2025年人教A新版必修3物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教A新版必修3物理下册阶段测试试卷134考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示，光滑绝缘水平面上有一菱形ABCD，其中∠A=60°，现将两电荷量均为Q的正点电荷固定在A、C两点，欲使放在B点的负试探电荷q静止，则应在D点放置的电荷为（）

A.电荷量为Q的正电荷B.电荷量为Q的负电荷C.电荷量为Q的正电荷D.电荷量为Q的负电荷2、如图所示为边长为L的正六边形，在A、C、E点上分别放置电荷量为的点电荷，已知静电力常量为k；关于三个点电荷形成的电场，下列说法正确的是（）

A.O点和F点电场强度大小均为方向相反B.B点和D点的电势相等，且比O点电势低C.将一个带电小球从O点移到C点，小球的电势能降低D.B点和D点的电场强度方向相同3、如图所示，一电容为C的平行板电容器，两极板A、B间距离为d，板间电压为U，B板电势高于A板，两板间有M、N、P三点，M、N连线平行于极板，N、P连线垂直于极板，M、P两点间距离为L，∠PMN＝θ。以下说法正确的是（）

A.电容器带电荷量为B.两极板间匀强电场的电场强度大小为C.M、P两点间的电势差为D.若将带电荷量为＋q的电荷从M移到P，该电荷的电势能增加了4、显像管原理的示意图如图所示，当没有磁场时，电子束将打在荧光屏正中的O点，安装在管径上的偏转线圈可以产生磁场，使电子束发生偏转。设垂直纸面向里的磁场方向为正方向，若使电子打在荧光屏上的位置由b点逐渐移动到a点；下列变化的磁场能够使电子发生上述偏转的是（）

A.B.C.D.5、某大型超市安装了一台倾角30°的自动扶梯。该扶梯在380V额定电压的电动机带动下以0.5m/s的恒定速率斜向上运动。电动机的最大输出功率为6.4kW，不载人时测得电动机中的电流为5A。若载人时扶梯速率和不载人时相同，设人的平均质量为60kg（g取10m/s2）则该扶梯可同时乘载的人数最多为（）A.20人B.25人C.30人D.35人评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)6、关于能量的转化与守恒，下列说法正确的是A.任何制造永动机的设想，无论它看上去多么巧妙，都是一种徒劳B.不可再生能源是不能再次生产和重复使用的，包括煤、石油和天然气C.由于自然界的能量是守恒的，所以说能源危机不过是杞人忧天D.轻绳一端固定在天花板，另一端连接一重物在竖直面内来回摆动许多次后总会停下来，说明这个过程的能量不守恒7、2019年央视春晚深圳分会场首次成功实现4K超高清内容的5G网络传输．2020年我国将全面进入5G万物互联的商用网络新时代．所谓5G是指第五代通信技术，采用3300~5000MHZ频段的无线电波．现行的第四代移动通信技术4G，其频段范围是1880~2635MHZ．5G相比4G技术而言，其数据传输速度提升了数十倍，容量更大，时延大幅度缩短到1毫秒以内，为产业革命提供技术支撑．根据以上内容结合所学知识，判断下列说法正确的是A.4G信号、5G信号都是横波B.4G信号和5G信号相遇能产生干涉现象C.4G信号比5G信号更容易发生衍射现象D.4G信号比5G信号在真空中的传播速度更小8、如图所示，三个带电量分别为-q、+q、+q的点电荷位于等边三角形ABC的三个顶点上，D、E分别为AB、BC边的中点，O为三角形的中心．D、E、O三点的电场强度分别用ED、EE、EO表示；下列说法正确的是（）

A.B.C.D.9、如图所示，有一均匀对称带负电花环和一质量为m的带正电小球，小球由静止从花环正上方某一高处的A点落下，穿过花环中心又下落到达与A对称的点。在这个过程中，若取花环中心为坐标原点且重力势能为零，无限远处电势为零，竖直向下为轴正方向，则关于小球的加速度a、重力势能电势能机械能E，这四个物理量与小球的位置坐标x的关系图像可能正确的是（）

