2025年浙教版必修3物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教版必修3物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示在两个对接的绝缘光滑斜面上放置了电荷量大小均为q的两个小球A和B（均看成质点），两个斜面的倾角分别是30°和45°，小球A和B的质量分别是m1和m2。若平衡时，两小球均静止在离斜面底端高度为h的同一水平线上，斜面对两个小球的弹力分别是N1和N2，静电力常量为k；下列说法正确的是（）

A.B.C.D.若同时移动两球在斜面上的位置，只要保证两球在同一水平线上，则两球仍能平衡2、某学习小组的同学们准备测量一段长度约100cm的电阻丝的电阻率，需要先测量电阻丝的长度，下列工具应该选用（）A.程实同学文具盒里边的直尺B.游标卡尺C.螺旋测微器D.实验室的直尺3、有一种测量电场强度的方法，其原理如图，竖直平面的虚线框内存在水平方向的匀强电场，虚线框高度为d。让质量为m、带电量为q的粒子从M点由静止释放，最终带电粒子在电场区域下边界的照相底片上打出一个感光点P，P点与M点的水平距离为0.5d，已知重力加速度为g，则电场强度E大小为（）

A.B.C.D.4、如图所示，电源的电动势为E、内阻为r，定值电阻为R0，将滑动变阻器的滑片从a端向b端移动，在a端时电流表示数为I1，在b端时电流表的示数为I2，电压表示数均为U。两电表均为理想电表；在滑片移动的过程中，下列判断正确的是（）

A.电流表的示数先增大后减小B.定值电阻R0消耗的功率先增大后减小C.电压表示数为U时，通过电源的电流等于D.电源的效率先减小后增大5、如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场中M点以相同速度垂直于电场线方向飞出a、b两个带电粒子；仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示。则（）

A.a一定带正电，b一定带负电B.a的速度将减小，b的速度将增加C.a的加速度将减小，b的加速度将增加D.两个粒子的动能，一个增加一个减小6、下列研究物理问题的方法相同的是（）

（a）根据电流所产生的效应认识电流（b）研究电流时把它比作水流。

（c）根据磁铁产生的作用来认识磁场（d）利用磁感线来描述磁场A.a与cB.b与dC.c与dD.a与b7、如图，M和N是两个带有异种电荷的带电体，（M在N的正上方，图示平面为竖直平面）P和Q是M表面上的两点，c是N表面上的一点。在M和N之间的电场中画有三条等势线。现有一个带正电的液滴从E点射入电场，它经过了F点和W点，已知油滴在F点时的机械能大于在W点的机械能。（E、W两点在同一等势面上；不计油滴对原电场的影响，不计空气阻力）则以下说法正确的是（）

A.P和Q两点的电势不相等B.P点的电势高于c点的电势C.油滴在F点的电势能低于在E点的电势能D.油滴在E、F、W三点的“机械能和电势能总和”会改变8、关于电功和电热的计算，下列说法正确的是（）A.如果是纯电阻电路，电热可用公式W=I2Rt计算，但不能用公式W=UIt计算B.如果是纯电阻电路，电功可用公式W=UIt计算，也可用公式W=I2Rt计算C.如果不是纯电阻电路，电功只能用公式W=I2Rt计算D.如果不是纯电阻电路，电热可用公式W=I2Rt计算，也可用公式W=UIt计算9、在图a所示的螺线管中通以如图b所示的电流，取电流沿图中箭头方向为正值、与图中箭头方向相反为负值；竖直向上为磁感应强度正方向，线圈中心的磁感应强度B随时间t的变化关系可能为（）

A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)10、如图，在水平向右、大小为E的匀强电场中，在O点固定一电荷量为Q的正电荷，A、B、C、D为以O为圆心半径为r的同一圆周上的四点，B、D连线与电场线平行，A、C连线与电场线垂直则（）

A.A点和C点的电场强度相同B.D点的电场强度最大C.B点的电场强度最大D.将一正电荷q从A沿圆周移动到B，静电力做正功11、如图所示，A、B是质量均为m，电量大小均为q的两个带有异种电荷的小球，将它们分别用两根等长的绝缘细线系在木盒内，且在同一竖直线上，静止时木盒对光滑地面的压力为FN，细线对B的拉力为F．已知剪断系A或者系B的细线，在A或B运动的过程中木箱始终不会离开地面（）

