现有金属单质rm{A}rm{B}rm{C}和气体甲、乙、丙以及物质rm{D}rm{E}rm{F}rm{G}rm{H}它们之间的相互转化关系如下图所示rm{(}图中有些反应的生成物和反应的条件没有标出rm{)}请回答下列问题：rm{(1)}写出下列物质的化学式：rm{B}_________，丙_________，rm{F}________，rm{H}_________rm{(2)}根据要求回答：rm{1)D}溶液和rm{F}溶液在空气中混合的现象：_________________________________；rm{2)}反应rm{垄脹}离子方程式___________________________________________________；rm{3)}反应rm{垄脽}离子方程式___________________________________________________；rm{4)}反应rm{垄脼}化学方程式___________________________________________________。30、现有金属单质rm{A}rm{B}rm{C}和气体甲、乙、丙及物质rm{D}rm{E}rm{F}rm{G}rm{H}它们之间能发生如下反应rm{(}图中有些反应的产物和反应的条件没有全部标出rm{)}

请根据以上信息回答下列问题：

rm{(1)A}物质在空气中燃烧的产物是_____色的粉末，该粉末与rm{CO}物质在空气中燃烧的产物是_____色的粉末，该粉末与rm{(1)A}rm{CO}rm{{,!}_{2}}写两种反应放出的气体为______________。该粉末的用途__________________rm{(}写两种rm{)}

rm{(}rm{)}写出反应和rm{(2)}写出反应rm{垄脵}和rm{垄脹}的离子反应方程式：________________________________________，的离子反应方程式：________________________________________，_________________________________________________。rm{(2)}写出rm{垄脵}转化成rm{垄脹}的离子反应方程式：__________________________。鉴别物质rm{(3)}中的阳离子的实验方法为__________________________________。rm{F}写出实验室处理乙的尾气的离子反应方程式：________________________________。rm{G}参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B|D【分析】因小球做曲线运动，所以小球在abcd段过程中加速度全部不为零，A错，B对；小球在整个运动过程中速率变化，所受合外力大小变化，C错；小球只在bc段做匀速圆周运动，所受合外力大小不变方向指向圆弧圆心，D对。【解析】【答案】BD2、B【分析】解：A

发现并总结了行星运动的规律是开普勒；而不是伽利略发现的，故A错误．

B；牛顿发现万有引力之后；首先是卡文迪许通过实验测出了引力常量G.

故B正确，C错误；

D；开普勒第一次对天体做圆周运动产生了怀疑；他通过分析第谷的数据提出天体的运动应是椭圆；故D错误．

故选：B

本题抓住开普勒发现并总结了行星运动的规律；卡文迪许通过实验测出了引力常量、伽利略最早指出力不是维持物体运动的原因；即可进行解答．

解答本题的关键是掌握力学常见的物理学史，了解牛顿、伽利略、开普勒等等著名科学家的成就【解析】B

3、C【分析】

分别对甲乙两图的小明进行受力分析；如图所示：

根据小明站在自动扶梯上随扶梯一起向上匀速运动；所以小明受力平衡，则：

FN甲=G，FN乙=Gcosθ

故选C．

【解析】【答案】根据匀速运动可知；小明受平衡力，对小明进行受力分析，即可得出结论．

4、B【分析】

A；1秒末；2秒末前后速度一直为正值，速度方向未发生变化，故A错误．

B；第3秒内初速度为4m/s；末速度为2m/s，所以平均速度为3m/s，位移为3米，故B正确．

C；速度时间图象切线代表该位置的加速度；向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；t=0和t=4秒末，速度是0，但是斜率分别为正值和负值，即加速度分别为正值和负值，均不为零，故C错误．

D；0.5秒末的速度与3秒末的速度完全相同；即大小方向均相同，故D错误．

故选：B

【解析】【答案】在速度时间图象中；某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；切线代表该位置的加速度，向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负．

5、B【分析】解：A；B、以A为对象；水平方向不受力，所以A和B之间不存在摩擦力作用，故A正确，B不正确；

C；以AB为研究对象；水平方向受拉力F和桌面间的静摩擦力而平衡，故C正确；

D；若撤去外力F；则A和B之间，B与水平面之间都不存在摩擦力，故D正确；

本题选不正确的；故选：B．

分别以A；AB整体为研究对象；根据平衡条件研究A与B间，B与地面间的摩擦力，判断两接触面间是否存在摩擦．

本题关键在于灵活选择研究对象，处理多个物体平衡的问题．要注意两个物体之间不存在摩擦力，接触面可能粗糙，也可能光滑．【解析】【答案】B6、C【分析】解：对整体分析，a=方向水平向左。隔离对土豆分析，土豆受重力、其它土豆对它的作用力，根据牛顿第二定律得，F合=ma=μmg．根据平行四边形定则，其它土豆对它的作用力F=．故C正确；A；B、D错误。