A.B.C.D.10、如图所示，在x轴上相距为L的两点固定两个等量异种点电荷＋Q、－Q，虚线是以＋Q所在点为圆心、为半径的圆，a、b、c、d是圆上的四个点，其中a、c两点在x轴上，b、d两点关于x轴对称。下列判断正确的是（）

A.b、d两点处的电势相同B.四个点中c点处的电势最低C.b、d两点处的电场强度相同D.将一试探电荷＋q沿圆周由a点移至c点，＋q的电势能增大11、如图所示，O点固定放置一个正点电荷，在过O点的竖直平面内的A点，自由释放一个带正电的小球，小球的质量为m，带电荷量为q，小球落下的轨迹如图中的实线所示，它与以O点为圆心、R为半径的圆（图中虚线表示）相交于B、C两点，O、C在同一水平线上，∠BOC＝30°，A距OC的高度为h，若小球通过B点的速度为v；则下列叙述正确的是（）

A.小球通过C点的速度大小是B.小球通过C点的速度大小是C.小球由A到C电场力做功是D.小球由A到C电场力做功是12、如图所示，真空中存在电荷量为和的点电荷，为两点电荷连线的中垂线，四点连线构成的矩形区域关于和两点电荷连线对称，一带负电的粒子从a点沿矩形经过b点、c点，到达d点；下列说法正确的是（）

A.粒子从电势能一直不变B.粒子从电势能增加C.粒子在a点和b点受到的电场力不同D.粒子从电势能一直不变13、如图所示，质量为M=4kg的木板静止在光滑水平面上，一个质量为m=1kg的小滑块以初速度v0=5m/s从木板的左端向右滑上木板；小滑块始终未离开木板．则下面说法正确的是。

A.从开始到小滑块与木板相对静止这段时间内,小滑块和木板的加速度大小之比为1:4B.整个过程中因摩擦产生的热量为10JC.可以求出木板的最小长度是3.5mD.从开始到小滑块与木板相对静止这段时间内，小滑块与木板的位移之比是6:1评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)14、正离子A（质量为m、电荷量为q）和正离子B（质量为2m、电荷量为q）由静止开始经相同电加速后，如图所示垂直电场线射入两块平行带电金属板间，从两板间射出时（重力不计）A、B侧移之比yA：yB=______________；A、B动能增量之比△EkA：△EkB=______________。

15、心室纤颤是一种可能危及生命的疾病。如图所示的设备是一种心脏除颤器，该除颤器对患者进行治疗时，相当于通过一个充电的电容器对患者皮肤上的两个电极放电，让电荷通过人体组织，达到治疗的目的。若电容器的电容为充电后电压为放电至电压为0的过程中有______的电荷量通过了人体组织；放电过程中，电容器的电容______（填“增大”“减小”或“不变”）。

16、如图所示为伏打电池示意图，由于化学反应，在A、B两电极附近产生了很薄的两个带电接触层a、b。

（1）说明铜板带正电、锌板带负电的原因是什么______？

（2）在电源内部的a、b两个区域，电荷如何被搬运到极板上______？

（3）在正常工作的闭合电路中，静电力对做定向运动的电子做______（选填“正”或“负”）功，使电子向电势______（选填“升高”或“降低”）的方向运动，电子的电势能______（选填“增加”或“减少”）；非静电力对做定向运动的电子做______（选填“正”或“负”）功，使电子向电势______（选填“升高”或“降低”）的方向运动，电子的电势能______（选填“增加”或“减少”）．

（4）沿电流方向绕电路一周，非静电力做功的区域是()

A．RB．bC．rD．a

（5）在图中闭合回路的各区域内，电势升高的总和等于电源的______。

（6）沿电流方向绕电路一周，在什么地方电势降低______？在什么地方电势升高______？17、摩擦起电的原因：当两种物质组成的物体相互摩擦时，一些受束缚较弱的___________会转移到另一个物体上，原来电中性的物体由于得到电子而带___________，失去电子的物体则带___________。18、电场中某区域的电场线分布如图所示，A、B、C为电场中的三点，则三点中电场强度最大的是______点，电势最低的是______点；将一个正点电荷从A点移动到C点过程中电场力做______（选填“正功”或“负功”）。

