2025年人教版高二物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版高二物理上册月考试卷606考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、关于机械波下列说法正确的是（）A.机械波在传播质点振动这种运动形式的同时，质点也会随波迁移。B.波动图像是描述介质各个质点在某一时刻的位移，振动图像是描述某一质点在各个时刻的位移C.波速跟质点的振动频率有关，频率越高波速越大D.只有横波才能产生干涉现象2、如图所示的电路中，三个灯泡L1、L2、L3的电阻关系为R1＜R2＜R3，电感L的电阻可忽略，D为理想二极管．电键K从闭合状态突然断开时，下列判断正确的是（）A.L1逐渐变暗，L2、L3均先变亮，然后逐渐变暗B.L1逐渐变暗，L2立即熄灭，L3先变亮，然后逐渐变暗C.L2立即熄灭，L1、L3均逐渐变暗D.L1、L2、L3均先变亮，然后逐渐变暗3、在“验证机械能守恒定律”的实验中，下列说法正确的是(

)

A.实验中，需用天平测出重物的质量B.实验中，需用秒表测出重物下落的时间C.可以用公式vv=gtgt来计算重锤的速度D.实验时，应先接通电源，再释放纸带4、如图所示，离地面高h

处有甲、乙两个小球，甲以初速度水平射出，同时乙以大小相同的初速度沿倾角为的光滑斜面滑下，若甲、乙同时到达地面，则的大小是()

A.gh2

B.gh

C.2gh2

D.2gh

5、物体从粗糙斜面的顶端由静止开始下滑；下列叙述正确的是（）

A.物体滑到斜面中点时的速度与滑到斜面底端时的速度之比1：2

B.物体滑到斜面中点的时间与滑到斜面底端的时间之比

C.把斜面分成三等分，则物体依次通过这三段位移所用的时间之比

D.把时间分成三等分；则物体在这三段时间内通过的位移之比为1：3：5

6、如图所示，光滑的“Π”形金属导体框竖直放置，质量为m的金属棒MN与框架接触良好，磁感应强度分别为B1、B2的有界匀强磁场方向相反，但均垂直于框架平面，分别处在abcd和cdef区域．现从图示位置由静止释放金属棒MN，金属棒进入磁场区域abcd后恰好做匀速运动。下列说法正确的有A.若B2＝B1，则金属棒进入cdef区域后将加速下滑B.若B2＝B1，则金属棒进入cdef区域后仍将保持匀速下滑C.若B2＜B1，则金属棒进入cdef区域后可能先加速后匀速下滑D.若B2＞B1，则金属棒进入cdef区域后可能先减速后匀速下滑评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)7、用比值法定义物理量是物理学中一种很重要的思想方法，以下属于用比值法定义的物理量是()

A.加速度a

=

娄陇t

(

娄陇v

)

B.电阻R

=

娄脩

S

(

l

)

C.电场强度E

=

q

(

F

)

D.电容C

=

4娄脨kd

(

娄脜rS

)

8、a、b两束可见单色光，分别沿半径方向射向圆柱形的玻璃砖，其出射光线都是由圆心O沿OP方向射出，如图所示，则下列说法中正确的是（）A.a光在玻璃中的折射率较大B.b光在玻璃中的波长较a光短C.一束a光与一束b光能发生干涉D.同样的入射角下，b光的偏折角大9、小型交流发电机中，矩形金属线框在匀强磁场中匀速转动，产生的感应电动势与时间呈正弦函数关系，如图所示．此线圈与一个R=9Ω的电阻构成闭合电路，线圈自身的电阻r=1Ω，下列说法正确的是（）A.交变电流的频率为2.5HzB.发电机输出的电功率为18WC.发电机输出的电压有效值为D.交流发电机效率90%10、如图是生产中常用的一种延时继电器的示意图，铁芯上有两个线圈A

和B

线圈A

跟电源连接，线圈B

的两端接在一起，构成一个闭合回路.

下列说法正确的是(

)

A.闭合开关S

时，B

中产生与图示方向的感应电流B.闭合开关S

时，B

中产生与图示方向相反的感应电流C.断开开关S

时，电磁铁会继续吸住衔铁D

一小段时间D.断开开关S

时，弹簧k

立即将衔铁D

拉起11、在光滑的水平地面上方，有个磁感应强度大小B

方向垂直纸面向里的匀强磁场，如图PQ

为磁场的边界.

