2025年苏科新版高三物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年苏科新版高三物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、两个电子以大小不同的初速度沿垂直磁场的方向射入同一个匀强磁场中．设r1、r2为这两个电子的运动轨道半径，T1、T2是它们的运动周期，则（）A.r1≠r2，T1=T2B.r1≠r2，T1≠T2C.r1=r2，T1=T2D.r1=r2，T1≠T22、如图所示，一个小型水电站，其交流发电机的输出电压U1一定，通过理想升压变压器T1和理想降压变压器T2向远处用户供电，输电线的总电阻为R．T1的输入电压和输入功率分别为U1和P1，它的输出电压和输出功率分别为U2和P2；T2的输入电压和输入功率分别为U3和P3；它的输出电压和输出功率分别为U4和P4．下列说法正确的是（）A.当用户的用电器增多时，U2减小，U4变大B.当用户的用电器增多时，P2变大，P3减小C.要减小线路的损耗，应增大升压变压器的匝数比，同时应减小降压变压器的匝数比D.要减小线路的损耗，应增大升压变压器的匝数比，同时应增大降压变压器的匝数比3、一列沿x轴传播的简谐横波，如图所示．其中实线为t1=1s时的波形，A为波上一质点，虚线为t2=3s时的波形，且t2-t1小于一个周期．则下列判断正确的是（）A.此波一定沿x轴正方向传播B.波速可能为1.5m/sC.波的周期可能为1.6sD.t1时刻质点A正向y轴正方向运动4、一列沿x轴正方向传播的简谐波；波速为8m/s，t=0s时刻的波形图象如图所示．关于此列简谐波下列说明正确的是（）

A.此列简谐波的波长为8m；振动质点的振幅为4cm

B.t=0s时刻；x=4m处质点具有负向最大加速度。

C.t=1s时刻；x=8m处的质点具有负向最大速度。

D.从t=0s时刻到t=5s时刻；x=6m处质点通过的路程为24cm

5、用一轻绳将小球P系于光滑墙壁上的O点；在墙壁和球P之间夹有一矩形物块Q，如图所示．P；Q均处于静止状态，则下列相关说法正确的是（）

A.Q受到3个力。

B.P物体受4个力。

C.若绳子变短；Q受到的静摩擦力将增大。

D.大若绳子变长；绳子的拉力将变小。

6、【题文】如图所示，半径和动能都相等的两个小球相向而行．甲球质量m甲大于乙球质量m乙；水平面是光滑的，两球做对心碰撞以后的运动情况可能是下述哪些情况？()

A.甲球速度为零，乙球速度不为零B.两球速度都不为零C.乙球速度为零，甲球速度不为零D.两球都以各自原来的速率反向运动7、真空中有两个带同种电荷的导体球，其半径均为0.2r，电荷量均为Q，两球球心间的距离为r，则两带电导体球之间相互作用的静电力大小为（）A.等于kB.小于kC.大于kD.不能确定评卷人得分二、填空题(共7题，共14分)8、已知地球的半径为R，地球表面的重力加速度为g，一人造卫星在离地面高h的轨道上做匀速圆周运动，该人造地球卫星的周期是____．9、质量为20N的木块放置在水平桌面上，当用3N的力拉物块时没有拉动，则此时摩擦力为____N，当用6N的水平力拉时仍没有动，摩擦力为____N，当用8N的力拉物块时物体恰好做匀速运动，此时摩擦力为____N，当用10N的力时物体做加速运动，摩擦力为____N，这个木块与桌面间的摩擦系数为____．10、（2013•江苏校级模拟）如图所示，一定质量的理想气体状态变化的P-V图象，ab平行于P轴．气体从状态a到b的变化过程中内能____（选填“增加”或“减少”），气体____（选填“吸热”或“放热”）．11、如图，R1=2Ω，小明在实验中记录三只电表的读数时，不慎漏记了单位，记下了一组数据是1.5、2.5和3，请你帮助它确定电源电压是____V，R2的电阻是____Ω．

12、实验桌上有满足要求的细绳若干，钩码足够多(每个重0.5N)，弹簧测力计一只(量程为10N、分度值为0.2N)，细沙足量，小桶、烧杯各一个，光滑玻璃板一块，面积为2cm2带有挂钩的小吸盘一个．请你利用上述器材设计出两种粗略测量大气压强的实验方案．

