2025年沪科新版高二物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪科新版高二物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图所示，把长为L的导体棒悬挂在水平方向的匀强磁场中，磁感应强度为B，当导体棒中通以方向向左的电流I时，导体棒受到的安培力大小和方向分别是A.大小为BIL，方向竖直向上B.大小为BIL，方向竖直向下C.大小为方向竖直向上D.大小为方向竖直向下2、如图是某一点电荷的电场线分布图．下列表述正确的是（）

A.a点的电势高于b点的电势B.该点电荷带负电C.a点和b点电场强度的方向相同D.a点的电场强度小于b点的电场强度3、如图所示，相同的金属杆ab、cd可以在光滑金属导轨PQ和RS上滑动，空间有垂直纸面向里的匀强磁场．当ab、cd分别以速度v1和v2滑动时，发现回路感应电流为逆时针方向，则v1和v2的方向、大小可能是（）A.v1向右，v2向左且v1＞v2B.v1和v2都向左且v1＞v2C.v1和v2都向右且v1=v2D.v1和v2都向左且v1=v24、如图，闭合线圈上方有一竖直放置的条形磁铁，磁铁的N极朝下。当磁铁向下运动时（但未插入线圈内部）（）A.线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相同，磁铁与线圈相互吸引B.线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相同，磁铁与线圈相互排斥C.线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相反，磁铁与线圈相互吸引D.线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相反，磁铁与线圈相互排斥5、下列关于磁场的说法正确的是(

)

A.沿着磁感线的方向磁场越来越弱B.磁感线从N

极出发到S

极终止C.不论在什么情况下，磁感线都不会相交D.只有磁体周围才会产生磁场6、用如图所示的光电管研究光电效应的实验中，用某种频率的单色光a照射光电管阴极K，电流计G的指针发生偏转．而用另一频率的单色光b照射光电管阴极K时，电流计G的指针不发生偏转，那么（）A.a光的波长一定大于b光的波长B.增加b光的强度可能使电流计G的指针发生偏转C.只增加a光的强度可使通过电流计G的电流增大D.用a光照射光电管阴极K时通过电流计G的电流是由d到c评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)7、如图所示，在匀强磁场的上方有一质量为m、半径为R的细导线做成的圆环，圆环的圆心与匀强磁场的上边界的距离为h。将圆环由静止释放，圆环刚进入磁场的瞬间和完全进入磁场的瞬间，速度均为υ．已知匀强磁场的磁感应强度为B，导体圆环的电阻为r，重力加速度为g，不计空气阻力，则下列说法正确的是（）A.圆环刚进入磁场的瞬间，速度B.圆环进入磁场的过程中，圆环产生的热量大于2mgRC.圆环进入磁场的过程，做匀速直线运动D.圆环进入磁场的过程中，通过导体横截面的电荷量为8、两个等量同种电荷固定于光滑水平面上；其连线中垂线上有A；B、C三点，如图甲所示，一个电荷量为2C，质量为1kg的小物块从C点静止释放，其运动的vt图象如图乙所示，其中B点处为整条图线切线斜率最大的位置（图中标出了该切线）．则下列说法正确的是（）

A.B点为中垂线上电场强度最大的点，场强E=1V/mB.由C到A的过程中物块的电势能先减小后变大C.由C点到A点电势逐渐降低D.B两点间的电势差UAB=5V9、单匝矩形线圈在匀强磁场中匀速转动，转轴垂直于磁场，如线圈所围面积里的磁通量随时间变化的规律如图所示，则线圈中（）A.0时刻感应电动势最大B.0.05s时感应电动势为零C.0.05s时感应电动势最大D.0～0.05s这段时间内平均感应电动势为0.4V10、下列说法中正确的是（）A.原子核的半衰期与环境的温度、压强有关B.某放射性原子核经两次α衰变和一次β变，核内质子数减少3个C.无论入射光线的频率多大，只要该入射光照射金属的时间足够长，都能产生光电效应E.质子、中子、α粒子的质量分别为m1、m2、m3，若两个质子和两个中子结合成一个α粒子，则该核反应释放的核能是（2m1+2m2-m3）c2E.质子、中子、α粒子的质量分别为m1、m2、m3，若两个质子和两个中子结合成一个α粒子，则该核反应释放的核能是（2m1+2m2-m3）c211、如图所示，在“验证力的平行四边形定则”实验中，用力F1、F2通过弹簧测力器拉动橡皮条端点的小圆环，使橡皮条再次伸长，实验中必须确保（）A.F大小等于F1大小与F2大小之和B.F大小等于F1大小与F2大小之差C.橡皮条的伸长量不能超过弹性限度D.两次橡皮条伸长量均应使小圆环处于同一位置12、如图；一均匀金属圆盘绕通过其圆心且与盘面垂直的轴逆时针匀速转动。现施加一垂直穿过圆盘的有界匀强磁场，圆盘开始减速。在圆盘减速过程中，以下说法正确的是(

)

A.处于磁场中的圆盘部分，靠近圆心处电势高B.所加磁场越强越易使圆盘停止转动C.若所加磁场反向，圆盘将加速转动D.若所加磁场穿过整个圆盘，圆盘将匀速转动13、以下有关近代物理内容的若干叙述正确的是()

A.一个原子核在一次衰变中可同时放出娄脕娄脗

和娄脙

三种射线。

B.比结合能越大；表示原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定。

C.重核的裂变过程质量增大；轻核的聚变过程有质量亏损。

D.根据玻尔理论，氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，电子的动能增大，电势能减小14、下列说法正确的是(

