2025年沪教版必修3物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪教版必修3物理上册阶段测试试卷871考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、一个磁场的磁感线如图所示；一个小磁针被放入磁场中，则小磁针将。

A.向右移动B.向左移动C.顺时针转动D.逆时针转动2、用如图所示的装置探究影响感应电流方向的因素。实验时将线圈放在水平桌面上，使磁铁的N极进入线圈或移出线圈。下列说法正确的是（）

A.感应电流的方向与N极进入线圈的快慢有关B.N极从线圈中匀速移出的过程中有感应电流产生C.N极进入线圈与移出线圈过程中感应电流方向相同D.感应电流的磁场方向与引起感应电流的磁场方向始终相同3、有两条长直导线垂直纸面水平放置，交纸面于a、b两点，通有大小相等的恒定电流，方向如图，a、b的连线水平。c是ab的中点，d点与c点关于b点对称。已知c点的磁感应强度为B1，d点的磁感应强度为B2，则关于a处导线在d点的磁感应强度的大小及方向；下列说法中正确的是。

A.方向竖直向上B.方向竖直向下C.方向竖直向下D.方向竖直向上4、某著名电池公司于2021年7月29日正式发布了新一代的钠离子电池，这款钠离子电池电芯单体能量密度可达160Wh/kg。若一块钠离子电池电芯单体的铭牌标注为“12V60Ah”，则这块电池电芯单体的质量为（）A.4.5kgB.2.67kgC.0.375kgD.0.22kg5、如图，水平桌面上平放一矩形导线框abcd，O为中心点。匀强磁场竖直向上；下列操作可使线圈中产生感应电流的是（）

A.线框水平向右平动B.线框竖直向上平动C.线框绕过O点的竖直轴转动D.线框以ab为轴逆时针转动6、如图所示，在矩形的两个顶点分别固定两带电荷量相等的异种点电荷，A点、B点为矩形的另外两个顶点，O点为矩形两对角线的交点；取无穷远处电势为零，则下列说法正确的是（）

A.A点和B点电场强度不同B.A点电势大于零，B点电势小于零C.电势差D.将负试探电荷从A点移动到无穷远处，电势能减少7、如图所示，空间分布着竖直向上的匀强电场E，现在电场区域内某点O处放置一负点电荷Q，并在以O点为球心的球面上选取a、b、c、d、e、f六点，其中ac连线为球的水平大圆直径，bd连线与电场方向平行。不计空气阻力；则下列说法中正确的是。

A.b、d两点的电势相等B.a、c两点的电场强度相同C.将点电荷＋q从球面上b点移到f点，电势能减小D.若从a点抛出一带正电小球，小球可能沿a、e、c、f所在圆周作匀速圆周运动8、下列说法正确的是（）A.电场线和磁感线都是真实存在的，可以通过实验证实B.若取走试探电荷，则此处的电场强度为0C.磁体和电流周围都能产生磁场D.磁感线和电场线都是闭合曲线评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)9、如图所示,半径为R的圆是圆柱形区域的横截面,c为圆心,在圆上a点有一粒子源能以相同的速率向圆而内各个方向发射质量为m、电荷量为q的带正电粒子,柱形区域内存在平行于圆面的匀强电场,粒子从电场中射出的最大动能是初动能的4倍经过b点的粒子在b点的动能是初动能的3倍,已知初动能为Ek,不计粒子重力及粒子间的相互作用,下列选项正确的有。

A.电场强度大小为B.电场强度大小为C.电场强度方向从a到bD.电场强度方向从a到c10、如图所示；电力工作人员在几百万伏的高压线上进行带电作业，电工全身穿戴带电作业用的屏蔽服，屏蔽服是用导电金属材料与纺织纤维混纺交织成布后再做成的服装，下列说法正确的是（）

A.采用金属材料编织衣服的目的是使衣服不易拉破B.采用金属材料编织衣服的目的是利用静电屏蔽C.电工穿上屏蔽服后，体内场强为零D.屏蔽服中的金属网不能起到屏蔽作用11、空间有一沿x轴方向的电场，x轴上各点电势随位置的变化情况如图所示，图像关于O点中心对称。下列说法正确的是（）

