2025年沪教版必修3物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪教版必修3物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、有N个电荷均为q的点电荷，以两种方式分布在相同半径的圆周上：一种是无规则地分布，另一种是均匀分布。比较这两种情况下在过圆心O并垂直于圆平面的z轴上任一点P（如图所示）的场强与电势；则有（）

A.场强相等，电势相等B.场强不等，电势不等C.场强分量Ez相等，电势相等D.场强分量Ez相等，电势不等2、某静电场在x轴的电势的分布如图所示，x2处的电势为下列说法正确的有（）

A.将电量为q的点电荷从x1移到x2，电场力做的功为B.x1处的电场强度为零C.负电荷从x1移到x2，电势能减小D.负电荷从x1移到x2，受到的电场力增大3、如图所示，AEFD和EBCF是两个等边长的正方形，在A点固定一个带电荷量为+Q的点电荷，在C点固定一个带电荷量为-Q的点电荷；则下列说法正确的是。

A.E、F两点的电场强度相同B.E、F两点的电势相同C.将一个负电荷由E点沿直线移动到F点，电场力先做正功后做负功D.将一个负电荷由E点沿直线移动到F点，电场力先做负功后做正功4、如图甲，在匀强电场中的O点先后无初速释放两个正点电荷I和Ⅱ，电荷仅受匀强电场的作用沿直线向A运动，两电荷的动能Ek随位移x变化的关系如图乙。若I的电荷量为q；则可知。

A.匀强电场的场强大小为E=B.电荷Ⅱ受到的电场力大小为C.电荷Ⅱ的电荷量为D.选O点为零电势点，A点的电势为5、如图所示的正四面体四个顶点固定有电荷量为q的点电荷，其中A、C两点为正电荷，B、D两点为负电荷，a、b、c三点分别是AB边、AC边、AD边的中点，则下列关于a、b、c三点电势和电场强度的判断中正确的是（）

A.a、b两点的电势相等B.a、c两点的电势相等C.a、c两点的场强相同D.a、b两点的场强相同6、如图，一平行板电容器充电后与电源断开。若电容器的正极板保持不动，将负极板缓慢向右平移一小段距离x0，则电容器的电容C、极板上带电荷量Q、两极板间电势差U及电场强度E与负极板移动的距离x的关系图像正确的是（）A.B.C.D.7、反射式速调管是常用微波器之一，它利用电子团在电场中的振荡来产生微波，其振荡原理与下述过程类似。已知静电场的方向平行于x轴，其电势随x的分布如图所示。一质量电荷量的带负电的粒子从（-1，0）点由静止开始，仅在电场力作用下在x轴上往返运动。则（）

A.轴左侧电场强度和右侧电场强度的大小之比B.粒子在区间运动过程中的电势能减小C.该粒子运动过程中电势能变化量的最大值为JD.该粒子运动的周期8、两个直径为d的带正电的小球，当它们相距100d时作用力为F，则当它们相距为d时的作用力为()A.B.10000FC.100FD.以上结论都不对评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)9、在温控电路中，通过热敏电阻阻值随温度的变化可实现对电路相关物理量的控制。如图所示，R1为电阻箱，R2为半导体热敏电阻，C为电容器。已知热敏电阻的阻值随温度的升高而减小；则有（）

A.若R1固定，当环境温度降低时电压表的示数减小B.若R1固定，当环境温度降低时R1消耗的功率增大C.若环境温度不变，当电阻箱R1的阻值增大时，电容器C的电荷量减少D.若R1固定，环境温度不变，当电容器C两极板间的距离增大时极板之间的电场强度减小10、某一导体的伏安特性曲线如图中（曲线）所示；关于导体的电阻，以下说法正确的是（）

A.点对应的电阻为B.点对应的电阻为C.工作状态从A变化到了时，导体的电阻改变了D.工作状态从A变化到了时，导体的电阻改变了11、已知无限长的通电直导线在空间某点形成的磁感应强度大小其中k为常数，I为通电直导线中的电流大小，d为该点到导线的距离。两根无限长平行通电直导线a、b中的电流方向如图中箭头所示，其中导线a中的电流大小为I0，P为两根导线所在平面内的一个点，且P点到两导线a、b的距离相等，P点的磁感应强度大小为B0。若导线b中的电流大小不变，仅改变其电流方向，P点的磁感应强度大小变为则可知导线b中的电流大小为（）

