2025年上外版必修3物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年上外版必修3物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、用图中三套实验装置探究感应电流产生的条件；下列选项中能产生感应电流的操作是（）

A.甲图中，使导体棒AB顺着磁感线方向运动，且保持穿过ABCD中的磁感线条数不变B.乙图中，使条形磁铁匀速穿过线圈C.丙图中，开关S闭合后，B螺线管相对静止一起竖直向上运动D.丙图中，开关S保持闭合，使小螺线管A在大螺线管B中保持不动2、建立完整的电磁场理论并首先预言电磁波存在的科学家是（）A.法拉第B.奥斯特C.麦克斯韦D.赫兹3、如图所示；一价氢离子和二价氦离子的混合体，由静止开始同时经同一加速电场加速后，垂直偏转电场的电场线方向射入同一偏转电场中，偏转后，均打在同一荧光屏上，离子在加速电场中运动的时间可忽略不计，离子间的相互作用和重力均不计。则一价氢离子和二价氦离子（）

A.同时到达屏上不同点B.先后到达屏上不同点C.同时到达屏上同一点D.先后到达屏上同一点4、下列关于电流的说法中，错误的是（）A.导体中没有电流时，说明导体内部的电荷没有移动B.电源的作用不是使电路中产生电荷，而是使电路中的电荷发生定向移动C.由可知，电流越大，单位时间内通过导体横截面的电荷量就越多D.恒定电流是由恒定电场产生的5、据报道，科学家发明了一种新型超级电容器，能让手机在几分钟内充满电。某同学在假日登山途中，用该种电容器给手机电池充电，下列说法正确的是（）A.该电容器给手机电池充电时，电容器存储的电能变少B.该电容器给手机电池充电时，电容器的电容变大C.该电容器给手机电池充电时，电容器的电容变小D.充电结束后，若电容器不带电，则电容器的电容变为零6、下列说法中，正确的是（）A.每种金属都有确定的电阻率，电阻率不随温度变化B.导线越细、越长，其电阻率也越大C.一般金属的电阻率，都随温度升高而增大D.测电阻率时，为了提高精度，通过导线的电流要足够大，且要等到稳定一段时间后才可读数7、如图取一对用绝缘柱支持的导体A和B；使它们彼此接触。起初它们不带电，贴在下部的两片金属箔是闭合的。手握绝缘棒，把带正电荷的带电体C移近导体A，则（）

A.A.B上的箔片都会张开B.B上的箔片带的是同种电荷C.导体A端的电势高于B端D.C不动，向右移开B，B上的箔片都闭合8、如图所示的电容式话筒是一种电容式传感器；其原理是：导电性振动膜片与固定电极构成了一个电容器，当振动膜片在声压的作用下振动时，两个电极之间的电容发生变化，电路中电流随之变化，这样声信号就变成了电信号。则当振动膜片向右振动时（）

A.电容器电容减小B.电容器带电荷量减小C.电容器两极板间的电场强度增大D.电阻上电流方向自左向右9、如图所示，矩形线圈abcd的长与宽分别为2L和L，虚线内有界匀强磁场的磁感应强度为B，分别为ad、bc的中点；下列判断正确的是（）

A.此时穿过线圈abcd的磁通量为B.此时穿过线圈abcd的磁通量为C.线圈绕ab边向纸外旋转60°角的过程中，穿过线圈的磁通量变化量为D.线圈绕ab边向纸外旋转60°角的过程中，穿过线圈的磁通量变化量为评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)10、质量为的带电小球以初速度水平抛出，经过时间后进入方向竖直向下的匀强电场，再经过时间速度方向重新变为水平；已知初末位置分别为A点和C点，经B点进入电场．下列分析正确的是。

A.电场力大小为2mgB.从A到C的运动过程，小球动量守恒C.小球从A到B与从B到C的速度变化量相同D.从A到C的高度11、如图所示，实线是匀强电场的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点。若带电粒子在运动中只受电场力作用；则由此图可作出的正确判断是（）

