2025年浙教新版九年级物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教新版九年级物理下册阶段测试试卷345考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示，用30N大小不变的水平推力F推着重为100N的物体沿水平方向做直线运动，若推力F对物体做了90J的功，则在这一过程中（）A.物体一定运动了3mB.物体一定受到30N的摩擦力C.重力做的功为300JD.重力做的功大小不能确定2、如图所示的四个物态变化的实例中，属于熔化的是（）A.

冰雪融化B.

草叶上形成“露珠”C.

山间形成浓雾D.

草叶上形成“白霜”3、有关电和磁的说法正确的是（）A.两个条形磁铁靠近时一定会相互排斥B.指南针静止时北极总是指向地理的南极C.电磁铁磁性强弱可以用电流大小控制D.直流电动机不能由电流方向改变转向4、甲、乙两图是一个金属球固定在金属杆上处于静止状态，F表示金属杆对金属球的力．丙、丁两图是一个金属球挂在细线下摆动到图示位置，F表示细线对金属球的力．其中正确的是（）A.甲和丙B.甲和丁C.乙和丙D.乙和丁5、小明观察了市场上的测重仪后，设计了如图四个电路(R

是定值电阻，R1

是滑动变阻器).

可以测量人体重的电路是(

)

A.B.C.D.6、如图所示电路，两个灯泡完全相同，闭合开关S

电压表示数是3V.

关于电源电压和灯L2

两端的电压，下列说法正确的是(

)

A.6V3V

B.1.5V3V

C.3V1.5V

D.3V3V

7、下列事例中，属于内能转化为机械能的是(

)

A.水壶中的水沸腾后，壶盖被水蒸气顶起B.两手相互摩擦，手心变热C.用气筒给自行车胎打气时，气筒壁会发热D.陨石落入大气层后，陨石与空气摩擦生热、发光评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)8、对图中甲；乙、丙、丁四幅图解释不合理的是（）

A.甲：电流能产生磁场B.乙：闭合开关，小磁针N极向左偏转C.丙：麦克风应用了磁场对电流的作用D.丁：电流相同时，线圈的匝数越多电磁铁磁性越强9、如图所示电路中，电源电压为15V不变，R1=6Ω，闭合开关S后，电压表V1的示数为U1，电压表V2的示数为U2，若U1：U2=2：3，则（）A.电阻R2的阻值是4ΩB.电阻R2的阻值是9ΩC.通过R2的电流大小为1.5AD.通过R2的电流大小为1A10、如图；杠杆刚好平衡，若要使A端下降B端上升，可采用的办法是（钩码质量都相同（）

A.两边各减少一个钩码。

B.两边各增加一个钩码。

C.两边都向左移动相同距离。

D.两边都向内侧移动相同距离。

11、建筑工地上需要将6块相同的砖从地面运送到楼頂，工人师傅利用如图所示的装置，分三次运送．第一次运1块，第二次运2块，第三次运3块，每次运送时，砖都匀速上升，绳重及摩擦均忽略不计，这三次拉力依次为F1、F2、F3，效率为η1、η2、η3，则（）A.F1+F2=F3B.F1+F2＞F3C.η1+η2=η3D.η1＜η2＜η312、如下图所示，电源电压为6V

保持不变，忽略温度对灯丝电阻的影响。闭合开关S

在保证各元件安全的条件下，向右调节滑动变阻器的滑片。下列分析中正确的是()

A.电流表A

的示数变大，电压表V2

的示数变大B.小灯泡变亮C.小灯泡和滑动变阻器并联D.当电压表V1

的示数为3V

时，小灯泡和滑动变阻器的电功率相同13、关于电表的使用方法，下列说法正确的是（）A.电流表应串联在电路中，电压表应并联在被测电路中B.电压表、电流表都可以直接接在电源的两极上C.被测值不能超过电表的最大量程D.连接电表时必须让电流从“+”接线柱流入，从“-”接线柱流出评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)14、通电螺线管周围存在磁场，此磁场分布与____相似，方向与____有关，如果在螺线管中插入铁棒，可以发现螺线管的磁性____（增强、减弱、不变），电磁铁磁性的有无通过____来控制．15、如图所示，物体A重G=900N，动滑轮重G′=100N，用力F将物体A以0.1m/s的速度匀速竖直提升，若不计绳重和摩擦，拉力的功率是____W，此装置的机械效率是____．

