2025年沪科版必修3物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪科版必修3物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图中A、B、C三点都在匀强电场中，已知，把一个电量的正电荷从A移到B，电场力做功为零；从B移到C，电场力做功为则该匀强电场的场强大小和方向是（）

A.垂直向右B.垂直向左C.垂直斜向上D.垂直斜向下2、电容器是一种重要的电学元件，它能储存电荷，电容器储存电荷的特性用电容C来表征。可用如图所示的电路对电容器进行充电。在对电容器充电的过程中；下列说法正确的是（）

A.回路中电流方向为逆时针方向B.回路中电流方向为顺时针方向C.电容器两极间的电压保持不变D.电容器两极间的电压逐渐减小3、下列关于物理学史的说法中正确的是（）A.库仑通过扭秤实验推出了库仑定律，并且测出了静电力常量B.元电荷e的数值最早是由美国物理学家密立根测得C.牛顿若能得到月球的具体运动数据，就能通过“地月检验”测算出地球的质量D.开普勒通过观测天体运动，积累下大量的数据，总结出行星运动三大定律4、一个固定在空间某点、带负电的点电荷Q产生电场，其中一条电场线与x轴重合。另有一个带正电的试探电荷q仅在电场力作用下从的位置开始沿x轴运动，其动能与坐标x的关系如图所示，虚斜线为该曲线过点（0.2，2）的切线，已知下列判定错误的是（）

A.点电荷Q的位置一定在x轴上B.该电场的电势沿x轴正方向一直升高C.处场强的大小为10N/CD.与两点间的电势差为1V5、在地面附近的某一区域有电场分布，一带电小球从其中的点运动到点，此过程中重力做功为静电力做功为克服空气阻力做功为小球在点和点的动能、重力势能、电势能、机械能分别用和和和和表示，下列关系正确的是（  ）A.B.C.D.6、下列关于物理学史、物理概念及方法的说法中，正确的是（）A.库仑在利用扭秤装置研究得到库仑定律的实验探究中，既用到了放大的思想也用到了控制变量法B.法拉第首先提出场的概念，安培利用电场线、磁感线形象的描绘了电场和磁场C.电动势表征了电源其他形式的能转化为电能的本领，在大小上等于非静电力把的正电荷在电源内从正极搬运到负极所做的功D.在研究电场磁场时，我们常引人“试探电荷”、“试探电流元”，目的是不影响原电场的强弱及分布情况，这里应用了假设法7、某兴趣小组探究用不同方法测定干电池的电动势和内阻，他们提出的实验方案中有如下四种器材组合．为使实验结果尽可能准确，最不可取的一组器材是()A.一个安培表、一个伏特表和一个滑动变阻器B.一个伏特表和多个定值电阻C.一个安培表和一个电阻箱D.两个安培表和一个滑动变阻器8、如图所示，真空中有两点电荷和-q以共同的角速度绕轴匀速转动，P点离较近，则下列关于P点电磁感应强度B，说法正确的是（）

A.方向沿向上B.方向沿向下C.方向从指向-qD.大小为零评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)9、如图所示，实线的两点电荷形成的电场线，若不计重力的带电粒子从C点运动到D点；轨迹如图虚线所示，则下列说法中正确的是（）

A.由C到D过程中电场力对带电粒子做正功B.由C到D过程中带电粒子动能减小C.粒子带正电D.A电荷的电荷量大于B电荷的电荷量10、金属导电是一个典型的导电模型，值得深入研究。一金属直导线电阻率为ρ，若其两端加电压，自由电子将在静电力作用下定向加速，但电子加速运动很短时间就会与晶格碰撞而发生散射，紧接着又定向加速，设每一次加速的时间为每次加速的末速度为v，这个周而复始的过程可简化为电子沿导线方向匀速运动。我们将导线中电流与导线横截面积的比值定义为电流密度，其大小用j表示，可以“精细”描述导线中各点电流的强弱。设该导线内电场强度为E，单位体积内有n个自由电子，电子电荷量为e，质量为m，电子在导线中定向运动时受到的平均阻力为f。则下列表达式正确的是（）A.B.C.D.11、在如图所示电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示，电表示数的变化量分别用△I、△U1、△U2和△U3表示；下列说法正确的是（）

A.变大，变小B.变大，不变C.D.12、两个较大的平行金属板A、B相距为d，分别接在电压为U的电源正；负极上；这时质量为m，带电油滴恰好静止在两极之间，如图所示，在其它条件不变的情况下，那么在下列的过程中（）