)

A.汤姆生提出原子的核式结构模型，建立的基础是娄脕

离子的散射实验B.发现天然发射现象的意义在于使人类认识到原子核具有复杂的结构C.加热、加压或利用化学反应等方式不会改变放射性元素的半衰期D.核反应方程714N+24He隆煤817O+11H

属于原子核的人工转变评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)15、如图所示，AB

两个闭合线圈用同样的导线制成，匝数都为10

匝，半径rA=2rB

图示区域内有磁感应强度均匀减小的匀强磁场，则AB

线圈中产生的感应电动势之比为EAEB=

______，线圈中的感应电流之比IAIB=

______．16、rm{[}化学rm{隆陋隆陋}选修rm{5}有机化学基础rm{]}已知：一个碳原子上连多个羟基时不稳定：芳香烃rm{A}有如图的转化关系：有如图的转化关系：rm{A}已知rm{(1)}能与rm{1molA}加成，写出rm{2molBr_{2}}的结构简式___________________；写出rm{A}的分子式___________________。rm{B}中含氧官能团的名称为______________，指出反应rm{(2)D}的反应类型：___________________。rm{垄脼}写出rm{(3)}与银氨溶液反应的化学方程式：_______________________________。rm{C}有多种同分异构体，符号下列条件的共有__________种。rm{(4)E}属于芳香化合物；rm{垄脵}能使rm{垄脷}溶液发生显色反应；rm{FeCl_{3}}含有酯的结构；rm{垄脹}苯环上有两个取代基。其中核磁共振氢谱中有rm{垄脺}组吸收峰，其面积之比为rm{6}的有机物结构简式为___________________。rm{1隆脙2隆脙2隆脙2隆脙2隆脙1}17、如图所示，使单匝闭合矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的转轴匀速转动，在线圈中就会产生交流电。已知磁场的磁感应强度为B，线圈abcd面积为S，线圈转动的角速度为。当线圈转到如图位置时，线圈中的感应电动势为____；当线圈从图示位置转过90°时，线圈中的感应电动势为。18、一气泡从湖底上升到湖面的过程中温度保持不变，则气泡上升过程中，气泡内的气体____热量，内能____．19、在测定金属的电阻率的实验中；金属导线长约0.8m，直径小于1mm，电阻在5Ω左右．实验主要步骤如下：

（1）用______测量金属丝的长度；测3次，求出平均值L；

（2）在金属导线的3个不同位置上用______测量直径；求出平均值d；

（3）用伏安法测量金属导线的电阻R．根据以上测量值，得到该金属电阻率的表达式为ρ=______．20、一个质量为0.1kg

的小球，从5m

高处下落，若落地时受到1.6NS

的合外力的冲量作用，则小球反跳速率是____(

g

=10m/s2).

21、历史上；通过实验得到“电流通过导体产生的热量跟电流的二次方成正比，跟电阻值及通电时间成正比”这一结论的科学家是______(

选填“焦耳”或“欧姆”)

．

在额定电压相同的电热器中，功率越大，其电阻值越______(

选填“大”或“小”)

．评卷人得分四、简答题(共3题，共15分)22、rm{[}化学rm{隆陋隆陋}选修rm{3}物质结构与性质rm{]}我国科学家最近成功合成了世界上首个五氮阴离子盐rm{(N_{5})_{6}(H_{3}O)_{3}(NH_{4})_{4}Cl(}用rm{R}代表rm{)}回答下列问题：rm{(1)}氮原子价层电子的轨道表达式rm{(}电子排布图rm{)}为_____________。rm{(2)}元素的基态气态原子得到一个电子形成气态负一价离子时所放出的能量称作第一电子亲和能rm{(}rm{E}rm{{,!}_{1})}第二周期部分元素的rm{E}rm{{,!}_{1}}变化趋势如图rm{(a)}所示，其中除氮元素外，其他元素的rm{E}rm{{,!}_{1}}自左而右依次增大的原因是___________；氮元素的rm{E}rm{{,!}_{1}}呈现异常的原因是__________。