A.O点的电场强度沿x轴正方向B.-x1和x1两点在同一等势面上C.-x1与x1两点电场强度相同D.将负电荷从x1移到x2过程中，电荷的电势能一直增大12、如图所示为粗细相同；长度相同的金属导线A、B的伏安特性曲线则下列判断正确的是（）

A.两段导线串联在电路中，A两端电压大B.两段导线并联在电路中，B中的电流大C.A段导线的电阻率比B段导线的电阻率小D.将电阻率较大导线截去一部分后，剩下导线电阻率可能与电阻率较小的一段导线电阻率相同13、某实验小组用如图甲所示的电路完成了蓄电池的电动势E和内电阻r的测量；该小组的同学测量了多组数据，并根据测量的数据描绘了如图乙所示的图线。已知两电表均为理想电表，则下列说法正确的是（）

A.E=1.20V，r=3.50ΩB.E=1.40V，r=1.00ΩC.调节滑动变阻器使其阻值为零时，流过电源的电流为0.40AD.调节滑动变阻器使电压表的读数为1.20V时，电流表的读数I′=0.20A评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)14、如图所示，带电荷量分别为q1、q2的粒子，以相同的初速度从P点沿垂直于场强方向射入平行板间的匀强电场中，分别落在下极板上的A、B两点，若AB＝OA，q1＝3q2，不计重力，则两个粒子质量之比为________，两个粒子进入电场之后的动能增量之比为________．

15、在如图所示的闭合电路中，当滑片P向右移动时，两电表示数的大小变化情况是：电流表示数变________，电压表示数变________．

16、如图所示，A、B两个带异种电荷的小球分别被两根绝缘细线系在木盒内的一竖直线上，静止时木盒对地面的压力为细线对B的拉力为若将系B的细线断开，刚断开时木盒对地面的压力等于____________；在B向上运动过程中，木盒对地面的压力逐渐___________（填“变大”或“变小”）。

17、能量子公式∶ε=hν，其中ν是电磁波的频率，h称为_______。h=______J·s。（一般取h=6.63×10-34J·s）18、一个灵敏电流计允许通过的最大电流（满刻度电流）为表头电阻若将其改装成量程为的电流表，应__________（填串联或并联）一个电阻，阻值为__________若将其改装成量程为的电压表，应__________（填串联或并联）一个阻值为__________的电阻．19、用螺旋测微器测量某材质电线的直径d，其中一次测量如图所示，其读数___________mm。

20、如图所示，绝缘光滑轨道AB部分是倾角为的斜面，AC部分为竖直平面上半径为R的圆轨道，斜面与圆轨道相切。整个装置处于场强为E、方向水平向右的匀强电场中。现有一个质量为m的小球，带正电荷量若小球在O点由静止释放，则它将做______运动。

21、电荷量为的试探电荷在静电场中的A点，具有的电势能，A点的电势是_________V。若把电荷量为的试探电荷放在A点，该电荷具有的电势能是_______________J。评卷人得分四、作图题(共1题，共5分)22、在“用电流和电压传感器研究电容器的放电”实验中；某同学按照图所示连接电路。实验时，先将开关S掷向1，一段时间后，将开关掷向2，传感器将信息传入计算机屏幕上，显示出电流或电压随时间变化的图线。

（1）由图可知，传感器1应为________（选填选项前的字母）

A．电流传感器B．电压传感器。

（2）用q表示电容器上极板所带的电荷量，UR表示滑动变阻器两端的电压，UC表示电容器两端的电压，I表示电路中的电流，关于电容器在整个放电过程中的图像变化正确的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知电源电动势E，但其内阻和电阻箱阻值均未知，根据已知条件和传感器显示的图像中的数据信息，下列判断正确的是________；

A．可知该电容器的电容。

B．可知此时电阻箱阻值大小。

C．若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的时间将变短。

D．若只减小电容器的电容大小，电容器放电的时间将变短评卷人得分五、实验题(共2题，共16分)23、（1）如图1螺旋测微器读数为_______mm，如图2游标卡尺读数为_______mm。

（2）用伏安法测金属丝电阻存在系统误差。为了减小系统误差，有人设计了如图甲所示的实验方案。其中Rx是待测电阻，R是电阻箱，R1、R2是已知阻值的定值电阻。合上开关S，灵敏电流计的指针偏转。将R调至阻值为R0时，灵敏电流计的示数为零。由此可计算出待测电阻Rx______；（用R1、R2、R0表示）