A.如果保持连接电源，将两极距离不变，非常缓慢地错开一些，电流计中电流从a流向bB.如果保持连接电源，将A板上移，油滴将向上加速运动C.如果断开电源，A板上移，B板接地，油滴静止不动，油滴处电势不变D.如果断开电源，两板间接静电计，B板下移，静电计指针张角变大13、如图所示为某电场的电场强度E随时间t变化的图象．当t=0时，在此电场中由静止释放一个带电粒子，设带电粒子只受电场力的作用，则下列说法正确的是（）

A.带电粒子将始终向同一个方向运动B.3s末带电粒子回到原出发点C.4s末带电粒子速度最大D.0～4s末，电场力做的总功为014、如图为某控制电路，主要由电源（E，r）与定值电阻R1，R2及碳膜电位器（即滑动变阻器）R连接而成，L1，L2是红、绿两指示灯，闭合开关S，当电位器的触头由弧形碳膜的重点顺时针滑向b端时（）

A.L1指示灯变亮B.L2指示灯变亮C.电流表示数变大D.电容器C带电量增大评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)15、常规能源带来的污染有______、______、______等。16、如图，平行板电容器AB两极板水平放置，已知A板和电源正极相连，且E1>E2，当单刀双掷开关接1时，电源电动势为E1；一带正电粒子沿AB中心水平线射入，打在B极板上的N点，不计粒子重力.回答下列问题（选填“N点”“N点的左侧”“N的右侧”）

（1）断开开关并将A板左移一段距离，其他条件不变，则粒子打在___________；

（2）断开开关并将A板上移一段距离，其他条件不变，则粒子打在___________；

（3）将单刀双掷开关接2，电动势为E2，其他条件不变，则粒子打在___________；

17、在以点电荷为中心的球面上，由该点电荷所产生的场强处处相同______。18、一个不带电的金属球壳的内、外半径分别为R1和R2，今在中心处放置一电荷为q的点电荷，则球壳的电势U=_______________。19、平行的带电金属板间是匀强电场,如图所示,两板间距离是5两板间的电压是60

（1）.两板间的场强是________;

（2）.电场中有和两点,点离A板0.5点离B板也是0.5和两点间的电势差__________.20、如图所示是某电源的路端电压与电流的关系图像，电源的电动势为___________V。

21、小雨同学用图甲的实验装置“研究电磁感应现象”。闭合开关瞬间；发现灵敏电流计的指针向左偏转了一下。

（1）闭合开关稳定后，将线圈A从线圈B抽出的过程中，灵敏电流计的指针______（填“向左偏转”；“向右偏转”或“不偏转”）；

（2）如图乙所示，R为光敏电阻，其阻值随着光照强度的加强而减小。金属环A用轻绳悬挂，与长直螺线管共轴，并位于其左侧。当光照减弱时，从左向右看，金属环A中电流方向_______（填“顺时针”或“逆时针”），金属环A将向_______（填“左”或“右”）运动，并有_______（填“收缩”或“扩张”）的趋势。22、随着温度的升高，各种波长的辐射强度都有______。评卷人得分四、作图题(共2题，共8分)23、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

24、如图1所示，用电动势为E、内阻为r的电源，向滑动变阻器R供电。改变变阻器R的阻值，路端电压U与电流I均随之变化。

（1）以U为纵坐标，I为横坐标，在图2中画出变阻器阻值R变化过程中U-I图像的示意图，并说明U-I图像与两坐标轴交点的物理意义。

（2）请在图2画好的U-I关系图线上任取一点；画出带网格的图形，以其面积表示此时电源的输出功率。

评卷人得分五、实验题(共1题，共5分)25、小明同学利用实验室里的器材测量电压表的内阻．实验室提供材料；器材如下:

待测电压表(量程3V，内阻约为3000欧)，电阻箱R0(最大阻值为999欧，滑动变阻(最大阻值100欧，额定电流2A)，电源E(电动势6V；内阻不计)，开关两个，导线若干．

(1)图所示线框内为该同学设计的测量电压表内阻的电路图的一部分，请将电路图补充完整_____．

(2)实验时先闭合S1和S2，调节R1，使电压表指针偏转到满刻度，再断开S2，保持滑动变阻器滑片位置不变，调节R0，使电压表指铅偏转到满刻度的三分之二，读出此时R0的阻值为1700.0欧，则电压表V的内阻测量值Rv＝_______Ω

(3)这种方法测出的电压表内阻测量值_______(填“大于”“小于”或“等于”)真实值，主要原因是______________.评卷人得分六、解答题(共4题，共28分)26、如图所示为电压表和电流表测定电源的电动势和内电阻的电路图，采用的是电流表外接法．若已知电压表和电流表的内电阻分别为RV和RA；试计算用这个电路测得的电动势及内电阻的相对误差．