19、在“研究磁通量变化时感应电流的方向”实验中；实物电路连接如图：

（1）实物图中有一个元件接错了回路，请指出并改正：____________；

（2）为了方便探究感应电流方向的规律，实验应研究原磁场方向、磁通量的变化情况、__________三者的关系；

（3）在实验中，变阻器滑片向右移动，观察到灵敏电流计指针向右偏转，已知原线圈A中的电流是顺时针方向（从上往下看），则流经灵敏电流计的电流方向是____________（选填“左进右出”或“右进左出”）；为使灵敏电流计指针向左偏转，采取的方法有（写出一种方法）：____________；

（4）某组同学实验中，发现灵敏电流计指针的偏转始终很小，可能的原因是_________。评卷人得分四、作图题(共4题，共24分)20、连线题：请将下列电路元器件的实物图与其符号相连。

21、如图所示是某电场中的电场线，请画出点a点的场强方向和电荷-q在b点所受电场力的方向。

22、如图，黑箱面板上有三个接线柱1、2和3，黑箱内有一个由四个阻值相同的电阻构成的电路。用欧姆表测得1、2接线柱之间的电阻为2、3接线柱之间的电阻为1、3接线柱之间的电阻为在虚线框中画出黑箱中的电阻连接方式。

23、如图1所示，用电动势为E、内阻为r的电源，向滑动变阻器R供电。改变变阻器R的阻值，路端电压U与电流I均随之变化。

（1）以U为纵坐标，I为横坐标，在图2中画出变阻器阻值R变化过程中U-I图像的示意图，并说明U-I图像与两坐标轴交点的物理意义。

（2）请在图2画好的U-I关系图线上任取一点；画出带网格的图形，以其面积表示此时电源的输出功率。

评卷人得分五、实验题(共4题，共16分)24、测定电源的电动势和内电阻的实验电路如图；回答下列问题：

现备有以下器材：

A.干电池1个

B.电压表（0~3V）C.电压表（0~15V）

D.电流表（0~0.6A）E.电流表（0~3A）

F.滑动变阻器（0~10Ω）G。滑动变阻器（0~1750Ω）

实验时经测量得出的数据如下表：。123456I/A0.120.200.310.320.500.57U/V1.371.321.241.181.101.05

(1)请在图中的方格纸上画出U—I图线____。

(2)利用图线可求出电源电动势为______V、内电阻为_____Ω。（保留三位有效数字）25、在“测定小灯泡额定功率”的实验中，提供的器材有：“（待测量）”的小灯泡、“”的滑动变阻器；四节新干电池等。

（1）连接电路时开关应__________。

（2）请用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整，使闭合开关时滑动变阻器连入电路的电阻最大。（______）

（3）闭合开关，发现灯泡不亮，两电表均无示数。为了查找故障，小明将电压表拆下并选择最大的量程，然后在开关闭合状态下，分别将电压表接在电源、滑动变阻器及开关两端，结果只有接在滑动变阻器两端时，电压表无示数，则肯定出现故障的元件是__________，故障原因是__________。（填“短路”或“断路”）

（4）排除故障后继续实验，将滑片移到某一位置时，电压表示数如图乙所示，为测量灯泡的额定功率，应将滑片向___________端移动，直至电压表的示数为此时电流表示数如图丙所示，则小灯泡的额定功率是___________26、如图所示，已知表头G的满偏电流为1mA，表头上标记的内阻值为400Ω，R1、R2和R3是定值电阻，其中R1=100Ω。某同学将其改装为两个量程的电压表，图中虚线框内是电压表的改装电路。若使用a、b两个接线柱电压表的量程为10V，若使用a、c两个接线柱；电压表的量程为30V。

（1）根据上述所给条件，定值电阻的阻值为R2=______Ω，R3=________Ω；

（2）用量程为30V的标准电压表V对改装表30V档的不同刻度进行校准。若由于表头G上标记的内阻值偏小。造成每次校验时标准电压表读数______（填“大于”或“小于”）改装电压表读数。