故选：C。

土豆与汽车具有共同的加速度；根据整体法求出加速度，再隔离土豆A分析，运用牛顿第二定律求出其它土豆对它的总作用力．

解决本题的关键掌握整体法和隔离法的运用，抓住土豆与汽车具有相同的加速度，运用牛顿第二定律求解．【解析】C二、填空题(共9题，共18分)7、略

【分析】【解析】试题分析：由公式可知，时针的周期是12h，分针的周期是1h，它们的周期比为12：1，则角速度之比为1：12．而分针的周期60min，秒针的周期是1min，它们的周期比为60：1，所以角速度之比为1：60．因此时针、分针、秒针的角速度之比为1：12：720；由线速度公式可得三个指针尖端的线速度大小之比考点：线速度、加速度和周期的关系【解析】【答案】1:12:7201:18:12968、443410【分析】【解答】解：物体在2s末的速度为：v2=at2=2×2m/s=4m/s；

2s内的位移为：

第2s内的位移为：=．

根据得发生16m的时间为：．

根据速度位移公式得：v′2=2ax；

解得发生25m的位移的速度为：m/s=10m/s．

故答案为：4；4，3，4，10．

【分析】根据匀变速直线运动的速度时间公式求出2s末的速度，结合位移时间公式求出2s内的位移以及第2s内的位移．根据位移时间公式求出发生16m位移所经历的时间，结合速度位移公式求出发生25m位移的速度．9、略

【分析】解：皮球随火车一起运动；当火车突然加速时，皮球由于惯性还要保持原来较慢的速度运动，因此皮球会向后运动；

如果列车突然向右拐弯；而小球由于惯性，仍保持原来的运动状态，则小球向左运动．

故答案为：加速；左。

一切物体都有保持原有运动状态不变的性质；注意皮球随车一起运动，通过皮球出现的现象分析火车的运动状态，或通过火车的运动情况分析皮球的运动情况．

本题考查的是惯性在实际生活中的简单应用，只要把本题中的小钢球和平时坐在行驶的客车中的自己进行类比，解决此类问题应该不是难事．【解析】加速；左10、略

【分析】解：(1)

航天飞机在A

点从圆形轨道Ⅰ进入椭圆轨道Ⅱ；做近心运动，速度减小，则知航天飞机在轨道Ⅱ上经过A

的速度小于在轨道Ⅰ上经过A

的速度．

(2)

航天飞机绕地球做匀速圆周运动时，由万有引力提供向心力，则得：GMmr2=mv2r

得v=GMr

可知航天飞机在在轨道Ⅰ上经过A

的速度小于近地卫星的速度，即小于第一宇宙速度，而航天飞机在轨道Ⅱ上经过A

的速度小于在轨道Ⅰ上经过A

的速度，所以在轨道Ⅱ上经过A

的速度小于第一宇宙速度．

(3)

根据开普勒第三定律a3T2=k

知；在轨道Ⅱ上运动的半长轴小于轨道Ⅰ的半径，所以在轨道Ⅱ上运动的周期小于在轨道Ⅰ上运动的周期．

(4)

由牛顿第二定律得：GMmr2=ma

解得：a=GMr2

航天飞机经过同一点时到地心距离r

相同；所以在轨道Ⅱ上经过A

的加速度等于在轨道Ⅰ上经过A

的加速度．

故答案为：(1)

小于.(2)

小于.(3)

小于.(4)

等于．

(1)

根据离心运动的条件：外界提供的向心力大于物体所需要的向心力；分析两个轨道上A

点的速度关系．

(2)

航天飞机绕地球做圆周运动时；由万有引力提供向心力，得到航天飞机做匀速圆周运动时的速度表达式，分析航天飞机在轨道Ⅰ上运动的速度与第一宇宙速度的关系，结合上题的结果分析航天飞机在轨道Ⅱ上经过A

的速度与第一宇宙速度的大小．

(3)

根据开普勒第三定律分析周期关系．

(4)

应用万有引力公式与牛顿第二定律求出周期与加速度；然后比较大小．

解决本题的关键是要理解航天飞机绕地球运动的规律.

要注意其圆周运动的向心力是由地球的万有引力提供的，比较周期，应根据开普勒第三定律．【解析】小于；小于；小于；等于11、【分析】解：根据牛顿第二定律得：120mg=mv2R

解得车速的最大值为：v=Rg20

．

故答案为：Rg20

．

汽车在水平路面上做圆周运动；靠横向的静摩擦力提供向心力，根据牛顿第二定律求出最大车速．

解决本题的关键知道圆周运动向心力的来源，结合牛顿第二定律分析判断，基础题．【解析】Rg20

12、略

【分析】解：先研究物体；以加速度0.5m/s2

匀加速被拉升，受力分析：重力与绳子的拉力．

则有：F鈭�mg=ma

解得：F=210N

再研究工人；受力分析，重力；绳子拉力、支持力，处于平衡状态．

则有：Mg=F+F

支。

解得：F支=790N

由牛顿第三定律可得：F压=790N

故答案为：790N

工人站在地面上；匀加速拉升物体，同时绳子也有个力拉工人，由牛顿第二定律可求出绳子的拉力，从而对工人受力分析，由平衡条件可求出工人受地面的支持力，最后由牛顿第三定律可得出工人对地面的压力大小．

虽然压力是地面所受，但应该选工人作为研究对象；要知道绳子的拉力，则必须选中物体为研究对象由牛顿运动定律方可求出.

