2025年粤人版选择性必修1物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤人版选择性必修1物理下册月考试卷303考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图是甲；乙两个单摆做简谐运动的图象；以向右的方向作为摆球偏离平衡位置位移的正方向，从t＝0时刻起，当甲第一次到达右方最大位移处时，乙在平衡位置的（）

A.左方，向右运动B.左方，向左运动C.右方，向右运动D.右方，向左运动2、如图所示，质量为2kg的小车以2.5m/s的速度沿光滑的水平面向右运动，现在小车上表面上方1.25m高度处将一质量为0.5kg的可视为质点的物块由静止释放，经过一段时间物块落在小车上，最终两者一起水平向右匀速运动。重力加速度为g=10m/s2；忽略空气阻力，下列说法正确的是（）

A.物块释放0.3s后落到小车上B.若只增大物块的释放高度，物块与小车的共同速度变小C.物块与小车相互作用的过程中，物块和小车的动量守恒D.物块与小车相互作用的过程中，系统损失的能量为7.5J3、一质量为m=1kg的物块静止在水平面上，如图（a）所示。t=0时刻，对物块施加一水平向右的拉力F，通过力传感器测得拉力F随时间的变化关系如图（b）所示。已知物块与地面间的摩擦因数μ=0.5，且认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10m/s2则下列说法不正确的是（）

A.t=1s至t=3s时间内，物块的加速度先增大后减小B.t=3s时刻，物体获得的速度为7.5m/sC.t=3s时刻，拉力F的功率等于25WD.在拉力F减为零后，物块将继续向前运动0.5s时间停下来4、如图表示水平方向的匀强磁场和竖直方向的匀强电场叠加区域，一个质量是m，带电量是q的质点B恰好能静止在区域中间，另一个质量为2m，带电量也为q的质点A恰好能以某一速度沿着垂直于磁场、电场方向做匀速直线运动，且正好与静止的质点B发生正碰；碰后两质点粘在一起运动，碰撞的过程无电量损失，则下列正确的是。

A.碰后两质点的运动向下偏且动能增加B.碰后两质点的运动向上偏且动能增加C.碰后两质点的运动向上偏且动能减少D.碰后两质点的运动向下偏且动能减少5、在光滑水平面上的两个小球发生正碰．图为它们碰撞前后的位置图象，小球的质量分别为m1和m2，已知m1=0.1kg．由此可以判断。

A.碰前m2、m1都运动B.碰后m2和m1运动方向相同C.由动量守恒定律可以算出m2=0.3kgD.碰撞过程中系统损失了0.4J的机械能6、在某一均匀介质中由波源O发出的简谐横波沿x轴传播，某时刻的波形如图所示，其波速为10m/s，P点坐标为（-2m，0），Q点坐标为（1m，0），则下列说法正确的是（）

A.P、Q两个质点有可能某个时刻速度方向相同B.再经过0.2s时间N质点将开始向下振动C.能与该波发生干涉的横波的频率一定为5HZD.该波只有遇到尺寸小于2m的物体才能发生衍射7、关于机械波，下列说法正确的是（）A.机械波从一种介质传到另一种介质时，波的频率不变，波长和波速均改变B.虽然在真空中质点间没有相互作用力，但是机械波还是能在真空中传播C.两列波在同一介质中相遇一定发生干涉D.波源和观察者相互接近，波源的频率会变大8、关于机械波的特性，下列说法正确的是（）A.频率不同的同类机械波相遇时，可以叠加，但不会发生干涉现象B.机械波在进入两种不同介质界面前后，波速不变，频率随波长变化C.只有波长比障碍物的尺寸小或相差不多的时候才会发生明显的衍射现象D.火车鸣笛时向我们驶来，听到的笛声频率将比声源发出的频率低，声音变得低沉评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)9、一辆小车静止在光滑的水平面上，小车立柱上固定一条长L；拴有小球的细线，小球拉至和悬点在同一水平面处释放，如图所示，小球摆动时，不计一切阻力，下面说法中正确的是（）

A.小球和小车的总机械能守恒B.小球和小车的动量守恒C.小球运动到最低点的速度为D.小球和小车只有在水平方向上动量守恒10、如图所示，有一光滑钢球质量为m，被一U形框扣在里面，框的质量为M，且M＝2m，它们搁置于光滑水平面上，今让小球以速度v0向右去撞击静止的框；设碰撞无机械能损失，经多次相互撞击，下面结论正确的是()