rm{(3)}经rm{X}射线衍射测得化合物rm{R}的晶体结构，其局部结构如图rm{(b)}所示。rm{垄脵}从结构角度分析，rm{R}中两种阳离子的相同之处为_________，不同之处为__________。rm{(}填标号rm{)}A.中心原子的杂化轨道类型rm{B.}中心原子的价层电子对数C.立体结构rm{D.}共价键类型rm{垄脷R}中阴离子rm{{N}_{5}^{-}}中的rm{娄脪}键总数为________个。分子中的大rm{娄脨}键可用符号rm{Pi_{m}^{n}}表示，其中rm{m}代表参与形成大rm{娄脨}键的原子数，rm{n}代表参与形成大rm{娄脨}键的电子数rm{(}如苯分子中的大rm{娄脨}键可表示为rm{Pi_{6}^{6})}则rm{{N}_{5}^{-}}中的大rm{娄脨}键应表示为____________。rm{垄脹}图rm{(b)}中虚线代表氢键，其表示式为rm{({NH}_{4}^{{+}})N?HCl}____________、____________。rm{(4)R}的晶体密度为rm{d}rm{g隆陇cm^{?3}}其立方晶胞参数为rm{a}rm{nm}晶胞中含有rm{y}个rm{[(N_{5})_{6}(H_{3}O)_{3}(NH_{4})_{4}Cl]}单元，该单元的相对质量为rm{M}，则rm{y}的计算表达式为______________。23、rm{H}是药物合成中的一种重要中间体，下面是rm{H}的一种合成路线：是药物合成中的一种重要中间体，下面是rm{H}的一种合成路线：回答下列问题：rm{H}的结构简式为_______，其中所含官能团的名称为______；rm{(1)X}生成rm{Y}的反应类型为_______。rm{Z}的化学名称是________。rm{(2)R}由rm{(3)}和rm{Z}合成rm{E}的化学方程式为__________________。rm{F}同时满足苯环上有rm{(4)}个取代基，且既能发生银镜反应，又能发生水解反应的rm{4}的同分异构体有________种，其中核磁共振氢谱上有rm{Y}组峰，峰面积之比为rm{4}的同分异构体的结构简式为________rm{1隆脙2隆脙2隆脙3}一种即可rm{(}rm{)}参照上述合成路线，以乙醛和为原料rm{(5)}其他试剂任选rm{(}设计制备肉桂醛rm{)}rm{(}的合成路线。rm{)}24、联氨（又称联肼，N2H4，无色液体）是一种应用广泛的化工原料，可用作火箭燃料，回答下列问题：（1）联氨分子的电子式为_____________，其中氮的化合价为____________。（2）实验室可用次氯酸钠溶液与氨反应制备联氨，反应的化学方程式为___________。（3）①2O2(g)+N2(g)=N2O4(l)△H1②N2(g)+2H2(g)=N2H4(l)△H2③O2(g)+2H2(g)=2H2O(g)△H3④2N2H4(l)+N2O4(l)=3N2(g)+4H2O(g)△H4=-1048.9kJ/mol上述反应热效应之间的关系式为△H4=________________，联氨和N2O4可作为火箭推进剂的主要原因为____。（4）联氨为二元弱碱，在水中的电离方程式与氨相似，联氨第一步电离反应的平衡常数值为___________________(已知：N2H4+H+N2H5+的K=8.7×107；KW=1.0×10-14)。联氨与硫酸形成的酸式盐的化学式为____。（5）联氨是一种常用的还原剂。向装有少量AgBr的试管中加入联氨溶液，观察到的现象是____。联氨可用于处理高压锅炉水中的氧，防止锅炉被腐蚀。理论上1kg的联氨可除去水中溶解的O2____kg；与使用Na2SO3处理水中溶解的O2相比，联氨的优点是____。评卷人得分五、实验题(共3题，共12分)25、在“测玻璃的折射率”实验中：（1）为了取得较好的实验效果，下列操作正确的是。A、必须选用上下表面平行的玻璃砖；B、选择的入射角应尽量小些；C、大头针应垂直地插在纸面上；D、大头针P1和P2及P3和P4之间的距离适当大些.（2）甲同学在量入射角和折射角时，由于没有量角器，在完成了光路图以后，以O点为圆心，OA为半径画圆，交OO’延长线于C点，过A点和C点作垂直法线的直线分别交于B点和D点，如图所示，若他测得AB=7cm，CD=4cm，则可求出玻璃的折射率n=。（3）乙同学使用同一个玻璃砖完成实验，却发现测出的折射率明显大于理论值，反复检查实验操作过程后认为是用铅笔描出玻璃砖上下表面时候出现了操作失误，由此可以判断该同学作出的两界面间距玻璃砖的实际宽度。（选填“大于”、“小于”）26、（1）①某同学设计了一个探究小车的加速度a与小车所受拉力F及质量m关系的实验，图中（甲）为实验装置简图。他想用钩码的重力表示小车受到的合外力，为了减小这种做法带来的实验误差，你认为下列说法中正确的是()（选填字母代号）.A．实验时要平衡摩擦力B．实验时不需要平衡摩擦力C．钩码的重力要远小于小车的总重力D．实验进行时应先释放小车再接通电源②如图（乙）所示是某次实验中得到的一条纸带，其中A、B、C、D、E是计数点(每打5个点取一个计数点)，其中L1=3.07cm,L2=12.38cm,L3=27.87cm,L4=49.62cm。则打C点时小车的速度为______m/s，小车的加速度是_______m/s2。(计算结果均保留三位有效数字)(2)某实验小组用如图甲的电路测量一直流安培表的内电阻。所给的器材有：电池E(约4.5V)；电流表A(量程0~300mA，待测内阻约为5Ω)；电压表V(量程0~3V)；电阻箱R1；滑动变阻器R2(0~10Ω)，以及电键S和导线若干。①图乙实物图中，已连接了部分电路，请完成余下电路的连接。②请完成主要实验的步骤：A、连接好实验电路，把变阻器的滑动片调到______(a或b端)；B、闭合电键，调节__________________________，使通过安培表电路电流从小到大变化，读出并记录数据。③若电压表、电流表的读数分别为U和I，电阻箱读数为R1，则电流表的内电阻27、在“测定金属的电阻率”实验中，所用测量仪器均已校准．待测金属丝接入电路部分的长度约为50cm．（1）用螺旋测微器测量金属丝的直径，其中某一次测量结果如图1所示，其读数应为___________mm（2）用伏安法测金属丝的电阻Rx．实验所用器材为：电池组(电动势为3V，内阻约1Ω)、电流表(内阻约0.1Ω)、电压表(内阻约3kΩ)、滑动变阻器R(0~20Ω，额定电流2A)、开关、导线若干．某小组同学利用以上器材正确连接好电路，进行实验测量，记录数据如下：。次数1234567U/V0.100.300.701.001.501.702.30I/A0.0200.0600.1600.2200.3400.4600.520由以上数据可知，他们测量Rx是采用图2中的_________图(选填“甲”或“乙”)．（3）图3是测量Rx的实验器材实物图，图中已连接了部分导线，滑动变阻器的滑片P置于变阻器的一端。请根据图(2)所选的电路图，补充完成图3中实物间的连线，并使闭合开关的瞬间，电压表或电流表不至于被烧坏．（4）这个小组的同学在坐标纸上建立U、I坐标系，如图4所示，图中已标出了测量数据对应的4个坐标点．请在图4中标出第2、4、6次测量数据坐标点，并描绘出U─I图线．由图线得到金属丝的阻值Rx=___________Ω(保留两位有效数字)．（5）根据以上数据可以估算出金属丝的电阻率约为___________(填选项前的符号)．A．1×10-2ΩmB．1×10-3ΩmC．1×10-6ΩmD．1×10-8Ωm参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B【分析】试题分析：根据安培力的概念可知，导体棒所受的安培力大小为BIL，根据左手定则可知方向竖直向下，选项B正确.考点：安培力；左手定则.【解析】【答案】B2、B【分析】【解答】解：A、根据电场线与等势线垂直，在b点所在电场线上找到与a点电势相等的，依据沿电场线电势降低，a点电势低于b点电势；故A错误．

