2025年中图版选修3物理上册月考试卷VIP

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年中图版选修3物理上册月考试卷558考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示，电路中电源电动势为E，内阻为r（不能忽略）。当滑动变阻器的滑动触片从图示位置向右滑动时，下列说法正确的是（）

A.路端电压不变B.路端电压变小C.小灯泡L1变暗D.小灯泡L2变暗2、一定质量的理想气体从状态A变化到状态B，再变化到状态C，V－T图像如图所示。已知该气体在状态B的压强为下列说法正确的是（）

A.状态A→B的过程气体吸热B.状态A的气体压强为C.状态B→C过程是等压变化D.状态B→C过程气体对外做功200J3、对电流的正确理解是（）A.通过导体横截面的电荷量越多，电流越大B.导体的横截面越大，电流越大C.导体中的自由电荷越多，电流越大D.单位时间内通过导体横截面的电荷量越多，电流越大4、如图所示电路中，当开关闭合后，灯泡均不发光，这时，用电压表测得两点间有电压两点间的电压两点间电压则此可判断（）

A.短路B.短路C.断路D.断路5、电风扇的挡位变换器电路如图所示，把它视为一个可调压的理想变压器，总匝数为2400匝的原线圈输入电压u=220sin100πt(V)，挡位1、2、3、4对应的线圈匝数分别为240匝、600匝、1200匝、2400匝．电动机M的内阻r=8Ω，额定电压为U=220V，额定功率P=110W．下列判断正确的是）（））

A.该交变电源的频率为100HzB.当选择3挡位后，电动机两端电压的最大值为110VC.当挡位由3变为2后，原线圈的电流变大D.当选择挡位4后，电动机的输出功率为108W6、如图所示，静电计指针张角会随电容器极板间电势差U的增大而变大．现使电容器带电，并保持总电量不变，实验中每次只进行一种操作，能使静电计指针张角变大的是

A.将A板稍微上移B.减小两极板之间的距离C.将玻璃板插入两板之间D.将云母板插入两板之间7、如图所示；让光沿着半圆形玻璃砖的半径射到它的平直的边上，在这个边与空气的界面上会发生反射和折射．逐渐增大入射角，观察反射光线和折射光线的变化．关于该实验现象，下列说法正确的是（）

A.反射光线和折射光线都沿顺时针方向转动B.反射光线和折射光线转过的角度相同C.在还未发生全反射过程中，反射光越来越强D.最终反射光完全消失8、首先发现天然放射性现象的物理学家是（）A.汤姆孙B.卢瑟福C.查德威克D.贝可勒尔评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)9、如图所示,实线表示在竖直平面内的电场线,电场线与水平方向成角,水平方向的匀强磁场与电场正交,有一带电液滴沿斜向上的虚线L做直线运动,L与水平方向成角,且则下列说法中正确的是。

A.液滴一定做匀速直线运动B.液滴一定带正电C.电场线方向一定斜向上D.液滴有可能做匀变速直线运动10、一定质量的理想气体自状态A经状态C变化到状态B，这一过程在图上表示如图所示（竖直，水平），则（）

A.在过程中，气体的压强不变B.在过程中，气体的压强变大C.在状态A时，气体的压强最小D.在状态B时，气体的压强最小11、下列四幅图分别对应四种说法；其中正确的是（）