A.最终都将停下来B.最终将以相同的速度向右运动C.永远相互碰撞下去，且整体向右运动D.在它们反复碰撞的过程中，球的速度将会再次等于v0，框也会再次重现静止状态11、水平推力和分别作用于水平面上等质量的a、b两物体上，作用一段时间后撤去推力，物体将继续运动一段时间后停下，a、b两物体的图像分别如图中OAB、OCD所示，图中则（）

A.的冲量大于的冲量B.的冲量等于的冲量C.两物体受到的摩擦力大小相等D.做的功小于做的功12、随着手机逐渐走进每个人的生活，有些手机族喜欢躺着看手机，偶尔会出现手机滑落砸到脸的情况(如图)。若某手机(可视为质点)的质量为200g，从距人脸上方约20cm的高度与地面平行无初速掉落，砸到脸后经0.1s手机停止运动。忽略空气阻力，取重力加速度g=10m/s2；下列分析正确的是（）

A.脸受到的平均撞击力大小约为6NB.脸受到的平均撞击力大小约为4NC.全过程手机重力的冲量大小约为0.6N•sD.全过程手机重力的冲量大小约为0.4N•s13、质量的物体甲静止在光滑水平面上，质量未知的物体乙从甲的左侧以一定的速度与物体甲发生正碰，碰撞时间极短，磁撞后物体甲和物体乙粘在一起成为一个整体。如图所示，a段为碰撞前物体乙的位移—时间图像，b段为碰撞后整体的位移—时间图像；下列说法正确的是（）

A.碰撞前物体乙的速度与碰撞后整体的速度大小之比为5：3B.碰撞过程中物体甲对物体乙的冲量与物体乙对物体甲的冲量大小相等、方向相反C.物体甲与物体乙的质量之比为1：2D.物体甲和物体乙碰撞过程中机械能守恒14、光滑的水平面上，物体的质量分别为和且它们之间用一根轻质弹簧相连接。开始时整个系统处于静止状态，弹簧处于自然长度。第一种情况：给物体一个沿弹簧轴线方向、水平向右的初速度第二种情况：给物体一个沿弹簧轴线方向、水平向左的等大的初速度如图所示。已知弹簧的形变始终未超出弹性限度，比较这两种情况，下列说法正确的是（）

A.当弹簧最短时，物体的速度大小相等B.当弹簧最长时，第一种情况下物体的速度较大C.两种情况下，弹簧的最大弹性势能相同D.第二种情况下，弹簧的最大弹性势能较大15、一个绕地球做匀速圆周运动的人造卫星，在轨道上瞬间炸裂成质量相等的A，B两块，其中A仍在原轨道运动，不计炸裂前后卫星总质量的变化，则（）A.B可能在原轨道运动B.炸裂后的瞬间B的总动能大于炸裂前的动能C.炸裂后的瞬间B的动量大小之比为D.炸裂后的瞬间B速率之比为16、两船的质量均为静止在平静的湖面上．现船中质量为的人从船跳到船，再从船跳回船，经次跳跃后，人停在船上．不计空气和水的阻力，下列说法正确的是（）A.两船组成的系统动量守恒B.A、两船和人组成的系统水平方向动量守恒C.人停在船上后两船的速度大小之比为D.人停在船上后两船的速度大小之比为评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)17、如图所示，是两列频率相同、质点振动方向相同、振幅均为A的平面波相遇发生干涉的示意图。图中实线表示波峰，虚线表示波谷，O为P、M连线的中点。从图示时刻经过四分之一周期，M处质点的振幅为____________，位移为____________，从图示时刻经过半个周期，O处质点通过的路程为________________。

18、如图所示，S是水面波的波源，S1、S2是挡板上两个能够打开或闭合的狭缝（SS1=SS2，狭缝的宽度比波长小得多）。如果S1、S2都打开，则水面波在挡板右侧发生_______现象；如果S1打开，S2闭合，水面波通过狭缝S1发生_________现象。19、机械波。