A.2I0B.C.3I0D.12、如图所示，水平地面上放置一斜面体A，带正电的小物块B置于A的绝缘斜面上，轻推一下B，B能沿斜面匀速下滑。现在斜面顶端正上方P点固定一带正电的点电荷；让B从斜面顶端向下运动，此后在斜面上滑动过程（）

A.B物块做加速直线运动B.B物块受到斜面A对它作用力不断变小C.B物块动能的增加量小于电势能的减少量D.斜面体A受到地面水平向左的静摩擦力13、如图所示，真空中a、b、c、d四点共线且等距。先在a点固定一点电荷+Q，测得b点场强大小为E。若再将另一等量异种点电荷-Q放在d点时，则（）

A.b点场强大小为EB.c点场强大小为EC.b点场强方向向右D.c点电势比b点电势高14、如图是某区域的电场线分布。A、B、C是电场中的三个点；下列说法正确的是（）

A.三点中B点场强最强，C点场强最弱B.一正点电荷在A处所受电场力的方向就是A点场强方向C.三点中B点电势最高D.把一负电荷从B点移到C点，电势能减小15、如图所示；电路中A；B为两块竖直放置的金属板，C是一只静电计，开关S合上后，静电计指针张开一个角度，下述做法可使静电计指针张角增大的是（）

A.保持S闭合，使B两板靠近一些B.保持S闭合，使B两板正对面积减小一些C.断开S后，使B板向右平移一些D.断开S后，使B正对面积减小一些16、如图所示，电源电动势为内阻为平行金属板电容器中带电粒子处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器的滑片移动时；电流表的示数减小，则下列说法正确的是（）

A.滑片向端移动，电压表示数减小B.电源总功率减小，电源效率增大C.电容器的带电量增大，粒子将向上运动，且带负电D.消耗的功率增大，消耗的功率减小评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)17、如图所示,A、B为相互接触的用绝缘支柱支撑的金属导体,起初它们不带电,在它们的下部贴有金属箔片,C是带正电的小球。当C移近A时,A、B上的金属箔片都张开。

(1)若撤去C,A、B下部金属箔片是_________(选填“张开”或“闭合”)

(2)若先分离A、B,再撤去C,A、B下部金属箔片是_________(选填“张开”或“闭合”)。在分离A、B的过程中,A、B组成的系统电势能_______(选填“增大”“不变”或“减小”)

(3)静电感应的原因是金属导体中存在大量的_____________。18、如图所示电路，电源内阻不可忽略，电压表、电流表均为理想电表，R1、R2均为定值电阻。开关S闭合后，在变阻器R0的滑动端向下滑动的过程中，电流表A的变化情况是__________；若电压表V示数变化的绝对值为△U，电流表A示数变化的绝对值为△I，则的变化情况是__________，你判断的理由是：_____________。

19、尖端放电和静电屏蔽。

（1）电离：导体尖端的电荷密度很大，附近的电场强度___________，空气中的带电粒子剧烈运动，使空气分子被撞“散”而使正、负电荷___________的现象。