（3）该同学计划用欧姆表测出表头G的内阻。所用欧姆表内部电源电动势为1.50V，表盘中间刻线示数为“15”，欧姆表选取“×100”档位并进行欧姆调零，然后将该欧姆表红、黑表笔接在表头G两接线柱上，则红表笔应接在表头G_______（填“正”或“负”）接线柱。此时表头G读数为0.78mA，可知表头G内阻为_______Ω（保留三位有效数字）。27、某个演示用多用电表只有两个挡位，其内部电路如图甲所示，其中R为定值电阻；表盘如图乙所示。

（1）这个多用电表内部电流表G的左侧为________（填“正”或“负”）接线柱；

（2）若挡位置于欧姆挡，其倍率为“×1”挡，测某电阻的阻值时，多用电表指针如图乙中①所示，若挡位置于电流挡，测某电路的电流时，多用电表指针如图乙中②所示，则其示数为________mA；

（3）由表盘刻度可知，该多用电表内部所使用的电池电压为________V。评卷人得分六、解答题(共1题，共6分)28、如图所示，有一半径为R=1m的圆形区域，O为圆心，AC为直径，三角形ABC为圆内接三角形，为60°。有面积足够大平行于圆面的匀强电场，已知场强E=100V/m，A点电势为B点电势为0，C点电势低于B点电势，电子电荷量大小为电子重力不计。求：

（1）匀强电场的方向；

（2）C点的电势（可用根号表示）；

（3）若将一电子以某一初速度从C点飞出；电子经过圆形区域边界时可能获得的最大动能增量（可用根号及含eV单位的数值表示）。

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、D【分析】【详解】

由题意可知，∠B=120°，固定在A、C两点的电荷对放在B点的负试探电荷的静电力等大，为

由于二力的夹角为120°，根据菱形特点可知其合力为

方向由B指向D，欲使放在B点的负试探电荷q静止，则放置在D点的电荷对q的作用力与F合等大反向，故应在D点放置电荷量为Q的负电荷；故ABC错误，D正确。

故选D。2、B【分析】【详解】

A．根据点电荷得场强公式

以及矢量合成运算法则可知，O点处得场强大小为方向由

F点得场强大小为方向由

故A错误；

B．根据对称性可知，B点和D点的电势相等，从O点到D点，C点和E点处的两个电荷产生的电势之和始终为零，而与A点处的正电荷距离越来越远，所有电势一直降低，同理可知从O点到B点也是同样的情况；故B正确；

C．将一个带电小球从O点移到C点，带点小球离正电荷越来越远，离负电荷越来越近，若带电小球带正电，则在从O点移到C点的过程中电场力始终做正功，电势能降低，若带电小球带负电，则在从O点移到C点的过程中电场力始终做负功；电势能升高，因此在不知道带电小球电性的情况下无法做出判断，故C错误；

D．根据对称性可知，B点和D点的电场强度大小相等方向不同；故D错误。

故选B。3、C【分析】【分析】

【详解】

A．由电容的定义式

得电容器的带电量。

故A错误；

B．两极板间匀强电场的电场强度大小。

故B错误；

C．M、P两点间的电势差为。

故C正确；

D．将带电量为+q的电荷从M移到P；电场力做功。

电荷的电势能减小。

故D错误。

故选C。4、C【分析】【详解】

高速电子流打在荧光屏上的位置由b点逐渐移动到a点；所以电子先受到向下的洛伦兹力，且逐渐减弱为零，后受到向上的洛伦兹力，且逐渐增强。根据左手定则可以判断，磁场的方向先垂直纸面向里，方向为正，且逐渐减弱为零，后来磁场的方向垂直纸面向外，方向为负，且逐渐增强，故C正确，ABD错误。

故选C。5、C【分析】【详解】

电动机的电压恒为380V，扶梯不载人时，电动机中的电流为5A，忽略电动机内阻的消耗，认为电动机的输入功率和输出功率等，即可得到维持扶梯运转的功率为P0=380V×5A=1900W