机械振动在______中传播，形成了机械波。20、想一想：水中的气泡看上去特别明亮；这是为什么呢？

光疏介质和光密介质。

光疏介质：两种介质中折射率______的介质叫做光疏介质；

光密介质：两种介质中折射率______的介质叫做光密介质；

玻璃相对于水是______介质；

玻璃相对于金刚石是______介质。21、稳定干涉条件。

（1）两列波的______必须相同．

（2）两个波源的______必须保持不变．22、如图所示为声波干涉演示仪的原理图，两个U形管A和B套在一起，A管两侧各有一小孔，声波从左侧小孔传入管内，被分成两列频率___________的波，当声波分别通过A、B传播到右侧小孔时，若两列波传播的路程相差半个波长，则此处声波的振幅等于___________；若传播的路程相差一个波长，则此处声波的振幅等于___________。

23、如图所示，S是水面波的波源，S1、S2是挡板上两个能够打开或闭合的狭缝（SS1=SS2，狭缝的宽度比波长小得多）。如果S1、S2都打开，则水面波在挡板右侧发生_______现象；如果S1打开，S2闭合，水面波通过狭缝S1发生_________现象。评卷人得分四、作图题(共4题，共20分)24、细绳的一端在外力作用下从时刻开始做简谐运动，激发出一列简谐横波，在细绳上选取15个点，图为时刻各点所处的位置，图为时刻的波形图（T为波的周期）.请在图中画出时刻的波形图________

25、某一简谐横波在时刻的波形图如图所示。若波向右传播，画出后和前两个时刻的波的图像。___________

26、如图所示，一列简谐波在x轴上传播，波速为50m/s。已知时刻的波形图像如图甲所示，图中M处的质点此时正经过平衡位置沿y轴的正方向运动。将时的波形图像画在图乙上（至少要画出一个波长）。

27、某同学利用“插针法”测定玻璃的折射率，所用的玻璃砖两面平行。正确操作后，四枚大头针的位置如图所示，入射光线已画出，补全光路图及标出入射角i和折射角r。

评卷人得分五、实验题(共4题，共20分)28、某同学设计了一个用打点计时器“探究碰撞中的不变量”的实验，在小车A的前端粘有橡皮泥，设法使小车A做匀速直线运动，然后与原来静止的小车B相碰并黏在一起继续做匀速运动，如图甲所示．在小车A的后面连着纸带；电磁打点计时器的频率为50Hz.

(1)若已得到打点纸带如图乙所示，并测得各计数点间的距离．则应选图中________段来计算A碰前的速度，应选________段来计算A和B碰后的速度．

(2)已测得小车A的质量mA＝0.40kg，小车B的质量mB＝0.20kg，则由以上结果可得碰前mAvA＋mBvB＝________kg·m/s，碰后mAv′A＋mBv′B＝________kg·m/s.

(3)从实验数据的处理结果来看，A、B碰撞的过程中，可能哪个物理量是不变的？_______________________.29、实验小组要测定玻璃砖的折射率，实验室器材有：玻璃砖、大头针4枚（P1、P2、P3、P4）；刻度尺、笔、白纸。；

（1）实验时，先将玻璃砖放到白纸上，画出玻璃砖的上、下两个表面和在白纸上竖直插上两枚大头针P1、P2，如图甲所示。再插大头针P3、P4时，要使______。

A.要插在的连线上B.要挡住透过玻璃砖观察到的

C.要插在的连线上D.要挡住和透过玻璃砖观察到的

（2）作出光路如图乙所示，以O点为圆心，与入射光线相交于A点，与折射光线相交于B点；过O点做的垂线与圆相交于M、N；过A点做的垂线交于过B点做的垂线交于使用刻度尺测量出线段过___________、___________的长度，就可以求出玻璃的折射率___________。30、在“验证动量守恒定律”的实验中；实验装置及实验中小球运动轨迹及落点的情况如图所示，回答下列问题：

（1）本实验需要测量的物理量是___________（填选项前的字母）。

A.小球的质量

B.小球离开斜槽后飞行的时间

C.小球离开斜槽后飞行的水平射程

D.槽口到水平地面的竖直高度H

（2）实验中重复多次让小球a从斜槽上的同一位置释放，其中“同一位置释放”的目的是___________。

（3）如果满足关系式___________（用第（1）题中选择测量的物理量表示），则验证了系统碰撞过程中动量守恒。31、在“测定玻璃折射率”的实验中操作步骤如下；请在横线上将实验内容补充完整。