所以此题渗透如何合理选择研究对象的思想．【解析】790N

13、略

【分析】试题分析：据题意，物体做自由落体运动，3s内下落高度为：此过程重力做功为：3s末物体速度为：此时重力顺时功率为：考点：本题考查功和功率。【解析】【答案】450（2分）；300（2分）14、略

【分析】【解析】试题分析：位移表示由初位置指向末位置的有向线段，而路程表示物体的实际运动轨迹的长度，所以若质点运动了周，则其位移大小为路程为：考点：考查了路程和位移的求解【解析】【答案】15、略

【分析】解：（1）根据瞬时速度等于平均速度；则有：

v5===1.00m/s

计数点6到计数点7之间做先加速后减速运动；可以将计数点6的瞬时速度看做匀加速的末速度处理；

匀加速运动的加速度a1==2m/s2；

根据v6=v5+a1T，代入数据，解得：v6=1.20m/s

（2）由纸带可知；计数点7往后做减速运动，根据作差法得：

a==-2.00m/s2．

所以物块减速运动过程中加速度的大小为2.00m/s2

故答案为：（1）1.00；1.20；（2）2.00．

（1）用平均速度代替瞬时速度的方法求解瞬时速度；

（2）用作差法求解减速过程中的加速度．

考查对纸带的处理规律，注意掌握求加速度的方法，及因纸带先加速后减速，因此求6点的速度，不能运用平均速度来求，是解题的关键．【解析】1.00；1.20；2.00三、实验探究题(共9题，共18分)16、略

【分析】解：（1）在“验证牛顿第二定律”的实验用控制变量法；本实验在满足小车质量远大于砝码及砝码盘的总质量的条件下，才能用砝码及砝码盘的重力代替小车所受的合力，D答案不能满足此条件．

本题选不合适的；故选：D

（2）A；若通过作v-t图象求a；可以减小由于测量所造成的偶然误差，可以筛选出测量错误的数据，故A正确；

B；平衡摩擦力时；应将绳从小车上拿去，轻轻推动小车，是小车沿木板运动，通过打点计时器打出来的纸带判断小车是否匀速运动，故B正确；

C；次改变小车的质量时；小车的重力沿斜面分力和摩擦力仍能抵消，不需要重新平衡摩擦力．故C错误．

D；打点计时器应用低压交流电源；故D错误．

故选：AB

（3）从图中图线可发现当拉力F等于0时；加速度大于0，所以实验中存在的问题可能是：未计入砝码盘的质量．

（4）A；该实验首先必须要平衡摩擦力；长木板必须倾斜，故A正确；

B；由于该实验的连接方式；重物和小车不具有共同的加速度，小车是在绳的拉力下加速运动，此拉力可由测力计示数获得，不需要用重物的重力来代替，故不要求重物质量远小于小车质量，故B错误；

C、由于重物向下加速度运动，由牛顿第二定律：m2g-2F=m2a；

解得：F=故C错误；

D；由上述分析可知D错误；

故选：A．

故答案为：（1）D；（2）AB；（3）未计入砝码盘的质量；（4）A

（1）在实验中；认为m的重力等于滑块所受的合力，所以m的质量应远小于M的质量；

（2）在“验证牛顿第二定律”的实验中；实验中用勾码的重力代替小车的合力，故要通过将长木板左端垫高来平衡摩擦力和使小车质量远大于小盘（包括盘中的砝码）质量来减小实验的误差，只需要平衡一次，打点计时器应用交流电源；

（3）应该画出砝码盘中砝码和砝码盘总重力与加速度的关系图象；

（4）该实验必须要平衡摩擦；由于该实验的连接方式；小车是在绳的拉力下加速运动，故不要求重物质量远小于小车质量；由牛顿第二定律可求解测力计的读数．

（1）解决本题的关键理解实验的原理；知道当m的质量远小于M的质量，m的重力可以认为等于M所受的合力．

（2）解决本题的关键掌握匀变速直线运动推论的运用；会运用逐差法求解加速度；

（3）解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，尤其是理解平衡摩擦力和M＞＞m的操作和要求的含义．只要掌握了实验原理就能顺利解决此类题目，就能举一反三，所以要注意基本原理的学习．【解析】D；AB；未计入砝码盘的质量；A17、（一）（3）①B②③（二）（1）ACD（2）①是②8.00③1.13【分析】【分析】(

一)

垄脵垄脵由打点计时器的工作原理判断实验中应选用的电源；垄脷垄脷解得匀速圆周运动的线速度，再由匀速运动的规律解得角速度；垄脹垄脹由以上原理解得角速度。本题主要考查圆周运动的规律，知道物体做匀速圆周运动过程的路程长等于速度与时间的乘积，较简单。(

二)

(1)(1)由实验原理及步骤判断得解；(2)垄脵(2)垄脵由匀变速直线运动规律的推论判断得解；垄脷垄脷由匀变速直线运动规律的推论解得该星球表面的重力加速度；垄脹垄脹由水平方形的匀速直线运动解得水平初速度，再由匀变速直线运动规律的推论解得小球过b

点的竖直分速度，再由速度的合成得解。本题主要考查平抛运动的规律及匀变速直线运动规律推论的应用，难度一般。【解答】(

一)

垄脵

由打点计时器的工作原理可知，实验选用4鈭�6V4-6V低压交流电源，故ACD错误，B正确。故选B；垄脷

由线速度与角速度的关系可知，物体做圆周运动的线速度为：v=wr

又由匀速圆周运动的规律可得：v(n鈭�1)T=x2鈭�x1T=0.02s

联立解得角速度的表达式为：w=x2鈭�x1T(n鈭�1)r;w=dfrac{{x}_{2}-{x}_{1}}{Tleft(n-1right)r};垄脹

由以上原理解得角速度为：w=?xT(n鈭�1)r=91.32rad/s隆脰6.80rad/s

(

二)

(1)A.