一个半径为a

质量为m

电阻为R

的金属圆环垂直磁场方向，以速度v

从如图位置运动，当圆环运动到直径刚好与边界线PQ

重合时，圆环的速度为v2

则下列说法正确的是(

)

A.此时圆环中的电功率为4B2a2v2R陋芦

B.此时圆环的加速度为2B2a2vmR

C.此过程中通过圆环截面的电量为娄脨Ba22R

D.此过程中回路产生的电能为0.75mv2

12、发电厂的输出电压为U1，发电厂至用户间输电导线的总电阻为R，通过导线的电流为I，用户得到的电压为U2；则下列输电导线上损耗功率的表达式中正确的是（）

A.B.

C.D.

评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)13、如图所示，一木块放在水平桌面上，在水平方向共受三个力（即F1、F2和摩擦力）作用，木块处于静止状态，其中F1=8N，F2=1N，由此可以判断出木块与水平面间最大静擦力≥____N，若撤去F1，木块所受摩擦力的大小为____N．

14、有些机床为了安全，照明电灯用的电压是36V，这个电压是把380V的交流电压经变压器降压后得到的。将变压器视为理想变压器，如图所示，如果原线圈是1140匝，则副线圈的匝数是匝，变压器原、副线圈的电流之比为。15、用螺旋侧微器测量一小球的直径，结果如图所示，则小球的直径d=______mm．

16、甲同学想在家里做用单摆测定重力加速度的实验；但没有合适的摆球，他找到了一块大小为3cm左右；

外形不规则的大理石块代替小球．他设计的实验步骤是：

A．将石块用细线系好；结点为M，将细线的上端固定于O点（如图1所示）

B．用刻度尺测量OM间细线的长度L作为摆长。

C．将石块拉开一个大约α=30°的角度；然后由静止释放。

D．从摆球摆到最高点时开始计时，测出50次全振动的总时间t，由T=得出周期．

（1）则该同学以上实验步骤中有错误的是______．

（2）若该同学用OM的长L作为摆长，这样做引起的系统误差将使重力加速度的测量值比真实值______

（偏大或偏小）

（3）如果该同学改正了错误，改变OM间细线的长度做了2次实验，记下每次相应的线长度L1、L2和。

周期T1、T2，则由上述四个量得到重力加速度g的表达式______；

（4）该同学用秒表记下了单摆全振动50次的时间，如图所示，由图2可读出时间为______s．

17、不管用什么方法，只要穿过闭合电路的______发生变化，闭合电路中就有感应电流．18、带电量为2×10-8库的正检验电荷从电场中的A点移到B点时，它的电势能增加了8×10-7焦，则在这个过程中，电场力对检验电荷做了______J的功，A、B两点之间的电势差UAB=______V．19、铜的原子量为M，密度为ρ，每摩尔铜原子有n个自由电子，今有一根横截面为S的铜导线，当通过的电流为I时，电子平均定向移动的速率为______．评卷人得分四、判断题(共1题，共2分)20、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

评卷人得分五、作图题(共1题，共4分)21、根据磁感应强度B；电流I和安培力F的相互关系；请根据要求作图．

评卷人得分六、证明题(共2题，共18分)22、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。23、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B【分析】机械波在传播过程中，质点并不随波迁移，A错误；由波动图像、振动图像知，B正确；波速由介质本身的性质决定，C错误；干涉现象是波特有的现象，声波是纵波，也可产生干涉现象，D错误。【解析】【答案】B2、B【分析】解：当K突然断开时，电感L由于自感，电流继续原方向流动，L、L1和L3构成一闭合回路，L中电流从I1逐渐减少，则通过L1的电流也逐渐减少．

通过L3的电流开始时比原来电流大；后逐渐变小．

当K突然断开时，电感L相当于电源，由此时二极管处于反向截止状态，故L2立即熄灭．

故B正确；ACD错误．

故选：B

当K突然断开时，电感L由于自感，电流继续原方向流动，但二极管反向不导通，所以L2不亮，又因为原来L中电流比L3的电流大，所以L3将更亮；之后再变暗．

做好本题要弄清楚电流的大小变化，方向变化，还要知道二极管的正向导通性．【解析】【答案】B3、D【分析】【分析】明确验证机械能守恒定律实验的实验原理，了解实验的仪器、操作步骤和数据处理以及注意事项，清楚该实验的误差来源等。本题考查验证机械能守恒定律的实验方法，要知道重物带动纸带下落过程中能量转化的过程和能量守恒，知道能够减小实验误差的方法，从而明确实验中的注意事项。【解答】A.因为我们是比较mgh