27、如图所示，在匀强电场中，将带电荷量q=-6×10-6C的电荷从电场中的A点移到B点，克服电场力做了2.4×10-5J的功，再从B点移到C点，电场力做了1.2×10-5J的功。

（1）求A、B两点间的电势差UAB和B、C两点间的电势差UBC；

（2）如果规定B点的电势为零，则A点和C点的电势分别为多少？

（3）作出过B点的一条电场线。

28、静电场可以用电场线和等势面形象描述．

（1）请根据电场强度的定义和库仑定律推导出点电荷Q的场强表达式；

（2）点电荷的电场线和等势面分布如图所示，等势面S1、S2到点电荷的距离分别为r1、r2．我们知道，电场线的疏密反映了空间区域电场强度的大小．请计算S1、S2上单位面积通过的电场线条数之比．29、图为北京正负电子对撞机，它是我国第一台高能加速器，于1990年建成，后经多次重大升级改造，是迄今为止世界上20亿到50亿电子伏特能量区域亮度最高的对撞机。直线加速器是该对撞机的重要组成部分，长达202米，由多级加速电场组成。下图是某一级加速电场的原理示意图，A、B两板为加速电场的两个极板，其间的电场可视为匀强电场。电子沿水平方向向右从A板上的小孔进入加速电场，经加速后从B板上的小孔穿出，再进入下一级加速装置中。已知A、B两板间的电压为U、距离为d，电子的电荷量为e、质量为m，电子从A板上的小孔进入电场时的初速度为v0。忽略电子之间的相互作用以及电子所受的重力。

(1)求电子在A、B板间的加速度大小a；

(2)求电子经过B板时的动能Ek；

(3)我们知道，力在空间上的累积效应可以用功表示。与此类似，力在时间上也有累积效应，可以用冲量I表示。冲量I等于力F与力的作用时间t的乘积，即在电子由A板运动到B板的过程中，请写出电子所受电场力冲量I的表达式。

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【详解】

由题意可知A、B两点电势相等，所以AB为一条等势线，如图所示，过C作CD⊥AB于D，则电场强度方向为由D指向C，即垂直于AB斜向上。设电场强度的大小为E，由题意可得

代入数据解得E=1000V/m

故选C。2、B【分析】【详解】

AB．由图可知；充电过程中电流方向为顺时针，B正确，A错误；

CD．充电过程，极板上电荷量增大，根据

可知电容器两极间的电压增大；CD错误。

故选B。3、B【分析】【详解】

A．库仑通过扭秤实验推出了库仑定律，但当时并未测出静电力常量k的具体数值；故A错误；

B．元电荷e的数值最早是由美国物理学家密立根测得的；故B正确；

C．牛顿通过“地—月检验”证明了月球受到的引力；与地球上物体受到的引力是同一种力，即万有引力，但通过“地—月检验”并不能得到地球的质量，故C错误；

D．开普勒通过研究第谷观测天体运动得到的大量数据；从而总结出行星运动三大定律，故D错误。

故选B。4、B【分析】【分析】

【详解】

A．根据点电荷电场线的特点可知点电荷一定在电场线所在的直线上，点电荷Q的一条电场线与x轴重合，则点电荷Q的位置一定在x轴上；选项A正确；

B．带正电的试探电荷沿x轴正方向运动的过程中，动能增加，由动能定理知电场力对其做正功，则电场方向沿x轴的正方向，电势沿x轴正方向降低；选项B错误；

C．由于点电荷仅受电场力，由动能定理得知，图象的斜率为电场力，由图可知处。

则场强大小为。

选项C正确；

D．由图可知处动能为。

到过程由动能定理得。

解得。

选项D正确。

本题选错误的，故选B。5、D【分析】【详解】

A．根据动能定理

故A错误；

B．重力做功为则重力势能减小

故B错误；

C．静电力做功为电势能减小

故C错误；

D．静电力做功为克服空气阻力做功为所以除重力外的合外力做功1J-0.4J=0.6J

故D正确。

故选D。6、A【分析】【分析】

【详解】

A．库仑利用扭秤装置探究决定电荷间的相互作用力大小的因素有电荷电量的大小和电荷之间的距离；研究一个变量与多个变量之间的关系时，应用控制变量法，同时为便于测量还应用了放大思想，故A正确；