为保持小球平抛的初速度水平，故需调节斜槽的末端保持水平，A正确；BCBC．为保持小球平抛的初速度相同，故每次释放小球的位置必须相同且由静止释放，B错误，C正确；D.为保证球做平抛运动，小球运动时不应与木板上的白纸((或方格纸))相接触，D正确。故选ACD；(2)(2)垄脵

由图可知，由于从a

开始的在相邻的相等间隔内竖直位移之比为：1:3:5

故由匀变速直线运动规律的推论可知a

为抛出点；垄脷垄脷在竖直方向由匀变速直线运动规律的推论可得：?h=g?t2

解得：g=1隆脕4隆脕2隆脕10鈭�20.12m/s2=8.00m/s2;

垄脹

由水平方形的匀速直线运动解得水平初速度为：v0=xt=2隆脕4隆脕10鈭�20.1m/s=0.8m/s

由平均速度解得球过b

点的竖直分速度为：v1=4隆脕4隆脕10鈭�20.2m/s=0.8m/s

由速度的合成可得小球在bb点时的速度是：v=v12+v02隆脰1.13m/sv=sqrt{{{v}_{1}}^{2}+{{v}_{0}}^{2}}隆脰1.13m/s故填：(

一)(3)垄脵B垄脷x2?x1T(n?1)r垄脹6.80rad/s(

二)(1)ACD(2)垄脵

是；垄脷8.00垄脹1.13

【解析】(

一)(3)垄脵B

垄脷x2?x1T(n?1)r

垄脹6.80rad/s

(

二)(1)ACD

(2)垄脵

是垄脷8.00

垄脹1.13

18、（1）B

（2）D

（3）0.49m/s0.42

（4）没有平衡摩擦力或平衡摩擦力时斜面的倾角太小小车总质量的倒数【分析】【分析】1.

小车下滑时受到重力；细线的拉力、支持力和摩擦力；要使拉力等于合力，则应平衡摩擦力；

2.

当沙和沙桶总质量远远小于小车和砝码的总质量，即m<<M

时才可以认为绳对小车的拉力大小等于沙和沙桶的重力；

3.

根据匀变速直线运动的推论公式?x=aT2

可以求出加速度的大小。

要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，只要真正掌握了实验原理就能顺利解决此类实验题目，而实验步骤，实验数据的处理都与实验原理有关，故要加强对实验原理的学习和掌握。【解答】(1)

为了使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力；先调节长木板一端滑轮的高度，使细线与长木板平行，接下来还需要进行的一项操作是将长木板的一端垫起适当的高度，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，撤去砂和砂桶，给打点计时器通电，轻推小车，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动，即平衡摩擦力，故B正确；AC错误；

(2)

当m<<M

时；即当沙和沙桶总质量远远小于小车和砝码的总质量，绳子的拉力近似等于沙和沙桶的总重力，因此最合理的一组是D

故D正确，ABC错误。

(3)

相邻的两个计数点之间还有四个点未画出；相邻的计数点时间间隔为T=0.1s

利用匀变速直线运动的推论?x=aT2

得：

sDE鈭�sAB=3a1T2

sEF鈭�sBC=3a2T2

sFG鈭�sCD=3a3T2

为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值得：a=13(a1+a2+a3)=0.42m/s2

vc=sBC+sCD2t=4.65+5.082隆脕0.1隆脕10鈭�2=0.49m/s

(4)在验证当小车的质量一定时，小车的加速度与合外力FF的关系时，小华所在的实验小组根据实验数据作出了如图丙所示的a鈭�Fa-F图象，其原因可能是没有平衡摩擦力或平衡摩擦力时斜面的倾角太小；图线的斜率代表的物理意义是：小车总质量的倒数1M

故答案为：(1)B

(2)D

(3)0.49m/s0.42

(4)

没有平衡摩擦力或平衡摩擦力时斜面的倾角太小小车总质量的倒数1M

【解析】(1)B

(2)D

(3)0.49m/s0.42

(4)

没有平衡摩擦力或平衡摩擦力时斜面的倾角太小小车总质量的倒数1M

19、略

【分析】解：(1)D

点的瞬时速度等于CE

段的平均速度，则vD=xCE2T=(12.49鈭�7.05)隆脕10鈭�20.04m/s=1.36m/s

则动能的增加量鈻�Ek=12mvD2=12隆脕1隆脕1.362=0.925J

重力势能的减小量鈻�Ep=mgh=1隆脕9.8隆脕0.0959J=0.940J

．

(2)

