2025年鲁人新版必修2物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年鲁人新版必修2物理上册月考试卷140考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示；在斜面顶端先后水平抛出同一小球，第一次小球落到斜面中点，第二次小球落到斜面底端，从抛出到落至斜面上（忽略空气阻力）（）

A.两次小球运动时间之比1B.两次小球运动时间之比2C.两次小球抛出时初速度之比D.两次小球抛出时初速度之比22、在“验证机械能守恒定律”的实验中，关于重锤的选择，下列说法正确的是（）A.选择的重铺的体积越小越好B.应选用质量较小的重锤，使重锤的惯性小一些C.应选用体积和质量都较小的重锤D.选择的重锤体积应小一些，质量尽量地大一些3、有一长为的细绳，其下端系一质量为的小球，上端固定于点，当细绳竖直时小球静止。现给小球一初速度使小球在竖直平面内做圆周运动，并且恰好能通过最高点，重力加速度大小为则下列说法正确的是（）A.小球过最高点时速度为零B.小球开始运动时细绳对小球的拉力大小为C.小球过最高点时细绳对小球的拉力大小为D.小球过最高点时速度大小为4、某工地小型升降电梯的原理图如图所示，轿厢A、对重B跨过轻质定滑轮通过足够长轻质缆绳连接，电机通过轻质缆绳拉动对重，使轿厢由静止开始向上运动，运动过程中A未接触滑轮、B未落地。已知A、B质量分别为电机输出功率恒为不考虑空气阻力与摩擦阻力，重力加速度g取则当轿厢速度为时，A、B之间轻质缆绳的拉力大小为（）

A.5400NB.6000NC.6600ND.7000N5、如图1所示，质量相同的两物体处于同一高度，A沿固定在地面上的光滑斜面下滑，B自由下落，最后到达同一水平面，则()

A.重力对两物体做的功相同B.重力的平均功率相同C.到达底端时重力的瞬时功率相同D.到达底端时两物体的动能相同，速度相同6、某行星的质量是地球质量的16倍，它的半径是地球半径的4倍．若地球表面的重力加速度为g，地球的第一宇宙速度为v，则（）A.该行星表面的重力加速度为2gB.该行星表面的重力加速度为C.该行星的第一宇宙速度为2vD.该行星的第一宇宙速度为7、物体在平行于斜面向上的拉力作用下；分别沿倾角不同斜面的底端，匀速运动到高度相同的顶端，物体与各斜面间的动摩擦因数相同，则（）

A.沿倾角较大的斜面拉，克服重力做的功较多B.沿倾角较小的斜面拉，拉力做的功较多C.无论沿哪个斜面拉，拉力做的功均相同D.无论沿哪个斜面拉，克服摩擦力做的功相同8、2022年中国航天高密度发射任务有序实施，任务成功率保持高位。其中天问一号火星探测团队问鼎“世界航天奖”。如图所示，探测器被火星捕获后成为火星的卫星。探测器先在轨道Ⅱ上运动，此后在A点制动；进入轨道Ⅰ。下列说法正确的是（）

A.探测器要想从地球成功发射，发射速度可以小于地球第一宇宙速度B.若探测器在轨道Ⅰ、Ⅱ的运行周期分别为则C.探测器在轨道Ⅰ上经过A点的速率大于在轨道Ⅱ上经过A点的速率D.探测器在轨道Ⅱ上具有的机械能大于在轨道Ⅰ上具有的机械能9、建筑工地上，常釆用塔吊将材料搬运上高处，在某次搬运物体的过程中，该物体在水平方向上匀速运动，在竖直方向上用电动机通过轻质绳由静止向上吊起，其电动机的功率P随时间t变化如图所示，则下面关于物体运动的加速度与时间关系的图像，机械能与上升高度关系的图像，物体运动的轨迹图像，在竖直方向速度与时间关系的图像；正确的是（）

A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)10、从距地面h高处水平抛出两个相同的小球甲和乙，不计空气阻力，球的落地点到抛出点的水平距离分别是x甲和x乙，且如图所示。则下列说法正确的是（）

A.甲球在空中运动的时间短B.甲、乙两球在空中运动的时间相等C.甲球平抛的初速度小D.甲、乙两球落地时速度大小相等11、一物体由静止开始沿竖直方向向下运动，所受空气阻力与速度成正比。运动过程中物体的机械能E与物体位移s关系的图像如图所示，其中0~s1过程的图线为曲线，s1~s2过程的图线为直线。根据该图像；下列判断正确的是（）

