2025年新世纪版高二物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年新世纪版高二物理下册阶段测试试卷530考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、做简谐运动的弹簧振子，振子的最大速度是v，振子的最大动能是EKm；则下列说法正确的是（）

A.从某一时刻算起，在半个周期的时间内，回复力做的功可能是零到EKm之间的某一个值。

B.从某一时刻算起；在半个周期的时间内，回复力做的功一定为零。

C.从某一时刻算起；在半个周期的时间内，速度变化量大小可能是零到2v之间的某一个值。

D.从某一时刻算起；在半个周期的时间内，速度变化量一定为零。

2、下列说法中正确的是，感应电动势的大小()A.跟穿过闭合电路的磁通量变化率成正比B.跟穿过闭合电路的磁通量的变化大小有关系C.跟穿过闭合电路的磁通量的变化快慢有关系D.跟电路的电阻大小有关系3、矩形线圈在匀强磁场中匀速转动产生的电动势e-t图象如图；则在时刻（）

A.t1到t3过程中线圈通过磁通量先增大后减小B.t2，t4线圈中磁通量最大C.t1，t3线圈中磁通量变化率最大D.t2，t4线圈平面与中性面垂直4、如图是电子射线管示意图．接通电源后；电子射线由阴极沿x轴方向射出，在荧光屏上会看到一条亮线．要使荧光屏上的亮线向下（z轴负方向）偏转，在下列措施中可采用的是（）

A.加一电场；电场方向沿y轴正方向。

B.加一电场；电场方向沿y轴负方向。

C.加一磁场；磁场方向沿z轴负方向。

D.加一磁场；磁场方向沿y轴正方向。

5、下面关于红外线说法中正确的是()．A.红外烤箱中的红光就是红外线B.红外线比可见光更容易发生衍射C.高温物体辐射红外线，低温物体不辐射红外线D.红外线比可见光更容易引起固体物质分子共振6、有一横截面积为S的铜导线，流经其中的电流强度为I，设每单位体积的导线中有n个自由电子，电子的电量为e，此时电子的定向移动速度为v，在△t时间内，通过导线的横截面积的自由电子数目可表示为（）A.B.nv△tC.D.7、如图甲所示，交流发电机的矩形线圈边长ab=cd=0.2mad=bc=0.4m

线圈匝数为50

匝，线圈的总电阻r=1娄赂

线圈在磁感应强度B=0.2T

的匀强磁场中绕垂直磁场的虚线轴以100蟺t/s

的转速匀速转动，外接电阻R=9娄赂

电压表为理想交流电表，则(

)

A.图甲中交流电压表的示数为802V

B.图甲中电阻R

上消耗的电功率为11522W

C.如图乙所示，在外电路接上原、副线圈匝数比n1n2=31

的理想变压器时，电阻R

上消耗的电功率最大D.如图乙所示，在外电路接上原、副线圈匝数比n1n2=13

的理想变压器时，电阻R

上消耗的电功率最大8、在如图所示的电路中，电阻R=4娄赂R2=6娄赂R3=3娄赂

电流表内阻不计，在AB

两点间加上9V

的电压时，电流表的读数为()A.0

B.1A

C.1.5A

D.2A

评卷人得分二、填空题(共7题，共14分)9、一台交流发电机，产生交变电动势的最大值为500V，周期为0.02s，保持其它条件不变，把转速提高到原来的2倍，则交变电动势的有效值为______，周期为______．10、如图所示；是用打点计时器获得的比较理想的纸带的一部分，根据纸带给出的数据和相邻两个测量点间的时间间隔T=0.1S

则从A

点到B

点的平均速度为______m/sB

点的瞬时速度约为______m/sD

点的瞬时速度约为______m/sBD

段的加速度为______m/s2AE

段的加速度为______m/s2

．

11、（1）如图所示为用打点计时器验证机械能守恒定律的实验装置．关于这一实验，下列说法中正确的是____

A．打点计时器应接直流电源。

B．应先释放纸带；后接通电源打点。

C．需使用秒表测出重物下落的时间。

D．测出纸带上两点迹间的距离；可知重物相应的下落高度。

（2）在用电火花计时器（或电磁打点计时器）研究匀变速直线运动的实验中，某同学打出了一条纸带．已知计时器打点的时间间隔为0.02s，他按打点先后顺序每5个点取1个计数点，得到了O、A、B、C、D等几个计数点，如图所示，则相邻两个计数点之间的时间间隔为____s．用刻度尺量得OA=1.50cm、AB=1.90cm、BC=2.30cm、CD=2.70cm．由此可知，纸带做____运动（选填“匀加速”或“匀减速”），打C点时纸带的速度大小为____m/s．