(1)先在白纸上画出一条直线aa′代表两种介质的界面，过aa′上的一点O画出界面的法线NN′，并画一条线段AO作为入射光线；

(2)把长方形玻璃砖放在白纸上，使它的长边跟aa′对齐。在白纸上画出玻璃砖的另一个界面bb′；

(3)在线段AO上竖直地插上两枚大头针P1、P2，透过玻璃砖观察大头针P1、P2的像。调整视线方向，直到P1的像被P2挡住。再在观察的这一侧插两枚大头针P3、P4，使P3挡住P1、P2的像，P4挡住P1、P2的像和___，记下___和__的位置（用题目中出现的字母表示）；

(4)移去大头针和玻璃砖，连接P3、P4作为折射光线，应通过P3、P4的连线与bb′的交点O′和aa′上的入射点O，作出玻璃砖中的光线OO′，测量出法线NN′与AO之间的夹角作为入射角θ1，测量出法线NN′与___之间的夹角作为折射角θ2，填入表格中。由计算玻璃的折射率（用题目中出现的字母表示）。评卷人得分六、解答题(共4题，共32分)32、如图，用不可伸长轻绳将物块a悬挂在O点，初始时，轻绳处于水平拉直状态，现将a由静止释放，当物块a下摆至最低点时，恰好与静止在水平面上的物块b发生弹性碰撞（碰撞时间极短），碰撞后b滑行的最大距离为s，已知b的质量是a的3倍，b与水平面间的动摩擦因数为重力加速度大小为g；求。

(1)碰撞后瞬间物块b速度的大小；

(2)轻绳的长度。33、2021年5月；“天问一号”探测器成功在火星软着陆，我国成为世界上第一个首次探测火星就实现“绕；落、巡”三项任务的国家。

（1）为了简化问题，可以认为地球和火星在同一平面上绕太阳做匀速圆周运动，如图1所示。已知地球的公转周期为火星的公转周期为

a．已知地球公转轨道半径为求火星公转轨道半径

b．考虑到飞行时间和节省燃料，地球和火星处于图1中相对位置时是在地球上发射火星探测器的最佳时机，推导在地球上相邻两次发射火星探测器最佳时机的时间间隔

（2）火星探测器在火星附近的A点减速后，被火星捕获进入了1号椭圆轨道，紧接着在B点进行了一次“远火点平面机动”，俗称“侧手翻”，即从与火星赤道平行的1号轨道，调整为经过火星两极的2号轨道，将探测器绕火星飞行的路线从“横着绕”变成“竖着绕”，从而实现对火星表面的全面扫描，如图2所示。以火星为参考系，质量为的探测器沿1号轨道到达B点时速度为为了实现“侧手翻”，此时启动发动机，在极短的时间内喷出部分气体，假设气体为一次性喷出，喷气后探测器质量变为速度变为与垂直的

a．求喷出气体速度u的大小。

b．假设实现“侧手翻”的能量全部来源于化学能，化学能向动能转化比例为求此次“侧手翻”消耗的化学能

34、如图为t=0时刻两列简谐波在同一介质中传播的波形图；虚线波的频率为2Hz求：

(1)实线波的频率和波速；

(2)从t=0时刻开始横坐标6m～12m之间的某质点出现位移是-40cm的最短时间（结果保留2位有效数字）。

35、如图所示为检测液面变化的装置示意图，在液面上方固定一个平板，在液面底部铺一个平面镜，在平板的A点固定一个激光笔，激光笔与板成45°角向液面发射一束激光，经液面折射和平面镜反射后再照射到平板的另一侧，液体对激光的折射率为

(1)求激光射入液面后的折射角；

(2)若液面下降高度为x，求照射到平板右侧光点的移动距离与液面下降高度x的关系式。

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】试题分析：由振动图象可直接读出单摆的位移；根据位移图线的切线斜率等于速度可判断速度的方向．

从t=0时刻起，当甲第一次到达右方最大位移处时，由图知在t=1.5s时刻，且此时单摆乙的位移为正，方向向右，即在平衡位置的右方．根据图象的斜率等于速度，可知在t=1.5s时刻，单摆乙的速度为负，方向向左，故D正确．2、D【分析】【分析】