A.0~s1过程中物体所受空气阻力一定是变力，且不断增大B.s1~s2过程中物体一定在做匀速直线运动C.s1~s2过程中物体可能在做变加速直线运动D.0~s2过程中物体一直处于失重状态12、图甲是在笼中表演的摩托飞车，其某次在竖直平面内的表演可简化为图乙所示，将竖直平面看做半径为r的圆。已知摩托车和驾驶员（可简化为质点）的总质量为M；关于在竖直平面内表演的摩托车，下列说法正确的是（）

A.在最高点受到的最小弹力为MgB.在最高点的最小速度为C.在最低点超重，在最高点失重D.在最低点失重，在最高点超重13、一高层建筑内电梯从静止开始沿竖直方向运行，取向上为正方向，其加速度随时间变化的图像如图所示。则下列说法正确的是（）

A.时间内电梯上升的最大高度为B.时间内电梯始终对乘客做正功C.时间内乘客所受合外力做正功D.时间内电梯对乘客做正功14、2020年6月23日，我国在西昌卫星发射中心成功发射北斗系统第55颗导航卫星，至此北斗全球卫星导航系统星座部署全面完成。北斗导航系统第41颗卫星为地球同步轨道卫星，第49颗卫星为倾斜地球同步轨道卫星，它们的轨道半径约为4.2×107m，运行周期都等于地球的自转周期24h。倾斜地球同步轨道平面与地球赤道平面成一定夹角，如图所示。已知引力常量G=6.67×10-11Nm2/kg2；下列说法正确的是（）

A.根据题目数据可估算出地球的质量B.同步轨道卫星可能经过北京上空C.倾斜地球同步轨道卫星一天2次经过赤道正上方同一位置D.倾斜地球同步轨道卫星的运行速度大于第一宇宙速度15、如图甲，足够长的光滑斜面倾角为时质量为的物块在沿斜面方向的力作用下由静止开始运动，设沿斜面向上为力的正方向，力随时间的变化关系如图乙。取物块的初始位置为零势能位置，重力加速度取则物块（）

A.在过程中机械能减少B.在时动能为C.在时机械能为D.在时速度大小为16、在杂技表演中，猴子沿竖直杆向上做初速度为零、加速度为a的匀加速运动，同时人顶着直杆以速度v0水平匀速移动，经过时间t，猴子沿杆向上移动的高度为h，人顶杆沿水平地面移动的距离为x；如图所示．关于猴子的运动情况，下列说法中正确的是（）

A.相对地面的运动轨迹为直线B.相对地面做变加速曲线运动C.时刻猴子对地速度的大小为D.时间内猴子对地的位移大小为评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)17、一辆质量为2.0×103kg的汽车在平直公路上行驶，若汽车行驶过程中所受阻力恒为f=2.5×103N，且保持功率为80kW。则：汽车在运动过程中所能达到的最大速度_____；汽车的速度为5m/s时的加速度_____；汽车的加速度为0.75m/s2时的速度_____。18、已知汽车在运动中受到的阻力与速率的平方成正比汽车油箱中有燃油。当快艇以匀速行驶时，还能行驶则当快艇以匀速行驶时，发动机的功率为原来的_______倍；假设快艇发动机的效率保持不变，还能行驶______19、变速圆周运动和一般的曲线运动。

（1）变速圆周运动的合力：变速圆周运动的合力产生两个方向的效果；如图所示。

a.跟圆周相切的分力Ft：改变线速度的____。

b.指向圆心的分力Fn：改变线速度的_____。

（2）一般的曲线运动的处理方法。

a.一般的曲线运动：运动轨迹既不是_____也不是____的曲线运动。

b.处理方法：可以把曲线分割为许多很短的小段，质点在每小段的运动都可以看作_____的一部分，分析质点经过曲线上某位置的运动时，可以采用_______的分析方法来处理。20、图甲是我国自主设计开发的全球最大回转自升塔式起重机，它的开发标志着中国工程用超大吨位塔机打破长期依赖进口的局面，也意味着中国桥梁及铁路施工装备进一步迈向世界前列。该起重机某次从t=0时刻由静止开始提升质量为m=200kg的物体，其a–t图像如图乙所示，5~10s内起重机的功率为额定功率，不计其它阻力，则此起重机的额定功率为___________W，10s内起重机对物体做的功为___________J（g取10m/s2）。