A.微粒运动就是物质分子的无规则热运动，即布朗运动B.当两个相邻的分子间距离为时，分子间作用力最小，分子势能也最小C.食盐晶体的物理性质沿各个方向都是一样的D.小草上的露珠呈球形的主要原因是液体表面张力的作用12、下列说法中正确的是（）A.物体从外界吸热，其内能不一定增大B.布朗运动是液体分子无规则的运动C.温度相同的氢气和氧气，它们分子的平均动能相同E.当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而增大E.当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而增大13、关于简谐运动的位移、速度、加速度的关系,下列说法正确的是()A.加速度增大时，速度必减小B.速度、加速度方向始终相反C.通过平衡位置时，v、a均改变方向D.远离平衡位置时，v、a方向相反14、两个小球A、B在光滑水平面上相向运动，已知它们的质量分别是m1＝4kg，m2＝2kg，A的速度v1＝3m/s(设为正)，B的速度v2＝－3m/s，则它们发生正碰后，其速度可能分别是()A.均为1m/sB.＋4m/s和－5m/sC.＋2m/s和－1m/sD.－1m/s和＋5m/s15、在人类对微观世界进行探索的过程中，科学实验起到了非常重要的作用。下列说法符合历史事实的是()A.密立根通过油滴实验测出了基本电荷的数值B.贝克勒尔通过对天然放射现象的研究，发现了原子中存在原子核C.卢瑟福通过α粒子散射实验证实了在原子核内部存在质子D.居里夫妇从沥青铀矿中分离出了钋(Po)和镭(Ra)两种新元素评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)16、一定质量的某种理想气体，体积保持不变时，分子的数密度保持不变，温度升高时，分子的平均动能______（填“增大”或“减小”），气体的压强______（填“增大”或“减小”）。17、一列很长的列车沿平直轨道飞快地匀速行驶，在列车的中点处，某乘客突然按亮电灯，使其发出一道闪光，该乘客认为闪光向前、向后传播的速度相等，都为站在铁轨旁边地面上的观察者认为闪光向前、向后传播的速度__（选填“相等”或“不等”车上的乘客认为，电灯的闪光同时到达列车的前、后壁；地面上的观察者认为电灯的闪光先到达列车的__（选填“前”或“后”壁。

18、如图是一定质量的理想气体的压强与热力学温度的图，是理想气体的三个状态，其中平行于坐标轴平行于坐标轴则从到过程中气体的分子平均动能_________（填“变大”、“变小”或“不变”），从到的过程________（填“可能”或“不可能”）为绝热过程，从到的过程中气体的密度______（填“变大”；“变小”或“不变”）

19、两块非常长的光滑挡板围成一个夹角为10°的三角形区域，一小球沿着角平分线方向的初速度入射，设球与挡板间的碰撞是弹性的，则球与挡板一共会发生___________次碰撞。

20、如图所示的电路中，电源电动势E=6V，内电阻r=1Ω，M为一小电动机，其内部线圈的导线电阻RM=2Ω．R为一只保护电阻，R=3Ω．电动机正常运转时，电压表（可当作理想电表）的示数为1.5V，则电源的输出功率为_____W，电动机的输出功率为_____W．

21、一条弹性绳子呈水平状态；M为绳子中点，两端P；Q同时开始上下振动，一小段时间后产生的波形如图所示，对于其后绳上各点的振动情况，以下判断正确的是（____）

E．绳的两端点P、Q开始振动的方向相同22、某同学用伏安法测量阻值Rx约为5Ω的电阻，用图________测得的Rx的误差较小，测量值________真实值（小于、大于、等于），造成误差的原因是_____________________________________________

评卷人得分四、作图题(共3题，共21分)23、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

24、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

25、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共1题，共7分)26、某同学要测量某圆柱体电阻R的电阻率ρ．

（1）用游标卡尺和螺旋测微器分别测量其长度和直径，如图所示，则其长度L=______cm，直径d=______mm．

（2）该同学先用如图所示的指针式多用电表粗测其电阻．他将红黑表笔分别插入“+”、“-”插孔中，将选择开关置于“×l”档位置，然后______；直至指针指在“0Ω”处继续实验．

（3）欧姆表粗测电阻约为5Ω现要进一步精确测量其阻值；实验室提供了下列可选用的器材：

A.电压表量程内阻约

B.电压表量程内阻约

C.电流表量程内阻约

D.电流表量程内阻约

E.滑动变阻器

F.滑动变阻器

G.电源电动势为及开关和导线若干。

该同学从以上器材中选择合适的器材连接好电路进行测量，则电压表应选择______，电流表应选择______，滑动变阻器应选择______，选填各器材前的字母．要求在流过金属丝的电流相同情况下，电源消耗功率最小，并能较准确地测出电阻丝的阻值，实验电路应选用下图的______．

（4）利用上所选电路测量，电流表______A电压表______V

评卷人得分六、解答题(共2题，共18分)27、相距很近的平行板电容器AB，A、B两板中心各开有一个小孔，如图甲所示，靠近A板的小孔处有一电子枪，能够持续均匀地发射出电子，电子的初速度为v0，质量为m，电量为e，在AB两板之间加上如图乙所示的交变电压，其中紧靠B板的偏转电场的电压也等于U0，上极板恒带正电，板长为L，两板间距为d，偏转电场的中轴线（虚线）过A、B两板中心，距偏转极板右端处垂直中轴线放置很大的荧光屏PQ．不计电子的重力和它们之间的相互作用；电子在电容器中的运动时间忽略不计．求：