B；根据电场线的方向知该点电荷带负电；故B正确．

C、由题图可看出a点和b点电场强度的方向不相同；故C错误。

D、电场线越密的地方电场强度越大，a点的电场强度大于b点的电场强度；故D错误．

故选：B．

【分析】本题考查的就是点电荷的电场的分布及特点，这要求同学对于基本的几种电场的情况要了解，本题看的就是学生的基本知识的掌握情况，比较简单．3、B【分析】解：A、v1＞v2，v1向右，v2向左；闭合回路磁通量向里减小，根据楞次定律，回路中产生顺时针方向的电流．故A错误．

B、v1＞v2，v1和v2都向左；闭合回路磁通量向里增加，根据楞次定律，回路中产生逆时针方向的电流．故B正确．

C、v1=v2，v1和v2都向右；向左时；闭合回路磁通量不变，不产生感应电流．故C、D错误．

故选：B．

根据闭合回路磁通量的变化；结合楞次定律判断感应电流的方向，从而确定各选项的正误．

解决本题的关键掌握楞次定律判断感应电流的方向，本题也可以通过右手定则进行分析．【解析】【答案】B4、B【分析】【解析】试题分析：由图可知，穿过线圈的磁场方向向下增大，由楞次定律可知感应电流的磁场应向上，则由右手螺旋定则可知电流方向与图示方向相同；由“来拒去留”可知，磁铁靠近线圈，则线圈与磁铁相互排斥，故B正确；故选B．考点：考查了楞次定律的应用【解析】【答案】B5、C【分析】解：A

磁感线的疏密表示磁场的强弱；而不是沿磁感线的方向磁场减弱.

故A错误；

B；磁感线在磁体外从N

极出发到S

极；在磁体内从S

极指向N

极，是闭合曲线.

故B错误；

C；不论在什么情况下；磁感线都不会相交，不中断.

故C正确；

D；电流的周围、磁体的周围以及变化的电场的周围都有磁场.

故D错误．

故选：C

磁感应强度B

是反映磁场强弱的物理量；磁感线的疏密表示磁场的强弱；磁感线在磁体外从N

极出发到S

极，在磁体内从S

极指向N

极；不论在什么情况下，磁感线都不会相交，不中断；电流的周围；磁体的周围以及变化的电场的周围都有磁场．

该题考查对磁感应强度的理解以及对磁场概念的理解，属于基础知识.

记住变化的电场的周围都有磁场，这是本题容易错误的地方．【解析】C

6、C【分析】解：A、用一定频率的A单色照射光电管时，电流表指针会发生偏转，知γA＞γ0，a光的波长小于b光的波长；所以A错。

B、发生光电效应的条件：γ＞γ0，增加b光的强度不能使电流计G的指针发生偏转；B错误；

C；增加a光的强度可使通过电流计G的电流增大；C正确；

D；发生光电效应时；电子从光电管左端运动到右端，而电流的方向与电子定向移动的方向相反，所以流过电流表G的电流方向是c流向d。故D错误。

故选：C。

发生光电效应的条件：γ＞γ0；可知道A光；B光的频率大小．再通过电子的流向判断出电流的方向．

解决本题的关键是掌握光电效应的条件γ＞γ0以及光电流方向的确定．【解析】C二、多选题(共8题，共16分)7、AD【分析】解：A、由图可知，圆环开始进入磁场时下落的高度为h-R，根据机械能守恒定律可知：mg（h-R）=mv2，解得：故A正确；