21、已知地球半径为R，质量为M，自转周期为T.一个质量为m的物体放在赤道处的海平面上，则物体受到的万有引力F＝______，重力G＝______.评卷人得分四、作图题(共4题，共36分)22、如图所示，在一内壁光滑环状管道位于竖直面内，其管道口径很小，环半径为R（比管道的口径大得多）。一小球直径略小于管道口径，可视为质点。此时小球滑到达管道的顶端，速度大小为重力加速度为g。请作出小球的受力示意图。

23、图甲为抛出的石子在空中运动的部分轨迹，图乙是水平面上一小钢球在磁铁作用下的部分运动轨迹．请画出物体在A、B、C、D四点的受力方向和速度方向．（不计空气阻力）

24、一个物体在光滑水平面上运动，其速度方向如图中的v所示。从A点开始，它受到向前但偏右（观察者沿着物体前进的方向看，下同）的合力。到达B点时，这个合力的方向突然变得与前进方向相同。达到C点时，合力的方向又突然改为向前但偏左。物体最终到达D点。请你大致画出物体由A至D的运动轨迹，并标出B点、C点和D点。

25、在图的实验中，假设从某时刻（）开始，红蜡块在玻璃管内每1s上升的距离都是10与此同时，玻璃管向右沿水平方向匀加速平移，每1s内的位移依次是4122028在图所示的坐标系中，y表示蜡块在竖直方向的位移，x表示蜡块随玻璃管通过的水平位移，时蜡块位于坐标原点。请在图中标出t等于1s；2s、3s、4s时蜡块的位置；并用平滑曲线描绘蜡块的轨迹。

评卷人得分五、解答题(共2题，共10分)26、如图甲所示，在高为h的山坡上，发射一颗质量为m的炮弹．炮弹离开炮膛时的初速度大小为v0，方向与水平方向夹角为θ．重力加速度用g表示．

（1）a.请将初速度v0沿水平方向和竖直方向正交分解，求出水平分量v0x和竖直分量v0y；

b.在不考虑炮弹在飞行过程中受到空气阻力的情况下，求炮弹从发射直至达到最高点的过程中通过的水平位移x；

（2）实际情况中炮弹在飞行中受到的阻力对炮弹的运动影响很大，假设炮弹所受阻力的大小f满足f=kEk，其中Ek为某时刻炮弹的动能，k为已知的常数，阻力的方向与炮弹运动方向相反，若炮弹的飞行轨迹如图乙中虚线所示，此轨迹不是一条抛物线，且在落地前，炮弹几乎是在竖直方向上匀速运动．求：炮弹从发射到落地过程中由于空气阻力产生的热量Q．27、网购已成为重要的商品流通方式，快递公司每天需要处理大量的包裹。包裹分拣依托智能分拣系统大大提高了劳动效率。分拣系统有一个环节是这样工作的，智能拍照系统自动读取包裹上的地址编码，包裹经过横向传送带甲后交给可调向传送带（这部分传送带是一组可调轮轴取向的小传送带排列成的队列方阵，传动方向由电脑根据包裹编码控制，下文简称“万向方阵”），把包裹引导到指定区域。现有一批相同规格的包裹（可视为质点）跟随横向传送带甲匀速运行，然后交给“万向方阵”，包裹在“万向方阵”上完成水平转向后，无相对滑动的交给纵向传送带乙。已知包裹和各传送带间的动摩擦因数均为μ。

（1）若甲、乙传送带的速度均为v0，求包裹在“万向方阵”上滑过的距离s；

（2）若传送带甲的速度为v0，传送带乙的速度为2v0，求包裹在“万向方阵”上刚停止横向运动时的速度v的大小；

（3）保持乙的速度2v0不变，当一个包裹刚交给乙时，下一个包裹恰好传到“万向方阵”上，如此连续运输。若每个包裹的质量均为m，除包裹与传送带之间的摩擦外，其他能量损耗均不计，求驱动“万向方阵”的电动机的总输出功率P。

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、C【分析】【详解】

A、B项：平抛运动在竖直方向上自由落体运动，根据得因为两次小球下降高度之比为1：2，由运动时间之比为故A；B错误；

C、D项：小球水平位移之比为1：2，由得：水平初速度之比故C正确，D错误．

故选C．2、D【分析】【分析】

【详解】

选择重锤时既要考虑减小空气阻力，又要考虑实验的方便、可操作，即实验供选择的重物应该相对质量较大、体积较小的物体，这样能减少阻力的影响，故选D。3、D【分析】【详解】