与12mv2

的大小关系；故m

可约去比较，不需要测出重物的质量，故A错误；

B.利用打点计时器可以直接读出下落时间；不需要使用秒表，故B错误；

C.实验中如果利用v=gt

计算速度；则即认为物体只受重力则机械能一定守恒，不需要再验证了，故C错误；

D.先接通电源；再松开纸带，让重物自由下落，在纸带上打出一系列点，利于数据的采集和处理，故D正确。

故选D。【解析】D

4、A【分析】【分析】根据题意可知：甲做平抛运动，水平方向做匀速运动，竖直方向做自由落体运动，运动的时间可以通过竖直方向上自由落体运动的公式求解，乙做匀加速直线运动，运动的时间与甲相等，由几何关系及位移时间公式即可求解。该题考查了平抛运动及匀变速直线运动的基本公式的直接应用，抓住时间相等去求解。【解答】甲做平抛运动，水平方向做匀速运动，竖直方向做自由落体运动，根据h=12gt2h=dfrac{1}{2}g{t}^{2}得：t=2hgt=sqrt{dfrac{2h}{g}}根据几何关系可知：x脪脪=2h{x}_{脪脪}=sqrt{2}h乙做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律可知：a=mgsin45om=22ga=dfrac{mgsin{45}^{o}}{m}=dfrac{sqrt{2}}{2}g根据位移时间公式可知：x脪脪=v0t+12at2{x}_{脪脪}={v}_{0}t+dfrac{1}{2}a{t}^{2}由以上各式得：v0=gh2{v}_{0}=dfrac{sqrt{gh}}{2}故A正确，BCD错误。故选A。【解析】A

5、C|D【分析】

A、由v2=2as得：v=则得v∝．所以物体滑到斜面中点时的速度与滑到斜面底端时的速度之比为1：．故A错误．

B、由s=得：t=则得t∝所以物体滑到斜面中点的时间与滑到斜面底端的时间之比为1：．故B错误．

C、把斜面分成三等分，设从上到下物体通过三段位移的时间分别为t1、t2和t3．

则有==

联立解得，t1：t2：t3=．故C正确．

D、由s=得：s∝t2；把时间分成三等分，则第一段相等时间内位移与前两段相等时间内位移之比为1：4，第一段相等时间内位移与三段相等时间内位移之比为1：9，则数学知识可得：物体在这三段相等时间内通过的位移之比为1：3：5．故D正确．

故选CD

【解析】【答案】由于木块由斜面顶端静止开始匀加速下滑，初速度为零，而加速度保持不变，则根据速度公式v=at，根据速度与位移的关系公式v2=2as和位移公式s=研究中点的速度和时间．由位移公式分析相等位移时间之比和相等时间位移之比．

6、B|C|D【分析】【解析】试题分析：若B2＝B1，金属棒进入B2区域后，磁场反向，回路电流反向，由左手定则知：安培力并没有反向，大小也没有变，故金属棒进入B2区域后，仍将保持匀速下滑，B对；若B21，金属棒进入B2区域后，安培力没有反向但大小变小，由F＝BIL＝知，金属棒进入B2区域后可能先加速后匀速下滑，故C也对；同理，若B2>B1，金属棒进入B2区域后可能先减速后匀速下滑，故D也对．考点：牛顿第二定律【解析】【答案】BCD二、多选题(共6题，共12分)7、AC【分析】【分析】所谓比值定义法，就是用两个基本的物理量的“比”来定义一个新的物理量的方法，与定义的物理量无关，比值法定义的基本特点是被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性，它不随定义所用的物理量的大小取舍而改变。用比值法定义物理量是物理上常用的思想方法，可以根据定义出的物理量与两个物理量有无关系，判断是否是比值法定义。【解答】A.加速度的定义是速度变化量与所用时间的比值，故a=娄陇v娄陇t