A.若只剪断系B的细线，B将上升，在碰A前A始终静止，AB系统机械能增大；B.若只剪断系A的细线，A在下落到碰B前B始终静止，AB系统电势能增大；C.若同时剪断系A和系B的细线，AB在碰撞前，B运动的加速度均逐渐增大；D.现使木盒获得一个向右的瞬时冲量，当B与木盒相对静止时，B仍处于A的正下方，此时地面受到的压力大于FN．12、如图所示，水平面内的等边三角形ABC的边长为L，顶点C恰好位于光滑绝缘直轨道CD的最低点，光滑直导轨的上端点D到A、B两点的距离均为L，D在AB边上的竖直投影点为O．一对电荷量均为－Q的点电荷分别固定于A、B两点．在D处将质量为m、电荷量为+q的小球套在轨道上(忽略它对原电场的影响)，将小球由静止开始释放，已知静电力常量为k、重力加速度为g，且忽略空气阻力，则。

A.轨道上D点的场强大小为B.小球刚到达C点时，其加速度为零C.小球刚到达C点时，其动能为D.小球沿直轨道CD下滑过程中，其电势能先增大后减小13、两电荷量分别为和的点电荷固定在轴上的两点，两电荷连线上各点电势随变化的关系如图所示，其中A、两点的电势为零，段中点电势最低；下列说法正确的是（）

A.为正电荷，为负电荷B.C.点的电场强度为零D.将一带负电的检验电荷从点沿轴移到点，电场力先做负功后做正功14、如图所示，A、B、C、D是真空中一正四面体的四个顶点（正四面体是由四个全等正三角形围成的空间封闭图形），所有棱长都为a．现在A、B两点分别固定电荷量分别为均+q和-q的两个点电荷，静电力常量为k；下列说法正确的是。

A.D两点的场强相同B.C,D两点的场强大小相等，方向不同C.D两点电势相等D.将一正电荷从C点移动到D点，电场力做正功15、一对平行金属板A、B（如图甲所示），A、B间电压UAB随时间t变化如图乙所示。一个不计重力的负电荷-q原来固定在A、B的正中央O处，某时刻t无初速度释放电荷；则有关该电荷运动情况的说法正确的是（）

A.若t=0时刻释放该电荷，则电荷可能打到B板上B.若t=时刻释放该电荷，则电荷可能打到A板上C.若t=时刻释放该电荷，则电荷一定能打到A板上D.若t=时刻释放该电荷，则电荷一定能打到B板上16、如图所示，两个带电量为+Q的等量同种电荷，一绝缘且光滑的竖直细杆与连线的中垂线重合，细杆和两点电荷均固定，A、O、B为细杆上的三点，O为两个点电荷连线的中点，AO=BO=h，现有电荷量为+q，质量为m的小球套在杆上，从A点以初速度v0向B先减速再加速运动；则可知（）

A.从A到B，小球的电势能先增大后减小B.从A到B，小球的加速度一定先减小后增加C.小球运动到B点时的速度大小为D.小球从A到O与从O到B经历的时间相等评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)17、如图所示，电键K闭合后，当滑动变阻器的滑片P向上端滑动时，电路中的电压表V1示数______、V2示数______；电流表A示数_____．

18、如图所示的A、B、C、D四组静电实验中，能使左边的验电器的金箔张开的是______组和______组（A；B两组实验中小球的手柄均为绝缘手柄；D组实验中虚线框表示金属网罩）。

A.B.C.D.19、学会使用______法测量电阻。20、如下图所示，是我们家里经常使用的电风扇，在使用一段时间之后发现扇叶上沾满了灰尘，是因为扇叶______（填一物理名词）使得扇叶容易吸附灰尘。

21、如图；已充电的平行板电容器的极板B与一灵敏的静电计相接，极板A接地。若极板A稍向左移动，则。

（1）平行板电容器电容值___________

（2）两极板间的场强___________（两空均选填“变大”；“变小”或“不变”）

22、某物理兴趣小组的同学学习了电容器的相关知识后，用如图所示的装置研究平行板电容器的电容。电容器充电后与电源断开，用与电容器相连的静电计来测量电容器______。在常见的电介质中，由于空气的相对介电常数______（选填“较大”或“较小”），当极板间插入其他的电介质时，电容器的电容将_____（选填“增大”“减小”或“不变”），我们会发现静电计指针的偏角将_____（选填“增大”；“减小”“不变”）。

