2025年沪科新版必修3物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪科新版必修3物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、心脏除颤器是临床上广泛使用的抢救设备之一，具有疗效高、作用快、操作简便以及与药物相比更安全等优点如图所示是一次心脏除颤器的模拟治疗，该心脏除颤器的电容器电容为充电至9kV电压，如果电容器在2ms时间内完成放电，这次放电通过人体组织的电荷量为（）

A.0.135CB.67.5CC.135CD.1.35×103C2、“世纪工程”﹣港珠澳大桥已于2018年10月24日9时正式通车，大桥主桥部分由约为6.7km海底隧道和22.9km桥梁构成，海底隧道需要每天24小时照明，而桥梁只需晚上照明。假设该大桥的照明电路可简化为如图所示电路，其中太阳能电池供电系统可等效为电动势为E、内阻为r的电源，电阻R1、R2分别视为隧道灯和桥梁路灯，已知r小于R1和R2，则下列说法正确的是（）

A.夜间，电流表示数为B.夜间，开关K闭合，电路中电流表、电压表示数均变小C.夜间，由于用电器的增多，则太阳能电池供电系统损失的电功率增大D.当电流表示数为I则太阳能电池供电系统输出电功率为EI3、如图所示，质量相等可视为点电荷的A、B、C三个带电绝缘小球，其中A带负电并固定在绝缘竖直弹簧下端，当A、B、C三个小球的球心距离为L时；B；C小球带电荷量相等并悬在空中处于静止状态，下列说法正确的是（）

A.小球A带的电荷量是小球B带电荷量的2倍B.小球A受到五个作用力C.弹簧弹力等于C两个小球对A球引力的矢量和D.剪断弹簧后C两个小球一起做自由落体运动4、一电荷量为＋q的试探电荷位于电场中的A点，受到的电场力为F。若把该试探电荷换为电荷量为-2q的试探电荷，则A点的电场强度E为（）A.方向与F相反B.方向与F相同C.方向与F相反D.方向与F相同5、如图所示为各种电场电场线的分布图，场中的长方体均为导体，其中正确的有（）A.B.C.D.6、测量R的电阻时，如图是伏安法测电阻的部分电路，测量时开关先后接通a和b；观察到电流的表示数有显著变化，电压表的示数几乎不变。为了使测量结果准确（）

A.S应接a，测量值偏大B.S应接a，测量值偏小C.S应接b，测量值偏小D.S应接b，测量值偏大7、二极管具有单向导电性，当正极接电源正极（正接）时二极管导通（电流可以通过二极管，且二极管的阻值很小，可忽略），当负极接电源正极（反接）时二极管截止（阻值很大，电流为零）。为了验证二极管的这一特性，将其接入如图所示电路c、d之间的D处，闭合开关时灯泡不亮。经初步检查各接线均牢固正确，为了确定电路故障的位置，四位同学各自进行了以下操作。操作步骤现象1S闭合，多用电表调至电压挡，红表笔接a，黑表笔分别接b、c、d、e示数分别为0、0、6V、6V2S闭合，断开导线bc的c端，用c端分别接d、e、f灯泡均亮3S断开，多用电表调至欧姆挡，红表笔接c，黑表笔接d指针有大角度偏转4S断开，多用电表调至欧姆挡，红表笔接d，黑表笔接c指针有微小偏转

由此可判断（）

A.同学1的操作说明导致灯泡不亮的故障在a、b之间B.同学2的操作说明导致灯泡不亮的故障在b、c之间C.根据同学1、3的操作即可判断导致灯泡不亮的原因是二极管正、负极接错D.根据同学2、4的操作即可判断导致灯泡不亮的原因是二极管正、负极接错8、如图所示的电路电源电压为两定值电阻的阻值电容大小为当电路接通一段时间后，电容器所带的电荷量为（）

A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)9、如图，带电粒子由静止开始，经电压为的加速电场加速后，沿垂直电场方向进入电压为的平行板电容器；经偏转落在下板的中间位置。为使同样的带电粒子，从同样的初始位置由静止加速；偏转后能穿出平行板电容器，下列措施可行的是（）