B；由于圆环刚进入磁场的瞬间和完全进入磁场的瞬间速度相等；根据动能定理得：mg2R-W=0，所以W=2mgR．而克服安培力所做的功等于产生的热量，故B错误；

C；由于圆环刚进入磁场的瞬间和完全进入磁场的瞬间速度相等；该过程感应电流不同，安培力不同，故线圈不可能匀速，故C错误；

D、根据在进入过程中，故D正确。

故选：AD。

根据机械能守恒定律可求得环下落至开始进入磁场时的速度；

根据动能定理求出线框的ab边刚进入磁场到ab边刚离开磁场这段过程中克服安培力做的功；即可知道线框从进入到全部穿过磁场的过程中克服安培力做的功，从而求解热量；

根据线圆环进入与离开磁场的速度不变；分析判断线框的速度变化，从而明确安培力的变化情况，确定线圈的运动性质。

根据q=求解完全进入过程中流过导体的电荷量。

解决本题的关键是恰当地选择研究过程，根据动能定理求出克服安培力所做的功，以及根据动力学分析出线框的运动情况，明确受力变化和能量转化关系是解题的关键。【解析】AD8、AC【分析】解：A、据V-t图可知带电粒子在B点的加速度最大为2m/s2，所受的电场力最大为2N，据E=知；B点的场强最大为1N/C，故A正确。

B；据V-t图可知带电粒子的速度增大；电场力做正功，电势能减小，故B错误。

C；据两个等量的同种正电荷；其连线中垂线上电场强度方向由O点沿中垂线指向外侧，故由C点到A点的过程中电势逐渐减小，故C正确。

D、据V-t图可知A、B两点的速度，在根据动能定理得电场力做的功WBA=10J，再用UAB=V=-5V；故D错误。

故选：AC。

两个等量的同种正电荷；其连线中垂线上电场强度方向由O点沿中垂线指向外侧；电量为2C仅在运动方向上受电场力作用从C点到B；到A运动的过程中，根据V-t图可知在B点的加速度为运动物体先做加速度增大后做加速度减小的加速运动，则判断电荷所受电场力大小变化情况和加速度变化情况。

明确等量同种电荷电场的特点是解本题的关键，据V-t图获取加速度、速度、动能等物理量是解本题的突破口【解析】AC9、ABD【分析】解：A；由图示图象可知；0时刻磁通量的变化率最大，感应电动势最大，故A正确；

B；由图示图象可知；0.05s时刻磁通量的变化率为零，感应电动势为零，故B正确，C错误；

D、由法拉第电磁感应定律可知，0～0.05s内平均感电动势：E===0.4V；故D正确；

故选：ABD．

根据法拉第电磁感应定律知；感应电动势的大小与磁通量的变化率成正比．通过法拉第电磁感应定律求出平均感应电动势的大小．

本题关键是掌握好图象的含义，磁通量比时间其物理含义为感应电动势，即图象的斜率表示感应电动势．【解析】【答案】ABD10、BDE【分析】解：A；原子核的半衰期与环境的温度、压强有关；故A错误；

B；一次α衰变；质量数减小4，质子数减小2，而一次β衰变，质量数不变，质子数增加1，所以核内质子数减少2×2-1=3个，故B正确；

C；无论照射的时间多么长；光强多强，只要光的频率小于金属的极限频率就不能产生光电效应，故C错误；

D；比结合能越大；表示原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定，故D正确；

E、质子、中子、α粒子的质量分别为m1、m2、m3，若两个质子和两个中子结合成一个α粒子，则该核反应释放的核能是（2m1+2m2-m3）c2．故E正确．

故选：BDE

外界环境的变化不会影响半衰期；一次α衰变；质量数减小4，质子数减小2，而一次β衰变，质量数不变，质子数增加1；根据光电效应的条件分析；比结合能越大时，原子核越稳定；根据爱因斯坦质能方程计算释放的核能．

该题考查对半衰期的理解、衰变的本质、比结合能与比结合能的区别，光电效应发生的条件等知识点的内容，知识点多但又比较简单，在平时的学习过程中多加积累即可．【解析】【答案】BDE11、CD【分析】解：做验证力的平行四边形定则实验：我们是让两个力拉橡皮条和一个力拉橡皮条产生的作用效果相同；

所以实验中必须确保橡皮条的伸长量不能超过弹性限度，两次橡皮条伸长量均应使小圆环处于同一位置，实验不需要F大小等于F1大小与F2大小之和，也不需要F大小等于F1大小与F2大小之差；故AB错误，CD正确；

故选：CD．

做验证力的平行四边形定则实验：我们是让两个力拉橡皮条和一个力拉橡皮条产生的作用效果相同；测出两个力的大小和方向以及一个力的大小和方向，用力的图示画出这三个力，用平行四边形做出两个力的合力的理论值，和那一个力（实际值）进行比较．用平行四边形画出来的是理论值，和橡皮筋同线的那个是实际值．

在“验证力的平行四边形定则”实验中，我们要知道分力和合力的效果是等同的，这要求同学们对于基础知识要熟练掌握并能正确应用，加强对基础实验理解．【解析】【答案】CD12、ABD【分析】根据右手定则，处于磁场中的圆盘部分，感应电流从靠近圆盘边缘处流向靠近圆心处，故靠近圆心处电势高，A正确;

安培力，磁场越强，安培力越大，B正确;;磁场反向时，安培力仍是阻力，C错误;;若所加磁场穿过整个圆盘，则磁通量不再变化，没有感应电流，安培力为零，故圆盘不受阻力作用，将匀速转动，D正确。