不慎将上述纸带从OA

之间扯断；仅利用A

点之后的纸带能验证机械能守恒，可以在A

点后取相距较远的两点，测出两点的瞬时速度，从而进行验证．

(3)

若重物做自由落体运动，h=12gt2=12隆脕9.8隆脕0.022m隆脰2mm

而纸带上第一；二两点间的距离为0.32cm

由于加速度不可能大于g

可知打第一点时已经有初速度，其原因是先释放纸带，后接通电源打点．

故答案为：(1)1.360.9400.925(2)

能；(3)

先释放纸带；后接通电源打点．

(1)

根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出打下D

点时的速度；从而得出动能的增加量，根据下降的高度求出重力势能的减小量．

(2)

利用A

点之后的纸带能验证机械能守恒定律．

(3)

根据位移时间公式求出重物做自由落体运动时第一；二点间的距离；从而分析两点间距离为0.32cm

的原因．

解决本题的关键掌握纸带的处理方法，会根据纸带求解瞬时速度，从而得出动能的增加量，会根据下降的高度求解重力势能的减小量．【解析】1.360.9400.925

能；先释放纸带，后接通电源打点20、平衡摩擦力后面部分ACA【分析】解：（1）要使橡皮筋对小车的拉力大小等于其合外力大小；实验中必须进行平衡摩擦力的操作，即垫高木板的一端。

（2）该实验中需要求出小车的最大速度即小车最后匀速运动的速度大小；因此需要利用纸带的后半部分。

（3）A；实验通过改变橡皮筋的条数改变拉力做功；实验中所选用橡皮筋的规格要一致，故A正确；

B；为使每根橡皮筋做功相同；实验中，橡皮筋拉伸的长度必须保持一致，故B错误；

C；实验时由静止释放小车；小车在橡皮筋的作用下保持无初速度弹出，故C正确；

D；我们用橡皮筋拉动小车的方法；来探究橡皮筋的拉力对小车所做的功与小车速度变化的关系，这是一个非常精妙的设计。直接去测量一个正做变速运动物体所受拉力是很困难的。橡皮筋拉动小车的弹力虽然是个变力，但这个弹力做的功，数值上就等于橡皮筋发生形变时所具的弹性势能，而这个弹性势能又与橡皮筋的形变量相对应；橡皮筋的形变量一定，这个弹力做的功就是一定的。实验时，我们增加相同的橡皮条的数量，使功的大小成倍数增加，每次实验不必设法算出橡皮筋对小车做功的具体数值，故D错误；

故选：AC；

（4）根据甲图，得到W=axn；式子中a为常系数，n为指数；当n=1时，图线为直线；当n＜1时，图线向下弯曲；当n＞1时，图线向上弯曲；

甲图图线向上弯曲，故表达式W=avn中n为大于1的任意数值，而乙图中，W与v2成正比；故A正确，BCD错误。

故选：A。

故答案为：（1）平衡摩擦力；（2）后面部分；（3）AC；（4）A。

（1）小车下滑时受到重力；细线的拉力、支持力和摩擦力；要使拉力等于合力，则应该用重力的下滑分量来平衡摩擦力，故可以将长木板的一段垫高；

（2）纸带在橡皮条的作用下做加速运动；橡皮条做功完毕，则速度达到最大，此后做匀速运动；

（3）实验直接去测量一个做变速运动物体所受拉力是很困难的。橡皮筋拉动小车的弹力虽然是个变力；但这个弹力做的功，数值上就等于橡皮筋发生形变时所具的弹性势能，而这个弹性势能又与橡皮筋的形变量相对应；橡皮筋的形变量一定，这个弹力做的功就是一定的。实验时，每次保持橡皮筋的形变量一定，当有n根相同橡皮筋并系在小车上时，n根相同橡皮筋对小车做的功就等于系一根橡皮筋时对小车做的功的n倍，这个设计很巧妙地解决了直接去测量力和计算功的困难，再加上打点计时器测出小车获得的最大速度即动能可能求；

（4）根据W与v，W与v2的关系图线；结合数学知识中的幂函数的图象特点得到结论。

本题关键是结合探究功与速度变化关系的实验原理进行分析，注意该实验中需要测量是小车的最大速度即最后的速度大小，同时要正确应用数学知识进行数据处理。【解析】平衡摩擦力后面部分ACA21、（1）0.580.59

（2）9.7【分析】【分析】(1)

根据在匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度大小等于该过程中的平均速度；可以求出打下记数点5

时的速度大小；根据物体的初末动能大小可以求出动能的增加量，根据物体重力做功和重力势能之间的关系可以求出系统重力势能的减小量，比较动能增加量和重力势能减小量之间的关系可以得出机械能是否守恒；

(2)

根据图象的物理意义可知，图象的斜率大小等于物体的重力加速度大小。本题全面的考查了验证机械能守恒定律中的数据处理问题，要熟练掌握匀变速直线运动的规律以及功能关系，增强数据处理能力。【解答】(1)