A.保持和平行板间距不变，增大B.保持和平行板间距不变，减小C.保持和下板位置不变，向下平移上板D.保持和下板位置不变，向上平移上板10、如图所示，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，则（）

A.电压表读数变大B.电流表读数变大C.R1上消耗的功率逐渐增大D.质点P将向上运动11、如图所示，两个固定的半径均为r的细圆环同轴放置，O1、O2分别为两细环的圆心，且O1O2=2r，两环分别带有均匀分布的等量异种电荷-Q、+Q(Q>0)。一带负电的粒子(重力不计)位于右侧远处；现给粒子一向左的初速度，使其沿轴线运动，穿过两环后运动至左侧远处。在粒子运动的过程中。

A.从O1到O2，粒子一直做减速运动B.粒子经过O1点时电势能最小C.轴线上O1点右侧存在一点，粒子在该点动能最大D.粒子从右向左运动的整个过程中，电势能先减小后增加12、如图所示，以O点为圆心的圆周上有六个等分点a、b、c、d、e、f，两根直导线垂直纸面放在a、d两点。现给导线通有大小相等；方向垂直纸面向里的电流；下列说法正确的是（）

A.O处磁感应强度最大B.a、d两处磁场方向相同C.a、d两处磁场方向相反D.b、c、e、f四点的磁感应强度大小相等13、图甲为用传感器在计算机上观察电容器充、放电现象的电路图，E表示电源（忽略内阻），R表示电阻，C表示电容器，将S分别拨到a、b，得到充、放电过程中电容器两极板间电压U、电路中的电流I与时间t的关系图像；如图乙所示，以下说法正确的是（）

图片A.t1~t2时间内，电容器极板的电量逐渐增加，电容器在充电B.t2~t3时间内，电容器极板的电量减少为零，电容器在放电C.t3~t4，I-t图线与t轴围成的图形面积表示电容器放电过程放出的电荷量D.在图（甲）的电路中，增大电阻R，可以实现对电容器更快速充电14、如图所示，在光滑绝缘水平面上，菱形ABCD边长为L，对角线BC长也为L，M为BC中点，O为三角形ABC的中心，现于B、C处各固定电量为+2Q的点电荷．下列说法正确的是（）

A.A处与D处的场强相同B.若再在A处固定电量为﹣Q的点电荷，则O处的场强大小为C.若点电荷﹣Q从A静止释放，则经过M时速度最大D.若点电荷+Q从B右侧靠近B的某点静止释放，沿BC向右运动过程加速度先增大后减小15、某静电场中的一条电场线与x轴重合，其电势的变化规律如图所示。在O点由静止释放一电子，电子仅受电场力的作用，则在-x0~x0区间内（）

A.该静电场是匀强电场B.该静电场是非匀强电场C.电子运动的加速度逐渐减小D.电子运动的加速度逐渐增大16、一个带正电的微粒放在电场中；场强的大小和方向随时间变化的规律如图所示。带电微粒只在电场力的作用下（不计微粒重力），由静止开始运动，则下列说法中正确的是（）

A.微粒将沿着一条直线运动B.微粒在第2s末的速度为零C.微粒在第1s内的加速度与第2s内的加速度相同D.微粒在第1s内的位移与第2s内的位移相同评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)17、如图所示，一满偏电流Ig=1mA、内阻Rg=300的表头G，先将其与定值电阻R1并联，后再与定值电阻R2串联，改装成一个既可以测电流又可以测电压的两用电表，公共接线柱和1之间为电流4mA挡，公共接线柱和2之间为电压3V挡，R1=______R2=______

18、（1）两种电荷：自然界中只存在两种电荷，即___________电荷和___________电荷。

（2）电荷量：电荷的___________，用Q表示，有时也可用q来表示。在国际单位制中，单位是___________，简称___________，符号是___________。19、如图所示，绝缘光滑轨道AB部分是倾角为的斜面，AC部分为竖直平面上半径为R的圆轨道，斜面与圆轨道相切。整个装置处于场强为E、方向水平向右的匀强电场中。现有一个质量为m的小球，带正电荷量若小球在O点由静止释放，则它将做______运动。