A.带电粒子带负电B.带电粒子带正电C.带电粒子所受电场力的方向向右D.带电粒子做匀变速运动12、某静电场在x轴上的电势随x的变化关系如图所示，带正电的点电荷仅在电场力作用下沿x轴运动；则（）

A.和处电场强度均为零B.由运动到的过程中电场力一直做正功C.由运动到的过程中电场力先减小后增大D.电荷在处处的动能相等13、如图所示，平行板电容器的两极板A、B接在电池两极，一带负电的小球悬挂在电容器内部，闭合S，电容器充电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为下列说法正确的是（）

A.保持S闭合，将A板向B板靠近，则增大B.保持S闭合，将A板向B板靠近，则减小C.断开S，略向上移动A板，则减小D.断开S，略向上移动A板，则增大14、如图所示，匀强电场中的A、B、C三点构成-一个直角三角形，BC边垂直AC边，∠BAC=30°，BC边长度为d，已知电场方向与该直角三角形的某一边平行。一质量为m、电量为q、带正电的粒子（不计重力）在该电场中运动，经过A点时速度大小为v0、方向沿AB；经过BC边的中点D时，速度大小为vD，方向与BC边垂直。以下选项正确的是（）

A.电场方向与AC边平行B.A、B、C三点中B点电势最高C.D.电场强度大小15、如图所示，水平粗糙滑道AB与竖直面内的光滑半圆形导轨BC在B处平滑相接，导轨半径为R。一轻弹簧的一端固定在水平滑道左侧的固定挡板M上，弹簧自然伸长时另一端N与B点的距离为L。质量为m的小物块在外力作用下向左压缩弹簧（不拴接）到某一位置P处，此时弹簧的压缩量为d。由静止释放小物块，小物块沿滑道AB运动后进入半圆形轨道BC，且刚好能到达半圆形轨道的顶端C点处，已知小物块与水平滑道间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g，弹簧的劲度系数为k；小物块可视为质点，则（）

A.小物块在C点处的速度刚好为零B.当弹簧的压缩量为时，小物块速度达到最大C.刚开始释放物块时，弹簧的弹性势能为D.小物块刚离开弹簧时的速度大小为评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)16、图（a）电路中的电源为化学电池，a、b为电池的正、负极。已知化学电池的电极附近存在化学反应薄层，薄层内的正电荷在化学力（非静电力）的作用下从低电势移动到高电势处，沿电流方向形成图（b）所示的电势“跃升”（c、d之间为电源内阻）。闭合电键S，a、b两点之间电势差为一电子从a点在电源内部经d、c移动至b点的过程中，非静电力做功为断开电键S，a、b两点之间电势差为电子从a点在电源内部经d、c移动至b点的过程中，非静电力做功为则________________________________（均选填“大于”；“小于”或“等于”）。

17、在带电体A周围空间中的某一点P，放入一个电荷量为的试探电荷，其受到带电体A的静电力的大小为那么带电体A在P点产生的场强大小为_______。18、判断下列说法的正误。

（1）电压表中串联的电阻的作用是分去一部分电流。____

（2）电流表中并联的电阻的作用是分去一部分电压。____

（3）若将电阻串联在电流表上改装成电压表后，增大了原电流表的满偏电压。____

（4）若将电阻并联在电流表两端改装成电流表后，电阻两端的电压和电流表两端的电压相等。____19、如图所示，E、F分别表示蓄电池两极，P、Q分别表示螺线管两端。当闭合开关时，发现小磁针N极偏向螺线管Q端。则E为蓄电池____极（填“正”或“负”），螺线管P端为____极（填“S”或“N”）.