【详解】

A．物块下落的时间为。

t==s=0.5sA错误；

BC．物块与小车相互作用的过程中；物块与小车组成的系统在水平方向的动量守恒，在竖直方向的动量不守恒，由水平方向动量守恒。

知；释放高度变大，水平方向的共同速度不变，BC错误；

D．在整个过程中；由能量守恒定律得系统损失的机械能。

代入数据可得。

ΔE=7.5JD正确。

故选D。3、B【分析】【详解】

A.物块与地面间的最大静摩擦力为

故物块在0~1s内静止，从1s开始运动，t=1s至t=3s时间内；外力从5N开始增大到10N在减小5N，有牛顿第二定律可知，物块的加速度先增大后减小，故A正确；

B.在t=1s至t=3s时间内，有动量定理可知

得v=5m/s；故B错误；

C.t=3s时刻，拉力F的功率等于

故C正确；

D.设拉力减为零后继续运动时间为t，从3s到停下来，有动量定理可得

可得t=0.5s。故D正确。

故选B。4、C【分析】【分析】

【详解】

一个质量是m带电量是q的质点B恰好能静止在区域中间，该质点受重力和向上的电场力mg=Eq

带电量也为q的质点A恰好能以某一速度沿着垂直于磁场、电场方向做匀速直线运动，该质点受重力和向上的电场力、洛伦兹力2mg=Eq+Bqv

且正好与静止的质点B发生正碰，碰后两质点粘在一起运动，根据动量守恒定律列出等式2mv=3mv′

解得

此时系统受重力3mg，向上的电场力2Eq，洛伦兹力此时系统的合力向上。由于洛伦兹力做功为零，系统重力与向上的电场力合力向下，做负功，所以系统动能减小。

故选C。5、C【分析】【详解】

A、由x−t(位移时间)图象的斜率得到，碰前m2的位移不随时间而变化，处于静止；m1的速度大小为故A错误；

B、由图示图象可知，碰后m2的速度为正方向，m1的速度为负方向；两物体运动方向相反，故B错误；

C、由图示图象可知，碰后m2和m1的速度分别为根据动量守恒定律得代入解得故C正确；

D、碰撞过程中系统损失的机械能为代入解得，故D错误；

故选C．6、C【分析】【详解】

A．波同时向两侧传播，根据对称性可知，此时点（-2m，0）与其对称点（2m，0）运动方向相同，而（2m，0）点与（1m，0）点相距半个波长，所以两个质点速度方向总相反；故A错误；

B．由图可知，到波的前沿的距离为2m，波传播到的时间

由图知波长

周期为

波传到点时，点向上运动，所以质点将开始向下振动的时间为

故B错误；

C．该波的频率为

所以能与该波发生干涉的横波的频率一定为5Hz；故C正确；

D．由图知波长该波如果遇到2m的障碍物，则能发生明显的衍射现象，故D错误；

故选C。7、A【分析】【详解】

A．机械波的频率由波源决定，从一种介质传到另一种介质时，波的频率不变，但波速会受到介质的影响，根据可知；波长和波速均改变。故A正确；

B．正是因为在真空中质点间没有相互作用力；一个质点振动无法带动周围质点的振动，从而无法在真空中传播。故B错误；

C．两列机械波发生干涉的条件是频率相同；振动方向相同，相位差恒定。因此两列波在同一介质中相遇不一定发生干涉。故C错误；

D．根据多普勒效应；无论是波源还是观察者哪一个运动，只要是相互靠近，间距变小，观察者接收到的频率都会变大，但波源的频率不变。故D错误。

故选A。8、A【分析】【分析】

【详解】

A．频率相同是发生干涉现象的必要条件；故频率不同的同类机械波相遇时，可以叠加，但不会发生干涉现象。故A正确；

B．机械波在进入两种不同介质界面前后；频率不变，波长与波速变化。故B错误；

C．发生明显的衍射现象的条件是障碍物的尺寸比波长小或相差不多。故C错误；

D．火车鸣笛时向我们驶来；距离变小，听到的笛声频率将比声源发出的频率高，声音变得高亢。故D错误。

故选A。二、多选题(共8题，共16分)9、A:D【分析】【详解】

A．以小球和小车组成的系统为研究对象；只有小球的重力做功，所以系统的机械能守恒，故A正确；

BD．当小球向下摆动的过程中；竖直方向具有向上的分加速度，小车和小球整体处于超重状态，地面对小车的支持力大于小车和小球的总重力，整体所受的合力不为零，则系统的总动量不守恒，但是在水平方向上，系统的合外力为零，满足动量守恒，故B错误，D正确；