（3）有同学利用“半偏法”也可以测量电压表的内阻；其电路原理图如图乙所示。

①将滑动变阻器R的滑片P调至_________（填“A”或“B”端），电阻箱R0的阻值调至________（填“零”或“最大”）；

②闭合开关S；移动滑动变阻器的滑片P使电压表满偏；

③保持滑动变阻器的滑片P不动，调节电阻箱R0的阻值使电压表半偏；

④记下电阻箱R0的示数。

⑤若电阻箱R0的示数为3002Ω，则电压表内阻的测量值为______Ω，该测量值与电压表的实际内阻相比_______（填“偏大”、“偏小”或“相等”）。24、在测定金属丝电阻率的实验中：

（1）用螺旋测微器测得金属丝的直径如图甲所示，d=___________mm；

（2）用多用电表的“×1”欧姆挡，调零后测得金属丝的电阻值如图乙所示，R=___________Ω；

（3）若实验中测出金属丝的长度为L，则该金属丝电阻率的表达式ρ=___________（用符号表示）。

（4）用伏安法测量某电阻Rx的阻值（约55Ω），用到的电流表A量程0～3A（内阻约0.1Ω），电压表V量程0～15V（内阻约4kΩ）。为了减小误差，电流表应_______（选填“内接”或“外接”）。评卷人得分六、解答题(共2题，共20分)25、如图所示，电源电动势E=10V，内阻r=0.5Ω，标有“8V24W”的灯泡L恰好能正常发光，电动机M线圈的电阻R0=2Ω；求：

（1）灯泡L中的电流I1；

（2）电动机M中的电流I2；

（3）电动机工作2min产生的热量．

26、如图所示的电路中，两平行金属板A、B水平放置，两极板的长度L=80cm，两板间的距离d=20cm．电源电动势E=24V，内电阻r=1Ω，电阻R=15Ω，滑动变阻器的最大阻值为20Ω．闭合开关S，待电路稳定后，将一带负电的小球从A、B两金属板左端正中间位置M处以初速度v0=8m/s水平向右射入两板间，恰能沿直线射出．若小球带电量为q=1×10-2C，质量为m=2×10-2kg，不考虑空气阻力，重力加速度g=10m/s2．求此时：

（1）滑动变阻器接入电路的阻值；

（2）当滑动变阻器阻值多大时；滑动变阻器消耗的功率最大？此时滑动变阻器消耗的功率是多少？

（3）若使小球能从极板间射出；则滑动变阻器接入电路的阻值范围为多大？

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【详解】

磁场的磁感线如题图所示，一个小磁针被放入方向水平向右的磁场中，小磁针N极受到水平向右的磁场力的作用，小磁针S极受到水平向左的磁场力，所以N极要转向磁场方向，而S极转向磁场方向反方向；因此导致小磁针在顺时针转动。

A．向右移动；与结论不相符，选项A错误；

B．向左移动；与结论不相符，选项B错误；

C．顺时针转动；与结论相符，选项C正确；

D．逆时针转动，与结论不相符，选项D错误；2、B【分析】【分析】

【详解】

A．感应电流的方向与磁通量变化与磁场方向有关即与磁铁插入还是拔出有关，而N极进入线圈的快慢与感应电流的大小有关；故A错误；

B．N极从线圈中匀速移出的过程中穿过线圈的磁通量减小；由楞次定律可知，线圈中有感应电流产生，故B正确；

C．N极进入线圈过程穿过线圈的磁通量增大；移出线圈过程中穿过线圈的磁通量减小，且进入和移出过程中磁铁磁场方向相同，由增反减同可知，两过程中感应电流方向相反，故C错误；

D．由楞次定律可知；感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁场变化，但方向不一定总是相同，可能相同，也可能相反，故D错误。

故选B。3、B【分析】【详解】

设a处导线在d点的磁感应强度的大小为B，方向方向竖直向下。根据通电直导线产生的磁场磁感应强度与电流成正比，a处导线在c点的磁感应强度的大小为3B，方向竖直向下。由题意知，两条长直导线恒定电流大小相等，则得到b处导线在c两点的磁感应强度的大小为3B，根据安培定则得到，方向竖直向下。b处导线在d两点的磁感应强度的大小为3B，根据安培定则得到，方向竖直向上。则根据磁场叠加得B1=3B+3B=6B，B2=3B-B=2B，根据数学知识得到，所以a处导线在d点的磁感应强度的大小为方向是竖直向下。