23、反映磁场的力的性质的物理量是___________，匀强磁场的磁感线是平行的___________直线。24、随着温度的升高，各种波长的辐射强度都有______。评卷人得分四、作图题(共2题，共20分)25、连线题：请将下列电路元器件的实物图与其符号相连。

26、如图，黑箱面板上有三个接线柱1、2和3，黑箱内有一个由四个阻值相同的电阻构成的电路。用欧姆表测得1、2接线柱之间的电阻为2、3接线柱之间的电阻为1、3接线柱之间的电阻为在虚线框中画出黑箱中的电阻连接方式。

评卷人得分五、实验题(共2题，共4分)27、实验方案对实验测量的精度有直接影响；某学习小组对“测量电源的电动势和内阻”的实验方案进行探究，选用电动势约为4V；内阻约为5Ω的电源，现有下列实验器材：

A.电阻箱阻值可调范围为0~999.9Ω；

B.滑动变阻器阻值范围为0~15Ω；

C.滑动变阻器阻值范围为0~100Ω；

D.表头G：量程为2内阻为199.5Ω；

E.电压表量程为3V；内阻约为5kΩ；

F.电压表量程为15V；内阻约为15kΩ；

G.开关；导线若干。

（1）该小组设计了三个实验电路图，你认为最合理的是___________。

请说明理由：______________。

（2）若将表头G改装成量程为800的电流表，则电阻箱的阻值应该为___________Ω。

（3）为更好调节，滑动变阻器应该选用___________（填“”或“”），为使读数更准确，电压表应该选用___________（填“”或“”）。28、（1）下列给出多种用伏安法测电池电动势和内阻的数据处理方法，其中既能减小偶然误差又直观、简便的是_____

A．测出两组I、U的数据，代入方程组E=U1+I1r和E=U2+I2r

B．多测几组I、U的数据，求出几组E、r；最后分别求出其平均值。

C．测出多组I、U的数据，画出U-I图像，在根据图像求E、r

D．多测几组I；U的数据；分别求出I和U的平均值，用电压表测出断路时的路端电压即。

为电动势E，再利用闭合电路欧姆定律求出内电阻r

（2）(多选)用如图甲所示的电路测定电池的电动势和内阻，根据测得的数据作出了如图乙所示的U-I图像，由图像可知_______

A．电池的电动势为1.40V

B．电池内阻值为3.50Ω

C．外电路短路时的电流为0.40A

D．当电压表示数为1．20V时；电路电流为0．2A

（3）如上（2）中甲图所示，闭合电键前，应使变阻器滑片处在________（填“左”或“右”）端位置上．

（4）．(多选)为了测出电源的电动势和内阻，除待测电源和开关、导线以外，配合下列哪组仪器，才能达到实验目的_______

A．一个电流表和一个电阻箱。

B．一个电压表；一个电流表和一个滑动变阻器。

C．一个电压表和一个电阻箱。

D．一个电流表和一个滑动变阻器评卷人得分六、解答题(共3题，共27分)29、如图，三个同心圆是点电荷Q周围的三个等势面，A、B、C分别是这三个等势面上的点。已知这三个圆的半径关系为rC-rB=rB-rA，且这三点在同一条电场线上。现将一个电荷量q为1.6×10-6C的电荷从A点移到C点，其电势能减少2.56×10-5J，若取C点的电势为0；

（1）求A点的电势。

（2）判断B点的电势与8V的大小关系；并进行详细证明。

30、如图甲为平行板电容器，板长板距板间电压如图乙所示，电子以的速度，从两板中央与两板平行的方向射入两板间的匀强电场，为使从（）时刻打入板间的电子从板边缘平行于板的方向射出，求此交变电压的频率应满足的条件。（电子质量电荷量）

31、如图所示，一根足够长光滑绝缘细杆与水平面成α=53°角倾斜固定．细杆的一部分处在场强方向水平向右的匀强电场中．在细杆上套有一个带电荷量为q=1×10−5C、质量为m=3×10−2kg的负电小球．现使小球从细杆的顶端A由静止开始沿杆滑下，并从B点进入电场后小球做匀速直线运动．已知A、B间的距离x1=1m，g=10m/s2；（sin53°=0.8，cos53°=0.6）．求：