20、静电力做功的特点。

（1）静电力做功：在匀强电场中，静电力做功W=qElcosθ。其中θ为___________与___________之间的夹角。

（2）特点：在静电场中移动电荷时，静电力所做的功与电荷的起始位置和终止位置___________，与电荷经过的路径___________。

21、某同学用不同工具分别测量了某物体的几处外径；如图所示，请读出下列读数：

①_____；②_____；③_____；22、如图甲所示为一个灯泡两端的电压与通过的电流的关系曲线；参考这根曲线回答下列问题（不计电流表和电池的内阻）

如图乙所示，若将两个这样的灯泡并联后再与10Ω的定值电阻串联，接在电动势为8V的电源上，则每个灯泡消耗的功率是___________W。评卷人得分四、作图题(共1题，共8分)23、如图1所示，用电动势为E、内阻为r的电源，向滑动变阻器R供电。改变变阻器R的阻值，路端电压U与电流I均随之变化。

（1）以U为纵坐标，I为横坐标，在图2中画出变阻器阻值R变化过程中U-I图像的示意图，并说明U-I图像与两坐标轴交点的物理意义。

（2）请在图2画好的U-I关系图线上任取一点；画出带网格的图形，以其面积表示此时电源的输出功率。

评卷人得分五、实验题(共4题，共12分)24、在“电池电动势和内阻的测量”的实验中；电路设计如图甲所示。

(1)图乙是根据实验数据作出的U-I图像，由图可知，电源的电动势E=______V，内阻r=______Ω。

(2)利用该实验电路测出的电动势E测和内阻r测与真实值E真和r真相比，理论上E测______E真，r测______r真（选填“>”、“<”或“=”）。25、实验室备有一个器材如下：

A．灵敏电流计一个（量程1mA；内阻未知）

B．电阻箱R一个（阻值范围0~9999.9Ω）

C．未知电阻Rx一个。

D．干电池一节（电动势1.5V；内阻未知）

E．开关一个；红；黑表笔各一个，导线若干。

该同学利用上述器材先组装成一只简单的欧姆表，然后测未知电阻Rx的阻值操作步骤如下：

(1)按照如图甲所示电路连接各器材；组成欧姆表电路；改装之后表盘如图乙所示，欧姆表表盘中值刻度为“15”。

(2)将红、黑表笔短接，将选择开关旋至___，（填“×1”，“×10”，“×100”）调节电阻箱的阻值为R；使灵敏电流计满偏；

(3)保持电阻箱阻值不变，将红、黑表笔与未知电阻Rx相连，示数如图乙所示，则被测电阻Rx=____。

(4)若该欧姆表使用一段时间后电池电动势变小，内阻变大，但仍能调零，则电阻的测量结果与原来相比____（填“偏大”“偏小”或“无影响”）。

(5)该同学撤掉改装的表盘读出灵敏电流计的电流为0.70mA，则待测电阻的阻值为____Ω。（结果保留三位有效数字）26、（1）小华同学用螺旋测微器和游标卡尺分别测量一个金属棒的直径和长度度，读出图甲螺旋测微器测金属棒直径为________mm：如图用游标卡尺测金属棒长为________cm。

（2）他继续用伏安法测量某待测电阻的阻值。现有器材为：待测电阻R阻值约为（），电源电动势（3V），滑动变阻器阻值范围（）；电流表量程（0.6A，3A）电压表量程（3V，15V）开关，导线若干。实验要求在测量电路中将电流表外接，滑动变阻器起限流作用。回答下列问题：

a.按照实验要求在图（a）中画出实物连线图_________

b.若已按实验要求接线，闭合开关后移动滑动变阻器的滑片，电压表的示数始终约为3V，电流表的示数始终接近0，写出产生这种现象的一个原因：_______________。

c.在连线正确后，闭合开关。电压表和电流表的示数分别如图（b）和图（c）所示。由图可知，电压表读数为_______电流表读数为______A。由此可得待测电阻的阻值为_____结果保留3位有效数字）。