（2）尖端放电：导体尖端的强电场使附近的空气电离，电离后的异种离子与尖端的电荷___________；相当于导体从尖端失去电荷的现象。

（3）静电屏蔽：静电平衡时，导体壳内空腔里的电场___________；外电场对壳内不会产生影响。

（4）尖端放电和静电屏蔽的应用；防止。

a.尖端放电。

①应用：___________是利用尖端放电避免雷击的一种设施。

②防止：高压设备中导体的表面尽量___________；减少电能的损失。

b.静电屏蔽的应用。

①电学仪器和电子设备外面会有金属罩；通讯电缆外面包一层铅皮，可以防止外电场的干扰。

②电工进行高压带电作业时，穿戴金属丝网制成的衣、帽、手套、鞋子，可以对人体起到静电屏蔽作用，使人安全作业。20、概念：一切物体都在辐射电磁波，且辐射与物体的______有关，所以叫热辐射。21、图为某电场的部分电场线。由图可知A、B两点的场强大小EA_____EB（选填“>”、“<”或“＝”），电场中的A点放入一个带电荷量为的负电荷，所受电场力大小为方向水平向左。则A点的电场强度E=_____________N/C，若将该电荷撤走，则A点的电场强度E=__________N/C22、在图示电路中，初始时静电计不带电，干电池的电动势为E，开关S闭合，一质量为m的带电液滴悬停在间距为d的平行板电容器中P点。已知重力加速度大小为g，则液滴所带的电荷量为______。开关S闭合时，若下极板不动，将上极板缓慢竖直上移静电计指针的张角将______（选填“增大”“不变”或“减小”）。

23、(1)下列各个实验中，应用了等效法的是_________，应用了控制变量法的是_________

A．探究小车速度随时间的变化关系。

B．探究弹簧伸长与弹力的关系。

C．探究求合力的方法。

D．探究小车加速度与质量；力的关系。

(2)①用20分度的游标卡尺测量钢球的直径，示数如图所示，则钢球直径为___________mm。

②若某同学也是用这个游标卡尺测量另一物体的长度，测量结果为51.45mm，则在读数时游标尺上的第_________格与主尺上的第_________毫米格对齐。24、一个灵敏电流计允许通过的最大电流（满刻度电流）为表头电阻若将其改装成量程为的电流表，应__________（填串联或并联）一个电阻，阻值为__________若将其改装成量程为的电压表，应__________（填串联或并联）一个阻值为__________的电阻．25、如图，有一水平方向的匀强电场，场强为9×103N／C．在电场内的竖直平面内作半径为1m的圆，圆心处放置电量为1×10-6C的正点电荷，则圆周上C点处的场强大小为______N／C，方向________．(k=9.0×109N.m2/C2)

评卷人得分四、实验题(共4题，共8分)26、为测量某微安表的内阻，并将其改装成量程为的电流表；实验室提供以下器材：

待测微安表（量程内阻约）

微安表（量程内阻约）

定值电阻（阻值为）

滑动变阻器（阻值范围）

干电池（电动势约内阻很小）

开关及导线若干。

（1）在虚线框内画出测量微安表内阻的完整电路图，并在图中标明器材符号_______；

（2）若实验过程中测得的示数为的示数为则的内阻______（用表示）；

（3）给并联一个定值电阻改装成量程为的电流表，用标准电流表与其串联进行校准。当标准电流表的示数为时，微安表的示数如图，其读数为______则改装之后的电流表实际量程是0~______

27、如图为某同学组装完成的简易多用电表的电路图。图中E是电池；和是固定电阻，是可变电阻；虚线方框内为换挡开关，A端和B端分别与两表笔相连。该多用电表有5个挡位，5个挡位分别为直流电压挡和挡。直流电流和挡，欧姆挡。

（1）测量时，接线柱B接的是________（填“红”或“黑”）表笔；电路中与的比值________（填“大于”“小于”或“等于”）

（2）若电池E的电动势为当把开关B端接到位置3，短接A、B表笔进行欧姆调零后，用该挡测量一个未知电阻阻值，指针偏转到电流表G满偏刻度的处，则该电阻的阻值为________电池E使用时间较长，电池的电动势变小、内阻变大；重新调零后，实验要求若被测电阻阻值等于中值电阻时，测量的相对误差不能超过则电池电动势降低为________（结果保留三位有效数字）时必须更换电池。28、实验室有一只灵敏电流计，刻度盘上共有格刻度而无具体示数，已知该电流计的满偏电流约为几百微安，内阻约为几百欧姆。为了测出和小明设计了图示的甲；乙电路。除电流计外，提供的器材有：