12、如图所示，一验电器与锌板相连，在A处用一紫外线灯照射锌板，关灯后，指针保持一定偏角．此时锌板带______电．（填“正”或“负”）．使验电器指针回到零，再用相同强度的钠灯发出的黄光照射锌板，验电器指针无偏转．那么，若改用强度更大的红外线灯照射锌板，可观察到验电器指针______（填“有”或“无”）偏转．13、在“测定金属丝电阻率”的实验中：

(1)用千分尺测量金属丝的直径；千分尺示数如图所示，则金属丝的直径为____________cm．

(2)已知电阻丝约为10Ω；现备有下列器材供测量该电阻丝的电阻时选用，应选用的器材有____________(只填代号)

A．量程是0.6A；内阻是0.5Ω的电流表；

B．量程是3A；内阻是0.1Ω的电流表；

C．量程是3V；内阻是6KΩ的电压表；

D．量程是15V；内阻是30KΩ的电压表；

E．阻值是0～1KΩ；额定电流为0.5A的滑动变阻器；

F．阻值是0～20Ω；额定电流为2A的滑动变阻器；

G．蓄电池(6V)；

H．开关一个；导线若干．

(3)用伏安法测上述电阻丝电阻的电路图应选用图中的那个电路图____________．14、(1)

真空中的两个点电荷，它们间的静电力大小为F.

如果保持他们间的距离不变，将其中一个点电荷的电荷量增大为原来的3

倍，则它们间的静电力大小为__________;

如果保持它们的电荷量不变，将两点电荷间的距离减小为原来的一半，则他们间的静电力大小为_________．(2)

下列有关生活中的静电，应用静电的是_________，有害的、要防止的是__________．A.电视荧屏上常有一层灰尘B.

雷雨天高大树木下避雨C.

静电喷漆D.

静电复印E.

静电除尘(3)

三个粒子abc(

不计重力)

以相同的速度射入匀强磁场中，运动轨迹如图所示，其中b

粒子做匀速直线运动，则a

粒子带__________电，c

粒子带_________电．

(4)

电磁铁的应用相当广泛，它是利用电流周围产生磁场的原理工作的，最先发现电流周围存在磁场的科学家是__________．15、如图所示，接地金属球A

的半径为R

球外点电荷的电量为Q

它到球心的距离为r

则该金属球上感应电荷在球心O

处产生的场强大小等于______．评卷人得分三、判断题(共9题，共18分)16、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）17、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）18、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

19、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）20、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）21、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）22、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）23、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

24、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

评卷人得分四、画图题(共2题，共16分)25、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象26、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象评卷人得分五、实验题(共2题，共4分)27、（4分）如图所示，游标卡尺的读数为mm；螺旋测微器的读数为mm．28、某学生用螺旋测微器在测定某一金属丝时，测得的结果如右图所示，则该金属丝的直径d=_____mm。评卷人得分六、实验探究题(共2题，共8分)29、用螺旋测微器测量某电阻丝的直径如图，则此电阻丝的直径为______mm

30、在“探究弹簧力和弹簧伸长的关系”的实验中；某实验小组不同数量的钩码分别挂在竖直弹簧下端，进行测量，根据实验所测数据，利用描点法作出了所挂钩码的重力G与弹簧总长L的关系图象，如图所示，根据图象回答下列问题：

（1）弹簧的原长为L0=______m．

（2）弹簧的劲度系数为k=______N/m．

（3）分析图象，总结出弹簧力F跟弹簧长度L之间的关系式F=______．（用题中所给字母G、L1、L0、k表示）参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、B|C【分析】

A；B做简谐运动的弹簧振子；经过半个周期的时间，振子的速度大小一定相等，初动能与末动能一定相等，根据动能定理得知，回复力做的功一定为零．故A错误，B正确．

C；D若从最大位移处算起；在半个周期的时间内，速度变化量最小，大小为零；若从平衡位置算起，在半个周期的时间内，速度变化量最大，大小为2v，则速度变化量大小可能是零到2v之间的某一个值．故C正确，D错误．