A．方向竖直向上。故A错误。

B．方向竖直向下。故B正确。

C．方向竖直向下。故C错误。

D．方向竖直向上。故D错误。4、A【分析】【分析】

【详解】

根据电池铭牌标注可知该钠离子电池的能量为。

所以这块电池电芯单体的质量为。

故选A。5、D【分析】【详解】

A．线圈向右平动；穿过线圈的磁通量不发生变化，无感应电流产生，故A错误；

B．线圈竖直向上平动；穿过线圈的磁通量不发生变化，无感应电流产生，故B错误；

C．线圈绕过O点的竖直轴转动；穿过线圈的磁通量也不发生变化，无感应电流产生，故C错误；

D．线圈以ab为轴转动时；导致穿过线圈的磁通量发生变化，从而产生感应电流，故D正确。

故选D。6、B【分析】【详解】

A．两点电荷分别在A、B两点处产生的电场如图所示。

可知A点和B点的合场强大小和方向均相同；A错误；

B．无穷远处电势为零，且等量异种点电荷连线的垂直平分线为等势线，则该垂直平分线上电势均为零，在该垂直平分线两侧中靠近正点电荷的一侧，电势均大于零，即A点电势大于零，靠近负点电荷的一侧，电势均小于零，即B点电势小于零；B正确；

C．在A、B所在直线上，关于O点对称的点电场强度均相同，且在AB所在直线方向上的电场强度分量大小相同，即AB直线上关于O点对称的一小截线段两端间电势差大小相同，则

C错误；

D．A点电势大于零，而无穷远处的电势等于零，根据

可知，将负试探电荷从A点移动到无穷远处；静电力做负功，电势能增加，D错误。

故选B。7、D【分析】【详解】

A．因为负点电荷Q在b、d两点形成的电势相等，而匀强电场在b、d两点的电势不相等，则叠加后b、d两点的电势不相等；选项A错误；

B．由对称性可知，a、c两点的电场强度大小相同；但是方向不同，选项B错误；

C．将点电荷＋q从球面上b点移到f点，负点电荷Q对点电荷+q不做功，但是匀强电场对点电荷+q做负功；则电势能增加，选项C错误；

D．若从a点抛出一带正电小球，若满足mg=qE，则带正电的小球在负点电荷Q的库仑吸引力的作用下能沿a、e、c、f所在圆周作匀速圆周运动；选项D正确；

故选D.8、C【分析】【详解】

A．电场线和磁感线都是假想的；在空间不是实际存在的线，故A错误；

B．某点处的电场强度与是否存在试探电荷无关；故B错误；

C．通电导线周围存在磁场；这是电流的磁效应；永磁体周围都存在磁场，这是磁体本身具有的特征，故C正确；

D．磁感线在磁体的周围是从磁体的N极出发回到S极；在磁体的内部；磁感线是从磁体的S极出发，回到N极，所以磁感线是闭合的，而电场线从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不相交不闭合，故D错误。

故选C。二、多选题(共5题，共10分)9、A:B:C【分析】【详解】

设电场方向与ab边夹角为离开电场时动能最大的粒子的射出点和c点的连线一定和电场方向平行，如图所示，在粒子从a运动到b点过程中由动能定理有：

对离开电场时动能最大的粒子在电场中由动能定理有：

由以上两式解得。

或时（即电场方向由a指向b）；得。

时；

故选ABC。

10、B:C【分析】【详解】

屏蔽服的作用是在穿上后；使处于高压电场中的人体内电场强度处处为零，从而使人体免受高压电场及电磁波的危害，可知BC正确，AD错误;