16、小华学了摩擦力的知识后，他观察到一个现象：用铅笔写字时铅笔芯与纸之间的摩擦不同于用圆珠笔写字时笔头里的小小钢珠与纸之间的摩擦，前者为____摩擦，后者为____摩擦．17、如图中电流表A的示数为0.5A．电流表A1的示数为0.23A，则干路中的电流为____，通过灯L2的电流为____，通过灯L1的电流为____．18、戴眼镜的人喝热开水时，镜片变得模糊不清，这是____现象；在寒冷的冬夜里，窗户上结了一层冰花，冰花属于____现象．19、如图所示是把图钉压入墙内时的情景，图钉尖做得很尖目的是为了____图钉尖对墙的压强．20、乒乓球是一种世界流行的球类体育项目，是我国的国球．如图所示，运动员能用球拍把球挡回去，说明力能改变物体的____；有时一不小心会把球踩瘪了，说明力能改变物体的____．21、如图所示，温度计的示数为____℃．

22、（2013秋•崇州市校级期中）如图所示的电路中．若电源电压保持不变，当滑片P向左移动时，变阻器接入电路的电阻将____，灯泡的亮度变____．评卷人得分四、实验探究题(共4题，共32分)23、（2012秋•黄州区校级月考）在“探究二力平衡条件”的活动中；主要是通过探究力对物体的作用效果来实现探究目的．如下图所示是该探究活动的实验装置

（1）本次实验中的研究对象是____

（2）如图张悦将系于玩具小车两端的细线分别跨过木板两端的滑轮后，就在两盘内放上钩码．这是用来探究两个力的____和____对物体平衡的影响；

（3）探究活动中还要求把小车转过一小角度，然后再松手．这样做的目的是用于探究不在____上的两个力对物体平衡的影响．

（4）由实验探究可知：当一个物体受到两个力作用时，二力平衡的条件是：____．

我们利用弹簧测力计测量物体所受的重力，就利用了该条件，它还在哪些方面得到利用？请你再列举一例：____．24、张华同学到某养殖基地参加社会实践活动；他帮助工作人员挤牛奶时，想知道新鲜牛奶的密度有多大.

请你自选合适的实验器材，设计一个实验测量新鲜牛奶的平均密度。要求：

(1)

写出所选实验器材；(2)

简要说明测量方法.(

步骤清晰)

25、如图所示，瓶内装入少量水，用塞子塞紧，用力向瓶内打气，我们可观察到当塞子跳起来时，容器中出现了雾，这个实验说明______．26、（2011春•西盟县期末）如图所示；是研究电流产生的热量跟哪些因素有关的实验．

（1）做该实验时，除了图中所示的器材外，还应该有____．

（2）实验中，是通过观察____来粗略地说明电流产生热量的多少的．

（3）就这一实验而言，下列两种认识中正确的是____（填字母）．

A．通过该实验能够得出焦耳定律。

B．通过该实验只能初步知道电流越大、电阻越大、通电时间越长产生的热量越多．参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、A【分析】【分析】物体受到30N的水平推力，且推力做的功是90J，由W=FS变形后，可以计算出物体移动的距离．【解析】【解答】解：物体受到的力F=30N，做功的大小W=90J，由W=Fs可得，s===3m；即物体水平方向移动了3m，故A正确．

由于不确定物体是否做匀速直线运动；因此不能确定摩擦力的大小，故B错误；

由于物体不一定是做匀速直线运动；故推力与摩擦力不一定相等，故A错误，重力的方向是竖直向下的，没有做功，故CD错误．

故选A．2、A【分析】【分析】物质由固态变成液态的现象叫做熔化，分析各选项中物质的状态变化，得出正确选项．【解析】【解答】解：A；冰雪融化；由固态变成液态，属于熔化现象，符合题意；