故选BC

【解析】【答案】做简谐运动的弹簧振子；经过半个周期的时间，振子的速度大小一定相等，速度方向可能相反，根据动能定理分析回复力做功．

2、A|C【分析】【解析】试题分析：根据法拉第电磁感应定律，感应电动势的大小可知，感应电动势的大小跟磁通量变化率有关，因此AC正确考点：法拉第电磁感应定律【解析】【答案】AC3、D【分析】解：A、由图可知，t1到t3过程中电动势先增大后减小；则线圈通过磁通量先减小后增大；故A错误；

B、t2，t4线圈中电动势最大；则穿过线圈的磁通量为零；线圈平面与中性面垂直；故B错误；故D正确；

C、t1，t3线圈电动势为零；磁通量变化率为零；故C错误；

故选：D

矩形线圈在匀强磁场中匀速转动时产生正弦交变电流．磁通量为零；感应电动势最大；磁通量最大时，感应电动势为零，线圈恰好通过中性面．经过中性一次，电流方向改变一次．根据法拉第定律，感应电动势与磁通量变化率成正比。

本题考查正弦交变电流产生过程中磁通量与感应电流、感应电动势及位置之间的关系，基本题．【解析】【答案】D4、D【分析】

A；若加一沿y轴正方向的电场；电子带负电，电场力方向沿y轴负方向，亮线不偏转，不符合题意．故A错误．

B；若加一沿y轴负方向的电场；电子带负电，电场力方向沿y轴正方向，亮线不偏转，不符合题意．故B错误．

C；若加一沿z轴负方向的磁场；根据左手定则，洛伦兹力方向沿y轴负方向，亮线不偏转，不符合题意．故C错误．

D；若加一沿y轴正方向的磁场；根据左手定则，洛伦兹力方向沿z轴负方向，亮线向下偏转，符合题意．故D正确．

故选D

【解析】【答案】电子射线由阴极沿x轴方向射出；形成的亮线向下（z轴负方向）偏转，说明电子受到的洛伦兹力方向向下，将四个选项逐一代入，根据左手定则判断分析，选择可行的磁场方向．

5、B|D【分析】红外线是看不见的，红外线比可见光的波长长，更容易发生衍射，一切物体，包括高温物体和低温物体都在辐射红外线，只是物体温度越高，它辐射的红外线就越强；红外线的频率比可见光更接近固体物质分子的频率，也就更容易使分子发生共振，因而红外线热作用显著．【解析】【答案】BD6、C【分析】解：在t时间内；以速度v移动的电子在铜导线中通过的距离为vt，由于铜导线的横截面积为S，则在t时间内，电子经过的导线体积为。

V=vtS．

又由于单位体积的导线有n个自由电子；则在t时间内，通过导线横截面的自由电子数目可表示为N=nvSt．

由于流经导线的电流为I，则在t时间内，流经导线的电荷量为Q=It，而电子的电荷量为e，则t时间内通过导线横截面的自由电子数目可表示为：N=故C正确．

故选：C

首先根据电流强度的定义可以求得t时间内通过导线横截面积的总的电荷量的大小；进而可以求得自由电子的个数，再根据电流的微观的表达式，根据电阻的运动的速率的大小也可以求得通过导线横截面的自由电子的个数．

本题计算自由电子的个数，要注意从不同的角度来分析问题，一是从微观运动的角度，二是从电流强度的角度．【解析】【答案】C7、D【分析】解：A

线圈转动的角速度娄脴=2娄脨n=2娄脨隆脕100蟺=200rad/s

发电机产生正弦式交流电，电动势最大值Em=NBS娄脴=50隆脕0.2隆脕0.2隆脕0.4隆脕200=160V

电动势的有效值E=22Em=802V

交流电压表V

的示数为外电压的有效值为U=RR+rE=722V

故A错误；

B、电阻R

上消耗的电功率P=U2R=1152W

故B错误；

CD

将理想变压器和电阻R

等效为电路中的一个电阻R隆盲R隆盲R=U1I1U2I2=n12n22

电源的输出功率P鲁枚=(ER鈥�+r)2R隆盲

当R隆盲=r=1娄赂

时，P鲁枚

最大，n1n2=R隆盲R=13

故C错误，D正确。

故选：D

图甲中，求出线圈的感应电动势，再根据欧姆定律和电功率公式求出交流电压表的示数和电阻R

上消耗的电功率；将理想变压器和电路中的电阻R

等效为电阻R隆盲

当R隆盲=r

时电源的输出功率最大；结合变压器的变压规律可得到匝数比．

理想变压器是理想化模型，一是不计线圈内阻；二是没有出现漏磁现象.