①电压表V（量程4V；内阻为15kΩ）；

②滑动变阻器（0~20Ω，2A）；滑动变阻器（0~2000Ω；0.5A）；

③电阻箱（0~999.9Ω）；电阻箱（0~9999.9Ω）；

④电池组（电动势6V；内阻忽略不计）

⑤开关；导线若干。

（1）甲中滑动变阻器应选择_______（填“”或“”）；

（2）乙中虚线框内的可变电阻应选择_______（填“”、“”或“”）；

（3）实验主要步骤：

①将甲中滑动变阻器滑到最左端，闭合开关，滑片向右滑动，记下电压表的示数U和电流计指针的格数某次实验电压表示数为电流计指针为格，那么电流计的满偏电流为_______

②将乙中的可变电阻调至最大值，断开闭合S，减小R的阻值，使电流计指针达到满偏；闭合调节B，电流计指针指在格，此时电阻箱读数为则为_______

（4）用图乙测量内阻时，考虑到系统误差，内阻测量值_______（填“大于”、“小于”或“等于”）真实值。29、某同学用电压表和电流表测一节电池的电动势和内阻；并按照图甲所示的电路图进行实验，所用电压表可视为理想电压表。

（1）图乙为根据实验数据绘制的图像，从图像中可知该电池电动势__________V，内阻__________Ω。（均保留小数点后一位）

（2）该同学找资料查证量程为的电流表内阻比较小，接近电池内阻，则该电池内阻的测量值__________（填“”“”或“”）真实值。

（3）该同学放弃电压表，并且将滑动变阻器更换为电阻箱R，采用如图丙所示电路进行实验，经多次测量并记录电阻箱阻值R及对应的电流强度I，重新绘制出如图丁所示的图像（忽略电流表的内阻），已知图线斜率为k，图线与纵坐标轴的截距为b，则电池电动势__________，内阻__________。（用k、b中的物理量表示）评卷人得分五、解答题(共3题，共9分)30、发生弹性形变的物体，由于各部分之间弹力的相互作用，具有弹性势能，用表示，研究表明其中k表示弹簧的劲度系数，x表示弹簧的形变量．在倾角为的斜面的底端有一个固定挡板D，挡板与小物块A之间用轻弹簧拴接，小物块A、B之间不粘连（A、B均可视为质点）．当弹簧处于自然长度时，B在O点；当A、B静止时，B在M点，OM=l．现用力压B，使B缓慢运动至N点，保持A、B静止，MN=2l．已知：O与挡板之间的斜面是光滑的，O点以上的斜面是粗糙的，A、B与斜面间的动摩擦因数A的质量是m，B的质量是2m，重力加速度为g．求：

（1）弹簧的劲度系数k以及物块B在M点时；弹簧具有的弹性势能；

（2）缓慢压物块B到N点的过程中，外力对B做的功；

（3）撤去外力，A、B将沿着斜面向上运动，则物块B沿斜面第一次上升至P点，则OP之间的距离是多少？31、目前太阳能已被广泛利用。如图所示的太阳能路灯的额定功率为P，光电池的光电转换效率为η，用P0表示太阳辐射的总功率，用r表示太阳与地球间的距离。太阳光传播到达地面的过程中大约有的能40％量损耗。已知电池板接收太阳垂直照射的等效面积为S。求单位时间内电池板产生的电能W，及路灯正常工作时间t与日照时间t0之比。

32、如图所示，一质量m=2×10-4kg，电荷量q=+3×10-9C的带电小球A用长为10cm的轻质绝缘细线悬挂于O点，另一带电量未知的小球B固定在O点正下方绝缘柱上（A、B均可视为点电荷）。当小球A平衡时，恰好与B处在同一水平线上，此时细线与竖直方向的夹角θ=37°。已知重力加速度g=10m/s2，静电力常量k=9.0×109N•m2/C2；求：

（1）小球A受到的静电力大小；

（2）小球A所在位置的场强大小和方向；

（3）小球B的电荷量。

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【详解】

均匀分布和不均与每个点电荷与z轴所成夹角一样，且大小一样，所以z轴场强分量Ez相等；电势大小与电荷的分布情况无关，都相等。

故选C。2、C【分析】【详解】

A．由图可知，x1处的电势为零，则将电量为q的点电荷从x1移到x2电场力做的功为

故A错误；

B．图中曲线斜率绝对值表示场强大小，x1处的斜率不为零，故x1处的场强不为零；故B错误；

C．负电荷从x1移到x2；电势升高，电势能减小，故C正确；

D．负电荷从x1移到x2；曲线的斜率绝对值减小，所以场强减小，负电荷受到的电场力减小，故D错误。

故选C。3、A【分析】【分析】

【详解】

A．+Q、-Q是两个等量异种点电荷，其电场关于AC连线对称，关于AC的中垂线也对称，可知结合等量异种点电荷电场线的分布情况可知E、F两点的电场强度大小相等；方向也相同，所以电场强度相同，故A正确。