(1)实验原理是____________；

(2)要求写出：两种方案的实验步骤及需测量的物理量；

(3)对两种方案的可操作性和误差进行简单评估，写出一条即可．13、从静止开始以2m/s2的加速度匀加速直线运动的物体，2s末的速度为____，2s内的位移为____，第2s内的位移为____，第2s内的平均速度为____，速度达到10m/s所用时间为____，发生16m的位移所用时间为____．14、（2014春•宣武区校级期中）一个质点做简谐振动的图象如图所示．质点的振动频率为____Hz，振幅为____cm．在0到4s内速度为-x方向且数值最大的时刻为____，加速度为+x方向且数值最大的时刻为____．评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)15、影响蒸发快慢的因素有绝对湿度、表面积、温度．____．（判断对错）16、作用力与反作用力一定是同种性质的力．____（判断对错）17、串联电路中，电压分配与电阻成反比．____．（判断对错）18、在磁场中任一点，小磁针北极的受力方向为该点的磁场方向．____．（判断对错）19、不论用什么方法，只要穿过闭合电路的磁通量发生变化，闭合电路中就有电流产生．____（判断对错）20、矢量的运算遵守平行四边形法则．____．21、形状规则的物体，重心一定在其几何中心．____（判断对错）评卷人得分四、实验题(共2题，共16分)22、【题文】某同学用右图所示的实验装置研究小车在斜面上的运动．

①实验中，除打点计时器(含纸带、复写纸)、小车、平板、铁架台、导线及开关外，在下面的仪器和器材中，必须使用的有__________．(填选项代号)

A．电压合适的50Hz交流电源B．电压可调的直流电源C．刻度尺D．停表E．天平。

F．重锤。

②实验中所用电源的频率为50Hz。选取合适的纸带如下图，以每5个点为一个记数点，分别记0、1、2用刻度尺测得S1=2.80cm；S2=4.29cm；S3=5.79cm；S4=7.30cm；根据纸带中所给的信息，图中标出的相邻两计数点的时间间隔T=____s，当打点计时器打下点“2”时的瞬时速度为v2=____m/s，小车加速度的计算公式为a=____（每两个计数点间的时间间隔用T表示），计算结果为a=____m/s2。（保留三位有效数字）

23、为了探究加速度与力的关系；某同学设计了如图1所示的实验装置，一端带有定滑轮的长木板水平放置，长木板上安装两个相距为d的光电门；放在长木板上的滑块通过绕过定滑轮的细线与力传感器相连，力传感器下挂一重物．拉滑块的细线拉力的大小F等于力传感器的示数．让滑块从光电门l处由静止释放，运动一段时间t后，经过光电门2．改变重物质量，重复以上操作，得到下表中5组数据．

。次数a/（m•s-2）F/N11.00.7622.00.9933.01.2344.01.5055.01.76

①若测得两光电门之间距离d=0.5m，运动时间t=0.5s，则滑块的加速度a=____m/s2．

②依据表中数据在图2坐标纸上画出a-F图象．

③出图象可得滑块质量m=____kg，滑块和长木板间的动摩擦因数μ=____（取g=10m/s2）．评卷人得分五、推断题(共1题，共7分)24、光刻胶是一种应用广泛的光敏材料，它的一种合成路线如下rm{(}部分试剂和产物略去rm{)}已知：Ⅰ．rm{({R}_{1},{R}_{2}}为烃基或氢rm{)}Ⅱrm{.}rm{({R}_{1},{R}_{2}}为烃基rm{)}回答下列问题：rm{(1)C}中所含官能团的名称是______，rm{A}的化学名称为______。rm{(2)}乙炔和羧酸rm{X}加成生成rm{E}rm{E}的核磁共振氢谱为三组峰，且峰面积比为rm{3:2:1}rm{E}能发生水解反应，则rm{E}的结构简式为__________________，rm{E隆煤F}的反应类型是_______________________。rm{(3)B}与rm{Ag(NH_{3})_{2}OH}反应的化学方程式为_____________________________。rm{(4)D+G隆煤}光刻胶的化学方程式_____________________________。rm{(5)}某芳香族有机物rm{H}是rm{C}与等物质的量的rm{H_{2}}加成反应的产物，则该有机物rm{H}的符合下列条件的同分异构体共有_______种。rm{a}能反应银镜反应rm{b}能发生水解反应rm{(6)}根据已有知识并结合相关信息，写出以rm{CH_{3}CH_{2}OH}为原料制备rm{CH_{3}CH_{2}CH_{2}COOH}的合成路线流程图rm{(}无机试剂任用rm{)}_______________________。合成路线流程图示例如下：评卷人得分六、解答题(共4题，共16分)25、甲；乙两列简谐横波在同一介质中分别沿x轴正向和负向传播；波速均为25cm/s，两列波在t=0时的波形曲线如图所示．两列波发生叠加．