27、某同学在实验室用以下器材测量一个待测电阻Rx的阻值（约1000Ω）。

量程为0~3A，内阻rA约为1Ω的电流表A；

量程为0~1V，内阻r1=500Ω的电压表V1；

量程为0~10V，内阻r2约为20kΩ的电压表V2；

阻值为125Ω的定值电阻R0；

最大阻值约为10Ω的滑动变阻器R；

电源E；电动势约为10V，内阻很小；

单刀单只单掷开关S；导线若干。

（1）实验要求电表指针偏角合理，且待测电阻的电压能从零调节，画出测量电阻Rx的电路图_______。

（2）如果选择测量数据计算Rx，请写出由已知量和测量量的符号计算Rx的表达式Rx=______。评卷人得分六、解答题(共3题，共15分)28、如图所示，一半径的绝缘光滑竖直圆轨道，处于水平向右的匀强电场中，电场强度在轨道的最低点由静止释放一质量的带电小球，小球沿轨道运动所到达的最高点为且知轨迹所对圆心角试求：

(1)小球的带电量

(2)若欲使小球能沿轨道做圆周运动，则由点沿水平向右的方向至少需给小球多大的初速度。

29、有一条横截面积为S的铜导线，通过的电流I。铜的密度ρ，铜的摩尔质量M，阿伏加德罗常数NA，电子的电量e。

（1）求导线单位长度中铜原子的个数；

（2）若导线中每个铜原子贡献一个自由电子；求导线中自由电子定向移动的速率；

（3）通常情况下，导体两端加上电压，自由电子定向移动的平均速率约为10-4m/s。一个电子通过一条1m长的导体需要几个小时！这与闭合开关电灯马上发光明显不符。请你用自由电子定向移动解释闭合开关电灯马上发光的原因。30、在如图所示的电路中，定值电阻R1=1.4R2=0.5电源内阻r=0.6电容器的电容C=100当开关S断开时，电容器上容纳的电荷量Q=3×10−4C，理想电流表的示数I=1.5A。求：

(1)电阻R3的阻值；

(2)电源的电动势E及电源的效率；

(3)当S闭合、电路稳定后，电容器上容纳的电荷量

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、A【分析】【分析】

【详解】

放电前；电容器储存的电量。

Q=CU=15×10-6×9.0×103C=0.135C电容器完全放电，故放出的电等于电容器储存的电量，故A正确BCD错误。2、C【分析】【分析】

【详解】

A．夜间，桥梁需要照明，开关K闭合，电阻R1、R2并联，根据闭合电路欧姆定律可知，电流表示数

A错误；

B．夜间，开关K闭合；总电阻减小，干路电流增大，电路中电流表示数变大，B错误；

C．根据能量守恒定律可知，夜间，由于用电器的增多，总电流增大，根据

可知；太阳能电池供电系统损失的电功率增大，C正确；

D．当电流表示数为I，则太阳能电池供电系统总功率为EI，输出功率为P=EI﹣I2r

D错误。

故选C。3、A【分析】【详解】

A．根据受力平衡可得B、C小球带等量的正电，设小球A、B的电荷量绝对值分别为A、B之间的库仑力

B、C之间的库仑力

分析B受力如图所示，可得

得

故A正确；

B．分析A的受力有重力；两个库仑力和弹簧弹力；共四个力，故B错误；

C．把三个小球看成整体；可得弹簧弹力等于三个小球的总重力，故C错误；

D．剪断弹簧后A受重力和B；C小球对A的库仑力；A下落的加速度大于重力加速度，剪断瞬间小球B、C受力不变，加速度为零，故D错误。

故选A。

4、B【分析】【详解】

电荷量为q的正电荷位于电场中的A点，受到电场力为F，则知A点电场强度E的大小为

方向与F方向相同。电场强度反映电场本身性质的物理量，仅由电场本身决定，与试探电荷无关。可知，将试探电荷换为电荷量为-2q，A点的场强大小仍然是方向与F方向相同，故选B。5、D【分析】【详解】