输入电压决定输出电压，而输出功率决定输入功率．【解析】D

8、B【分析】【分析】画出当AB

间加上电压时的等效电路，由闭合电路欧姆定律及并联电路的电流关系得解。本题主要考场电路的简化，知道串并联关系是解题的关键。难度一般。【解答】由于电流表内阻不计，故在AABB两点间加上9V9V的电压时，R2

与R3

为并联关系，由闭合电路欧姆定律解得电路总电流为：I=ER脳脺=1.5A

由于R2

与R3

为并联关系，其中电流与其阻值成反比，故电流表的读数为1A1A故B正确，ACD错误，故选B。【解析】B

二、填空题(共7题，共14分)9、略

【分析】解：线圈转动产生的感应电动势Em=nBSω，当转速增大时，角速度增大，故把转速提高到原来的2倍，产生的感应电动势变为原来的2倍，故E′m=1000V，产生的有效值E=

周期T

故答案为：V；0.01s

根据发电机产生的交变电动势的表达式e=Emsinωt=NBS（2πn）sin（2πn）t和周期与转速的关系即可判断。

本题重点考查交流电的产生过程及瞬时表达式，只有在理解的基础上才能准确用该表达式，作出定量分析．【解析】V；0.01s10、0.06；0.07；0.11；0.2；0.2【分析】解：相邻两个测量点间的时间间隔T=0.1s

则从A

点到B

点的平均速度为：v.AB=0.0060.1=0.06m/s

根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度；可以求出打纸带上B

点时小车的瞬时速度大小.

为：

vB=0.006+0.0082脳0.1=0.07m/s

根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度；可以求出打纸带上D

点时小车的瞬时速度大小.

为：

vD=0.01+0.0122脳0.1=0.11m/s

质点做匀变速直线运动，根据匀变速直线运动的推论公式鈻�x=aT2

可以求出加速度的大小；得：

a=0.008鈭�0.0060.01=0.2m/s2

故答案为：0.060.070.110.20.2

．

根据平均速度定义求解AB

段平均速度；

平均速度等于中间时刻的瞬时速度；据此求解BD

点的瞬时速度；

根据鈻�x=aT2

求解加速度．

要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．【解析】0.060.070.110.20.2

11、略

【分析】

（1）A；打点计时器应接交流电源；故A错误．

B；开始记录时；应先给打点计时器通电打点，然后再释放重锤，让它带着纸带一同落下，如果先放开纸带让重物下落，再接通打点计时时器的电源，由于重物运动较快，不利于数据的采集和处理，会对实验产生较大的误差．故B错误．

C；我们可以通过打点计时器计算时间；不需要秒表．故C错误．

D；测出纸带上两点迹间的距离；可知重物相应的下落高度，故D正确．

故选D．

（2）按打点先后顺序每5个点取1个计数点；则相邻两个计数点之间的时间间隔为0.1s．

由于相邻的计数点的位移之差相等；所以纸带做匀加速直线运动．

利用匀变速直线运动的推论。

vc===0.25m/s．

故答案为：（1）D

（2）0.1；匀加速、0.25．

【解析】【答案】书本上的实验；我们要从实验原理；实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚．

纸带实验中；若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度．

12、略

【分析】解：用紫外线灯照射锌板；发生光电效应，发出光电子，锌板和验电器带正电；

使静电计指针回到零；再用相同光照强度的钠灯发出的黄光照射锌版，静电计指针无偏转，说明了黄色光不能使锌板发生光电效应，当改用强度更大的红外线灯照射锌板，也不能发生光电效应，故静电计的指针不偏转．