电动机的最大输出功率为Pm=6.4kW

可用于输送顾客功率为△P=Pm-P0=4.5kW由于扶梯以恒定速率向斜上方移动，每一位顾客所受的力为重力mg和支持力FN，且FN=mg

电动机通过扶梯的支持力FN对顾客做功，对每一位顾客做功的功率为P1=FNvcosα=mgvcos(90°-30°)=150W

则同时乘载的最多人数为人

故C正确；ABD错误。

故选C。二、多选题(共8题，共16分)6、A:B【分析】【分析】

【详解】

A.因为永动机违背了能量守恒定律；所以任何制造永动机的设想，无论它看上去多么巧妙，都是一种徒劳，故A正确；

B.不可再生的能源指煤；石油、天然气等储存能源；这些能源的形成需要经过上万年很难在短时间内形成所以是不可再生能源，故B正确；

C.能源危机能量在数量上虽没有减少；但在可利用的品质上降低了，从便于利用的变成不便于利用的了．这是能源危机的深层次的含意，故C错误；

D.轻绳一端固定在天花板，另一端连接一重物在竖直面内来回摆动许多次后总会停下来，是因为阻力做功，机械能转化为内能，重物才停下来，但不违背能量守恒定律，故D错误．7、A:C【分析】【分析】

【详解】

AD、无论是4G还是5G，都是电磁波，都是横波，且在真空中的传播速度都是3×108m/s；A正确D错误；

B；4G信号和5G信号的频率不同；则相遇时不能产生干涉现象，B错误；

C、4G信号的频率小，波长较大，则4G信号比5G信号更容易发生衍射现象，C正确．8、A:D【分析】【详解】

BC两个等量正电荷在E点合电场为零，故E点的电场强度为ABC三个点的电荷在O点的电场强度大小都相等，为其中B、C两点电荷再O点的合电场强为方向向上，A点电荷在O点的电场强度方向也向上，所以A、B、C三个点电荷在O点合电场强度为Eo=．A、B电荷在D的电场强度相同，EAB=2×kC点电荷在D点电场强度为EC=k电场EAB和电场EC方向垂直，所以它们的合电场为ED=所以，ED＞EO＞EE，故AD正确，BC错误．9、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．花环中心电场强度为零；无穷远处电场强度为零，所以从中心到无穷远处电场强度是先增加再减少。加速度是重力和电场力的合力与质量的比值，在花环上方，重力和电场力都向下，且电场力可能先增加再减小，所以加速度可能先增加再减小，在花环下方，重力向下，电场力向上，且电场力先增加再减小，合力可能先减小再增加，所以加速度可能先减小再增加，A正确；

B．从A到重力做正功；重力势能减小，B错误；

C．从A到电场力先做正功再做负功；所以电势能先减小再增加，但由于场强不均匀，所以电场力做功及电势能变化也不均匀，C错误；

D．由机械能守恒的条件可知；除重力之外的其它力做功影响机械能的变化，电场力先做正功再做负功，所以机械能先增加再减小，小球在花环上方下落过程中电场力可能先变大再变小，在花环下方下落过程中电场力可能先变大再变小，这种变化情况是有可能的，D正确。