【解析】ABD

13、BD【分析】【分析】原子核一次只能发生一种衰变(娄脕娄脕或娄脗娄脗衰变))在发生娄脕娄脕或娄脗娄脗衰变一般会伴随发出娄脙娄脙射线；比结合能越大，表示原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定；重核的裂变和轻核的聚变过程都有质量亏损，从而释放核能；根据跃迁时，能量的变化，确定光子是释放还是吸收，根据轨道半径确定动能的变化，根据能量等于动能和电势能之和，确定电势能的变化。本题考查了衰变的规律、比结合能、聚变和裂变，能级跃迁知识点，关键要熟悉教材，牢记这些基本知识点。【解答】A、原子核一次只能发生一种衰变(娄脕(娄脕或娄脗娄脗衰变))而娄脙娄脙射线一般会伴随娄脕娄脕或娄脗娄脗衰变而产生，所以一个原子核在一次衰变中可同时放出娄脕娄脕娄脙娄脙或娄脗娄脗娄脙娄脙两种射线。故A错误；B、比结合能越大，表示原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定。故B正确；C、重核的裂变和轻核的聚变过程都伴随有质量亏损，从而释放核能，故C错误；D、根据玻尔理论，氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，原子的总能量减小，核外电子从半径较大的轨道跃迁到半径较小的轨道，库仑力对电子做正功进行，故电子的动能变增大，电势能减小，故D正确。故选BD。【解析】BD

14、BCD【分析】解：A

卢瑟福提出原子的核式结构模型；建立的基础是娄脕

粒子的散射实验，故A错误．

B；发现天然发射现象的意义在于使人类认识到原子核具有复杂的结构；故B正确．

C；半衰期与温度、压强、化学性质无关；故C正确．

D；核反应方程714N+24He隆煤817O+11H

属于原子核的人工转变；故D正确．

故选：BCD

．

卢瑟福通过娄脕

粒子的散射实验得出了原子的核式结构模型；人类研究原子核的内部结构就是从天然放射现象开始的；放射性元素的半衰期由原子核内部因素决定；与元素所处的物理环境和化学状态无关．

本题考查了物理学史、天然放射现象、半衰期、原子核的人工转变等基础知识点，关键要熟悉教材，知道各物理学家的贡献，不能混淆．【解析】BCD

三、填空题(共7题，共14分)15、略

【分析】解：根据法拉第电磁感应定律E=n鈻�鈱�鈻�t=n鈻�B鈰�S鈻�t

题中n

相同，鈻�B鈻�t

相同；面积S

也相同；

则得到AB

环中感应电动势EAEB=11

．

根据电阻定律R=娄脩LSL=n?2娄脨r娄脩S

相同，则电阻之比为：RARB=rArB=21

根据欧姆定律I=ER

得产生的感应电流之比为：IAIB=12

．

故答案为：1112

．

根据法拉第电磁感应定律E=n鈻�鈱�鈻�t=n鈻�B鈰�S鈻�t

研究AB

环中感应电动势EAEB.

根据电阻定律求出两环电阻之比，再欧姆定律求解电流之比IAIB

．

本题整合了法拉第电磁感应定律、电阻定律和欧姆定律，常规题，要善于运用比例法解题．【解析】1112

16、rm{(1)}rm{C_{9}H_{8}Br_{4}}

rm{(2)}羧基、羰基rm{(}或酮基rm{)}消去反应

rm{(3)}

rm{(4)18}【分析】【分析】本题考查有机物推断，为高考高频点，涉及炔、卤代烃、醛、羧酸、高分子化合物之间的转化，明确有机物中存在的官能团及其性质是解本题关键，采用正逆结合的方法进行推断，注意结合题给信息进行分析，难点是同分异构体种类的判断，要考虑官能团位置结构、碳链异构，题目难度中等。【解答】根据流程图知，流程图中从rm{A}到高聚物，碳原子个数不变，所以rm{A}中碳原子个数为rm{9}rm{A}是芳香烃，且相对分子质量为rm{116}所以其分子式为rm{C_{9}H_{8}}rm{A}中不饱和度rm{=9隆脕2+2?82=6}苯环不饱和度为rm{4}所以rm{A}中含有三键；rm{A}发生加成反应生成rm{B}rm{B}发生取代反应生成rm{C}结合题给信息知，rm{C}中含有醛基，则rm{A}中碳碳三键位于取代基边上，所以rm{A}的结构简式为rm{B}结构简式为rm{C}结构简式为rm{C}发生银镜反应然后酸化得到rm{D}rm{D}结构简式为rm{D}发生加成反应生成rm{E}rm{E}结构简式为根据rm{垄脽}知，rm{G}发生加聚反应生成高聚物，所以rm{G}结构简式为rm{E}发生加聚反应生成rm{F}rm{(1)}根据上面的分析，rm{A}的结构简式为rm{B}的分子式为rm{C_{9}H_{8}Br_{4}}，故答案为：rm{C_{9}H_{8}Br_{4}}；rm{(2)D}结构简式为其含氧官能团名称是羧基、羰基，rm{E}发生消去反应生成rm{G}所以该反应类型为消去反应，故答案为：羧基、羰基；消去反应；rm{(3)C}结构简式为rm{C}发生银镜反应生成rm{Ag}反应方程式为故答案为：rm{(4)E}结构简式为rm{E}的同分异构体符合下列条件：rm{垄脵}属于芳香化合物说明含有苯环；rm{垄脷}能使rm{FeCl_{3}}溶液发生显色反应说明含有酚羟基；rm{垄脹}含有酯的结构；rm{垄脺}苯环上有两个取代基，如果含有rm{-OH}rm{-COOCH_{2}CH_{3}}有邻间对三种结构，如果含有rm{-OH}rm{-CH_{2}COOCH_{3}}有邻间对三种结构，如果含有rm{-OH}rm{-OOCCH_{2}CH_{3}}有邻间对三种结构，如果有rm{-OH}rm{-CH_{2}OOCCH_{3}}有邻间对三种结构，如果有rm{-OH}rm{-CH_{2}CH_{2}OOCH}有邻间对三种结构，如果有rm{-OH}rm{-CH(CH_{3})OOCH}有邻间对三种结构，所以符合条件的同分异构体有rm{18}种；其中核磁共振氢谱中有rm{6}组吸收峰，说明有六种氢原子，其面积之比为rm{1}rm{2}rm{2}rm{2}rm{2}rm{1}说明六种氢原子个数之比为rm{1}rm{2}rm{2}rm{2}rm{2}rm{1}则符合条件的有机物结构简式为故答案为：rm{18}