(1)小球在B点的速度vB；

(2)电场强度E为多大；

(3)小球运动到C点时不改变电场强度的大小；只是把电场变成竖直向下的方向，小球继续沿杆运动，小球还能继续向下运动的最远距离是多少？

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、A【分析】【分析】

【详解】

BC．A处于静止，设A受到的库仑力为F1，支持力为N1，由平衡条件可得

同理可得，对B满足

对比可得

BC错误；

A．两电荷间距为

由库仑定律可得

由BC的分析可得

联立解得

A正确；

D．若同时移动两球在斜面上的位置；由于距离变化导致库仑力变化，不再满足原来的平衡关系，故两球不能处于原来的平衡状态，D错误。

故选A。2、D【分析】【分析】

【详解】

文具盒里边的直尺测量范围比较小；游标卡尺和螺旋测微器虽然精度较高，但是测量范围都更小，则测量电阻丝的长度用实验室的直尺即可。

故选D。3、A【分析】【详解】

竖直方向满足

水平方向满足

联立解得

故A正确；BCD错误。

故选A。4、C【分析】【详解】

A．当滑片在a端时，电流表读数为

当滑到中点时，电流表读数

当滑到b端时；电流表读数为零，则在滑片移动的过程中，电流表读数一直减小，选项A错误；

B．将滑动变阻器的滑片从a端向b端移动过程中，当滑动端在R中点时阻值最大，则总电阻先增加后减小，回路中的电流先减小后增加，则定值电阻R0消耗的功率先减小后增大；选项B错误；

C．由题可知，滑动端在a端时，电流表读数为I1，此时通过电源的电流为I1，此时电压表读数为U；当滑到b端时，电流表读数为I2=0，此时电压表读数仍为U，可知电压表示数为U时，通过电源的电流等于选项C正确；

D．电源的效率

因滑片从a向b滑动时；总电阻先增加后减小，可知电源的效率先增加后减小，选项D错误。

故选C。5、C【分析】【详解】

A．无法确定a、b的正负；A错误；

BD．轨迹向电场力的方向弯曲；电场力对两个粒子均做正功，两个粒子的动能均增大，两个粒子的速度均增大，BD错误；

C.电场线越密，电场强度越大，电场力越大，加速度越大，a的加速度将减小，b的加速度将增加；C正确；

故选C。6、A【分析】【详解】

a根据电流所产生的效应认识电流；运用的是转换法；

b研究电流时把它比作水流；运用的是类比法；

c根据磁铁产生的作用来认识磁场；运用的是转换法；

d利用磁感线来描述磁场；运用的是模型法；

故a与c研究方法相同。

故选A。7、C【分析】【详解】

A．因为带电导体表面是等势面，所以P和Q两点的电势相等；故A错误；

B．由题意液滴在F点机械能大于在W点机械能，则液滴从F到W点，电场力做负功，则F点电势低于W点电势，则M带负电荷，N带正电荷，P点电势低于c点电势；故B错误；

C．因为正电荷在电势高的地方电势能大，故油滴在F点电势能比在E点电势能低；故C正确；

D．因为只有电场力和重力做功；所以机械能和电势能总和不变，故D错误。

故选C。8、B【分析】试题分析：纯电阻电路，根据能量守恒电功和电热电相等，电功可用公式W=UIt计算，也可用公式W=I2Rt计算，故A正确、B错误；非纯电阻电路，电功用公式W=UIt计算，故C错误；非纯电阻电路，电热用公式W=I2Rt计算．故D错误．

考点：电功和电热。

【名师点睛】考查了纯电阻电路、非纯电阻电路，电功、电热计算，注意灵活选取公式．纯电阻电路，电功可用公式W=UIt计算，也可用公式W=I2Rt计算，非纯电阻电路，电功用公式W=UIt计算，电热用公式W=I2Rt计算．9、B【分析】【分析】

【详解】

图中为同一直导线正反缠绕螺线管；任意时刻螺线管中两导线的电流方向相反，根据安培定则可知任意时刻两导线电流产生的磁场方向相反；大小相等，故任意时刻线圈中心的磁感应强度都为零。

故选B。二、多选题(共7题，共14分)10、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．根据矢量的合成法则，A点电场的方向斜向右上方，C点电场的方向斜向右下方，可知，A、C两点的电场强度大小相等，而方向不同，故A错误；

BC．点电荷Q在D点的电场强度的方向与匀强电场方向相反，根据矢量的合成法则可知合场强相减；点电荷在B点产生的场强与匀强电场在B点的场强，方向相同，根据矢量的合成法则可知合场强相加，而A点电场的方向斜向右上方，C点电场的方向斜向右下方；可知B点场强最大，故B错误，C正确；