属于比值定义法，故A正确；B.电阻等于导体两端的电压与通过导体电流的比值，R=UI

属于比值定义法，而R=娄脩lS

不是比之定义法，故B错误；C.电场强度与放入电场中的电荷无关，所以E=Fq

属于比值定义法，故C正确；D.此式电容的决定式，反映了电容是由两极板的正对面积成正比，与介电常量成正比，与极板间的距离成反比，C=娄脜S4娄脨kd

不属于比值定义法，故D错误。故选AC。【解析】AC

8、BD【分析】解：A．由图可知光从底面射出时，折射角相同，而a的入射角大于b的入射角，由折射定律可知：可知，故a的折射率小于b的折射率。故A错误；

B．因折射率越大，光的频率越大，故a的频率小于b的频率，a的波长大于b光的波长；故B正确；

C．由于a光和b光频率不相等；不是相干光，相遇时不会发生干涉现象，故C错误；

D．由于b光的折射率较大，同样的入射角下，b光的偏折角大；故D正确。

故选：BD。

光线在底面发生折射；折射角相同，由折射定律可得出两光的折射率，从而分析出光的频率和波长的大小，发生干涉的首要条件是频率相等，折射率越大，光线偏折越大。

解决本题时要注意，当光从介质射向空气时，折射定律的表达式为折射角的正弦与入射角正弦的比值，不能思维定势都作为入射角的正弦与折射角的正弦比值。【解析】BD9、ABD【分析】解：A；由图象知周期为0.4s；频率为周期的倒数2.5Hz，A正确；

B、由图象知电压有效值U==10V，电流I==A，输出功率P=I2R=18W；B正确；

C、输出电压有效值为IR=9V；C错误；

D、交流发电机的效率η==90%；D正确．

故选ABD

从图象得到交流电压的峰值和有效值；周期和频率，输出功率用有效值，结合欧姆定律计算．

本题考查了利用图象解决问题的能力，结合闭合电路欧姆定律考查了功率、效率等知识．【解析】【答案】ABD10、BC【分析】解：

AB

由题意可知；当S

接通后，线圈A

中产生磁场，穿过线圈B

的磁通量要增加，根据楞次定律：增反减同，结合右手螺旋定则可知，B

中产生与图示方向相反的感应电流，故A错误，B正确；

CD

将S

断开；导致穿过线圈B

的磁通量减小变慢，根据楞次定律可知，产生有延时释放D

的作用，故C正确，D错误；

故选：BC

．

图中有两个线圈；其中A

有电源，接通电路后有电流通过，会产生磁性；而B

线圈无电源，开关闭合后没有电流，只有当A

中的磁场发生变化时，根据电磁感应作用，B

线圈才会产生感应电流，从而根据楞次定律，即可求解．

该题考查楞次定律与右手螺旋定则的应用，注意穿过闭合线圈的磁通量变化，线圈相当于电源，同时理解线圈B

的作用是阻碍线圈A

磁通量的变化．【解析】BC

11、BC【分析】解：A

当圆环运动到直径刚好与边界线PQ

重合时，产生的感应电动势E=B隆脕2a隆脕v2=Bav

感应电流I=BavR.

所以P=I2R=B2a2v2R.

故A错误．

B

金属圆环受到的安培力F=2BIa=2B2a2vR.

所以a=Fm=2B2a2vmR.

故B正确．

Cq=I.t=鈻�娄碌R=B娄脨a22R.

故C正确．

D

有能量守恒得：产生的电能W碌莽=12mv2鈭�12m(v2)2=38mv2.

故D错误．

故选BC．

A；圆环的左半边切割磁感线；等效长度为2a

根据E=BLv

求出感应电动势，从而求出感应电流，根据P=I2R

求出低昂率．

B；根据感应电流求出安培力；再根据牛顿第二定律求出加速度．

C、根据q=I.t=鈻�娄碌R

求出此过程中通过圆环截面的电量．

D；根据能量守恒求回路中产生的电能．

解决本题的关键掌握导体切割磁场产生的感应电动势E=BLv

知道L

为有效长度.