故选AD。10、A:B【分析】【详解】

A.等量异种点电荷的电场线及等势线的分布如图所示。

由于b、d两点关于x轴对称，故b、d两点电势相等；故A正确；

B.a、b、c、d四个点中，只有c点电势为零；其余各点的电势均大于零，故B正确；

C.b、d两点的电场强度大小相等；方向不同，故C错误；

D.将一正的试探电荷由a点移动到c点的过程中，由于a点电势高于c点电势；故该电荷的电势能减小，故D错误。

故选AB。11、B:D【分析】【详解】

A．从A到C的过程中，重力做正功，电场力做负功，根据动能定理

因此到达C点的速度

A错误；

B．由于B、C处于同一等势面上，从B到C的过程中，电场力做功为零，根据动能定理

又

解得①

B正确；

CD．从A到C的过程中，根据动能定理②

由①②联立得

C错误；D正确。

故选BD。12、B:C【分析】【详解】

AD．由等量异种点电荷产生的电场的特点可知，连线不是等势线，带负电的粒子从电势能会发生变化，同理可知，该粒子从电势能也会发生变化；选项AD错误；

B．两点在两点电荷连线的中垂线两侧（关于中垂线对称），且b点比c点离正点电荷近，故b点电势高于c点电势，所以带负电的粒子从电势能增加，B正确；

C．根据电场强度的叠加原理可知，两点的电场强度的大小相等，方向不同，故带负电的粒子在a点和b点受到的电场力不同；C正确。

故选BC。13、B:D【分析】【分析】

由牛顿第二定律分别求出加速度即可；分析滑块和木板组成的系统所受的外力，判断动量是否守恒．滑块相对木板静止时，由动量守恒定律求出两者的共同速度，由能量守恒定律求内能．再由求木板的最小长度L；由运动学公式求滑块与木板的位移之比．

【详解】

A．滑块在水平方向只受到摩擦力的作用，由牛顿第二定律可得：地面光滑，可知M在水平方向也只受到m对M的摩擦力，由牛顿第二_定律可得：其中μ是二者之间的动摩擦因数，即：故A错误；

B．水平面光滑，则滑块和木板组成的系统所受的合外力为零，两者水平方向动量守恒，滑块相对木板静止时，取向右为正方向，根据动量守恒定律得：解得：v=1m/s．根据能量守恒定律得，整个辻程中因摩擦产生的内能：故B正确；

C．设木板的最小长度为L，則有但由于不知道动摩擦因数不能求出木板的最小长度，故C错误；

D.从开始到滑块与木板相对静止込段时向内；滑快与木板的位移之比是：

故D正确．

【点睛】

本题主要考查了板块模型的综合应用，属于中等题型．三、填空题(共6题，共12分)14、略

【分析】【详解】

[1]离子在电场中加速，设末速度为v0，据动能定理得

离子穿出偏转电场的时间为

偏转电场的加速度为

离开偏转电场时侧移量

即侧移量与电荷的电量与质量均无关，则A、B侧移之比yA：yB=1:1

[2]根据动能定理

则A、B动能增量之比△EkA：△EkB=1:1【解析】1：11：115、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据电容器的定义式

得

[2]电容器的电容由电容器自身决定，与所带的电荷量多少无关，所以放电过程中，电容器的电容不变。【解析】①.②.不变16、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]锌失去电子后，锌离子进入溶液中与硫酸根离子结合成硫酸锌，锌原子将电子留在锌板上，使锌板带负电，硫酸根离子与锌结合后，导致电解液与b之间处的电势升高，对于铜板，由于还原反应，硫酸中的氢离子从铜板上得到电子变成氢气，使铜板带正电，由于氢离子与铜板上的电子结合导致a与电解液处的电势降低；

(2)[2]在电源内部的a、b两个区域，非静电力做功，在a区域，氢离子被搬运到铜板上；在b处；硫酸根离子被搬到锌板上；

(3)[3][4][5]在正常工作的闭合电路中；静电力对做定向运动的电子做正功，电势能减少，所以电子向电势升高的方向运动；

[6][7][8]电源内部；从负极到正极电势升高，所以非静电力把电子从正极搬运到负极，对做定向运动的电子做正功，即电子向电势降低的方向运动，所以电子的电势能增加；

(4)[9]在电源的内阻和外电阻上，电荷移动过程中是静电力做功，r区域是内阻区域，由题意可知，“在A、B两电极附近产生了很薄的两个带电接触层a、b”则该区域即为非静电力作用的范围；也是沿着电流方向电势升高的范围，故BD正确，AC错误；