D．将一正电荷q从A沿圆周移动到B；点电荷的电场力对该正电荷不做功，而匀强电场的电场力做正功，总体电场力做正功，故D正确。

故选CD。11、A:C【分析】【详解】

A．由于AB间存在引力，静止时连接b球细线有拉力，说明引力比b球重力更大；所以只剪断系B的细线，B将上升，A静止，B上升过程中B的重力势能和动能变大，所以AB系统机械能增大，故A正确；

B．只剪断系A的细线；A在下落到碰B前，AB间的引力增大，引力对A做正功，故AB系统电势能变小，故B错误；

C．若同时剪断系A和系B的细线；AB在碰撞前，AB间的引力增大，所以A；B加速度均逐渐增大，故C正确；

D．现使木盒获得一个向右的瞬时冲量，整个系统处于匀速直线运动状态产，根据平衡状态可知，当A、B与木盒相对静止时，B仍处于A的正下方，对整个系统进行受力分析可知，此时地面受到的压力等于FN；故D错误．

故选AC。12、B:C【分析】【详解】

由点电荷场强公式可得,轨道上D点的场强为:选项A错误；同理可得轨道上C点的场强也为:在C点，由牛顿定律可得：解得a=0，选项B正确；从D到C，电场力做功为零，根据动能定理可得：选项C正确；小球沿直轨道CD下滑过程中，电场力先做正功，后做负功，则其电势能先减小后增大，选项D错误；故选BC.

点睛：解答此题关键是搞清两个点电荷周围的电场分布情况，利用对称的思想求解场强及电势的关系；注意立体图与平面图形的转化关系.13、C:D【分析】【分析】

【详解】

AB．由图知无穷远处的电势为0，A点的电势为零，由于沿着电场线电势降低，所以O点的电荷带负电，M点电荷带正电，由于A点距离O比较远而距离M比较近；

所以电荷量大于的电荷量；故AB错误；

C．图像的斜率等于电场强度，则知，C点的电场强度为0；故C正确；

D．从点沿轴移到点，电势先减小后增大，则将一带负电的检验电荷从点沿轴移到点；电势能先增大，后减小，有功能关系知电场力先做负功后做正功，故D正确。

故选CD。14、A:C【分析】【详解】

ABC．由题，通过AB的中垂面是一等势面，C、D在同一等势面上，电势相等，C、D两点的场强都与等势面垂直，方向指向B一侧，方向相同，根据对称性可知，场强大小相等，故C、D两点的场强；电势均相同；故AC正确，B错误；

D．由题，通过AB的中垂面是一等势面，C、D在同一等势面上，电势相等，将一正电荷从C点移动到D点；电场力不做功，故D错误．

故选AC。

点晴：本题要掌握等量异种电荷电场线和等势线分布情况，抓住ABCD是正四面体的四个顶点这一题眼，即可得出C、D处于通过AB的中垂面是一等势面上．15、B:C【分析】【详解】

A．若t=0时刻释放该电荷，电荷在前半个周期内受到的电场力向左，向A板做匀加速直线运动；后半个周期内电场力向右，向A板做匀减速直线运动，接下去周而复始重复，电荷一定能打到A板上，不能打B板上。故A错误；

B．如果板间距离足够大。若t＝时刻释放该电荷，电荷在-时间内，电场力向左，粒子向A板做匀加速直线运动；-时间内，电场力向右，粒子向A板做匀减速直线运动，时刻速度为零；-T向B板做匀加速直线运动；T-向B板做匀减速直线运动，时刻速度为零。所以t＝时刻释放该电荷，该电荷可能打到A板上，故B正确；

C．若t＝时刻释放该电荷，-时间内，电场力向左，粒子向A板做匀加速直线运动；-时间内，电场力向右，粒子向A板做匀减速直线运动，时刻速度为零。-T时间内，电场力向右，粒子向B板做匀加速直线运动；T-时间内，粒子向B板做匀减速直线运动，时刻速度为零。在-时间内的位移大于-时间内的位移，所以在一个周期内粒子向A板靠近。接下去重复，所以电荷一定能打到A板上，故C正确；