B；草叶上形成“露珠”；是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，不符合题意；

C；山间形成浓雾；是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，不符合题意；

D；草叶上形成“白霜”；是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，属于凝华现象，不符合题意．

故选A．3、C【分析】【分析】A；同名磁极相互排斥；异名磁极相互吸引；

B；磁针自由转动静止时南极总是南；北极总是指北；

C；电磁铁磁性的强弱与电流大小、磁场强弱及有无铁芯有关；

D、电动机转动的方向与电流方向改变和磁场方向有关．【解析】【解答】解：A；同名磁极相互排斥；异名磁极相互吸引，所以当两个条形磁铁靠近时也有可能相互吸引，故A错误；

B；磁针自由转动静止时南极总是南；北极总是指北，故B错误；

C；电磁铁磁性的强弱与电流大小、磁场强弱及有无铁芯有关；所以电磁铁磁性的强弱可以用电流大小控制，故C正确；

D；电动机转动的方向与电流方向改变和磁场方向有关；直流电动机的转向也可以由电流方向控制，故D错误；

故选：C．4、B【分析】【分析】（1）甲乙两图小球固定在金属杆上处于静止状态；所受的重力和支持力是一对平衡力，作用点都在小球的重心（几何中心）上，重力方向竖直向下，支持力方向竖直向上；

（2）丙、丁两图细线对小球的拉力的方向沿着绳子收缩的方向．【解析】【解答】解：甲乙两图小球固定在金属杆上处于静止状态；所受的重力和支持力是一对平衡力，它们大小相等，方向相反，在一条直线上作用在同一物体上，因为重力方向竖直向下，所以支持力方向竖直向上，故甲正确；

丙；丁两图细线对小球的拉力的方向沿着绳子收缩的方向；故丁正确．

故选B．5、A【分析】解：A

电路为串联电路；电压表测量滑动变阻器两端的电压，当压力增大时，滑动变阻器接入电路的电阻增大，根据串联电路电阻的分压作用可知，变阻器分得的电压变大，电压表的示数变大，故A选项符合题意；