20、铝箔被α粒子轰击后发生了以下核反应：Al+He→X+n．下列判断正确的是（）。A．n是质子B．n是中子C．X是Si的同位素D．X是P的同位素评卷人得分四、实验题(共3题，共21分)21、在做测量未知电阻丝的实验时；所供选择的器材如下：

A.待测电阻（大约5Ω）

B.电压表V（量程0~3V；内阻约为2kΩ）

C.电流表A1（量程0~15mA；内阻约为1Ω）

D.电流表A2（量程0~300mA；内阻约为0.5Ω）

E.直流电源E（电动势3V；内阻不计）

F.滑动变阻器R1（阻值0~10Ω）

G.滑动变阻器R2（阻值0~1kΩ）

H.开关和导线若干。

（1）为了使实验能够顺利操作，并使实验误差尽量小，则电流表应选________（填C或D），滑动变阻器应选________（填F或G）。

（2）用螺旋测微器测金属丝的直径如图所示，则该金属丝的直径为________mm。

（3）请在下面方框中画出实验电路图，并在图中用实线连接实物图________

（4）这位同学在一次测量时，电流表、电压表的示数如图所示，电流表的量程是0.6A，电压表量程3V。由图中电流表、电压表的读数可计算出金属丝的电阻为____

22、某实验小组用满偏电流内阻的灵敏电流计和电动势的电源制作的多用电表的内部电路如图所示，已知多用电表的两个电流挡的量程分别为和两个电压挡的量程分别为和

（1）当S接2时，多用电表是量程为_________的_________（填“电流”或“电压”）表。

（2）由题意可知电阻__________________

（3）将S接3，红、黑表笔短接，然后调节滑动变阻器，使灵敏电流计满偏，在两个表笔间接入一定值电阻，灵敏电流计的指针指在刻度盘的处（即满偏的），则该定值电阻的阻值为_________23、某研究小组同学要测量一个未知电源的电动势E及内电阻r。手边的实验器材有：

待测电源（电动势E约为4V，内阻r约为0.8Ω），电压表V（量程为1V，内阻RV约为1KΩ），滑动变阻器R1（0～10.0Ω），滑动变阻器R2（0～100.0Ω），电阻箱R3（0～99.99Ω），电阻箱R4（0～2.999KΩ），定值电阻R0（阻值为10Ω）；开关S，导线若干。

（1）由于电压表V的量程太小，需将电压表量程扩大为3V，则应测量此电压表的内阻RV；该小组同学依据图甲电路进行测量，步骤如下：

①S断开，使滑动变阻器的滑动片P处于最左端a；并将电阻箱的阻值调为零；

②闭合S；将滑动变阻器的滑动片P由左端缓慢向右滑动，当电压表的读数为满偏值时，滑动片P停止滑动；

③保持滑动变阻器的滑动片P位置不变，调节电阻箱的阻值使电压表的读数为满偏值的一半时，记下电阻箱的阻值Ra=995Ω．该实验中电阻箱应选用______，滑动变阻器应选用______。（填入器材所对应的符号）从以上步骤测得的数据可得，要改装成量程为3V的电压表，该电压表应串联的分压电阻Rb=______Ω。

（2）研究小组的同学利用题给的电压表（表盘未改动）串联分压电阻Rb构成量程为3V的电压表后，设计了图乙的电路测量电源电动势E及内电阻r。为了使电压表的读数随电阻箱的阻值改变而有较大的变化，在干路上连接了一个阻值为R0的定值电阻，实验过程中通过改变电阻箱的阻值R得到多组对应电压表的读数值U。导出的与的函数关系式为______；由此作出的图象如图丙所示，得到图线的截距为b，斜率为k。则电源电动势的表达式为______；内阻的表达式为______。评卷人得分五、解答题(共4题，共40分)24、导体的电阻率的大小与什么因素有关？25、如图所示的装置是在竖直平面内放置的光滑绝缘轨道，BC水平与圆环相切于C点，整个装置处于水平向右的匀强电场中。一质量为m带负电的小球从高为h＝12R的A处由静止开始下滑，沿轨道ABC运动后进入圆环内做圆周运动，不计B点碰撞的能量损失。已知小球所受电场力是其重力的圆环半径为R，斜面倾角为轨道水平段BC长度s＝2R，重力加速度为g，取空气阻力不计。求：