故选BC。11、A:C【分析】【详解】

A．电场强度指向电势减弱最快的方向，故O点的电场强度沿x轴正方向；故A正确；

B．电势是标量，-x1和x1两点处电势不同；一正一负，不在同一等势面，故B错误；

C．图像斜率表示电场强度，由图知，-x1与x1两点斜率相同；则电场强度相同，故C正确；

D．将负电荷从x1移到x2过程中；电势先减小后增大，则电势能先增大后减小，故D错误。

故选AC。12、A:B【分析】【详解】

A．由图像的斜率可知；A的电阻大，B的电阻小，串联在电路中，A两端的电压大，A项正确；

B．并联在电路中；电阻小的电流大，即B中电流大，B项正确；

C．两导线的长度相同，截面积相同，由

可知；B的电阻率小，C项错误；

D．电阻率大小与导线长短无关；D项错误。

故选AB。13、B:D【分析】【详解】

AB．根据闭合电路欧姆定律，可得

结合乙图，可得

故A错误；B正确；

C．调节滑动变阻器使其阻值为零时，流过电源的电流为

故C错误；

D．调节滑动变阻器使电压表的读数为1.20V时，电流表的读数满足

解得

故D正确。

故选BD。三、填空题(共8题，共16分)14、略

【分析】【详解】

[1]设q1运动的时间为t1，q2运动的时间为t2．粒子在水平方向做匀速直线运动，在竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动，两粒子的初速度相等，设初速度为v0；

根据运动学公式：

可得时间：

所以有：

根据：

由以上各式联立得

[2]根据动能定理有：所以动能增量之比为：【解析】3∶43∶115、略

【分析】【详解】

[1][2]闭合电路中，当滑片向右移动时，滑动变阻器的电阻变大，使电路中电阻变大，由闭合电路欧姆定律可得电流变小，则内压及的分压减小时，故滑动变阻器两端电压变大，所以电流表示数变小，电压表示数变大。【解析】小大16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]细线断开前，对整体(A、B和木盒)进行受力分析，整体受重力Mg和地面的支持力F′N。根据共点力平衡的条件和牛顿第三定律得出。

细线断开前；对小球B进行受力分析，根据共点力平衡的条件得出。

若将系B的细线断开，对小球B进行受力分析，小球B受重力mg，向上的电场力F电刚断开时，对A和木盒做为整体进行受力分析，整体受重力M′g、地面的支持力FN′′、小球B对A的静电力F电。运用平衡条件得出。

由牛顿第三定律得木盒对地的压力等于

[2]在B向上运动的过程中，小球B对A的电场力F电′增大；由。

得地面对木盒的支持力也在增大，根据牛顿第三定律知道木盒对地的压力逐渐变大.【解析】变大17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]由公式的可知，h称为普朗克常量；h=6.63×10-34J·s。【解析】①.普朗克常量②.6.626×10-3418、略

【分析】【详解】

[1][2]把灵敏电流计改装成的电流表需要并联分流电阻，并联电阻阻值为

[3][4]把灵敏电流计改装成的电压表需要串联分压电阻，串联电阻阻值为【解析】并联串联19、略

【分析】【详解】

螺旋测微器读数为【解析】1.49820、略

【分析】【详解】

对放在斜面上的小球受力分析，有重力G，垂直于斜面向上的支持力FN和水平向右的电场力F。将重力和电场力分解到斜面方向和垂直于斜面方向的两个分力。则重力沿斜面向下的分力为

电场力沿着斜面向上的分力为

又电场力为

则

即

小球将静止在斜面上。【解析】保持静止21、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据

代入数据解得A点的电势

[2]若把电荷量为的试探电荷放在A点，A点电势不变，根据

代入数据解得【解析】①.20②.四、作图题(共1题，共5分)22、略

【分析】【详解】

（1）[1]传感器1串联在电路中；因此应为电流传感器。

故选A。

（2）[2]ABC．电容器在整个放电过程中，电容器的电荷量q、电流I、电压UC均随时间减小；选项AC错误，选项B正确；

D．由于放电电流I减小，根据可知电阻箱R的电压UR减小；选项D正确。

故选BD。

（3）[3]A．根据电流传感器显示的I-t图像中的面积可求出电容器的电荷量，根据电压传感器可知电阻箱两端的电压，若已知电源电动势E，则可知电容器的电压，根据可求出该电容器的电容；选项A正确；

B．根据电流传感器和电压传感器可知电阻箱的电流和两端的电压；因此可知此时电阻箱阻值大小，选项B正确；

C．电源不变，电容器的充电电压不变，电荷量不变，若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的电流将变小，因此放电时间将变长，选项C错误；

D．电源不变，电容器的充电电压不变，若只减小电容器的电容大小，根据可知电容器的电荷量将变小；放电的时间将变短，选项D正确。

故选ABD。【解析】ABDABD五、实验题(共2题，共16分)23、略

【分析】【详解】

（1）[1]螺旋测微