B；电流表与滑动变阻器并联；电流表将滑动变阻器短路，并且电流表示数不随人体重的改变而改变，故B选项不符合题意；

C；因为电压表测量电源电压；而电源电压不变，所以无论压力增大还是减小，电压表的示数都不变，故C选项不符合题意；

D；电压表的内阻很大；在电路中相等于断路，所以无论压力增大还是减小，电压表的示数都不变，故D选项不符合题意．

故选A．

先识别电路；然后根据压力的改变，判断滑动变阻器接入电路的阻值的变化，再根据欧姆定律判断电压表和电流表示数的变化．

明确电表的测量对象是解题的基础，熟练应用欧姆定律、串联分压原理来分析电路中电流、电压的变化是解题的关键．【解析】A

6、A【分析】解：由电路图可知；开关闭合时，两灯泡串联，电压表测L1

两端的电压，电压表示数是3V

即L1

两端的电压为3V

因两灯泡串联；串联电路中各处的电流相等，且两个灯泡完全相同，所以两灯泡两端的电压相等，即U1=U2=3V

因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压U=U1+U2=3V+3V=6V

．

故选A．

由电路图可知；开关闭合时，两灯泡串联，电压表测L1

两端的电压，两个完全相同灯泡的电阻相等，根据串联电路的电流特点可知两灯泡两端的电压关系，从而求出灯泡L2

两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压．

本题考查了学生对串联电路的电压特点的掌握和运用，分析电路图确认两灯的连接方式和电压表的测量对象是本题的关键．【解析】A

7、A【分析】解：

A；水壶中的水沸腾后；壶盖被水蒸气顶起，是水蒸气的内能转化为壶盖的机械能，故A正确；

B；两手相互摩擦；手心会变暖是摩擦生热，属于做功改变物体的内能，将机械能转化为内能，故B错误；

C；用打气筒给自行车打气；气筒壁会发热，属于做功改变物体的内能，将机械能转化为内能，故C错误；

D；陨石坠入大气层发出光和热是摩擦生热；属于做功改变物体的内能，将机械能转化为内能，故D错误．

故选A．

自然界的能量既不会消失；也不会创生，只会从一种形式转化为另一种形式，或从一个物体转移到另一个物体上．

生活中存在很多机械能和其他形式能的转化的现象；分析选项中的实例，明确消耗能量与得到的能量可做出判断．

正确理解生活中的能的转移和转化，明确在一次能量的转化过程中，消耗的是什么能，得到的是什么能，便可顺利解答此类问题．【解析】A

二、多选题(共6题，共12分)8、BC【分析】【分析】甲图：小磁针会发生偏转是受到了磁场的作用；而磁场是由电流产生的；

乙图：根据右手螺旋定则先判断出通电螺线管的N极；然后根据磁感线方向判断出小磁针N极的指向；

丙图：话筒的原理是线圈由于受气流的冲击而产生运动；从而切割磁感线而产生电流；

丁图：电磁铁的磁性强弱与线圈匝数多少有关：当电流相同时，线圈的匝数越多，电磁铁磁性越强．【解析】【解答】解：A；该实验是奥斯特实验：当导线中通过电流时；小磁针发生偏转，实验现象表明电流周围存在磁场，即电生磁，这个现象叫做电流的磁效应，选项A正确；

B；闭合开关；通电螺线管中的电流方向由右侧流入，根据安培定则可知，螺线管的右端是N极，磁感线从N极出发经过小磁针时方向是向右的，则小磁针N极将向右偏转，选项B错误；

C；话筒的原理为电磁感应现象；是由于气流冲击线圈从而使线圈在磁场中运动而切割磁感线，从而产生感应电流，将声音信号变成了电信号，选项C错误；

D；由图可知；两个电磁铁是串联的，则通过两个电磁铁的电流相同．在电流相同的情况下，匝数多的电磁铁吸引的大头针数目多，表明线圈匝数越多，磁性越强，选项D正确．

故选：BC．9、BD【分析】【分析】（1）由电路图知，电阻R1与R2串联接在电源两端，电压表V1测电阻R1两端电压，电压表V2测电阻R2两端电压；

（2）根据串联电路特点及欧姆定律求出电阻R2的阻值；

（3）由欧姆定律求出流过电路的电流．【解析】【解答】解：（1）两电阻串联，两电阻电压之比====，则R2=9Ω；故B正确；

（2）流过电路的电流I1=I2=I===1A；故D正确；

故选BD．10、AC【分析】

设杠杆的分度值为L；一个钩码的重为G；

A；两边各减少一个钩码；2G×2L＞1G×3L，杠杆A侧力和力臂的乘积大，所以A端下降B端上升．符合题意．

B；两边各增加一个钩码；4G×2L＜3G×3L，杠杆B侧力和力臂的乘积大，所以B端下降A端上升．不符合题意．

C；两边都向左移动相同距离；3G×3L＞2G×2L，杠杆A侧力和力臂的乘积大，所以A端下降B端上升．符合题意．

D；两边都向内侧移动相同距离；3G×L＜2G×2L，杠杆B侧力和力臂的乘积大，所以B端下降A端上升．不符合题意．

故选A；C．

【解析】【答案】（1）F1L1=F2L2时，杠杆平衡；F1L1≠F2L2时；杠杆不平衡，并且力×力臂越大的那端下沉，力×力臂小的那端上翘．

（2）要使A端下降B端上升；想法使A侧的力和力臂的乘积变大，或使B侧的力和力臂的乘积变小．

11、BD【分析】【分析】根据图示可知；作用在动滑轮上绳子的股数为2；

绳重及摩擦均忽略不计时，根据F=（G+G动）分析F1、F2、F3之间的关系；

根据η====分析η1、η2、η3之间的关系．【解析】【解答】解：根据图示可知；作用在动滑轮上绳子的股数为2；

设一块砖的重力为G，则由F=（G+G动）可得；

F1=（G+G动），F2=（2G+G动），F3=（3G+G动）；

则F1+F2=（G+G动）+（2G+G动）=（3G+2G动）＞（3G+G动）；

因此F1+F2＞F3；故A错误；B正确；

由η====可得，绳重及摩擦均忽略不计，动滑轮的重一定，物重越大，滑轮组的机械效率越大，即η1＜η2＜η3；故C错误；D正确．

故选BD．12、BD【分析】【分析】分析电路的连接及各电表测量的量，判断向右调节滑动变阻器的滑片时，电路总电阻的变化，由欧姆定律确定电路中电流的变化，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律的变形公式U=IR