B．根据顺着电场线方向电势降低，可知E点的电势高于F两点的电势；故B错误。

CD．将一个负电荷由E点沿着直线移动到F点，电势逐渐降低，由Ep=qφ知；负电荷的电势能逐渐增大，则电场力一直做负功，故CD错误。

故选A。4、A【分析】【详解】

A.对电荷I，从O点到A点，由动能定理可得

故电场强度大小为E=

故A正确；

B.对电荷Ⅱ，由动能定理可得

故电荷Ⅱ受到的电场力为

故B错误；

C.由场强为E=电荷Ⅱ受到的电场力为可得电荷Ⅱ受到的电荷量为

D.选O点为零电势点，则

由可得，A点电势为5、B【分析】【详解】

正四面体任意两条对边都是异面垂直，棱AB与棱CD就是异面垂直的；如果连接BD的中点E和BC的中点F，可得EF与AB垂直，同时bc与AB垂直，这两个中点连线的特殊性质决定了正四面体有对称面；其中A、C两点为正电荷，B、D两点为负电荷，所以此四面体中AD（以BD的中点E）关于面ACE对称，即a、c两点也对称，所以a、c两点的电势相等，场强大小相等，方向相反；同理可知，a、b两点形成的电场不对称；所以两点的电势不同，场强不同。

故选B。6、D【分析】【详解】

A．根据电容的决定式

负极板向右移动，板间距离d增大；电容减小，故A错误；

B．充电后的电容器与电源断开连接后，极板带电量Q保持不变；故B错误；

C．由

当Q不变，C减小时，U增大；故C错误；

D．由

可得

在带电量Q一定时，只改变距离d，E不变；故D正确。

故选D。7、D【分析】【详解】

A．图象的斜率表示电场强度；则。

左侧电场强度

右侧电场强度

所以

故A错误；

B．由于内电势逐渐降低，则带负电的粒子在区间运动过程中的电势能增加；故B错误；

C．该粒子运动过程中电势能变化量的最大值为

故C错误；

D．设粒子在原点左右两侧运动的时间分别为t1、t2，在原点时的速度为vm，由运动学公式有

同理可知

而周期T=2（t1+t2）

联立并代入相关数据可得T=3.0×10-8s

故D正确。

故选D。8、D【分析】【详解】

当两个直径为d的带电球相距100d时，两电荷可以看成点电荷，库仑定律适用。但当它们相距d时，不能看成点电荷，库仑定律不适用，无法用比例法求解它们相距d时的作用力。故D正确；A；B、C错误。故选D。

【点睛】

本题考查对库仑定律适用的条件理解能力，并注意点电荷的成立条件。二、多选题(共8题，共16分)9、C:D【分析】【详解】

AB．R1固定，当环境温度降低时R2增大，R总增大，根据闭合电路欧姆定律知干路电流I减小，由U=（E﹣Ir）可得，路端电压增大，电压表的读数增大，R1消耗的功率P=I2R1减小；故AB错误；