故选BD；

(5)[10]依据电动势定义可知；电势升高的总和等于电源的电动势；

(6)[11][12]ab区域为非静电力作用的范围，电势升高，R为外电阻，r为内阻，在电阻上，沿电流方向电势降低。【解析】锌失去电子后，锌离子进入溶液中与硫酸根离子结合成硫酸锌，锌原子将电子留在锌板上，使锌板带负电，硫酸根离子与锌结合后，导致电解液与b之间处的电势升高。对于铜板，由于还原反应，硫酸中的氢离子从铜板上得到电子变成氢气，使铜板带正电，由于氢离子与铜板上的电子结合导致a与电解液处的电势降低在a区域，氢离子被搬运到铜板上；在b处，硫酸根离子被搬到锌板上正升高减少正降低增加BD电动势电势两次降低即电流流过外电阻和内电阻时，电势降低电势两次升高即通过两个极板和电解液接触层a、b时电势升高17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3]摩擦起电的原因为当两种物质组成的物体相互摩擦时，一些受束缚较弱的电子会转移到另一个物体上，原来电中性的物体由于得到电子而带负电，失去电子的物体则带正电。【解析】①.电子②.负电③.正电18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]电场线越密集的地方场强越大，则三点中电场强度最大的是A点；

[2]沿电场线电势逐渐降低，则电势最低的是C点；

[3]将一个正点电荷从A点移动到C点过程中电场力的方向与位移同向，则电场力做正功。【解析】AC正功19、略

【分析】【详解】

（1）[1]开关应接入原线圈A所在的回路；改正后的接法如下图。

（2）[2]为了方便探究感应电流方向的规律；实验应研究原磁场方向；磁通量的变化情况、感应电流的磁场方向三者之间的关系。

（3）[3]变阻器滑片向右移动；则滑动变阻器的阻值变小，则上面的电路电流变大，原线圈产生从上向下看是顺时针方向电流，根据右手螺旋定则，产生的磁场方向为下N极，上S极，再根据增反减同原则，产生的感应磁场下S极，上N极，根据下方螺线管绕线，可以看出电流方向为逆时针（从上往下看），所以经灵敏电流计电流方向是右进左出。

[4]滑动变阻器滑片向右滑动；灵敏电流计指针向右偏，则滑动变阻器滑片向左滑动，灵敏电流计指针向左偏。

（4）[5]灵敏电流计指针偏转角度小，说明是电流太弱，可能是因为原线圈A中没有插入铁芯或者电池使用时间过长，原线圈A中电流过小。【解析】开关应接入原线圈A所在的回路，改正见解析感应电流的磁场方向右进左出变阻器滑片向左滑动（将原线圈A从副原线圈B中拔出，断开开关也对）原线圈A中没有插入铁芯，电池使用时间过长，原线圈A中电流过小四、作图题(共4题，共24分)20、略

【分析】【详解】

实物图中第一个为电动机；电动机符号为符号图中的第二个；

实物图中第二个为电容器；电容器符号为符号图中的第三个；

实物图中第三个为电阻；电阻符号为符号图中的第四个；

实物图中第四个为灯泡；灯泡符号为符号图中的第一个。

【解析】21、略

【分析】【详解】

电场线上每一点的切线方向即为该点的电场强度方向；负电荷受电场力的方向与场强方向相反，如图所示。

【解析】22、略

【分析】【详解】

因为1；2接线柱之间的电阻与2、3接线柱之间的电阻之和等于1、3接线柱之间的电阻；所以2为中间的结点，又因为2、3接线柱之间的电阻与1、2接线柱之间的电阻的差等于1、2接线柱之间的电阻的一半，故2、3之间有两个电阻井联，后再与第三个电阻串联，每个电阻均为1Ω，连接方式如图所示。

【解析】23、略

【分析】【详解】

（1）由闭合电路欧姆定律可知

所以图像与纵轴交点的坐标值为电源电动势；与横轴交点的坐标值为短路电流，如图所示。

（2）电源的输出功率等于路端电压与干路电流的乘积；即所要求的的面积为该点向坐标轴作垂线后与坐标轴围成的面积，如图所示。

【解析】（1）U-I图像如图所示。图像与纵轴交点的坐标值为电源电动势，与横轴交点的坐标值为短路电流；（2）五、实验题(共4题，共16分)24、略