A．导体在电场中会产生静电感应，静电平衡时整个导体是一个等势体，表面是一个等势面，而电场线与等势面垂直，即与导体表面垂直，故A错误。

B．静电平衡时导体内部场强处处为零，即金属盒内部场强为零，不存在电场，不能画电场线，故B错误。

C．匀强电场的电场线分布应平行等间距的，故C错误。

D．电场线从正电荷出发终止于负电荷或无穷远，故D正确。

故选D。6、D【分析】【详解】

由于电压表偏差较小，接到a、b两端都不会产生较大误差，而电流表偏差较大，因此电流必须准确测量，S应该接b，根据欧姆定律

由于电压测量值偏大；从而电阻的测量值偏大。

故选D。7、D【分析】【详解】

A．同学1的操作结果中，a与b之间、a与c之间的电压为零，a与d之间、a与e之间的电压为6V，说明在c、d之间有断路；故A错误；

B．同学2的操作结果说明a、c之间没有短路也没有断路，d、f之间没有断路，c、d之间有断路；故B错误；

C．同学3的操作说明二极管的正极接在d点，被反接了，同学1的操作结果可以判断c、d之间有断路，但无法判断a、b之间是否有短路；根据1；3同学的操作能确定二极管正、负极接错，但不能排除电路中同时存在灯泡短路导致灯泡不亮的可能，故C错误；

D．同学4的操作结果说明多用电表欧姆挡测的是二极管的反向电阻；电阻很大，结合同学2的操作结果可判断导致灯泡不亮的原因是二极管正；负极接错，故D正确。

故选D。8、A【分析】【详解】

由题中电路图可知，两定值电阻R1、R2串联，由串联电路的特点可知，两定值电阻两端的电压与电阻成正比，则

又

所以

电容器两极板之间的电压等于阻值为R2的定值电阻两端的电压，所以

电容

所以

故选A。二、多选题(共8题，共16分)9、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

A．保持U2和平行板间距不变，平行板电容器中匀强电场的大小不变，增大U1；则粒子初速度增大，更容易穿出平行板电容器，故A正确；

B．保持U1和平行板间距不变，则粒子初速度不变，减小U2；平行板电容器中匀强电场减小，粒子偏转减缓，更容易穿出平行板电容器，故B正确；

CD．保持U1、U2和下板位置不变；要想粒子穿出，必须减小板间电场，因此需要增大板间距，故C错误，D正确。

故选ABD。

【点睛】

本题考查带电粒子在电场中加速和偏转的题目，关键是明确进入偏转电场的初速度是加速电场的末速度，加速电场一般优先考虑动能定理，偏转电场中做类平抛，根据类平抛运动的规律分析。10、B:C【分析】【详解】

AB．由图可知，R2与滑动变阻器R4串联后与R3并联后，再与R1串联接在电源两端；电容器与R3并联；当滑动变阻器R4的滑片向b移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大；路端电压减小，同时R1两端的电压也增大，故并联部分的电压减小；由欧姆定律可知流过R3的电流减小，流过并联部分的总电流增大，故电流表示数增大；因并联部分电压减小，而R2中电压增大；故电压表示数减小，故A错误，B正确；

C．由于流过R1的电流增大，根据

知R1上消耗的功率逐渐增大；故C正确；

D．因电容器两端电压减小，故电荷受到的向上电场力减小，则重力大于电场力，合力向下，质点P将向下运动；故D错误；

故选BC。11、A:C【分析】【详解】

A．圆环在水平线上产生的场强竖直分量叠加为0，只有水平分量相加，所以圆环在水平线上的场强方向与水平线平行，同理圆环在水平线上的场强方向与水平线平行；根据场强的叠加，带负电粒子从到过程中；受到的电场力合力方向始终水平向右，与粒子运动方向相反，所以粒子做减速运动，A正确；