C．当小球摆到最低点时，令小球和小车的速度分别为v1和v2，质量分别为m、M，把小球和小车看成一个系统，水平方向上满足动量守恒：

根据能量守恒：

联立解得：

故C错误．10、C:D【分析】【详解】

试题分析：小球与框碰撞过程中；系统动量守恒，机械能总量也守恒；

根据动量守恒定律，有：mv0=mv1+Mv2

根据机械能守恒定律，有：

其中M=2m

联立解得：v1=v0，v2=0（两次碰撞后）

或者v1=﹣v2=（一次碰撞后）

由于二次碰撞后的速度情况与开始时相同，故整体内部一直不断碰撞，整体持续向右运动；球的速度将会再次等于v0；框也会再次重现静止状态；故A错误，B错误，C正确，D正确；

故选CD．11、C:D【分析】【详解】

ABC．根据图像可得AB和CD段为撤去推力后的图线，因为所以可得撤去推力后两物体运动的加速度相等，加速度为所以可得两物体与水平面的动摩擦因素相等，两物体质量相等，所以受到的摩擦力大小相等，对OA段根据动量定理有

同理对OC段有

因为有

所以可得

即的冲量小于的冲量；AB错误，C正确；

D．根据动能定理可得

根据两物体速度到达A、C时图线与横轴围成的面积可得

所以有

D正确。

故选CD。12、A:C【分析】【详解】

AB．由题意知砸到脸前一瞬间手机速度为

故由动量定理有

解得

故A正确B错误；

CD．手机下落时间为：

故全过程手机重力的冲量大小为：

所以C正确D错误。

故选AC。13、B:C【分析】【详解】

A．因x-t图像的斜率等于速度，可知碰前乙的速度

碰后整体的速度

碰撞前物体乙的速度与碰撞后整体的速度大小之比为3：2；选项A错误；

B．碰撞过程中物体甲对物体乙的冲量与物体乙对物体甲的冲量大小相等；方向相反；选项B正确；

C．由动量守恒定律可得

解得m2=1kg

则物体甲与物体乙的质量之比为1：2；选项C正确；

D．甲乙碰撞中机械能损失

即物体甲和物体乙碰撞过程中机械能不守恒；选项D错误。

故选BC。14、B:C【分析】【分析】

【详解】

弹簧最短时；两者速度相等，弹性势能最大。

第一种情况：

由动量守恒定律得：解得弹簧最短时物体A的速度

最大弹性势能

第二种情况：

由动量守恒定律得：解得弹簧最短时物体A的速度

最大弹性势能

因为所以也就是第二种情况下，弹簧最短时物体A的速度较大；

因为所以两种情况，弹簧的最大弹性势能相同．

AB．由上面分析可知；第二种情况下，弹簧最短时物体A的速度较大，A错误，B正确；

CD．由上面分析可知；两种情况，弹簧的最大弹性势能相同，C正确，D错误。

故选BC。15、B:C【分析】【详解】

A．炸裂后A仍在原轨道运动，故A的速率不变，方向反向；设爆炸前总质量为根据动量守恒得

故

故B不可能在原轨道运动；故A错误；

B．根据能量守恒可知；炸裂后化学能转化为动能，故总动能增加，故B正确；

C．炸裂后动量之比为

故C正确；

D．炸裂后的瞬间A、B速率之比为

故D错误。

故选BC。16、B:D【分析】【详解】

由于A、B两船和人组成的系统水平方向受合力为零，则系统水平方向动量守恒，选项A错误，B正确；根据动量守恒定律可知：解得v1:v2=4:3，选项C错误，D正确；故选BD.三、填空题(共7题，共14分)17、略

【分析】【详解】

[1]由题意可知，M点为波峰与波峰相遇，则M点有振动加强点，振幅为振子离开平衡位置的最大距离，则从图示时刻经过四分之一周期，M处质点的振幅为2A

[2]图示时刻M点位于波峰处，经过四分之一周期后，M振动到平衡位置；则位移为0

[3]O点为P、M连线的中点，由于P点为波谷与波谷相遇点也为振动加强点，所以，O点为振动加强点，振幅为2A，从图示时刻经过半个周期，O处质点通过的路程为【解析】2A04A18、略

【分析】【详解】

[1]由于SS1=SS2，所以从波源发出的水波传播到S1、S2处时它们的振动情况完全相同，当S1、S2都打开时产生相干波；它们在空间相遇时产生干涉现象，一些地方振动加强，一些地方振动减弱，加强区与减弱区相互间隔开，发生明显的干涉现象；