（1）小球从A滑到B的时间；

（2）小球运动到与圆心等高点D（圆环左侧）时对圆轨道的压力大小N；

（3）改变A的位置使小球在运动过程中不脱离轨道，h满足的条件。

26、如图所示，半径为R的半圆形绝缘轨道ACB竖直放置，C点为轨道的最低点，AC段光滑、BC段粗糙，圆心O处竖直固定一长度不计的光滑挡板，直径AB上方存在水平向左的电场E1，下方存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，OC右侧、OB下方还存在竖直向上的匀强电场E2。一质量为m，电荷量为+q的带电小球从A点由静止释放，沿轨道ACB运动到B点后在电场E1的作用下运动到O点并和挡板相碰，此时匀强电场E2的电场强度突变为原来的两倍，使小球与O处挡板相碰后做匀速圆周运动到B点，运动到B点时小球速度恰好竖直向上，已知重力加速度为g，小球与挡板发生碰撞时，垂直于挡板的速度变为0；平行于挡板的速度不变，小球损失的动能全部转化为二者的内能，不计空气阻力，小球可视为质点，E1、E2大小未知；求：

（1）小球刚运动到C点时对轨道的压力；

（2）E1与E2的比值；

（3）在比较长的一段时间t内；挡板和小球组成的系统增加的内能。

27、在如图（甲）所示的电路中，电阻R1和R2都是纯电阻，它们的伏安特性曲线分别如图（乙）中Oa、Ob所示。电源的电动势E=7.0V；内阻忽略不计。

(1)调节滑动变阻器R3，使电阻R1和R2消耗的电功率恰好相等，求此时电阻R1和R2的阻值为多大？R3接入电路的阻值为多大？

(2)调节滑动变阻器R3，使R3=0，这时电阻R1和R2消耗的电功率各是多少？

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、B【分析】【分析】

【详解】

A．甲图中，使导体棒AB顺着磁感线方向运动，AB不切割磁感线，故不能产生感应电流，另外也可以从保持穿过ABCD中的磁感线条数不变的角度看；磁通量没变化，故也不产生感应电流，A错误；