ACD．小球恰好能过最高点时细绳的拉力为零；则。

得小球过最高点时速度大小。

故AC错误；D正确；

B．小球开始运动时仍处于最低点；则。

拉力大小。

故B错误。

故选D。4、C【分析】【详解】

当轿厢速度为时，电动机的牵引力为

以轿厢A为对象，根据牛顿第二定律可得

以对重B为对象，根据牛顿第二定律可得

联立解得A、B之间轻质缆绳的拉力大小为

故选C。5、A【分析】【详解】

由于两个物体质量相同、下落高度相同，所以重力对两物体做的功相同，A选项正确．由于下落的时间不同，所以重力的平均功率不相同，B选项错误．根据机械能守恒可知，两物体到达底端时动能相同，即速度大小相同、方向不同，D选项错误．由瞬时功率的计算式可得PA＝mgvcosθ，PB＝mgv，因此，到达底端时重力的瞬时功率PA＜PB，C选项错误．6、C【分析】【详解】

AB．在表面由重力等于万有引力，即mg=G

解得

星球表面的重力加速度与地球表面的重力加速度之比

选项AB错误；

CD．第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，由牛顿第二定律得

解得

某行星上的第一宇宙速度与地球上的第一宇宙速度之比

则选项C正确；D错误；

故选C。7、B【分析】【分析】

【详解】

A．重力做功为。

质量m和高度h均相同；则重力做功相同，克服重力做功相同，故A错误；

BC．设斜面倾角为θ，斜面高度h，斜面长度物体匀速被拉到顶端，根据动能定理得。

联立解得拉力做功。

则h相同时；倾角较小，拉力做的功较多，故B正确，C错误；

D．克服摩擦力做的功。

所以倾角越大；摩擦力做功越小，故D错误。

故选B。8、D【分析】【详解】

A．第一宇宙速度是最小发射速度；要想发射到火星，发射速度一定大于第一宇宙速度，A错误；

B．根据开普勒第三定律

中心天体相同，则k值相同，半长轴越大，周期越大，则有B错误；

C．探测器从轨道Ⅱ变轨到轨道Ⅰ，需向前点火减速，则探测器在轨道Ⅰ上经过A点的速率小于轨道Ⅱ上经过A点的速率；C错误；

D．探测器由轨道Ⅱ在A点必须制动减速才能进入轨道Ⅰ；所以探测器在轨道Ⅱ上具有的机械能大于在轨道Ⅰ上具有的机械能，D正确。

故选D。9、D【分析】【详解】

AD．由题意知：竖直方向上，在时间内；物体有。

故a随v增大而减小，当时做匀速，在时间内；物体有。

a随v减小而减小，当时；再次匀速，故A错误；故D正确；

C．时间内的加速阶段合力竖直向上，时间内的减速阶段；合力竖直向下，与速度有夹角，且合力应指向轨迹内侧，故C错误；

B．机械能改变量。

其斜率为绳子拉力，且为变力，故B错误。二、多选题(共7题，共14分)10、B:C【分析】【分析】

【详解】

AB．平抛运动在竖直方向上做自由落体运动，由

得

可知；甲；乙两球在空中运动的时间相等。故A错误B正确；

C．小球平抛的初速度

因故甲球平抛的初速度小乙球平抛的初速度大。故C正确；

D．甲、乙两球落地时速度大小

由甲；乙两球在空中运动的时间相等；甲球平抛的初速度小乙球平抛的初速度大，可知甲球落地时速度大小小于乙球落地时速度大小。故D错误。

故选BC。11、A:B【分析】【详解】

ABC．根据功能关系可知物体克服空气阻力做的功等于机械能的减少量，所以E-s图像的斜率表示物体所受空气阻力，则0~s1过程中物体所受空气阻力一定是变力，且不断增大，且s1~s2过程中物体所受阻力恒定；表明此时物体速度恒定，即做匀速直线运动，故AB正确，C错误；