[2]只打开S1时，波源S产生的波传播到狭缝S1时，由于狭缝的尺寸比波长小，于是水面波在狭缝S1处发生明显的衍射现象，水面波以狭缝S1处为波源向挡板另一侧传播开来。【解析】干涉明显的衍射19、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】介质20、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]光疏介质：两种介质中折射率小的介质叫做光疏介质。

[2]光密介质：两种介质中折射率大的介质叫做光密介质。

[3]光在玻璃中的折射率大于水中的折射率；玻璃相对于水是光密介质。

[4]光在玻璃中的折射率小于金刚石中的折射率，玻璃相对于金刚石是光疏介质。【解析】①.小②.大③.光密④.光疏21、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.频率②.相位差22、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3]声波为纵波，其干涉原理和横波叠加时相同，条件是频率相同，所以声波从左侧小孔传入管内，被分成两列频率相同的波，且相位差固定，两列波传播的路程相差半个波长，则密部和疏部叠加，则此处振幅最小，声波的振幅等于零；若传播的路程相差一个波长，则密部与密部叠加或疏部和疏部叠加，则此处声波的振幅最强，为原来声波振幅的两倍。【解析】①.相同②.零③.原来声波振幅的两倍23、略

【分析】【详解】

[1]由于SS1=SS2，所以从波源发出的水波传播到S1、S2处时它们的振动情况完全相同，当S1、S2都打开时产生相干波；它们在空间相遇时产生干涉现象，一些地方振动加强，一些地方振动减弱，加强区与减弱区相互间隔开，发生明显的干涉现象；

[2]只打开S1时，波源S产生的波传播到狭缝S1时，由于狭缝的尺寸比波长小，于是水面波在狭缝S1处发生明显的衍射现象，水面波以狭缝S1处为波源向挡板另一侧传播开来。【解析】干涉明显的衍射四、作图题(共4题，共20分)24、略

【分析】【详解】

[1]设方格的边长为由图可知，波的波长应为波的振幅应为在内波传播了则再过半个周期波应再传播故9点开始向上振动，此时0点应到达负向最大位移处；6点达正向最大位移处；故波形如图所示：

【解析】25、略

【分析】【详解】

由题图我们可以知道，在质点振动的一个周期内，波向前传播一个完整的波形的距离，即传播的距离

因此在内，波向前传播了根据波的传播过程和传播的实质，若波向右传播，把波的原有图形向右移动的距离，就得到了后时刻的波形图，如图中的虚线甲所示；同理可以得到前时刻波的图像；如图中的虚线乙所示。

【解析】26、略

【分析】【详解】

由图甲可知，简谐波的波长所以周期

此时波形与时刻波形相同，根据同侧法可知，波沿x轴负方向传播，根据波形的平移法可知，将时刻的波形向左平移得到时的波形图像；如图所示。

【解析】见解析27、略

【分析】【分析】

【详解】

根据实验原理，则大头针P4挡住P3本身及P2、P1的像；光路图如下。

【解析】五、实验题(共4题，共20分)28、略

【分析】【详解】

(1)[1][2]．因为小车A与B碰撞前、后都做匀速运动，且碰后A与B黏在一起，其共同速度比A原来的速度小．所以，应选点迹分布均匀且点距较大的BC段计算A碰前的速度，选点迹分布均匀且点距较小的DE段计算A和B碰后的速度．

(2)[3][4]．由题图可知，碰前A的速度和碰后A、B的共同速度分别为：vA＝m/s＝1.05m/s，v′A＝v′B＝m/s＝0.695m/s.

故碰撞前：mAvA＋mBvB＝0.40×1.05kg·m/s＋0.20×0kg·m/s＝0.420kg·m/s.

碰撞后：mAv′A＋mBv′B＝(mA＋mB)v′A＝(0.40＋0.20)×0.695kg·m/s＝0.417kg·m/s.

(3)[4]．数据处理表明，mAvA＋mBvB≈mAv′A＋mBv′B，即在实验误差允许的范围内，A、B碰撞前后物理量mv之和是不变的．【解析】①.（1）BC；②.DE；③.（2）0.420；④.0.417；⑤.（3）mv之和29、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]一侧观察P1、P2（经折射、折射）的像，在适当的位置插上P3，使得P3与P1、P2的像在一条直线上，即让P3挡住P1、P2的像：再插上P4，让其挡住P3及P2、P1的像；故BD正确，AC错误。

故选BD。

（2）[2][3][4]设入射角为r，折射角为i，根据几何关系可得

据