BC．圆环在水平线上处场强为0，在向右无穷远处场强为0，同理圆环在水平线上的场强分布也如此，根据场强的叠加说明在右侧和左侧必定存在场强为0的位置，所以粒子从右侧远处运动到过程中，合场强先水平向左减小，带负电粒子所受电场力水平向右减小，电场力做正功，电势能减小，粒子做加速运动，在右侧某位置合场强为0，粒子速度达到最大，动能最大；继续向左运动，合场强水平向右且增大，粒子所受电场力水平向左，电场力做负功，电势能增大，粒子做减速运动至B错误，C正确；

D．粒子穿过后；对比上述分析可知，粒子所受电场力先水平向右，后水平向左，所以电势能先减小，后增大，综合BC选项分析，D错误。

故选AC。12、C:D【分析】【详解】

A．根据右手螺旋定则可判断处的电流在点产生的磁场竖直向下，处的电流在点产生的磁场竖直向上，故点的磁感应强度为零。A错误；

BC．根据右手螺旋定则可判断，a、d两处磁场方向相反；B错误，C正确；

D．画出每点的磁场应强度方向分析可知，b、c、e、f四点的磁感应强度大小相等；D正确。

故选CD。13、A:C【分析】【详解】

A．t1~t2时间内，电容器两极板的电压在逐渐增大，由知电容器极板电量逐渐增加；电容器在充电，故A正确；

B．t2~t3时间内；电容器极板的电压稳定不变，说明处于充电饱和阶段，故B错误；

C．由电流定义式得

知I-t图线与t轴围成的图形面积表示电量；t3~t4时间内电容器两板间电压减小说明在放电，所以t3~t4时间内，I-t图线与t轴围成的图形面积表示电容器放电过程放出的电荷量；故C正确；

D．电容充电时间的长短同充电回路的电阻值有关，电阻愈大，充电电流就愈小，充电所需要的时间就愈长；反之，充电回路的电阻值愈小，充电电流就愈大，充电所需要的时间就愈短，所以R越大；充电越慢，故D错误。

故选AC。14、B:C【分析】【详解】

AD两点处的电场强度大小相等，但方向相反，故场强不相同，故A错误；BC在O点形成的场强大小相等，方向如图所示；放在A点的负电荷产生的场强方向向上，则合场强为三个电荷形成场强的合场强，O是ABC的中心点，则由几何关系可知，BO=OC=AO=L；

B点和C点形成的场强大小均为：由图可知，两分场强夹角为120°，所以两场强的合场强为A点电荷在O点形成的场强大小为：故合场强大小为故B正确；根据BC形成的电场线可知，AM段方向为由M到A，MD段由M到D，故由A释放后，电场力先做正功再做负功，因此到达M点时的速度最大，故C正确；若点电荷+Q从B右侧靠近B的某点静止释放，沿BC向右运动过程场强先减小后增大，故加速度先减小后增大，故D错误．故选BC．

【点睛】

本题考查带电粒子在等量异号电荷形成的电场中的运动情况，要注意掌握好常见电场的电场分布，明确电场的叠加原理，再结合电场力做功的规律进行分析求解．15、B:C【分析】【分析】

【详解】

AB．由图象可知电势与距离不成正比，由公式U=Ed；可知该静电场是非匀强电场，A错误B正确；

CD．根据沿着电场线方向电势降低，由图象可知电场线的方向为x轴负方向，φ−x图像的斜率表示电场强度大小，故当电子沿x轴正方向运动；则电场强度减小，所以电场力也减小，故加速度大小减小，C正确，D错误。

故选BC。16、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

ABC．由题图可知，E1和E2大小相等；方向相反；所以微粒奇数秒内和偶数秒内的加速度大小相等、方向相反，根据运动的对称性可知在2s末的速度恰好是0，即微粒第1s做加速运动，第2s做减速运动，然后再加速，再减速，一直持续下去，微粒将沿着一条直线运动，C错误AB正确；