B．法拉第首先提出了“场”的概念；并利用电场线；磁感线形象地描述了电场和磁场，故B错误；

C．电动势表征电源把其他形式的能转化为电能的本领大小；在大小上等于非静电力把1C的正电荷在电源内从负极送到正极所做的功，故C错误；

D．在研究电场磁场时；我们常引人“试探电荷”；“试探电流元”，目的是不影响原电场的强弱及分布情况，这里应用了理想模型法，故D错误；故选A．

【点睛】

本题主要考查了物理方法和物理学史，掌握各物理学家的主要贡献和各种实验方法，即可求解．7、D【分析】【详解】

A中根据闭合回路欧姆定律可得可测量多组数据列式求解，A正确；B中根据欧姆定律可得测量多组数据可求解，B正确；C中根据欧姆定律可得可测量多组数据列式求解，C正确；D中两个安培表和一个滑动变阻器，由于不知道滑动变阻器电阻，故无法测量，D错误；

【点睛】对于闭合回路欧姆定律的应用，一定要注意公式形式的变通，如本题中结合给出的仪器所测量的值，选择或者变通相对应的公式，8、A【分析】【详解】

点电荷的定向移动，形成电流，根据正电荷的定向移动方向即为电流的方向，由右手螺旋定则可知，正电荷在P点的磁场方向为：O′→O，而负电荷在P点的磁场方向为：O→O′，由于正电荷运动时在P点产生的磁场强，根据矢量叠加原理，则合磁场的方向为O′→O，即沿OO′轴向上；

A．方向沿向上；与结论相符，选项A正确；

B．方向沿向下；与结论不相符，选项B错误；

C．方向从指向-q；与结论不相符，选项C错误；

D．大小为零；与结论不相符，选项D错误；

故选A。二、多选题(共6题，共12分)9、A:C:D【分析】【分析】

据带正电粒子仅在电场力作用下从C点运动到D点的轨迹，可判断所受电场力大体指向弯曲一侧，从而判断B处是负电荷，A处是正电荷；再根据电场线的特点分析即可．

【详解】

A、B、据电场线的分布情况可知，带电粒子从C到D的过程中，电场力的方向与运动方向小于90°，电场力对其做正功，电势能减小，动能增大；故A正确，B错误。C、据带电粒子仅在电场力作用下从C点运动到D点的轨迹，可判断所受电场力大体指向弯曲一侧，结合某点的切线方向，即为速度方向，从而判断粒子带正电；故C正确。D、据电场线的疏密程度可知，A电荷的电荷量大于B电荷的电荷量；故D正确。故选ACD．

【点睛】

弄清电场强度、电势、电势能、电场力做功等概念及间的关系，并能在实际电场中或者电荷运动过程中弄清它们的变化．10、B【分析】【详解】

A．电流的微观表达式所以电流密度为

故A正确；

BC．设导线的长度为l，导线两端的电压为U，则U=El，则

根据欧姆定律得联立解得

故B错误；C正确；

D．电子匀速运动时，有

故D错误。

故选AC。11、B:D【分析】【详解】

根据欧姆定律将变大．根据闭合电路欧姆定律得：U2=E-I（R1+r），则有不变，故A错误；根据欧姆定律变大．根据闭合电路欧姆定律得：U3=E-Ir，则有不变，故B正确；当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，R2变大，外电路总电阻变大，由闭合电路欧姆定律，可知I变小，所以U1=IR1变小，所以路端电压U3=E-Ir，则知U3变大，所以因U3=U1+U2，U1减小，则U2增大，所以△U2＞0，故C错误，D正确．所以BD正确，AC错误．12、A:C:D【分析】【详解】

A．将两极距离不变，非常缓慢地错开一些，根据

可知，电容减小；由

可知，A极板上的电荷量减少，则电流计中电流从a流向b；故A正确；

B．如果保持连接电源，将A板上移，根据

可知；电场强度减小，则合力向下，油滴将向下加速运动，故B错误；

C．如果断开电源，A板上移，根据

可知电场强度不变，则油滴静止不动，B板接地，小球到B板的距离不变；则油滴处电势不变，C正确；

D．如果断开电源，两板间接静电计，B板下移，根据

可知，电场强度不变，由于两极板距离变大，根据

可知两极板电势差增大；因此静电计指针张角变大，D正确。

故选ACD。13、B:C【分析】【详解】

由牛顿第二定律可知，带电粒子在第1s内的加速度大小为

在第2s内加速度大小为

因此带电粒子先匀加速1s再匀减速0.5s时速度为零，接下来的0.5s将反向加速，v-t图象如图所示。

A．带电粒子在第1s内做匀加速直线运动；在第2s内先做匀减速后反向做匀加速运动，所以不是始终向一方向运动，故A错误；

B．根据速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移，可知，在t=3s时；带电粒子的位移为0，回到出发点，故B正确；