C．若环境温度不变，热敏电阻R2阻值不变，当电阻箱R1的阻值增大时，R总增大，根据闭合电路欧姆定律知干路电流I减小，电容器的电压UC=IR2

UC减小，电容器C的带电量Q=CUC

减小；故C正确；

D．若R1固定，环境温度不变，热敏电阻R2阻值不变，电容器C两板间的电压不变，当电容器C两极板间的距离增大时，则减小；故D正确。

故选CD。10、B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．点对应的电阻为

故A错误；B正确；

CD．点对应的电阻为

故工作状态从变化到了时，导体的电阻改变了C错误，D正确。

故选BD。11、C:D【分析】【详解】

设导线b中的电流大小为I，在图示电流方向时，两导线在P点形成磁感应强度方向均垂直于纸面向里，根据矢量叠加原理可知

改变导线b中的电流方向，两导线在P点形成的磁感应强度方向相反，根据矢量叠加原理可知

即

或

联立解得

或

CD正确。

故选CD。12、A:B:C【分析】【详解】

A．物块B下滑的过程中；B；P距离越来越大，正电荷P对正电荷B的库伦斥力是变力且越来越小，B做变加速运动，故A正确；

B．由于P对B的库伦斥力变小；所以这个库伦力在垂直于斜面的分力也减小，AB之间摩擦力也减小，所以B对A的作用力也不断减小，故B正确；

C．根据题意，没有电荷P时，B沿斜面向下做匀速运动，根据动能定理mgh-Wf=0①

有电荷P时，B沿斜面做变加速运动，由动能定理mgh+W电-Wf′=△Ek②

由于f′＞f，所以Wf′＞Wf③

因为电势能的减小量等于电场力做功，联合①②③式可得物块动能的增加与电势能的减小量之差为△Ek-W电=mgh-Wf′=Wf-Wf′＜0

则有△Ek＜W电

故C正确；

D．没有电荷P时，由平衡条件mgsinθ=μmgcosθ

解得μ=tanθ

有电荷P时，A对B的支持力N在水平方向的分量Nx=Nsinθ

A对B的摩擦力f在水平方向的分量fx=fcosθ=μNcosθ=Ntanθcosθ=Nsinθ

即Nx=fx，说明Nx和fx是一对平衡力；

根据牛顿第三定律：B对A的压力在水平方向的分量Nx′和B对A的摩擦力在水平方向的分量fx′也是一对平衡力；所以A在水平方向无运动趋势，地面对A的摩擦力为零，故D错误；

故选ABC。13、B:C【分析】【分析】

【详解】

AC．设ab=bc=cd=L

由题可知+Q在b点产生的场强大小为E，方向水平向右，由点电荷的场强公式得

-Q在b点产生的电场强度大小为方向水平向右

所以b点的场强大小为方向水平向右

A错误；C正确；

B．根据对称性可知，c点与b点的场强大小相等，为方向水平向右，B正确；

D．电场线方向从a指向d，而顺着电场线方向电势降低，则c点电势比b点电势低；D错误。

故选BC。14、A:B:C【分析】【分析】

【详解】

A．电场线越密电场强度越大，越疏电场强度越小，所以三点中B点场强最强，C点场强最弱；A正确；

B．正电荷所受电场力方向与电场强度方向相同；B正确；

C．沿电场线方向电势逐渐降低；C正确；

D．把一负电荷从B点移到C点；电场力做负功，电势能增大，D错误。

故选ABC。15、C:D【分析】【分析】

【详解】

AB．开关S闭合；电容器两端的电势差不变，等于电源的电动势，则指针的张角不变，AB错误；

C．断开S，电容器所带的电量不变，B板向右平移拉开些，由

可知电容减小，根据

知；电势差增大，则指针张角增大．C正确；

D．断开S，电容器所带的电量不变，A、B的正对面积减小一些，电容减小，根据

知；电势差增大，则指针张角增大，D正确。

故选CD。16、B:C【分析】【详解】

A．根据“串反并同”，电流表示数减小，必定增大，滑片向a端移动；电压表示数必定增大，故A错误；

B．电路总电阻增大，总功率

减小，电源效率

增大；故B正确；

C．电容器上极板带正电，带电粒子受到向上的电场力静止，所以带电粒子带负电，增大时，电压增大；电容器电压增大，电量增大，电容器间的电场强度增大，质点所受向上的电场力增大，粒子将向上运动，故C正确；

D．增大时，的电压减小，功率减小，的电压增大；功率增大，故D错误。

故选BC。三、填空题(共9题，共18分)17、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）当带正电的小球C靠近AB时；由静电感应A带负电B带正电，AB上的金属箔片都张开，当撤去C时，AB是连接在一起的，A上的负电荷和B上的正电荷相互中和，AB上的金属箔片都闭合。