D．0~s1过程中物体所受阻力小于重力，物体加速度向下，处于失重状态；s1~s2过程中物体处于平衡状态；故D错误。

故选AB。12、B:C【分析】【详解】

A．在最高点受到的最小弹力为0；此时由重力提供向心力，故A错误；

B．在最高点

得

故B正确；

CD．在最低点有方向向上的加速度；处于超重状态，在最高点有方向向下的加速度，处于失重状态，故C正确，D错误。

故选BC。13、A:B【分析】【详解】

A．由图像可知，前4s电梯匀加速上升，上升后速度

时间内电梯以匀速上升，时间内电梯匀减速上升，时速度

因此可知，时间内电梯静止，则时间内电梯加速下降，获得的速度，而后匀速下降，综合分析可知，时刻电梯达到最高点

故A正确；

B．时间内电梯上行；电梯对乘客的支持力向上，始终对乘客做正功，故B正确；

C．时间内乘客动能变化量为零；由动能定理可知，合外力做功为零，故C错误；

D．时间内电梯对乘客作用力向上；乘客随电梯下落，电梯对乘客做负功，故D错误。

故选AB。14、A:C【分析】【详解】

A．根据

可得

可估算出地球的质量。A正确；

B．由于地球同步卫星相对地面静止；因此一定自西向东运动，且轨道的圆心一定在地心上，故同步卫星一定在地球赤道的正上方，不可能运动到北京的正上方，B错误；

C．倾斜同步卫星若某时刻经过赤道正上方某位置；经过半个周期，恰好地球也转了半个周期，因此又会经过赤道上方的同一位置，C正确；

D．根据

可得

由于轨道半径越大；运动速度越小，第一宇宙速度是贴近地球表面运动的卫星的速度，同步卫星的运动速度小于第一宇宙速度，D错误。

故选AC。15、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．时间内，由于

故物块沿斜面下滑，由牛顿第二定律可得

解得

物块内下滑的位移

内做功为

故过程中机械能减小A正确；

B．末物块的速度为

末物块的动能

B错误；

C．物块不受外力，只有重力对物块做功，所以该过程物块的机械能守恒，由于物块的出发的位置重力势能为0，0时刻物块动能也为0，所以0时刻物块的机械能为0，由于物块机械能减小所以包括末物块的机械能为C正确。

D．内由牛顿第二定律有

解得

末物块的速度为

D错误。

故选AC。16、C:D【分析】【详解】

A．猴子在水平方向上做匀速直线运动；在竖直方向上做初速度为0的匀加速直线运动，根据运动的合成，知合速度与合加速度不在同一条直线上，所以猴子运动的轨迹为曲线，故A错误；

B．猴子在水平方向上的加速度为0；在竖直方向上有恒定的加速度，根据运动的合成，知猴子做曲线运动的加速度不变，做匀变速曲线运动，故B错误；

C．t时刻猴子在水平方向上的速度为v0，和竖直方向上的分速度为at，所以合速度

故C正确；

D．在t时间内猴子在水平方向和竖直方向上的位移分别为x和h，根据运动的合成，知合位移

故D正确。

故选CD。三、填空题(共5题，共10分)17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]当牵引力F=f时；汽车的速度最大，则汽车在运动过程中所能达到的最大速度。

[2]根据。

F-f=ma其中。

联立解得汽车的加速度。

a=6.75m/s2[3]汽车的加速度为0.75m/s2时；根据牛顿第二定律。

F′-f=ma′其中。

解得。

v′=20m/s【解析】32m/s6.75m/s220m/s18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]当匀速行驶时，牵引力等于阻力，即

根据

当速度加倍时；发动机的功率变为原来的8倍；

[2]功率变为原来的8倍，则在相同燃油时运动时间变为原来的则还能行驶的距离【解析】81019、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】大小方向直线圆周圆周运动圆周运动20、略

【分析】【详解】

[1]由a–t图像可知，0~5s物体做匀加速运动，根据牛顿第二定律有

代入数据解得

5s末物体的速度为

5~10s内起重机的功率为额定功率，不计其它阻力，则此起重机的额定功率为

[2]0~5s物体位移为

0~5s内起重机对物体做的功为

5~10s内起重机对物体做的功为

10s内起重机对物体做的功为【解析】2.4×1041.8×10521、略

【分析】【详解】

根据万有引力定律的计算公式，得F万＝物体的重力等于万有引力减去向心力，即mg＝F万－F向＝【解析】四、作图题(共4题，共36分)22、略

【分析】【分析】

【详解】

小球滑到达管道的顶端，设小球受重力和管道的作用力，则

由于

所以

说明小球在管道最高点不受管道的作用力；仅受重力作用，故小球的受力示意图为。

【解析】23、略

【分析】【分析】

【详解】

各点受力方向和速度方向如图所示。

【解析】24、略

【分析】【详解】

从位置A开始，它受到向