和串联电路电压的规律，确定电压表V2

示数变化；根据P=UI=I2R

判断灯的功率变化；根据串联电路中总电压等于各分电压之和求出动变阻器两端的电压，由串联电路中各处的电流相等，根据P=UI

判断小灯泡和滑动变阻器的电功率的关系。本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是电路连接方式的判断和电表所测电路元件的判断。【解答】

由电路图可知；滑动变阻器与小灯泡串联，故C错误；

图中电压表V1

测灯泡的电压；V2

测变阻器滑片以右电阻丝的电压，电流表测电路中的电流；

向右调节滑动变阻器的滑片；变阻器连入电路中的电阻变小，电路的总电阻变小，由欧姆定律可知，电路中电流变大，即电流表A

示数变大；

根据U=IR

可知；灯的电压变大，由串联电路电压的规律可知，变阻器分得电压减小，即电压表V2

示数变小，故A错误；

电路中电流变大；根据P=UI=I2R

可知，灯的实际功率变大，小灯泡变亮，B正确；

当电压表V1

的示数为3V

时；因串联电路中总电压等于各分电压之和，且电源的电压不变，所以，滑动变阻器两端的电压：U禄卢=U鈭�UL=6V鈭�3V=3V

因串联电路中各处的电流相等；所以，由P=UI

可知，小灯泡和滑动变阻器的电功率相同，故D正确。

故选BD。【解析】BD

13、ACD【分析】【分析】根据电流表和电压表的使用可做出判断：电流表应串联在电路中，电压表应并联在电路中；连接电压表和电流表时必须让电流从“+”接线柱流入，从“-”接线柱流出；被测电压值不能超过电压表的量程，被测电流值不能超过电流表的量程；电压表可以直接接在电源的两极，绝对不允许将电流表直接接在电源两极上．【解析】【解答】解：A；由电流表和电压表的使用特点可知；电流表应串联在电路中，电压表应并联在被测电路中，故A正确；

B；电压表可以直接接在电源的两极；绝对不允许将电流表直接接在电源两极上，故B错误；

C；被测值不能超过电表的最大量程；否则会对电表造成损害，故C正确；

D；连接电表时必须让电流从“+”接线柱流入；从“-”接线柱流出，否则指针会出现反偏，故D正确．

故选ACD．三、填空题(共9题，共18分)14、略

【分析】【分析】（1）根据课本的实验；利用通电螺线管的周围小磁针的排布情况可以确定通电螺线管的磁场情况；

（2）根据课本关于通电螺线管的磁极的基础知识的描述可以确定其磁极是由什么来方向决定的．

（3）在螺线管中插入铁棒，可以发现螺线管的磁增强，电磁铁磁性的有无通过电流的有无来控制．【解析】【解答】解：（1）由课本实验知；通电螺线管的周围小磁针的排布情况与条形磁铁的排布情况一致，所以可以确定其周围的磁场与条形磁铁的磁场一致．

（2）由课本基础知识可知；通电螺线管的磁极是由通过它的电流方向和线圈绕向来确定的，对于绕向固定的螺线管，其磁极是由电流方向来决定的．当电流方向改变时，其磁场方向也随之改变．

（3）在螺线管中插入铁棒；可以发现螺线管的磁增强，电磁铁磁性的有无通过电流的有无来控制．

故答案为：条形磁铁；电流的方向；增强；电流的有无．15、略

【分析】

∵不计绳重和摩擦；

∴拉力的大小F=（G+G′）=×（900N+100N）=500N；

拉力移动速度V′=2V=2×0.1m/s=0.2m/s；

拉力的功率P总===FV′=500N×0.2m/s=100W；

同理拉力对物体做功的功率P有=GV=900N×0.1m/s=90W；

此装置的机械效率η====×100%=90%．

故答案为：100；90%．

【解析】【答案】已知物体A重和动滑轮重可求拉力；根据物A的速度可求拉力移动速度，从而可求出拉力的功率；根据物重和物体上升速度，可求有用功率，从而可求此装置的机械效率．