D．由对称性可知，微粒在第1s内的平均速度与第2s内的平均速度相同，由

得；微粒在第1s内的位移与第2s内的位移相同，D正确。

故选ABD。三、填空题(共6题，共12分)17、略

【分析】【分析】

【详解】

公共接线柱和1之间为电流I=4mA挡，根据并联电路的特点可得IgRg=（I-Ig）R1

解得R1=100Ω

公共接线柱和1之间的总电阻为

公共接线柱和2之间为电压U=3V挡，根据串联电路的特点可得

其中I=4mA=0.004A

解得R2=675Ω【解析】①.100②.67518、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.正②.负③.多少④.库仑⑤.库⑥.C19、略

【分析】【详解】

对放在斜面上的小球受力分析，有重力G，垂直于斜面向上的支持力FN和水平向右的电场力F。将重力和电场力分解到斜面方向和垂直于斜面方向的两个分力。则重力沿斜面向下的分力为

电场力沿着斜面向上的分力为

又电场力为

则

即

小球将静止在斜面上。【解析】保持静止20、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1][2]在匀强电场中，静电力做功W=qElcosθ。其中θ为电场力与位移之间的夹角。

(2)[3][4]在静电场中移动电荷时，静电力所做的功与电荷的起始位置和终止位置有关，与电荷经过的路径无关。【解析】①.电场力②.位移③.有关④.无关21、略

【分析】【详解】

①[1]游标卡尺的主尺读数为9mm，游标尺的第6个刻度线与主尺的某刻度线对齐，读数为0.1×6mm=0.6mm；则有游标卡尺的读数为9mm+0.6mm=9.6mm；

②[2]游标卡尺的主尺读数为13mm；游标尺的第13个刻度线与主尺的某刻度线对齐，游标尺是25分度的，读数为0.04×13mm=0.52mm，则有游标卡尺的读数为13mm+0.52mm=13.52mm。

③[3]螺旋测微器的固定刻度读数为2mm，转动刻度的读数为0.01×33.3mm=0.333mm，螺旋测微器的读数为2.333mm。【解析】9.613.522.33322、略

【分析】【详解】

设流过小灯泡的电流为I，两端电压为U，定值电阻阻值为R0，则有

带入数据得到

用图像表示为。

图中两线交点即为此时每个小灯泡两端的电压和电流，则每个小灯泡消耗的功率为【解析】0.6四、作图题(共1题，共8分)23、略

【分析】【详解】

（1）由闭合电路欧姆定律可知

所以图像与纵轴交点的坐标值为电源电动势；与横轴交点的坐标值为短路电流，如图所示。

（2）电源的输出功率等于路端电压与干路电流的乘积；即所要求的的面积为该点向坐标轴作垂线后与坐标轴围成的面积，如图所示。

【解析】（1）U-I图像如图所示。图像与纵轴交点的坐标值为电源电动势，与横轴交点的坐标值为短路电流；（2）五、实验题(共4题，共12分)24、略

【分析】【详解】

(1)[1]根据闭合电路的欧姆定律有E=U+Ir

整理上式有U=E-Ir

调节滑动变阻器，即可获得多组U和I值，以I为横坐标、U为纵坐标建立直角坐标系，根据几组I、U的测量数据在坐标系中描点。此时可以看到这些点大致呈直线分布。结合上式可知图线纵截距为电源电动势、斜率为电源内阻。则E=1.5V

[2]斜率为电源内阻则r=1.0Ω

(2)[3][4]由于电压表的分流作用，电流表的示数I测不是流过电源的电流I真，那么画出的U—I图线如下图。

如图所示，直线①是根据U、I的测量值所作出的U—I图线，由于I测<I真

而且U越大，I和I0之间的误差就越大，而电压表的示数U就是电源的路端电压的真实值U0，除了读数会有误差外，可以认为U测=U真

经过修正后，直线②就是电源真实值反映的伏安特性曲线，由图线可以很直观的看出E测<E真，r测<r真【解析】1.5V1.0Ω<<25、略

【分析】【详解】

(2)[1]改装的欧姆表的内阻为

欧姆表表盘中值刻度为“15”，则将红、黑表笔短接，将选择开关旋至“×100”，调节电阻箱的阻值为R；使灵敏电流计满偏；

(3)[2]保被测电阻Rx=7×100=700Ω。

(4)[3]欧姆表调零时，其