C．由图可知；粒子在1s末与4s末带电粒子的速度大小相等，方向相同，且为最大，故C正确；

D．因为第3s末粒子的速度刚好减为0，根据动能定理知粒子只受电场力作用，前3s内动能变化为0，即电场力做的总功为零，则0～4s末，电场力做的总功不为0，故D错误．14、B:C:D【分析】【分析】

首先知道电位器的原理；再据闭合电路的欧姆定律判断干路电流；支路电流和电压间的关系，从而判断两灯的变化情况，根据Q=CU判断电容器带电量的变化．

【详解】

当电位器的触头向b端滑动时，电路的总电阻增大，干路电流减小，所以内电压减小，路端电压增大，电阻两端的电压变大，流过的电流增大，电流表的示数增大，而干路电流是减小的，故通过的电流变小，所以灯指示灯变暗，两端的电压减小，并联电路两端的电压增大，通过的电流增大，指示灯变亮；电容器两端的电压等于并联电路两端的电压，根据Q=CU得电容器C的带电量增大，A错误BCD正确．

【点睛】

本题是动态电路的分析题，注意电位器的原理与滑动变阻器的原理相同，注意动态电路的分析方法，先整体后局部．三、填空题(共8题，共16分)15、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3]常规能源的储藏是有限的。常规能源的大量消耗带来了环境问题，带来的污染有温室效应、大气污染、水污染等。【解析】①.温室效应②.大气污染③.水污染16、略

【分析】【详解】

（1）断开开关后Q不变；将A板向左移动时，电容C减小，根据Q=CU，两板间电压增大，根据U=Ed，板间电场强度增大，加速度增大，故粒子打在N点左侧；

（2）断开开关后；Q不变，将A板上移一段距离后，板间电场强度不变，加速度不变，故粒子仍打在N点；

（3）若开关接2时，电压减小，则E减小，加速度减小，则打在极板所用的时间增大；故粒子将打在N的右侧．【解析】N点左侧N点N点右侧17、略

【分析】【详解】

以点电荷为球心的球面上各点电场强度大小相等，方向不同，故错误。【解析】错误18、略

【分析】【详解】

根据高斯定理，对球面有

则有

其中r>R2

可解得【解析】19、略

【分析】【详解】

（1）[1]．两板间是匀强电场，故场强为：=1200V/m；

（2）[2]．P1、P2两点间沿着场强方向的距离：d′=4cm

故UP1P2=Ed′=1.2×103×4×10-2=48V；【解析】48V20、略

【分析】【详解】

由闭合电路欧姆定律当时，即图线与纵轴交点表示断路状态，故电动势【解析】6.021、略

【分析】【详解】

（1）[1]闭合开关瞬间，发现灵敏电流计的指针向左偏转了一下，说明磁通量增加时电流计指针左偏；将线圈A从线圈B抽出的过程中；穿过线圈的磁通量减少，电流计指针将向右偏转。

（2）[2]由图乙可知根据右手螺旋定则可判断螺线管磁场方向向右；当光照减弱时；光敏电阻的阻值增加，回路中电流减小，穿过金属环A的磁通量减小，根据楞次定律可知产生向右的感应磁场，再由右手螺旋定则可知从左向右看，金属环A中电流方向顺时针；

[3][4]因穿过A环的磁通量减小，据楞次定律，感应电流的磁场方向与原电流磁场方向相同，故相互吸引，则金属环A将向右运动，根据“增缩减扩”可知，金属环A有扩张趋势。【解析】向右偏转顺时针右扩张22、略

【解析】增加四、作图题(共2题，共8分)23、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】24、略

【分析】【详解】

（1）由闭合电路欧姆定律可知

所以图像与纵轴交点的坐标值为电源电动势；与横轴交点的坐标值为短路电流，如图所示。

（2）电源的输出功率等于路端电压与干路电流的乘积；即所要求的的面积为该点向坐标轴作垂线后与坐标轴围成的面积，如图所示。

【解析】（1）U-I图像如图所示。图像与纵轴交点的坐标值为电源电动势，与横轴交点的坐标值为短路电流；（2）五、实验题(共1题，共5分)25、略

【分析】【详解】

(1)[1]待测电压表电阻（约3000欧姆）远大于滑动变阻器R1的电阻值（100欧姆），故滑动变阻器R1采用分压式接法．

(2)[2]闭合开关S1、S2，调节R1，使电压表的指针满偏U，保持滑动变阻