（1）在0-时间内和-T时间内；由B板飞出的电子的速度各为多大；

（2）在0-T时间内荧光屏上有两个位置会发光，试求这两个发光点之间的距离．（结果采用L、d表示）；

（3）以偏转电场的中轴线为对称轴；只调整偏转电场极板的间距，要使荧光屏上只出现一个光点，极板间距应满足什么要求．

28、如图所示，一固定的直立气缸由上、下两个连通的圆筒构成，圆筒的长度均为2L．质量为2m、面积为2S的导热良好的活塞A位于上部圆筒的正中间，质量为m、面积为S的绝热活塞B位于下部圆筒的正中间，两活塞均可无摩擦滑动，活塞B的下方与大气连通．最初整个系统处于静止状态，A上方的理想气体的温度为T，已知大气压强恒为重力加速度大小为g；气缸壁；管道均不导热，外界温度保持不变，圆筒之间的管道的体积忽略不计，不考虑活塞的厚度．现在对活塞A上方的气体缓慢加热，求。

(i)当活塞B下降到气缸底部时；活塞A上方气体的温度；

(ii)当温度缓慢升高到1.8T时，活塞A相对初始位置下降的距离．参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【详解】

AB．根据闭合电路欧姆定律有

当滑动触片从图示位置向右滑动时，接入电路的电阻变大，故滑动变阻器与灯L2的并联总电阻增大，可知总电流减小，又因为

所以路端电压增大；故AB错误；

CD．由于干路总电流减小，故灯泡L1变暗，其两端电压减小，由于路端电压增大，则可知并联电路两端电压增大，即灯泡L2两端电压增大，所以灯泡L2变亮；故C正确，D错误。

故选C。2、C【分析】【详解】

A．从A到B；体积不变，温度降低，则对外放热，A错误；

B．由

得

B错误；

CD．从B到C过程，为等压变化，气体对外做功为

C正确；D错误；

故选C。3、D【分析】【分析】

根据电流的定义可以分析决定电流的因素．

【详解】

电流的大小取决于电荷量与时间的比值；即单位时间内通过导体横截面的电量越大，电流越大；与横截面的大小及自由电荷无关；故ABC错误，D正确；

故选D．

【点睛】

电流取决于电量与时间的比值，要明确电流的意义．4、D【分析】【详解】

根据电路图可知，两灯泡串联，闭合开关后都不亮，电压表测断路两端时，电压表示数为电源电压，测量通路位置时，电压表示数为零；由题意可知

因为为电源两端，因此之间有断路，即断路。

故选5、D【分析】【分析】

根据原线圈输入电压的瞬时值表达式即可知角速度，结合得交变电源的频率；当选择3档位后，根据变压比规律求出副线圈两端电压的有效值，最大值为有效值的倍；当档位由3变为2后，根据变压比规律判断副线圈的电压，分析输出功率的变化，根据输入功率等于输出功率，由判断原线圈电流的变化；当选择档位4后，根据变压比规律求出副线圈电压，根据能量守恒求电动机的输出功率．

【详解】

A、根据原线圈输入电压的瞬时值表达式知：交变电源的频率故A错误；

B、当选择3档位后，副线圈的匝数为1200匝，根据电压与匝数成正比得：解得：所以电动机两端电压的最大值为V；故B错误；

C、当档位3变为2后，根据电压与匝数成正比知，副线圈两端的电压减小，输出功率变小，输入功率变小，根据知原线圈电流变小；故C错误；

D、当选择档位4，副线圈匝数等于2400匝，根据电压比规律得到副线圈两端的电压为220V，电动机正常工作，流过电动机的电流电动机的发热功率电动机的输出功率故D正确．

故选D．

【点睛】

本题考查变压器原理，要注意明确变压器的规律，能用线圈匝数之比求解电压及电流；同时注意注意明确对于非纯电阻电路欧姆定律不能使用，在解题时要注意正确选择功率公式．6、A【分析】【分析】