根据在匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度大小等于该过程中的平均速度，可知打第5

个点时的速度为：v5=x462T=0.216+0.2640.2m/s=2.4m/s

，物体的初速度为零，所以动能的增加量为：?Ek=12mv52鈭�0=0.58J

重力势能的减小量等于物体重力做功，故：鈻�EP=W=mgh=0.59J

(2)

本题中根据机械能守恒可知，mgh=12mv2

即有：12v2=gh

所以12v2鈭�h

图象中图象的斜率表示重力加速度；由图可知，斜率k=9.7

故当地的实际重力加速度g=9.7m/s2

。

故答案为：(1)0.580.59(2)9..7

【解析】(1)0.580.59

(2)9.7

22、（1）63.8cm~64.2cm(2)ABD【分析】解：(1)

碰撞后b

球的水平射程落点如图2

所示；取所有落点中靠近中间的点读数，即可取一个最小的圆的圆心，约为63.8cm隆芦64.2cm

(2)

根据实验原理可得mav0=mbv1+mbv2

由已测量的物理量mambOBOAOC

．

又因下落时间相同，即可求得：maOB=maOA+mbOC

所以不需要测量水平槽面离地面的高度或小球在空中飞行时间；需要测量A

球和B

球的质量以及A

球两次落地时的水平距离和B

球落地时的水平距离；

故CE错误；ABD正确；

故选：ABD

故答案为：(1)63.8cm隆芦64.2cm(2)ABD

根据通过实验的原理确定需要测量的物理量；小球离开轨道后做平抛运动，它们在空中的运动时间相同，水平位移与出速度成正比，可以用水平位移代替小球的初速度，根据动量守恒定律求出需要验证的表达式．

本题考查验证动量守恒定律的实验；掌握两球平抛的水平射程和水平速度之间的关系，是解决本题的关键，注意理解动量守恒定律的条件．

【解析】(1)63.8cm隆芦64.2cm(2)ABD

23、略

【分析】解：(1)

通过对图象的观察；兴趣小组的同学猜测F

与娄脴2

成正比.

可以通过进一步的转换，通过绘出F

与娄脴2

关系图象来确定他们的猜测是否正确，如果猜测正确，做出的F

与娄脴2

的关系式应当为一条倾斜直线．

(2)

在证实了F隆脴娄脴2

之后，他们将砝码做圆周运动的半径r

再分别调整为0.04m0.12m

又得到了两条F鈭�娄脴

图象，做一条平行于纵轴的辅助线，是为了保持参量娄脴

不变，可以得出力与半径之间的关系.

观察和图象的交点中力的数值之比是否为123

如果比例成立则说明向心力与物体做圆周运动的半径成正比．

故答案为：(1)F鈭�娄脴2(2)

力；半径。

在探究物体作圆周运动时向心力与角速度；半径的关系时；应当应用控制变量法，先保证圆周运动的半径不变，探究向心力与角速度之间的关系，然后再更换半径继续探究向心力与角速度之间的关系，最后可以得到向心力与角速度与半径的关系式．

本题考查了“探究物体作圆周运动时向心力与角速度、半径的关系”的实验中所需的实验步骤，以及利控制变量法实验的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，提高解决问题能力．【解析】F鈭�娄脴2

力；半径24、略

【分析】解：(1)A

处于平衡状态；所受摩擦力等于弹簧秤示数，F娄脤=F=2.50N

．

根据F娄脤=mAg娄脤

解得：娄脤=0.25

．

(2)

由题意可知，金属板做匀加速直线运动，鈻�x=aT2

其中鈻�x=2cm=0.02mT=0.1s

所以解得：a=2.00m/s2

．

根据牛顿第二定律得：F鈭�Ff=mBa

带入数据解得F=3.5N

．

故答案为：(1)2.500.25(2)2.03.5

(1)

拉动B

过程中；A

处于平衡状态，其所受滑动摩擦力大小等于弹簧秤示数，据此可正确解答．

(2)

根据鈻�x=aT2

求出金属板的加速度；然后根据牛顿第二定律，即可求出水平拉力大小。

本题借助实验考查了基本规律的应用，平时训练中一定要加强应用基本规律解决实际问题的能了，强调知识的活学活用【解析】2.500.252.03.5

四、画图题(共2题，共16分)25、略

【分析】【解析】试题分析：（1）受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力作用，作用点都在重心（2）抛出后在空中飞行的质量为m=5kg的铅球只受到竖直向下的重力作用考点：考查受力分析的能力【解析】【答案】作图题（略）26、略

【分析】【解析】试题分析：（1）受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力作用，作用点都在重心（2）抛出后在空中飞行的质量为m=5kg的铅球只受到竖直向下的重力作用考点：考查受力分析的能力【解析】【答案】作图题（略）五、推断题(共4题，共16分)27、rm{(1)}裂解加成反应

rm{(2)}羟基

rm{(3)CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OHunderset{脜篓脕貌脣谩}{overset{?}{?}}CH_{3}COOC_{2}H_{5}+H_{2}O}催化剂，吸水剂

rm{(3)CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OHunderset{脜篓脕貌脣谩}{overset{?}{?}}