【解析】rm{(1)}rm{C_{9}H_{8}Br_{4}}rm{(2)}羧基、羰基rm{(}或酮基rm{)}消去反应rm{(3)}rm{(4)18}17、略

【分析】当线圈转到如图位置时，磁通量最大，但磁通量变化率为零，线圈中的感应电动势为0；当线圈从图示位置转过90°时，磁通量变化率最大，线圈中的感应电动势最大，为BSW【解析】【答案】0BSW18、吸收不变【分析】【解答】因气泡在上升过程中温度不变；平均动能不变，平均速率不变；温度是分子的平均动能的标志，所以气体的分子动能不变则内能不变；体积膨胀，克服分子间的引力做功，故气体从外界吸收热量．

故答案为：吸收；不变。

【分析】理想气体不计分子势能，故理想气体的内能只与温度有关，分析温度的变化可知内能的变化．19、略

【分析】解：（1）用刻度尺来测量金属导线的长度3次；取平均值；

（2）金属导线的直径很小；因此通过螺旋测微器测量；

（3）根据电阻定律R=ρ得：

故答案为：（1）刻度尺；（2）螺旋测微器；（3）．

金属导线的直径很小，因此通过螺旋测微器测量，用刻度尺来测量金属导线的长度，结合电阻定律R=ρ即可求解．

解决本题的关键掌握器材选取的原则，即安全，精确，掌握电阻定律的公式，并能根据电阻定律求解导体的电阻率．【解析】刻度尺；螺旋测微器；20、6m/s【分析】【分析】根据速度位移公式求出小球落地的速度，通过动量定理求出小球反跳的速度大小。本题考查了动量定理的基本运用，知道动量定理的矢量性，求解时注意速度、冲量的方向。【解答】小球落地的速度；