（1）甲；乙两列简谐横波的周期；

（2）从t=0开始；x=50cm处的质点经过多长时间偏离平衡位置位移再次达到16cm；

（3）从t=0开始，介质中最早出现偏离平衡位置位移为16cm的质点的时间．26、如图所示，半径为R的半圆光滑轨道固定在水平地面上．A、B点在同一竖直直线上．质量为m的小球以某一速度从C点运动到A点进入轨道，小球与水平地面间的动摩擦因数为μ．它经过最高点B飞出后又能落回到C点，AC=2R．求小球从C点开始运动时的初速度v0的大小．27、如图所示，电源电动势为ε，内阻为r，定值电阻R1=2r，R2=R3=r；平行板电容器水平放置间距为d，且中央位置留有两竖直正对的小孔．当开关闭合时，板中央N处有一质量为m的带电液滴P恰好处于静止状态；重力加速度为g．

（1）求平行板间的电压；

（2）求带电液滴P的电荷量q1；并指出其带电性质；

（3）在保持开关闭合的状态下，另一质量为m的带正电液滴Q，从距上极板小孔M正上方O点静止下落，=d，并恰好能运动到N点与液滴P融合为大液滴D，求大液滴D从上极板穿出小孔M时的速度大小．（不计空气阻力及两带电液滴间的相互作用力，且只考虑平行板间的电场）28、有一个做匀加速直线运动的物体，前3s内通过的位移是18m，又经过4s发生的位移为52m，求质点的初速度和加速度的大小．参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、A【分析】【分析】电子垂直进入匀强磁场中，由洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律研究半径关系，再推导周期关系．【解析】【解答】解：设电子的初速度为v；磁场的磁感应强度为B，电子的质量和电量分别为m；q．根据牛顿第二定律得：

qvB=m

得到运动轨迹半径为：

r=

m、q、B相同，则r与v成正比，电子的初速度不同，则半径不同，即r1≠r2．

电子圆周运动的周期T==

m、q、B均相同，则电子运动的周期相同，即T1=T2．

故选：A．2、D【分析】【分析】抓住用户增多时；消耗的电功率变大，则降压变压器的输入功率变大，结合电流的变化判断出输电线上功率损失的变化，从而得出升压变压器原副线圈功率的变化．

抓住升压变压器的输入电压不变，得出输出电压不变，结合输电线上的电压损失得出降压变压器原副线圈电压的变化．【解析】【解答】解：A、交流发电机的输出电压U1一定，匝数没变，根据，知U2不变；故A错误；

B、当用户的用电器增多时，用户消耗的电功率变大，则输入功率增大，即P3变大；故B错误．

C、D、输送功率一定时，根据P=UI和知，要减小线路的损耗，应增大输送电压，又U1一定，根据知，所以应增大升压变压器的匝数比；U3=U2-IR，U2增大，I2减小，所以U3增大，用户电压不变，根据知；应增大降压变压器的匝数比，故C错误，D正确；

故选：D．3、B【分析】【分析】若已知质点A正向y轴正方向振动，可判断波的传播方向．已知t2-t1＜T，当波向右传播时，波传播的时间t2-t1为T，当波向左传播时，波传播的时间t2-t1为T，求出周期T．由波长与周期的关系可确定波速可能值．【解析】【解答】解：A；题中没有说明质点A振动方向；因此也无法判断出波的传播方向．故A错误；

B、C已知t2-t1＜T，则根据波形的平移得知，波传播的时间t2-t1=2s，由图象可知，当波向右传播时，波传播的时间t2-t1为T，则周期为T=8s，再由波长为λ=4m，可得波速v==0.5m/s；当波向左传播时，波传播的时间t2-t1为t，则周期为T=s，可得波速v==1.5m/s．故B正确；C错误；