故答案为：正；无。

发生光电效应时；锌板和验电器带正电，只有发生光电效应，验电器指针才会偏转．

解决本题的关键知道光电效应的实质，即发生光电效应时有光电子从金属表面逸出，金属板在失去电子后带正电．【解析】正；无13、略

【分析】解：(1)螺旋测微器的读数为d=2mm+49.5×0.01mm=2.495mm=0.2495cm

(2)由于温度对电阻的影响，通过待测电阻的电流不能太大，所以电流表应选A，待测电阻两端的最小电压为==V=2V，所以电压表应选C，又电路的最大电阻为==V=30Ω；可见变阻器应选F，所以所选用的器材有ACFGH．

(3)由于满足所以电流表应用外接法，所以应选图甲．

故答案为：(1)0.2495

(2)ACFGH

(3)甲【解析】0.2495;ACFGH;甲14、(1)3F4F

(2)ABCDE

(3)

负正

(4)

奥斯特

【分析】(1)

【分析】

当一电量增大为原来的3

倍，根据点电荷库仑力的公式F=kQqr2

可以求得改变之后的库仑力的大小.

同理当将它们之间的距离减小为原来的12

倍，根据点电荷库仑力的公式F=kQqr2

可以求得改变之后的库仑力的大小。本题就是对库仑力公式的直接考查，掌握住公式就很容易分析了，同时理解控制变量法的思路。【解答】

由点电荷间库仑力的公式F=kQqr2

可以得到；当一电量增大为原来的3

倍，库仑力将变为原来的3

倍；

当将它们之间的距离减小为原来的12

倍，依据点电荷间库仑力的公式F=kQqr2

可以得到；它们之间静电力的大小将变为4

倍；

故填：3F4F

(2)

【分析】

静电对人类有利的方面要加以利用，对人类有危害的方面要避免和防止；油罐车拖一条铁链、飞机机轮用导电橡胶制成、织地毯时夹一些不锈钢丝都是为了防止静电的危害.

而静电复印是利用静电为人类服务。本题是常识性问题，考查对静电现象的了解程度，小高考的能力要求，比较简单。【解答】

A.电视荧屏上常有一层灰尘，是静电对灰尘的吸引，是有害的;

B.下雨天，云层带电打雷，有静电，不能在高大树木下避雨防止触电，是有害的；C.利用静电吸附；将涂料微粒均匀地喷涂在接地金属物体上，属于静电的应用，是有利的；

D.复印机复印文件资料，就是利用静电墨粉成在鼓上，属于静电的应用，是有利的；E.利用静电把空气电离；除去烟气中的粉尘，属于静电的应用，是有利的；

故填：ABCDE

(3)

【分析】b

粒子做直线运动，表明b

粒子不受洛伦兹力，b

粒子不带电，根据ac

粒子的偏转方向，由左手定则可判断其带电性。本题考查左手定则，知道磁场方向和粒子运动方向，判断带电性质，基础题。【解答】

b

粒子做直线运动，表明b

粒子不受洛伦兹力，b

粒子不带电；由左手定则可知；a

粒子带负电，c

带正电。

故填：负正(4)

【分析】

奥斯特首先发现了电流的磁效应；根据各位科学家的物理学成就解答。对于物理学家的成就要记牢，不能张冠李戴，这也是考试考查内容之一。【解答】

奥斯特最先发现电流周围存在磁场。故填：奥斯特

【解析】(1)3F4F

(2)ABCDE

(3)

负正(4)

奥斯特

15、略

【分析】解：球外点电荷在O

点产生的场强，据点电荷的场强公式得：E=kQr2

利用静电平衡的特点，内部场强处处为零；

即感应电荷在导体内部产生的电场与球外电荷产生的电场强度大小相等，所以E鈥�=E=kQr2

．

故答案为：kQr2

静电感应的过程；是导体A(

含大地)

中自由电荷在电荷Q

所形成的外电场下重新分布的过程，当处于静电平衡状态时，在导体内部电荷Q

所形成的外电场E

与感应电荷产生的“附加电场E鈥�

”同时存在的，且在导体内部任何一点，外电场电场场强E

与附加电场的场强E鈥�

大小相等，方向相反．

明确静电平衡导体的特点，即内部场强处处为零，是个等势体，注意合场强与各个电荷产生场强的关系．【解析】kQr2

三、判断题(共9题，共18分)16、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．17、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．18、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．19、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．20、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．21、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．22、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．23、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．24、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