CH_{3}COOC_{2}H_{5}+H_{2}O}

rm{(4)c}rm{2CH_{3}CH_{3}OH+O_{2}xrightarrow[?]{Cu}2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{(5)}【分析】【分析】rm{A}的产量通常用来衡量一个国家的石油化工水平，则rm{A}为rm{CH_{2}=CH_{2}}rm{CH_{2}=CH_{2}}与水发生加成反应生成rm{B}为rm{CH_{3}CH_{2}OH}rm{CH_{3}CH_{2}OH}在rm{Cu}或rm{Ag}作催化剂条件下，发生催化氧化生成rm{C}为rm{CH_{3}CHO}rm{CH_{3}CHO}进一步氧化生成rm{D}为rm{CH_{3}COOH}rm{CH_{3}COOH}与rm{CH_{3}CH_{2}OH}发生酯化反应生成rm{E}为rm{CH_{3}COOC_{2}H_{5}}乙烯发生加聚反应生成rm{E}为【解答】rm{(1)}工业上由石蜡制取乙烯的方法称作：裂解，rm{CH_{2}=CH_{2}}与水发生加成反应生成rm{B}为rm{CH_{3}CH_{2}OH}故填：裂解；加成反应；rm{(2)A}为rm{CH_{2}=CH_{2}}官能团的结构式为rm{B}为rm{CH_{3}CH_{2}OH}rm{B}的官能团名称为羟基，故填：羟基；rm{(3)}反应rm{垄脻}是乙酸与乙醇发生酯化反应生成乙酸乙酯，反应方程式为：rm{CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OHunderset{脜篓脕貌脣谩}{overset{?}{?}}CH_{3}COOC_{2}H_{5}+H_{2}O}其中浓硫酸的作用是，故填：rm{CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OHunderset{脜篓脕貌脣谩}{overset{?}{?}}CH_{3}COOC_{2}H_{5}+H_{2}O}催化剂，吸水剂；rm{CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OHunderset{脜篓脕貌脣谩}{overset{?}{?}}

CH_{3}COOC_{2}H_{5}+H_{2}O}rm{CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OHunderset{脜篓脕貌脣谩}{overset{?}{?}}

CH_{3}COOC_{2}H_{5}+H_{2}O}为乙烯，rm{(4)}为聚乙烯，rm{A}乙烯含有碳碳双键，能使溴水褪色，而聚乙烯没有碳碳双键，不能是溴水褪色，故rm{E}错误；rm{a..}乙烯与聚乙烯中均含有碳碳键，碳氢键，碳碳键属于非极性键，故rm{a}错误；rm{b.}乙烯与聚乙烯的最简式均为rm{b}故rm{c.}正确；rm{CH_{2}}聚乙烯中聚合度rm{c}不同，均混合物，故rm{d.}错误。故填：rm{n}rm{d}为rm{c}rm{(5)B}为rm{CH_{3}CH_{2}OH}由rm{C}的反应方程式rm{2CH_{3}CH_{3}OH+O_{2}xrightarrow[?]{Cu}2CH_{3}CHO+2H_{2}O}故填：rm{2CH_{3}CH_{3}OH+O_{2}xrightarrow[?]{Cu}2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{CH_{3}CHO}【解析】rm{(1)}裂解加成反应rm{(2)}羟基rm{(3)CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OHunderset{脜篓脕貌脣谩}{overset{?}{?}}CH_{3}COOC_{2}H_{5}+H_{2}O}催化剂，吸水剂rm{(3)CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OHunderset{脜篓脕貌脣谩}{overset{?}{?}}

CH_{3}COOC_{2}H_{5}+H_{2}O}rm{(4)c}rm{2CH_{3}CH_{3}OH+O_{2}xrightarrow[?]{Cu}2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{(5)}28、（1）2H2S＋SO2=3S↓＋2H2O

（2）4NH3＋5O24NO＋6H2O湿润的红色石蕊试纸

（3）Al2Al＋2OH－＋6H2O=2[Al(OH)4]－＋3H2↑

（4）1:2黄【分析】【分析】本题考查无机物的推断，为高频考点，综合考查非金属元素及金属元素化合物性质，涉及常见元素及其化合物知识的考查，把握单质及化合物的性质来分析推断各物质为解答的关键，题目难度中等。【解答】rm{(1)}若rm{A}是一种淡黄色固体，rm{B}是气态氢化物，rm{C}rm{D}为气态氧化物，且rm{C}是形成酸雨的主要物质，rm{C}为rm{SO_{2}}则rm{A}为rm{S}rm{B}为rm{H_{2}S}rm{D}为rm{SO_{3}}rm{C}与rm{B}反应生成rm{S}和水，其化学反应为rm{SO_{2}+2H_{2}S=3S隆媒+2H_{2}O}故答案为：rm{SO_{2}+2H_{2}S=3S隆媒+2H_{2}O}

rm{(2)B}是气态氢化物，rm{C}rm{D}为气态氧化物，且rm{C}rm{D}是形成光化学烟雾的一个重要原因，则rm{C}为rm{NO}rm{A}为rm{N_{2}}rm{B}为rm{NH_{3}}rm{D}为rm{NO_{2}}反应rm{垄脹}的化学方程式rm{4NH_{3}+5O_{2}}rm{4NO+6H_{2}O}检验氨气常利用湿润的红色石蕊试纸；故答案为：rm{4NH_{3}+5O_{2}}rm{4NO+6H_{2}O}湿润的红色石蕊试纸；

