2025年外研衔接版高二物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研衔接版高二物理下册月考试卷333考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、在水平力F的作用下，重为G的物体沿竖直墙壁匀速下滑，物体与墙之间的动摩擦因数为μ，物体所受摩擦力大小为A.μfB.μ（F＋Ｇ）C.μ（F－Ｇ）D.Ｇ2、如图所示，理想变压器的原、副线圈匝数之比为n1：n2=3：1，原线圈回路中的电阻A与副线圈回路中的负载电阻B的阻值相等。a、b端加一定交流电压U=311sin100πt（V）后，则（）A.两电阻两端的电压比UA：UB=3：1B.两电阻中的电流之比IA：IB=1：3C.两电阻消耗的电功率之比PA：PB=1：1D.电阻B两端的电压表的示数UB=66V3、已知交变电流i=Imsinωt，线圈从零时刻开始，至少转动了多少时间其瞬时值等于有效值（）A.B.C.D.4、一单匝闭合线框在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的转轴匀速转动.

在转动过程中，线框中的最大磁通量为娄碌

m

最大感应电动势为E

m.

下列说法中正确的是()A.当磁通量为零时，感应电动势为零B.当磁通量减小时，感应电动势在减小C.当磁通量等于0.5

娄碌

m

感应电动势等于0.5

E

m

D.角速度娄脴

等于E

m/

娄碌

m

5、一辆汽车做匀速直线运动从甲地到乙地，在乙地停留了一段时间后，又从乙地匀速返回到甲地.

下图所示的描述汽车在整个运动过程中的位移图象正确的是(

)

A.B.C.D.评卷人得分二、填空题(共9题，共18分)6、频率相同的声波，在空气中和水中相比较，在____中更容易发生明显的衍射现象。7、某匀强电场中的等势面如图所示，相邻等势面间的距离为4mm，则该电场的场强E=______V/m；一个电荷量为-1.0×10-8C的点电荷沿半径为4mm的圆弧由圆上A点移到圆上B点，AB是直径，与等势面夹角为60°，则移动过程中静电力做功______J．8、一平行板电容器两极板间的距离为d，极板面积为S，对此电容器充电后断开电源，当增加两极板间距时，电容器两极板间的电场强度______，电势差为______（填增大、减小或不变）9、某同学在《用双缝干涉测光的波长》实验中，实验装置如图1所示，使用的双缝的间距为0.025cm．实验时，首先调节______和______的中心位于遮光筒的中心轴线上，并使______和______竖直且互相平行，当屏上出现了干涉图样后，通过测量头（与螺旋测微器原理相似，手轮转动一周，分划板前进或后退0.500mm）观察第一条亮纹的位置如图2（a）所示，第五条亮纹位置如图2（b）所示，测出双缝与屏的距离为50.00cm，则待测光的波长λ=______nm．

10、在做“用油膜法估测分子的大小”的实验中：

（1）关于油膜面积的测量方法，下列做法中正确的是______

A．油酸酒精溶液滴入水中后；要立刻用刻度尺去量油膜的面积。

B．油酸酒精溶液滴入水中后；要让油膜尽可能地散开，再用刻度尺去量油膜的面积。

C．油酸酒精溶液滴入水中后；要立即将油膜的轮廓画在玻璃板上，再利用坐标纸去计算油膜的面积。

D．油酸酒精溶液滴入水中后；要让油膜尽可能散开，等到状态稳定后，再把油膜的轮廓画在玻璃板上，用坐标纸去计算油膜的面积。

（2）实验中，将1cm3的油酸溶于酒精，制成200cm3的油酸酒精溶液，又测得1cm3的油酸酒精溶液有50滴，现将1滴溶液滴到水面上，水面上形成0.2m2的单分子薄层由此可估算油酸分子的直径d=______m．11、面积S=0.5m2的闭合金属圆环处于磁感应强度B=0.4T的匀强磁场中，当磁场与环面垂直时，穿过环面的磁通量是____；当磁场与环面平行时，穿过环面的磁通量是____；当金属圆环转过180°与环面又垂直时，穿过环面的磁通量大小是____，相对于初位置，磁通量变化量的大小为____．12、如图所示，虚线框内是匀强磁场，磁感应强度为B，倒日字形线框的三条直边的电阻均为r，长均为L，两横边电阻不计线圈平面与磁感线垂直，以速度v沿图示方向平动，在第一条边刚进入磁场时，a、b两端电势差为____．

13、在猜想弹性势能可能与哪几个物理量有关的时候，有人猜想弹性势能可能与弹簧的劲度系数k、弹簧的伸长量x有关，但究竟是与x的一次方，还是x的二次方，还是x的三次方有关呢?请完成下列练习以帮助思考。

①若弹性势能Ep∝kx，由于劲度系数k的单位是N/m，弹簧伸长量x的单位是m，则kx的单位是____。

②若弹性势能Ep∝kx2，由于劲度系数k的单位是N/m，弹簧伸长量x的单位是m，则kx2的单位是____。

③若弹性势能Ep∝kx3，由于劲度系数k的单位是N/m，弹簧伸长量x的单位是m，则kx3的单位是____。

从①②③中对单位的计算，你可以得到的启示：____。14、一个100匝的线圈，在0.4s内穿过它的磁通量从0.02Wb均匀增加到0.08Wb，则线圈中总的感应电动势______V．若线圈电阻为10Ω，则线圈中产生的电流强度I=______A．评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)15、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）16、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

17、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）18、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）19、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）20、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

21、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分四、简答题(共2题，共18分)22、某台电动机的额定电压为110V；额定电流是6A，正常工作时的效率是80%，求：