D．由于题目中没有给出两板间距所以在-时间内，电场力向左，粒子向A板做匀加速直线运动，有可能打在A板上。故D错误。

故选BC。16、A:C【分析】【详解】

A．由等量同种电荷的电场分布可知到电势先增大后减小；小球的电势能先增大后减小，故A选项正确；

B．由等量同种电荷的中垂线上场强分布特点知，点有可能在最大电场强度的上方或下方；小球先减速再加速运动，开始时电场力大于重力；若点在最大电场强度的上方，根据受力牛顿第二定律可知到的过程中；小球的加速度先增大后减小到零然后反向增大最后再减小，故B选项错误；

C．到电场力的功为零，据动能定理对A到B过程有

求得点速度大小为

故C选项正确；

D．小球从点以初速度向先减速再加速运动，小球从A到B过程所受电场力关于O点对称，小球另外还受重力，所以小球到O与从O到经历的时间不相等；故D选项错误。

故选AC。三、填空题(共8题，共16分)17、略

【分析】【详解】

滑片P向上端滑动时，变阻器阻值增大，干路电流I减小，路端电压U增大，可知V1示数增大；由于在干路，故通过R1的电流减小，所以减小，而故两端电压增大，V2示数增大；流过的电流增大，由于且所以流过R3的电流减小，A示数减小．【解析】增大增大减小18、A:C【分析】【分析】

【详解】

[1][2]AB．处于静电平衡状态下的导体所带的电荷都分布在导体的外表面；故A能使验电器带电，B不能使验电器带电；

C．将验电器与带电物体用导线连接；二者组成新的导体，导致电荷在新的导体表面重新分布，所以可以使验电器带电，故C能使验电器带电；

D．由于静电屏蔽的作用，验电器不受外电场的影响，故金属箔是闭合的，D不能使验电器带电。19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据电阻的测量方法，需要学会使用伏安法测量电阻。【解析】伏安20、略

【分析】【分析】

【详解】

因为电扇工作时，转动的扇叶与空气摩擦带上电荷，而带电体具有吸引轻小物体的性质，所以灰尘会被吸在扇叶上。【解析】摩擦起电21、略

【分析】【详解】

（1）[1]因为电容器未和电源连接，B极板与静电计相连，所带电荷电量几乎不变，B板与A板带等量异种电荷，电量也几乎不变，故电容器的电荷量Q几乎不变；若极板A稍向左移动，则极板的距离d增大，根据

由于d增大，则C变小。

（2）[2]由公式

整理得

可知E的大小与d的变化无关，故两极板间的场强不变。【解析】变小不变22、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]静电计测的是电容器两板的电势差。

[2]空气的介电常数相对其他电介质的介电常数较小。

[3]若在两板间插入其他电介质，由公式

可得，插入其他电介质增大；所以电容器的电容增大。

[4]由公式

可知两板的电势差减小，即静电计指针的偏角减小。【解析】①.两板的电势差②.较小③.增大④.减小23、略

【分析】【详解】

[1]反映磁场的力的性质的物理量是磁感应强度；

[2]匀强磁场的磁感线是平行的等间距直线。【解析】磁感应强度等间距24、略

【解析】增加四、作图题(共2题，共20分)25、略

【分析】【详解】

实物图中第一个为电动机；电动机符号为符号图中的第二个；

实物图中第二个为电容器；电容器符号为符号图中的第三个；

实物图中第三个为电阻；电阻符号为符号图中的第四个；

实物图中第四个为灯泡；灯泡符号为符号图中的第一个。

【解析】26、略

【分析】【详解】

因为1；2接线柱之间的电阻与2、3接线柱之间的电阻之和等于1、3接线柱之间的电阻；所以2为中间的结点，又因为2、3接线柱之间的电阻与1、2接线柱之间的电阻的差等于1、2接线柱之间的电阻的一半，故2、3之间有两个电阻井联，后再与第三个电阻串联，每个电阻均为1Ω，连接方式如图所示。

【解析】五、实验题(共2题，共4分)27、略

【分析】【详解】

（1）[1][2]通过估算，如果滑动变阻器接入电路的阻值最小时

表头的量程太小；需要用电阻箱进行改装，改装后的电流表内阻可以算出，采用乙图，可以消除电表引起的系统误差。

（2）[3]由

可得

（3）[4][5]通过估算，假设电流表内阻不计时，最大电流为

表头至少需要改装成量程为的电流表，需要并联电阻大小为本实验滑动变阻器采用限