静电计测量的是电容器两端的电势差，根据电容的决定式确定电容的变化，从而根据判断电势差的变化．

【详解】

A、根据得，将A板稍微上移，S减小，则电容减小，根据知；电荷量不变，则电势差增大，静电计指针张角变大，故A正确；

B、根据得，减小两极板之间的距离，则电容增大，根据知；电荷量不变，则电势差减小，静电计指针张角变小，故B错误；

C、根据得，将玻璃板插入两板之间，则电容增大，根据知；电荷量不变，则电势差减小，静电计指针张角变小，故C错误；

D、根据得，将云母板插入两板之间，则电容增大，根据知；电荷量不变，则电势差减小，静电计指针张角变小，故D错误；

故选A．

【点睛】

解决本题的关键掌握电容的决定式和电容的定义式并能灵活运用．7、C【分析】A；逐渐增大入射角；反射光线沿逆时针方向转动，折射光线沿顺时针方向转动，故A错误；

B；根据折射定律可知；反射光线和折射光线转过的角度不相同，故B错误；

CD、入射角增大，则反射光线OB的强度增强，折射光线OC的强度减弱，最终折射光完全消失，故C正确，D错误；

故选C．8、D【分析】【分析】

根据物理学史和常识解答；记住著名物理学家的主要贡献即可。

【详解】

汤姆孙发现电子，揭示了原子具有复杂结构；卢瑟福发现了核式结构模型；查德威克发现了中子；贝克勒尔发现天然放射性现象，揭示了原子核可以再分。故D正确，ABC错误。故选D。二、多选题(共7题，共14分)9、A:B:C【分析】【分析】

带电液滴做直线运动；要么合力为零做匀速直线运动，要么所受合力与速度方向在同一直线上，做匀变速直线运动；对带电液滴进行受力分析，然后答题．

【详解】

带电液滴受竖直向下的重力G；沿电场线方向的电场力F、垂直于速度方向的洛伦兹力f；由于α＞β，这三个力的合力不可能沿带电液滴的速度方向，因此这三个力的合力一定为零，带电液滴做匀速直线运动，不可能做曲线运动和匀变速直线运动，故A正确，D错误．当带电液滴带正电，且电场线方向斜向上时，带电液滴受竖直向下的重力G、沿电场线向上的电场力F、垂直于速度方向斜向左上方的洛伦兹力f作用，这三个力的合力可能为零，带电液滴沿虚线L做匀速直线运动；如果带电液滴带负电、或电场线方向斜向下时，带负电液滴斜向下运动时所受合力才可能为零，沿直线L运动，故BC正确；故选ABC．

【点睛】

知道液滴沿直线运动的条件是合力为零或所受合力方向与速度方向在同一直线上、对带电液滴正确受力分析，是正确解题的关键．10、B:C【分析】【详解】

A．气体在过程中发生等温变化，由

可知；体积减小，压强增大，故选项A错误；

B．在变化过程中，气体的体积不发生变化，为等容变化，由

可知；温度升高，压强增大，故选项B正确；

CD．综上所述，在过程中气体的压强始终增大，所以气体在状态B时的压强最大，在状态A时压强最小；故选项C正确，D错误。

故选BC。11、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．分子的无规则的运动叫热运动；布朗运动是悬浮在液体中的固体小颗粒的无规则运动，不是热运动，故A错误；

B．当分子间距离从r0逐渐增大时，分子间的引力先增大后减小，分子相互远离时分子力做负功，分子势能增大；当分子之间距离小于r0时，分子力为斥力，再相互靠近分子力做负功，分子势能增大，所以当r=r0时；分子间作用力最小，势能也最小，故B正确；

C．食盐晶体是单晶体；其物理性质沿各个方向是不一样的，故C错误；

D．由于表面张力的作用；液体要收缩至表面积最小，所以小草上的露珠呈球形，故D正确。

故选BD。12、A:C:E【分析】【详解】

A．物体从外界吸热；若同时对外做功，则其内能不一定增大，选项A正确；

B．布朗运动是悬浮在液体表面的固体颗粒的无规则运动；是液体分子无规则运动的具体表现，选项B错误；

C．温度是分子平均动能的标志；则温度相同的氢气和氧气，它们分子的平均动能相同，选项C正确；

D．用气体的摩尔体积除以阿伏加德罗常数；可求解一个气体分子运动占据的空间的体积，不可以估算气体分子的体积，选项D错误；

E．当分子力表现为斥力时；分子距离减小时分子力变大且做负功，分子势能变大，即分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而增大，选项E正确。

故选ACE。13、A:D【分析】【详解】

加速度满足所以加速度增大时，位移也增大，所以速度必减小，故A正确；向平衡位置运动时，速度、加速度方向相同，故B错误；通过平衡位置时，速度方向不改变，故C错误；远离平衡位置时，加速度方向指向平衡位置，速度方向背离平衡位置，即v、a方向相反，故D正确．所以D正确，BC错误．14、A:D【分析】【详解】