rm{(3)}根据题给转化关系和信息推断rm{B}rm{D}既能溶于强酸溶液，又能溶于强碱溶液，反应rm{垄脷垄脹}均需要强碱性溶液，反应rm{垄脺}可以通过滴加少量稀盐酸实现，则rm{A}为rm{Al}rm{B}为rm{Al}rm{B}既能溶于强酸溶液，又能溶于强碱溶液，反应rm{D}均需要强碱性溶液，反应rm{垄脷垄脹}可以通过滴加少量稀盐酸实现，则rm{垄脺}为rm{A}rm{Al}为rm{B}rm{Al}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}为rm{{,!}_{3}}，rm{D}为rm{Al}rm{D}rm{Al}rm{(}rm{OH}

故答案为：rm{OH}rm{)_{3}}

，则铝与强碱溶液反应生成四羟基合铝酸根和氢气，离子方程式为是一种淡黄色固体，常用于吸吸面具中的供氧剂，rm{2Al+2OH^{-}+6H_{2}O=2[Al(OH)_{4}]^{-}+3H_{2}隆眉}是一种强碱，则rm{Al}为rm{2Al+2OH^{-}+6H_{2}O=2[Al(OH)_{4}]^{-}+3H_{2}隆眉}rm{(4)C}为rm{D}则rm{C}作供氧剂时的离子方程式为rm{Na_{2}O_{2}}氧化产物为rm{D}还原产物为rm{NaOH}所以氧化产物和还原产物的物质的量之比为rm{C}rm{2Na_{2}O_{2}+2H_{2}O=4OH^{-}+4Na^{+}+O_{2}隆眉}的火焰呈黄色。

故答案为：rm{O_{2}}黄。

rm{2NaOH}【解析】rm{(1)2H_{2}S+SO_{2}=3S隆媒+2H_{2}O}rm{(2)4NH_{3}+5O_{2}}rm{4NO+6H_{2}O}湿润的红色石蕊试纸rm{(3)Al}rm{2Al+2OH^{-}+6H_{2}O=2[Al(OH)_{4}]^{-}+3H_{2}隆眉}rm{(4)1:2}黄29、（1）Al；HCl；FeCl2；Fe(OH)2

（2）

1)产生白色沉淀迅速变成灰绿色，最后变为红褐色

2)2Al+2OH－+2H2O=2AlO2－+3H2↑

3)2Fe2++2Cl2=2Cl－+2Fe3+

4)4Fe(OH)2+O2+2H2O＝4Fe(OH)3

【分析】【分析】本题考查了物质转化关系的分析推断，物质性质的应用主要考查常见单质及其化合物的性质应用，题目较简单。【解答】金属rm{A}焰色反应为黄色证明为rm{Na}与水反应生成气体甲为rm{H_{2}}rm{D}为rm{NaOH}金属rm{B}和氢氧化钠溶液反应，说明rm{B}为rm{Al}黄氯色气体乙为rm{Cl_{2}}气体甲和氯气反应生成丙为rm{HCl}物质rm{E}为盐酸溶液，物质rm{D}氢氧化钠和物质rm{G}为反应生成的物质rm{H}在空气中红褐色沉淀rm{I}则rm{I}为rm{Fe(OH)_{3}}rm{G}为rm{FeCl_{3}}rm{F}为rm{FeCl_{2}}rm{H}为rm{Fe(OH)_{2}}rm{C}为rm{Fe}据此答题；rm{(1)}依据以上分析，rm{B}为rm{Al}丙为rm{HCl}乙为rm{Cl_{2}}rm{H}为rm{Fe(OH)_{2}}故答案为：rm{Al}rm{HCl}rm{Cl_{2}}rm{Fe(OH)_{2}}rm{(2)}

rm{1)}氢氧化钠溶液与氯化亚铁溶液反应生成氢氧亚铁沉淀，在空气中被氧化生成氢氧化铁，实验现象为产生白色沉淀迅速变成灰绿色，最后变为红褐色，故答案为：产生白色沉淀迅速变成灰绿色，最后变为红褐色；rm{1)}反应rm{2)}为铝与氢氧化钠溶液反应生成偏铝酸钠和氢气，离子方程式为rm{2)}rm{垄脹}故答案为：rm{2Al+2OH^{-}+2H_{2}O}rm{=2AlO_{2}^{-}+3H_{2}隆眉}rm{2Al+2OH^{-}+2H_{2}O}反应rm{=2AlO_{2}^{-}+3H_{2}隆眉}为氯化亚铁溶液与氯气反应生成氯化铁，离子方程式为rm{3)}故答案为：rm{3)}rm{垄脽}反应rm{2Fe^{2+}+2Cl_{2}=2Cl^{-}+2Fe^{3+}}为氢氧化亚铁与氧气、水反应生成氢氧化铁，化学方程式为rm{4Fe(OH)_{2}+O_{2}+2H_{2}O=4Fe(O