B．乙图中；使条形磁铁匀速穿过线圈，在磁铁从上向下穿过时，穿过线圈的磁通量会变化，故产生感应电流，B正确；

C．丙图中；开关S闭合后，A；B螺线管相对静止一起竖直向上运动，两线圈没有相对运动，B中的磁通量没变化，故不产生感应电流，C错误；

D．丙图中；开关S保持闭合，使小螺线管A在大螺线管B中保持不动时也不会使B中的磁通量变化，故也不能产生感应电流，D错误。

故选B。2、C【分析】【分析】

【详解】

A．法拉第发现了电磁感应现象；并没有预言电磁波存在并建立完整的电磁场理论，故A错误；

B．奥斯特发现了电流的磁效应；故B错误；

C．建立完整电磁场理论并首先预言电磁波存在的科学家是麦克斯韦；故C正确；

D．赫兹用实验验证了电磁波的存在；故D错误；

故选C。3、D【分析】【详解】

设加速电压为U1，偏转电压为U2，偏转极板的长度为L，板间距离为d。

在加速电场中，由动能定理得

两种粒子在偏转电场中，水平方向做速度为v0的匀速直线运动，由于两种粒子的比荷不同，则v0不同，所以两粒子在偏转电场中运动的时间不同。

两种粒子在加速电场中的加速度不同；位移相同，则运动的时间也不同，所以两粒子是先后离开偏转电场。

在偏转电场中的偏转位移

联立得

同理可得到偏转角度的正切

可见y和tanθ与电荷的电量和质量无关。所以出射点的位置相同；出射速度的方向也相同。故两种粒子打屏上同一点。故ABC错误，D正确；

故选D。4、A【分析】【分析】

【详解】

A．导体内自由移动的电子仍然在做无规则热运动；A错误。

B．电荷的定向移动形成电流；电源使电路中的电荷发生定向移动，B正确。

C．根据公式可知；单位时间内通过导体横截面的电荷量就越多，电流越大，C正确。

D．恒定电流是由导体两端稳定的电压形成的；电源的作用就是在导体两端加上稳定的电压，从而在导体内部形成恒定电场而产生恒定电流，故D正确；。

本题选错误的，故选A。5、A【分析】【详解】

A．该电容器给手机电池充电时；电容器所带的电量减小，电能变少，A正确；

BCD．电容器的电容是其固有属性；与电容器的电压和带电量无关，BCD错误。

故选A。6、C【分析】【详解】

AC．金属的电阻率随温度的增大而增大；A错误，C正确；

B．导线的粗细；长度不影响电阻率；B错误；

D．测电阻率时；为了提高精度，通过导线的电流要小，尽量在常温下测量，D错误。

故选C。7、A【分析】【详解】

ABC．把带正电荷的带电体C移近导体A；根据静电感应原理可知，导体A左端感应出负电荷，导体B右端感应出正电荷；则A；B上的箔片都会张开，但A、B上的箔片带的是异种电荷，达到静电平衡后，导体A、B为一等势体，则导体A端的电势等于B端的电势，故A正确，BC错误；

D．C不动；向右移开B，则导体A仍带负电荷，导体B仍带正电荷，A；B上的箔片都张开，故D错误。

故选A。8、C【分析】【分析】

【详解】

ABD．振动膜片向右振动时电容器两极板间的距离变小，由

知电容增大，电容器两极板间电压不变，由

知电容器带电荷量增大，正在充电，所以中电流方向自右向左；ABD错误；

C．在不变的情况下，减小，由

可知极板间电场强度增大；C正确。

故选C。9、B【分析】【详解】

AB．此时只有一半的线圈在磁场中，所以磁通量为

故A错误；B正确；

CD．当线圈以为轴从图中位置转过的瞬间，线圈在垂直于磁场方向投影的面积为

磁通量

整个过程穿过线圈的磁通量变化量为

故CD错误。

故选B。二、多选题(共6题，共12分)10、A:D【分析】【详解】

小球从A到B过程中，小球只受重力，所以做平抛运动，在竖直方向上做自由落体运动，故，小球从B到C过程中，小球受到重力，电场力，要使在竖直方向上到达C点时竖直速度为零，所以小球在竖直方向上做匀减速直线运动，故，根据牛顿第二定律可得，联立解得，，方向都竖直向上，故从A到C的竖直高度为，AD正确；小球从A到B过程中速度变化，方向竖直向下，从B到C过程中速度变化为，方向竖直向上，两者大小相同，方向不同，C错误；从A到C过程中小球受到的合外力不为零，故动量不守恒，B错误；11、A:D【分析】【分析】

根据轨迹的弯曲得出电场力的方向；从而得出带电粒子的电性。根据粒子的受力确定粒子的运动情况。

【详解】

ABC．因为轨迹的凹向大致指向合力的方向；知粒子所受电场力方向水平向左，则粒子带负电。故A正确，BC错误；

D．粒子仅受电场力；做匀变速曲线运动，故D正确。

故选AD。

【点睛】

解决本题的关键知道轨迹的凹向大致指向合力的方向，这是解决本题的关键，知道正电荷所受电场力方向与电场强度方向相同，负电荷所受电场力方向与电场强度方向相反。12、C:D【分析】【详解】

A．因为图像的斜率表示场强，处电场场强不为零，处电场强度为零。故A错误；

B．带正电的点电荷由运动到的过程中电势在降低，电势能在减小，电场力做正功。由运动到的过程中电势在升高；电势能在增大，电场力做负功。故B错误；

C．正电荷由运动到的过程中场强先减小后增大；电场力先减小后增大。故C正确；

D．和两处电势相等；正电荷在这两处电势能相等。根据动能定理可知，在这两处动能相等。故D正确。

故选CD。13、A:D【分析】【分析】

【详解】

保持闭合；则电容器两极板间的电压不变，由。

可知，当板向板靠近时，增大，增大；A正确。

断开则两板所带电荷量不变；由。

略向上移动板，则正对面积减小，增大，增大；D正确。

故选AD。14、B:D【分析】【详解】

A．因带正电的粒子沿AB方向入射，垂直BC边射出，且已知电场方向与该直角三角形的某一边平行，根据做曲线运动的物体所受的合外力方向指向轨迹的凹向，可知则粒子所受电场力方向平行于BC向下；选项A错误；