16、略

【分析】

（1）用铅笔写字时是笔尖在纸的表面上滑动；这时接触面上产生了阻碍它们相对滑动的现象，故此时是滑动摩擦；

（2）用圆珠笔在纸上写字时；笔珠在纸的表面上做无滑动的滚动，因此此时的摩擦为滚动摩擦．

故答案为：滑动；滚动．

【解析】【答案】（1）当一物体在另一物体表面上滑动时；在两物体接触面上产生的阻碍它们之间相对滑动的现象，称为“滑动摩擦”．

（2）当一物体在另一物体表面作无滑动的滚动或有滚动的趋势时；由于两物体在接触部分受压发生形变而产生的对滚动的阻碍作用，叫“滚动摩擦”．

17、0.5A0.23A0.27A【分析】【分析】由电路图可知，两灯泡并联，电流表A测干路电流，电流表A1测L2支路的电流，根据并联电路的电流特点求出通过L1的电流．【解析】【解答】解：由电路图可知，两灯泡并联，电流表A测干路电流，则干路电流I=0.5A；电流表A1测L2支路的电流，则通过L2的电流I2=0.23A；

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过L1的电流I1=I-I2=0.5A-0.23A=0.27A．

故答案为：0.5A；0.23A；0.27A．18、液化凝华【分析】【分析】（1）在一定条件下；物体的三种状态--固态；液态、气态之间会发生相互转化，这就是物态变化；

（2）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固．【解析】【解答】解：

（1）热水温度高；部分水会汽化成为水蒸气进入空气，空气中的水蒸气遇到温度较低的玻璃片会液化成小水滴附着在眼镜片上，形成一层小水珠，使镜片变得模糊不清；

（2）冬天室内温度高于室外温度；所以室内空气中的水蒸气遇到较冷的玻璃时会发生凝华现象变成冰花．

故答案为：液化；凝华．19、增大【分析】【分析】增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强．【解析】【解答】解：图钉尖做得很尖；是在压力一定时，通过减小受力面积来图钉尖对墙的压强，容易把图钉压入墙内．

故答案为：增大．20、运动状态形状【分析】【分析】力的作用效果：力可以改变物体的形状、力可以改变物体的运动状态．物体运动状态的改变包括：速度大小的改变和运动方向的改变．【解析】【解答】解：乒乓球受到球拍施的力；把球挡回去，球的方向发生变化，说明力能改变物体的运动状态；

把球踩瘪变形了；球的形状发生变化，这也说明力可以改变物体的形状．

故答案为：运动状态；形状．21、37【分析】【解答】解：由图知：温度计的分度值是1℃；因此该温度计的示数是30+7=37℃；故答案为：37．

【分析】此题温度计的示数在量程的范围内，且分度值为1℃，可根据这两点读出此温度计的示数．22、略

【分析】【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流；根据滑片的移动可知接入电路在电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，再根据P=I2R可知灯泡实际功率的变化，进一步得出灯泡亮暗的变化．【解析】【解答】解：由电路图可知；灯泡与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流；

当滑片P向左移动时；接入电路的电阻变小，电路中的总电阻变小；

根据欧姆定律可知；电路中的电流变大；

根据P=I2R可知；灯泡的实际功率变大，灯泡变亮．

故答案为：变小；亮．四、实验探究题(共4题，共32分)23、略

【分析】【分析】（1）实验中小车受到两侧钩码的拉力；探究的是这两个力满足什么条件小车处于平衡状态，所以可以确定实验的研究对象是小车．

（2）此时钩码对小车的拉力同一直线上；实验中钩码的多少不同体现了拉力的大小不同，两个力的方向相反，根据实验中的不同点来确定探究的内容．

（3）把小车转过一定角度后；两个力不再在同一直线上，所以此时探究的是两个力是否共线对于二力平衡的影响．

（4）总结实验步骤2；3中的现象；即可得出二力平衡的条件．

（5）二力平衡的条件的一个应用就是知道其中的一个力来求另一个力．【解析】【解答】解：（1）实验中是通过观察小车处于平衡状态时；受到两个力满足什么条件，由此得出二力平衡的条件，关于研究对象是小车．

（2）在小车两端的细线分别跨过木板两端的滑轮后；再在两盘内放上钩码．此时小车受到的两个力一定在同一直线上，不同的是小车受力的大小和方向，因此该实验探究的是两个力的大小和方向对于物体平衡的影响．

（3）转过一定角度后；两个力的大小和方向仍然相反，但并不在同一直线上，因此此时探究的是两个力是否共线对物体平衡的影响．

（4）实验2中探究了两个力要平衡；必