D；若已知波的传播方向；可以确定质点的振动方向，所以由于本题没有确定波的传播方向，因此不能确定质点的振动方向，故D错误；

故选：B4、C【分析】

A；由图读出；此列简谐波的波长为8m，振动质点的振幅为2cm．故A错误．

B；t=0s时刻；x=4m处质点处于平衡位置，加速度最小．故B错误．

C、由波速公式v=得，周期T==t=1s=T时刻，x=8m处的质点与t=0时刻的振动情况相同，质点具有负向最大速度．故C正确．

D；x=6m处质点做简谐运动；在一个周期内通过的路程等于四个振幅，t=5s=2.5T，则从t=0s时刻到t=5s时刻，x=6m处质点通过的路程为S=2.5×4A=2.5×4×2cm=20cm．故D错误．

故选C

【解析】【答案】相邻两个波峰或波谷间的距离等于波长；由图直接读出波长．y的最大值等于振幅．t=0时刻，x=4m处质点处于平衡位置，加速度最小．根据波速公式求出周期，根据时间与周期的关系确定t=1s时刻，x=8m处的质点加速度．质点在一个周期内通过的路程等于四个振幅，由时间与周期的关系求出从t=0s时刻到t=5s时刻，x=6m处质点通过的路程．

5、B|D【分析】

A；Q受到重力、墙壁的弹力、P的压力和静摩擦力；共4个力作用．故A错误．

B；P受到重力、Q的支持力和静摩擦力；绳子的拉力，共4个力作用．故B正确．

C；Q受到的静摩擦力竖直向上；与其重力平衡，与绳子长度无关，所以若绳子变短，Q受到的静摩擦力不变．故C错误．

D；设绳子与竖直方向的夹角为α；P的重力为G，绳子的拉力大小为F，则由平衡条件得：G=Fcosα，若绳子变长，α变小，cosα变大，则F变小．故D正确．

故选BD

【解析】【答案】按重力；弹力和摩擦力的顺序分析物体的受力情况．对Q；由平衡条件分析绳子变短时，Q受到的静摩擦力如何变化．对P，由平衡条件研究绳子变长时，绳子的拉力如何变化．

6、A|B【分析】【解析】略【解析】【答案】AB7、B【分析】【分析】本题题中由于带电球的大小与它们之间的距离相比，不能忽略，因此不能看作点电荷，不能直接利用库仑定律计算库仑力的大小，只能根据库仑定律定性的比较库仑力的大小．【解析】【解答】解：当两球心相距r时，而半径为0.2r；两球不能看成点电荷，电荷的中心不在几何中心；

如果是同种电荷，排斥，电荷中心距离大于r，故F＜k；故B正确，ACD错误．

故选：B．二、填空题(共7题，共14分)8、2π【分析】【分析】设地球的质量为M，静止在地面上的物体质量为m，根据地球表面重力等于向心力列式，再根据人造地球卫星做匀速圆周运动时由万有引力提供向心力列式，由以上两式即可求得该人造地球卫星的周期．【解析】【解答】解：设地球的质量为M；静止在地面上的物体质量为m，忽略地球的自转时有：

=mg；

得：GM=gR2

人造地球卫星做匀速圆周运动时由万有引力提供向心力：

=m

由以上两式得该人造地球卫星的周期：T=2π；

故答案为：2π．9、36880.4【分析】【分析】木块静止时，受平衡力．匀速直线运动时，仍受平衡力．由静摩擦到动摩擦，摩擦力在改变．当处于滑动摩擦状态时，摩擦力不再改变．【解析】【解答】解：当用3N的力拉物块木块静止时；木块在水平方向上受静摩擦力f与拉力F处于平衡状态，由平衡条件得：f=F=3N．当用6N的水平力拉时仍没有动，摩擦力为。

6N；当用8N的力拉物块时物体恰好做匀速运动，此时摩擦力为f=μN=μmg=8N，解得=0.4；当用10N的力时物体做加速运动，摩擦力为滑动摩擦力8N，这个木块与桌面间的摩擦系数为0.4．