以及掌握电量q=I.t=N鈻�娄碌R

．【解析】BC

12、ABD【分析】解：AD、升压变压器的输出电压为U1，降压变压器的输入电压为U2，则输电线上的电压损失△U=U1-U2，升压输电线上损失的功率为P损=△UI=I（U1-U2）或P损=△UI==．故AD正确。

BC、因为输电线上的电流为I，则输电线上损失的功P损=I2R．故B正确；C错误。

故选：ABD。

根据输电线中的电流，结合P损=I2R求出损失的功率，或根据电压损失，结合P损=△UI=求出输电线上的损失功率。

解决本题的关键知道损失的功率的各种表达形式：P损=I2R=△UI=I（U1-U2）或P损=△UI==．基础题。【解析】ABD三、填空题(共7题，共14分)13、略

【分析】

木块开始在水平方向受三个力而平衡；则有。

f=F1-F2=8-1=7N；

物体处于静止状态；则说明物体受到的最大静摩擦力大于等于7N；

撤去F1后；外力为1N，故物体仍能处于平衡，所以木块受静摩擦力作用，大小为1N；

故答案为：7；1

【解析】【答案】对物体进行受力分析；由力的合成可得出静摩擦力的大小；撤去拉力后，根据另一拉力与摩擦力的关系判断物体是否静止，则可求出木块受到的合力．

14、略

【分析】试题分析：由于原线圈的电压为380V，副线圈的电压为36V，则原副线圈的匝数之比为故副线圈的匝数n2==108匝；变压器原、副线圈的电流之比为9：95。考点：变压器。【解析】【答案】108；9：95。15、略

【分析】解：螺旋测微器的固定刻度为10.5mm；可动刻度为46.5×0.01mm=0.465mm，所以最终读数为10.5mm+0.465mm=10.965mm，最后的结果可以为10.965±0.002．

故答案为：0.965±0.002．

螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数；在读可动刻度读数时需估读．

对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．【解析】10.965±0.00216、略

【分析】解：

（1）则该同学以上实验步骤中有错误的是BCD；

B中；摆长应是从悬点到大理石块的质心的距离；

C中；摆球的摆角太大，将不能看作简谐运动，单摆周期公式失效，不能测定g；

D中；测量时间应从单摆摆到最低点开始，因为最低位置摆球速度最大，相同的视觉距离误差，引起的时间误差较小，则周期测量比较准确．

（2）根据单摆的周期公式T=2π得：g=．

该同学用OM的长L作为摆长；摆长偏小，根据上述表达式得知，g的测量值偏小．

（3）设摆线的结点到大理石质心的距离为r，则根据单摆的周期公式T=2π得：

T1=2π

T2=2π

联立解得，g=

（4）图2所示秒表分针示数是1.5min=90s；秒针示数是6.8s，秒表所示是90s+6.8s=96.8s；

故答案为：

（1）BCD；

（2）偏小；

（3）

（4）96.8

（1）摆长等于悬点到大理石块的质心的距离；单摆在摆角较小时（小于5°）可看成简谐运动；在最低点速度最大；从最高点开始计时误差最大；

（2）根据单摆的周期公式T=2π得到g的表达式，再分析误差的大小．

（3）根据单摆的周期公式T=2π列方程求解．

（4）秒表中间的表盘代表分钟；周围的大表盘代表秒，秒表读数是两个表盘的示数之和，要注意观察指针所指的位置及分度值．

对于单摆实验，关键要掌握实验原理：单摆的周期公式T=2π准确理解L的含义和实验条件、操作方法．对秒表进行读数时，要先确定秒表的分度值，秒表示数是分针与秒针示数之和．【解析】BCD；偏小；96.817、磁通量【分析】解：根据感应电流产生的条件；不管用什么方法，只要穿过闭合电路的磁通量发生变化，闭合电路中就有感应电流．

故答案为：磁通量。

闭合电路中产生感应电流的条件是穿过闭合回路的磁通量发生变化.

既不是磁场发生变化；也不是面积发生变化．

本题考查了判断是否产生感应电流，知道感应电流产生的条件，根据题意分析即可正确解题．【解析】磁通量18、略

【分析】解：根据题意，检验电荷从电场中的A点移到B点时，它的电势能增加了8×10-7J，则电场力对检验电荷做功WAB=-8×10-7J．

A、B两点之间的电势差为UAB==V=-40V．

故答案为：-8×10-7；-40．

检验电荷从电场中的A点移到B点时，电势能增加多少，说明克服电场力做功多少．根据公式UAB=求解A；B两点之间的电势差．

电场力做功与电势能变化的关系类似于重力做功与重力势能关系相似，要知道电荷的电势能变化取决于电场力做功，电场力做功多少，其电势能就减小多少．电荷克服电场力做功多少，其电势能就增加多少．【解析】-8×10-7；-4019、略

【分析】解：设铜导线中自由电子