B．沿电场线电势逐渐降低，可知A、B、C三点中B点电势最高；选项B正确；

C．粒子在垂直于BC方向做匀速运动，可知

选项C错误；

D．由A到D由动能定理

解得

选项D正确。

故选BD。15、B:D【分析】【详解】

A．由题意知，小物块刚好能达到半圆形轨道顶端点处，设小物块在点处速度大小为则有

解得

A错误；

B．弹簧的压缩量为时，由静止释放小物块，开始时弹簧的弹力大于滑动摩擦力，小物块加速运动，速度增大，当弹簧的弹力等于滑动摩擦力时，小物块速度达到最大，即

解得

B正确；

CD．弹簧的压缩量为时，释放小物块，设小物块离开弹簧时速度为到达点时的速度为小物块由点运动到点时，据机械能守恒定律有

解得

小物块离开弹簧到点时，据动能定理有

解得

据功能关系，刚开始释放物块时，弹簧的弹性势能为

C错误；D正确。

故选BD。三、填空题(共5题，共10分)16、略

【分析】【详解】

[1]设电源电动势为则有路端电压

断开电键S，a、b两点之间电势差为闭合电键S，a、b两点之间电势差为因电建断开时，外电阻更大，则有

[2]闭合电键S，电子从a点在电源内部经d、c移动至b点的过程中，非静电力做功为

断开电键S，电子从a点在电源内部经d、c移动至b点的过程中，非静电力做功为

可得【解析】小于等于17、略

【分析】【详解】

[1]．带电体A在P点产生的场强大小为【解析】500N/C18、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.错误②.错误③.错误④.正确19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由右手螺旋定则可知，电流由F流出，故E为蓄电池负极；

[2]小磁针N极转向Q端，这说明磁感线指向Q端，故Q端为S极，P端为N极。【解析】①.负②.N20、B:D【分析】【详解】

根据核反应方程质量数和电荷数守恒可知选项B、D正确．四、实验题(共3题，共21分)21、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2]因为电动势3V，待测电阻阻值大约为5Ω，则最大电流为

为了使实验能够顺利操作，并使实验误差尽量小，电流表应选择电流表A2（量程0~300mA），即选D；滑动变阻器选择滑动变阻器R1（阻值0~10Ω）；即选F；

（2）[3]由图示可得，金属丝的直径为

（3）[4]电路图如图所示。

（4）[5]由电流表的示数和电压表的示数可得，待测电阻的阻值为【解析】①.D②.F③.4.592④.⑤.5.2Ω22、略

【分析】【详解】

（1）[1][2]由电路结构可知，S接1和2时多用电表为电流表，S接1时灵敏电流计与一个电阻串联后再与另外一个电阻并联，接2时两个电阻串联后与灵敏电流计并联，所以S接2时电流表的量程较小，量程为

（2）[3][4]由题意可知，S接4时多用电表为量程为的电压表，有

S接5时为量程为的电压表，有

解得

S接1时有

S接2时有

解得

（3）[5]当S接3时，多用电表为欧姆表，在多用电表进行测量前需要进行的步骤是欧姆调零，将两个表笔短接，调节滑动变阻器使电流表指针指向刻度盘右侧的零刻度线。将S接3时，欧姆调零后，闭合电路的总电阻为

在两个表笔间接入定值电阻后灵敏电流计指针指向满偏的处，有

解得【解析】电流3.02202023、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）③[1]根据题意可知，电阻箱示数达到995Ω，故电阻箱只能选择R4。

[2]因滑动变阻器采用分压接法，故滑动变阻器应选择总阻值较小的R1。

[3]根据半偏法可知；电压表内阻为995Ω；根据串联规律可知。

R=3×995﹣995=1990Ω（2）[4]根据闭合电路欧姆定律可知。

变形可得。

[5][6]由图象可知，图象的截距为b；则有。

图象的斜率。

联立解得。

【解析】R4R11990=+-五、解答题(共4题，共40分)24、略

【分析】【分析】