故答案为：3，6，8，8，0.410、增加吸热【分析】【分析】根据理想气体状态方程=C求解气体的温度变化情况；温度是分子热运动平均动能的标志，根据温度的变化判断内能的变化，再结合热力学第一定律判断吸热还是放热．【解析】【解答】解：根据理想气体状态方程=C得：PV=CT，C不变，pV越大，T越高．故气体从状态a到b的变化过程中温度增加；理想气体的内能只与温度有关，故内能增加；

由状态a变化到状态b的过程中体积不变；则气体不对外界做功；外界也不对气体做功，根据热力学第一定律△U=Q+W知气体吸收了热量．

故答案为：增加，吸热．11、33【分析】【分析】（1）分析电路结构；明确各电路元件的连接方式，画出等效电路图；

（2）根据各电表所测量的量及题中所给数据；判断各数据是哪个表的示数；

再根据电表所测的量及并联电路特的确定各电表示数单位；

（3）根据电路图及电表示数求出电源电压，由并联电路特点求出流过R2的电流；

最后由欧姆定律求出电阻R2的阻值．【解析】【解答】解：（1）分析电路结构，等效电路图如图所示；

（2）由电路图知：电压表测电源电压；电源电压与电压表示数相等；

R1=2Ω，由欧姆定律知：电源电压，即电压表示数U=IA2R1=2IA2；

即电压表示数是电流表A2示数的两倍；由题中所给数据可知：3是电压表示数；

3的单位是V，即UV=3V，电源电压U=UV=3V；1.5是电流表A2的示数；单位是A；

即IA2=1.5A；剩下的数据2.5是电流表A1的示数单位是A，即IA1=2.5A；

（3）由并联电路电流特点知；流过电阻R2的电流I2=IA1-IA2=2.5A-1.5A=1A；

R2的阻值R2===3Ω；

故答案为：3；3．12、略

【分析】解：(1)测量大气压强的实验原理：P=．

故答案为：P=．

(2)方法一：①将蘸水的面积为2cm2带有挂钩的小吸盘压在光滑水平的玻璃板上；挤出塑料吸盘内的空气；

②将装有适量细砂的小桶轻轻地挂在吸盘的塑料挂钩上；

③轻轻地向小桶内加沙；直到塑料吸盘刚好脱离玻璃板，用弹簧测力计测出这时小桶和沙的总重力G．

方法二：①将蘸水的面积为2cm2带有挂钩的小吸盘压在光滑水平的玻璃板上；挤出塑料吸盘内的空气；

②用弹簧测力计钩着吸盘挂钩缓慢往上拉；直到吸盘脱离板面；

③记录刚刚拉脱时弹簧测力计的读数F；这就是大气对吸盘的压力；

(3)第二种方案中，当吸盘刚刚拉脱时，由于弹簧测力计不稳定，所以读数时，容易出错．【解析】P=13、4m/s4m3m3m/s5s4s【分析】【分析】根据匀变速直线运动的速度时间公式求出2s末的速度，根据位移时间公式求出2s内的位移和第2s内的位移，从而通过平均速度的定义式求出第2s内的平均速度．根据速度时间公式求出运动的时间，根据位移时间公式求出发生16m位移的时间．【解析】【解答】解：物体在2s末的速度v=at=2×2m/s=4m/s；

2s内的位移．

第2s内的位移；

则第2s内的平均速度．

速度达到10m/s所用时间；

根据x=得，．

故答案为：4m/s，4m，3m，3m/s，5s，4s．14、0.2522s3s【分析】【分析】振动物体完成一次全振动的时间叫做周期，由振动图象直接读出周期和振幅，由f=求出频率f．质点通过平衡位置时速度最大．位移最大时加速度最大．【解析】【解答】解：由图；质点的振动周期为T=4s，振幅为A=2cm

则频率为f==Hz=0.25Hz

在0到4s内速度为-x方向且数值最大的时刻为t=2s；

根据a=-知；加速度为+x方向且数值最大的时刻为t=3s．

故答案为：0.25，2，2，3．三、判断题(共7题，共14分)15、×【分析】【分析】影响蒸发快慢的因素和液体的温度、表面积以及空气的流动性有关．【解析】【解答】解：根据蒸发与液化的特点；影响蒸发快慢的因素和液体的温度；表面积以及空气的流动性有关，与绝对湿度无关．故该说法是错误的．