（2）当带正电的小球C靠近AB时；由静电感应A带负电B带正电，AB上的金属箔片都张开，先移开AB在撤去C时，AB不是连在一起的，A上的负电荷和B上的正电荷不能相互中和，AB仍然带电，AB下部的金属箔片张开；在分离AB的过程中，C对A吸引，C对B排斥，C对AB都在做正功，电势能在减小。

（3）感应起电是自由电荷从物体的一端移动到另一端，因此要发生感应起电就必须要有自由电荷【解析】闭合张开减小自由电荷18、略

【分析】【详解】

[1][2][3]．由电路图可知，R2与R0并联后与R1串联，电压表测量并联支路的电压，电流表测量R2的电流；当滑动端向下滑动时，滑动变阻器接入电阻减小，总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知，总电流增大，R1和内阻r上的电压变大，则并联支路电压减小，即电压表V读数减小，电流表A示数减小；因R2是固定电阻，则

可知不变。【解析】变小不变（U=IR2，U’=I’R2，△U=△IR2,也可根据图像）19、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】很强分离中和处处为零避雷针光滑20、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】温度21、略

【分析】【详解】

[1]电场线疏密表示场强的大小，点的电场线比点的电场线密，则有：

[2]点的电场强度为：

场强方向与负电荷所受电场力方向相反；即水平向右；

[3]把将该电荷撤走后，点的电场强度不变，大小仍为方向水平向右。【解析】<400004000022、略

【分析】【详解】

[1]开关S闭合时，液滴受力平衡，则有

解得

[2]当上极板缓慢竖直上移板间距离增大，由于开关S闭合时，静电计所测电压不变，则静电计指针张角不变。【解析】不变23、略

【分析】【详解】

(1)[1][2]探究小车速度随时间的变化关系时；用平均速度替代瞬时速度，体现了极限的思想；探究弹簧伸长与弹力的关系时，采用了图像分析的方法；探究求合力的方法时，采用了等效替代的方法；探究小车加速度与质量；力的关系时，应用了控制变量法，故选C、D；

(2)[3][4][5]20分度的游标卡尺，其精确度为故钢球的直径。

当测量结果为51.45mm时；即。

故读数时游标尺上的第9格与主尺刻度对齐。主尺对齐的刻度为。

【解析】CD10.1596024、略

【分析】【详解】

[1][2]把灵敏电流计改装成的电流表需要并联分流电阻，并联电阻阻值为

[3][4]把灵敏电流计改装成的电压表需要串联分压电阻，串联电阻阻值为【解析】并联串联25、略

【分析】【分析】

根据公式求出点电荷在C点处产生的场强大小；判断出场强方向，C点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解C点处的场强大小和方向；

【详解】

点电荷在C点处产生的场强大小为，方向从O→C，C点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则得，C点的场强大小为，方向与水平成斜向右上方．【解析】N/C右上方与水平方向成45度角四、实验题(共4题，共8分)26、略

【分析】【详解】

（1）[1]滑动变阻器最大值比待测电阻的阻值小得到，所以滑动变阻器应采用分压接法；由于，没有电压表，可以采用安阻法，将定值电阻与待测表头并联，由

可测得待测表头两端电压；便可通过欧姆定律测得待测表头电阻，电路图如图所示。

（2）[2]由欧姆定律有

（3）[3]故微安表的示数如图，其读数为

[4]标准电流表所测的电流为干路电流，相当于微安表改装后所测的总电流，设微安表改装后的最大量程为则有

解得改装之后的电流表实际量程最大值为【解析】300.9527、略

【分析】【详解】

（1）[1]由图可知，B端接3时与电源负极连接，则接线柱B接的是红表笔；

[2]由图可知，B端接4时，为直流电压挡；B端接5时，为直流电压挡；则有

可得

则有

（2）[3]当把开关B端接到位置3，由题意和电路图可知，电路最大电流为短接A、B表笔，进行欧姆调零，则有

解得

用该挡测量一个未知电阻阻值，指针偏转到电流表G满偏刻度的处，有

联立解得

[4]当电动势变小，内阻变大时