规定向上为正方向；根据动量定理得，I=mv2鈭�mv1

则1.6=0.1v2+0.1隆脕10

解得v2=6m/s

方向向上。

故填：6m/s

【解析】6m/s

21、略

【分析】解；焦耳得出的电流发热的基本规律为：电流通过导体产生的热量跟电流的平方，电体的电阻及通电时间成正比；根据P=U2R

知额定电压相同的电热器中；功率越大，其电阻值越小．

故答案为：焦耳；小。

本题考查焦耳定律的基本内容；根据焦耳定律作答即可．

本题直接考查焦耳定律的内容，属基础概念的考查，比较简单．【解析】焦耳；小四、简答题(共3题，共15分)22、rm{(1)}rm{(2)}同周期随着核电荷数依次增大，原子半径逐渐变小，故结合一个电子释放出的能量依次增大rm{N}的rm{2p}能级处于半充满状态，相对稳定，不易结合一个电子，放出的能量较小rm{(3)垄脵ABD}rm{C}rm{垄脷5N_{A}}rm{娄脨_{5}^{6}}rm{垄脹}rm{(}rm{(}rm{NH_{4}^{+}}rm{NH_{4}^{+}}rm{)}rm{)}rm{N隆陋HN}rm{N隆陋HN}rm{(4)dfrac{d隆脕(a隆脕{10}^{-7}{)}^{3}隆脕{N}_{A}}{M}}rm{(}【分析】【分析】本题考查化学选修rm{3隆露}物质结构与性质rm{隆路}的相关知识，以填空或简答方式考查，常涉及如下高频考点：原子结构与元素的性质rm{(}基态微粒的电子排布式、电离能及电负性的比较rm{)}元素周期律；分子结构与性质rm{(}化学键类型、原子的杂化方式、分子空间构型的分析与判断rm{)}晶体结构与性质rm{(}晶体类型、性质及与粒子间作用的关系、以晶胞为单位的密度、微粒间距与微粒质量的关系计算及化学式分析等rm{)}只有对基础知识积累牢固，这类问题比较容易解决的；在做题过程中一定要注意审清楚问题问的是什么，如本题rm{(1)}问的是电子排布图，而不是电子排布式，另一个注意书写规范，如氢键的表示方法。【解答】rm{(1)}rm{N}rm{N}原子位于第二周期第族，价电子是最外层电子，即电子排布图是：rm{VA}族，价电子是最外层电子，即电子排布图是：rm{VA}根据图故答案为：同周期随着核电荷数依次增大，原子半径逐渐变小，故结合一个电子释放出的能量依次增大；氮元素的rm{(2)}能级达到半满状态，原子相对稳定，不易失去电子，放出的能量较小；故答案为：同周期随着核电荷数依次增大，原子半径逐渐变小，故结合一个电子释放出的能量依次增大；rm{(2)}的rm{(a)}能级处于半充满状态，相对稳定，不易结合一个电子，放出的能量较小；rm{2p}根据图rm{N}阳离子是rm{2p}和rm{(3)垄脵}rm{(b)}中心原子rm{NH_{4}^{+}}含有rm{H_{3}O^{+}}个rm{NH_{4}^{+}}键，孤对电子对数为rm{N}价层电子对数为rm{4}杂化类型为rm{娄脪}rm{(5-1-4隆脕1)/2=0}中心原子rm{4}含有rm{sp^{3}}个rm{H_{3}O^{+}}键，孤对电子对数为rm{O}空间构型为正四面体形，价层电子对数为rm{3}杂化类型为rm{娄脪}空间构型为三角锥形，因此相同之处为rm{(6-1-3)/2=1}不同之处为rm{4}故答案为：rm{sp^{3}}rm{ABD}rm{C}根据图rm{ABD}rm{C}中rm{垄脷}键总数为rm{(b)}个；根据信息，rm{N_{5}^{-}}中的大rm{娄脪}键应表示为rm{5N_{A}}故答案为：rm{N_{5}^{-}}rm{娄脨}rm{娄脨_{5}^{6}}rm{5N}根据图rm{{,!}_{A}}还有的氢键是rm{{,!}_{A}}rm{娄脨_{5}^{6}}；故答案为：rm{垄脹}rm{(b)}；rm{(NH_{4}^{+})N隆陋HN}根据密度的定义有：rm{d=dfrac{dfrac{y}{{N}_{A}}隆脕M}{(a隆脕{10}^{-7}{)}^{3}}g/c{m}^{3}}解得rm{y=dfrac{d隆脕(a隆脕{10}^{-7}{)}^{3}隆脕{N}_{A}}{M}}故答案为：rm{dfrac{d隆脕(a隆脕{10}^{-7}{)}^{3}隆脕{N}_{A}}{M}}rm{(H_{3}O^{+})O隆陋HN}【解析】rm{(1)}rm{(2)}同周期随着核电荷数依次增大，原子半径逐渐变小，故结合一个电子释放出的能量依次增大rm{N}的rm{2p}能级处于半充满状态，相对稳定，不易结合一个电子，放出的能量较小rm{(3)垄脵ABD}rm{C}rm{垄脷5N_{A}}rm{娄脨_{5}^{6}}rm{垄脹}rm{(}rm{(}rm{NH_{4}^{+}}rm{NH_{4}^{+}}rm{)}rm{)}rm{N隆陋HN}rm{N隆陋HN}rm{(4)dfrac{d隆脕(a隆脕{10}^{-7}{)}^{3}隆脕{N}_{A}}{M}}rm{(}23、（1）羟基取代反应

（2）对羟基苯甲醛

（3）

（4）16或

（5）【分析】【分析】本题考查有机物的推断、官能团、有机反应类型、同分异构体书写以及方程式书写等，需要学生熟练掌握官能团性质与转化，较好的考查学生分析推理能力，难度中等。【解答】rm{(1)}由rm{X}和rm{Y}的结构简式可知rm{X}为所含官能团的名称为羟基，根据rm{Y}和rm{Z}结构简式可知，rm{Y}生成rm{Z}的反应类型为取代反应；故答案为：羟基；取代反应；rm{(2)R}为其化学名称为对羟基苯甲醛；

故答案为：对羟基苯甲醛；rm{(3)R}反应生成rm{E}rm{E}的分子式为rm{C_{8}H_{8}O_{2}}则rm{E}为rm{Z}和rm{E}合成rm{F}的化学方程式为故答案为：rm{(4)Y}为其同分异构体苯环上有rm{4}个取代基，且既能发生银镜反应，又能发生水解反应，则含有醛基和酯基，由rm{Y}的结构简式可知，其同分异构体中含有甲酸酯的结构，则rm{4}个取代基为rm{-OH}rm{-OH}rm{-CH_{3}}rm{-OOCH}则两个羟基的位置为邻、间、对三种位置，然后分别确定另两种取代基的位置，共rm{16}种不同的结构，其中核磁共振氢谱上有rm{4}组峰，则有rm{4}种不同的氢原子，峰面积之比为rm{1隆脙2隆脙2隆脙3}则rm{4}种不同的氢原子的个数比为rm{1隆脙2隆脙2隆脙3}则同分异构体的结构简式为或故答案为：rm{16}或rm{(5)}以乙醛和为原料制备肉桂醛()的合成路线为故答案为：

【解析】rm{(1)}羟基取代反应rm{(2)}对羟基苯甲醛rm{(3)}rm{(4)16}或rm{(5)}24、略

【分析】【分析】本题考查了氮及其化合物性质、物质结构、热化学方程式和盖斯定律计算应用、平衡常数的计算方法，主要是氧化还原反应的计算及其产物的判断，题目难度中等。【解答】（1）肼的分子式为N2H4，是氮原子和氢原子形成四个共价键，氮原子和氮原子之间形成一个共价键形成的共价化合物，电子式为：其中氢元素化合价为+1价，则氮元素化合价为-2价；

所以本题答案为：-2；

（2）氨气被次氯酸钠溶液氧化生成肼，次氯酸钠被还原生成氯化钠，结合原子守恒配平书写反应的化学方程式为：2NH3+NaClO═N2H4+NaCl+H2O；

所以本题答