故答案为：×16、√【分析】【分析】由牛顿第三定律可知，作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上，力的性质相同，它们同时产生，同时变化，同时消失．【解析】【解答】解：由牛顿第三定律可知；作用力与反作用力总是大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上，力的性质相同，它们同时产生，同时变化，同时消失，故该说法是正确的．

故答案为：√17、×【分析】【分析】根据串并联电路电流和电压的规律进行分析，串联电路中电压与电阻成正比．【解析】【解答】解：串联电路中电流相等；故电压分配与电阻成正比；所以该说法是错误的．

故答案为：×18、√【分析】【分析】磁场虽然是看不见、摸不着的，但它会对放入它中的磁体产生力的作用，小磁针N极在磁场中所受的磁力方向跟该点的磁场方向相同．【解析】【解答】解：磁体的周围存在磁场；电流周围也存在磁场，磁场的基本性质是对放在其中的磁体存在力的作用．

磁场方向与放在该点的小磁针的N极静止时的方向一致；或小磁针北极的受力方向为该点的磁场方向．所以该说法是正确的．

故答案为：√19、√【分析】【分析】感应电流产生的条件是穿过闭合电路磁通量发生变化．1、电路要闭合；2、穿过的磁通量要发生变化．【解析】【解答】解：感应电流产生的条件是穿过闭合电路磁通量发生变化；只要穿过闭合电路的磁通量发生变化，闭合电路中就有电流产生．该说法是正确的．

故答案为：√20、√【分析】【分析】物理量按有无方向分矢量和标量，矢量的运算遵守平行四边形法则．【解析】【解答】解：矢量是既有大小；又有方向的物理量，矢量的运算遵守平行四边形法则．故这句话是正确的．

故答案为：√21、×【分析】【分析】重心就是重力的作用点，物体的重心在物体的几何中心上有两个条件：质地均匀，外形规则．【解析】【解答】解：由于课本上指出重心就是重力的作用点；因此重力作用在物体的重心点上；质地均匀，外形规则的物体的重心在物体的几何中心上．质量不是均匀分布的物体，即使外形规则的物体，重心有可能不在物体的几何中心上．所以以上说法是错误的．

故答案为：×四、实验题(共2题，共16分)22、略

【分析】【解析】

试题分析：①还需要交流电源打点计时器才可以工作；纸袋打出来后需要刻度尺测量距离；

②T=5×0.02s=0.1s；

v2=(s2+s3)/0.2=0.504m/s；

a1=(s3-s1)/2T2,a2=(s4-s2)/2T2；

a=(a1+a2)/2==1.50m/s2。

考点：本题考查打点计时器的应用。【解析】【答案】①AC②T=0.1sv2=0.504m/sa=a=1.50m/s223、4.00.250.2【分析】【分析】（1）根据匀变速直线运动的位移时间公式求出滑块的加速度；

（2）依据表中数据运用描点法作出图象；

（3）知道滑块运动的加速度a和所受拉力F的关系图象斜率等于滑块质量的倒数．对滑块受力分析，根据牛顿第二定律求解．【解析】【解答】解：（1）根据运动学公式d=得，a=．