发生正碰，则根据动量守恒得：根据碰撞过程系统的总动能不增加，则得

A项：它们发生正碰后；均为+1m/s，即以共同速度运动，符合以上等式，故A正确；

B项：速度如果是4m/s和-5m/s；那么A；B动能都增加，故B错误；

C项：发生正碰后；A；B反向，符合以上等式，故C正确；

D项：发生正碰后，A、B速度方向不变即还是相向运动，这不符合实际情况，故D错误．15、A:D【分析】【详解】

密立根通过油滴实验测出了基本电荷的数值，故A正确；卢瑟福通过对α粒子散射实验的研究提出了原子的核式结构模型，发现了原子中存在原子核，故B错误；卢瑟福在α粒子散射实验的基础上，并提出了原子的核式结构模式，故C错误；居里夫妇从沥青铀矿中分离出了钋(Po)和镭(Ra)两种新元素，故D正确。三、填空题(共7题，共14分)16、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】增大增大17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据相对论的知识可知；车厢中的人认为，车厢是个惯性系，光向前向后传播的速度相等。

[2]光源在车厢中央，闪光同时到达前后两壁。地面上人以地面是一个惯性系，光向前向后传播的速度相等，向前传播的路程长些，到达前壁的时刻晚些。【解析】相等后18、略

【分析】【详解】

[1]气体的分子平均动能和温度有关，温度越高气体的分子平均动能越大。从到过程中；温度降低，所以气体的分子平均动能变小。

[2]从到的过程压强不变；温度升高，则内能增加，同时体积增大，气体膨胀对外做功，因此气体要吸热，不可能为绝热过程。

[3]从到的过程中温度不变，压强降低，可知体积增大，则气体的密度变小。【解析】变小不可能变小19、略

【分析】【分析】

【详解】

如图所示。

小球第一次碰撞后与角的另一边的夹角为15°；如下图所示；

第二次碰后与角的另一边夹角为25°；可得每一次碰撞后下一次碰与角的一边的夹角为增加10°，碰撞第8次和第9次，如下图所示。

可得第9次后与角的边的夹角为85°；第10次碰后如下图所示。

可得碰后与角的边的夹角为75°；每碰撞一次，角度减少10°，当碰撞16次后，如下图所示。

小碰撞第17次后，路径沿水平向右，不会再发生碰撞，所以则球与挡板一共会发生17次碰撞。【解析】1720、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由欧姆定律可知，电路的电流为

电源的输出功率为

[2]电动机的输出功率为【解析】2.75，1.521、A:D:E【分析】由题意可知；波在同种介质传播，所以波速相同，由于距离相同，所以两波同时到达M点．故A正确，B错误．由于波长的不同，因此在M点相遇时，并不总是加强或减弱；当两波刚传的M点时，此时刻位移为零，所以M点的位移大小在某时刻可能为零．故C错误，D正确．据波的传播特点可知，各质点的起振方向与波源的起振方向相同，据波形可知，两波源的起振方向都是向上振动，故E正确；

故选ADE．

点睛：考查波的叠加原理，及相遇后出现互不干扰现象．同时注意之所以两列在相遇时“消失”，原因这两列波完全相同，出现振动减弱现象.22、略

【分析】【分析】

由题意可知考查电流表内接；外接对测量电路的影响；根据电路结构特点分析可得．

【详解】

[1]为了减小实验误差，电流表内接、外接的选择原则：大电阻采用内接法，小电阻采用外接法，Rx约为5Ω；属于小电阻，故采用电流表外接法，选择乙电路图．

[2]因测的电流值大于真实值，由可知计算得到的电阻值小于真实值．

[3]电流表测得电流值大于通过Rx电流值；原因是电压表的分流作用．

【点睛】

电流表内接法，测得是电流表和待测电阻串联以后的电阻，测量值大于真实值，当待测电阻较大时选择内接法．电流表外接法，测得是电压表和待测电阻并联以后的电阻，测量值小于真实值，当待测电阻较小时选择外接法．【解析】乙小于电压表的分流作用四、作图题(共3题，共21分)23、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】24、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】25、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共1题，共7分)26、略

【分析】【详解】

(1)游标卡尺的固定刻度读数为7cm=70mm；游标读数为0.05×3mm=0.15mm，所以最终读数为7cm+0.0