（2）依据表中数据运用描点法作出图象；如图所示．

（3）根据F-μmg=ma得a=；所以滑块运动的加速度a和所受拉力F的关系图象斜率等于滑块质量的倒数．

由图形得加速度a和所受拉力F的关系图象斜率k=4；所以滑块质量m=0.25Kg；

由图形得，当F=0.5N时，滑块就要开始滑动，所以滑块与轨道间的最大静摩擦力等于0.5N，

而最大静摩擦力等于滑动摩擦力；即μmg=0.5N；

解得μ=0.2

故答案为：（1）4.0；（2）如图；（3）0.25，0.2五、推断题(共1题，共7分)24、rm{(1)}羧基、碳碳双键羧基、碳碳双键苯甲醛。

rm{(1)}加聚反应

rm{(2)CH_{3}COOCH=CH_{2}}

rm{(3)}

rm{(4)}

rm{(5)18}rm{(6)}【分析】【分析】本题考查有机物的推断与合成，充分利用转化关系中物质的结构及分子式，结合正、逆推法进行推断，较好的考查学生的分析、推理能力，注意掌握官能团的性质与转化，难度中等．【解答】由rm{D}的结构可以知道，rm{A}中含有苯环，rm{A}与rm{CH_{3}CHO}的结构可以知道，rm{D}中含有苯环，rm{A}与rm{A}rm{CH_{3}CHO}由物质的分子式及信息Ⅰ，可推知反应得到rm{B}由物质的分子式及信息Ⅰ，可推知rm{A}为为rm{B}为rm{A}与银氨溶液发生氧化反应、酸化得到，rm{B}为则rm{B}为，rm{B}与银氨溶液发生氧化反应、酸化得到rm{C}则rm{C}为发生取代反应生成rm{B}乙炔和羧酸rm{C}加成生成rm{C}，rm{C}发生取代反应生成rm{D}乙炔和羧酸rm{X}加成生成rm{E}rm{E}发生加聚反应得到rm{F}则rm{E}分子中含有rm{C=C}发生加聚反应得到rm{C}则rm{D}分子中含有rm{X}rm{E}为rm{E}rm{F}的核磁共振氢谱为三组峰，且峰面积比为rm{E}rm{C=C}能发生水解反应，故E为双键，结合分子式可以知道，rm{X}为rm{CH_{3}COOH}rm{E}的核磁共振氢谱为三组峰，且峰面积比为rm{3:2:1}rm{E}能发生水解反应，故E为rm{CH_{3}COOCH=CH_{2}}rm{X}为rm{CH_{3}COOH}与rm{E}发生信息Ⅱ的反应得到光刻胶，则光刻胶的结构简式为：rm{3:2:1}

rm{E}为rm{CH_{3}COOCH=CH_{2}}分子中所含官能团名称为羧基和碳碳双键；rm{F}为为rm{F}的化学名称为苯甲醛，rm{G}与rm{D}发生信息Ⅱ的反应得到光刻胶，则光刻胶的结构简式为：rm{G}羧基、碳碳双键；苯甲醛rm{D}，的结构简式为rm{(1)C}为rm{(1)C}的反应类型是加聚反应，，rm{C}分子中所含官能团名称为羧基和碳碳双键；rm{G}为rm{C}rm{G}rm{A}的化学名称为与rm{A}反应的化学方程式为故答案为：，光刻胶的化学方程式为故答案为：故答案为：为；是rm{(2)E}的结构简式为与等物质的量的rm{(2)E}加成反应的产物，为饱和的芳香化合物，符合条件的同分异构体共rm{CH_{3}COOCH=CH_{2}}种，故答案为：，rm{E隆煤F}的反应类型是加聚反应，rm{E隆煤F}故答案为：rm{CH_{3}COOCH=CH_{2}}；加聚反应；rm{(3)B}rm{Ag(NH_{3})_{2}OH}为原料制备rm{(4)D+G隆煤}rm{(5)C}rm{H}rm{C}rm{H_{2}}rm{14}rm{14}的合成路线流程图为rm{(6)}以rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{2}}【解析】rm{(1)}羧基、碳碳双键羧基、碳碳双键苯甲醛。

rm{(1)}加聚反应rm{(2)CH_{3}COOCH=CH_{2}}rm{(3)}

rm{(4)}rm{(5)18}rm{(6)}六、解答题(共4题，共16分)25、略

【分析】【分析】（1）由图先读出两列波的波长，根据T=求解周期；

（2）读出波的振幅；当两波的波峰相遇时，x=50cm处的质点偏离平衡位置位移为16cm，则当两波的波峰再次相遇时，x=50cm处的质点偏离平衡位置位移再次达到16cm，则最短时间为两个周期的最小公倍数；

（3）先通过图表示出t=0时，两波波峰间的x坐标之差的表达式，从而可计算出相向传播的波峰间的最小距离，也就可以计算出从t=0开始，介质中最早出现偏离平衡位置位移为16cm的质点的时间．【解析】【解答】解：（1）从图线可以看出；甲；乙两列波的波长分别为：

λ1=50cm，λ2=60cm①

则甲的周期为：；

乙的周期为：；

（2）t=0时；在x=50cm处两列波的波峰相遇，该处质点偏离平衡位置的位移为16cm，两列波的波峰相遇处的质点偏离平衡位