（1）电动机正常工作时的输入功率；

（2）电动机正常工作时的输出功率；

（3）电动机正常工作30min，该电动机电枢线圈电阻产生的内能．23、已知rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}都是短周期元素，它们的原子半径大小为rm{B>C>D>A.B}的基态原子中电子占据三种能量不同的原子轨道，且每种轨道中的电子总数相同；rm{D}原子有rm{2}个未成对电子rm{.A}rm{B}rm{D}三种元素组成的一种化合物rm{M}是新装修居室中常含有的一种有害气体rm{.E}是第四周期元素，其原子核外最外层电子数与rm{A}原子相同，其余各层电子均充满rm{.}回答下列问题rm{(}用元素符号或化学式表示rm{)}．

rm{(1)M}分子中rm{B}原子轨道的杂化类型为______．

rm{(2)}化合物rm{CA_{3}}的沸点比化合物rm{BA_{4}}的高，其主要原因是____．

rm{(3)}写出与rm{BD_{2}}互为等电子体的rm{C_{3}^{-}}的结构式______．

rm{(4)E^{+}}的核外电子排布式为____，如图是rm{D}rm{E}形成的某种化合物的晶胞结构示意图，该晶体rm{1}个晶胞中阳离子的个数为______．

rm{(5)}向rm{E}的硫酸盐溶液中通入过量的rm{CA_{3}}可生成rm{[E(CA_{3})_{4}]^{2+}}配离子，rm{1}rm{mol}rm{[E(CA_{3})_{4}]^{2+}}中含有rm{娄脪}键的数目为______．评卷人得分五、推断题(共2题，共20分)24、工业制钛白粉产生的废液中含有大量FeSO4、H2SO4和少量Fe2(SO4)3、TiOSO4，可利用酸解法生产补血剂乳酸亚铁。其生产流程如下：

已知：TiOSO4可溶于水，在水中电离为TiO2+和SO2-4。请回答下列问题：

（1）写出TiOSO4水解生成钛酸H4TiO4的离子方程式____。步骤①中加入足量铁屑的目的是____。

（2）步骤②的离子方程式是____，所得副产品主要是____（填化学式）。

（3）工业上由H4TiO4可制得钛白粉TiO2。TiO2直接电解还原法生产钛是一种较先进的方法，电解质为熔融的CaCl2，原理如图所示，阴极的电极反应式为____。

（4）工业上利用TiO2还可以用下列流程制取单质钛：

已知：①C(s)+O2(g)＝CO2(g)△H1＝－393.5kJ/mol②2CO(g)＋O2(g)＝2CO2(g)△H2＝－566kJ/mol③TiO2(s)＋2Cl2(g)＝TiCl4(s)＋O2(g)△H3＝+141kJ/mol则TiO2(s)＋2Cl2(g)＋2C(s)＝TiCl4(s)＋2CO(g)的△H＝____。

（5）乳酸可由乙烯经下列步骤合成：上述合成路线的总产率为56%，乳酸与碳酸亚铁反应转化为乳酸亚铁晶体的产率为80%，则生产468kg乳酸亚铁晶体（M＝234g/mol）需要标准状况下的乙烯____m3。

25、氨气是一种重要的化工产品及工业原料。I．某温度下，合成氨反应的平衡常数K=3.0×103(mol／L)-1，（1）写出其对应的化学方程式________________________________________。（2）某温度下，如果在体积恒定为10L的密闭容器中充入：0.1molN2、0.1molH2和2molNH3则反应____（填“正向进行”或“逆向进行”或“达到平衡”）。（3）该温度下，在体积恒定为10L的四个密闭容器中分别充入下列物质，反应达到平衡后，N2的转化率最大的是________。a．10molN2、30molH2和20molNH3b．10molN2和30molH2c．20molN2和60molH2d．10molN2和28molH2II．氨气极易溶于水，氨水是氨气溶于水而形成的溶液，回答下列问题：（4）在氨水溶液中加水稀释的过程，NH3·H2O的电离程度___________（填“增大”“减小”或“不变”），___________（填“增大”“减小”或“不变”）。（5）室温下，amol/L的(NH4)2SO4水溶液的pH=5，原因是溶液中存在平衡__________________（用离子方程式表示）。并计算该平衡的平衡常数表达式为________________________（用含代数a的较为精确的数学表达式表示，不必化简，不做近似运算）。评卷人得分六、实验探究题(共2题，共14分)26、一个小灯泡上标有“6V；0.2A”字样，现要描绘该灯泡的伏安特性曲线，有下列器材供选用：

A．电压表（0～3V；内阻2.0kΩ）

B．电压表（0～10V；内阻3.0kΩ）

C．电流表（0～0.3A；内阻2.0Ω）

D．电流表（0～6A；内阻1.5Ω）

E．滑动变阻器（30Ω；2A）

F．学生电源（直流；9V），还有开关；导线等．

（1）实验中所用的电压表应选______，电流表应选______．

（2）画出实验电路图，要求电压从0开始调节．27、在研究自由落体运动的实验中，某同学打出了一条纸带，已知打点计时器所接交流电源的频率为50Hz

他按打点先后顺序从比较清晰的点起，连续选取01234

等计数点，如图所示，量得01

两点之间的距离S1=3.00cm34

两点之间的距离S4=4.14cm

则23

两个计数点之间的时间间隔为______s

纸带在01

之间的平均速度为______m/s

重锤的加速度为______m/s2

．参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、A|D【分析】【解析】【答案】AD2、B|D【分析】试题解析：由于理想变压器的线圈匝数之比为为3：1，故原、副线圈的电压之比为3：1，而不是UA：UB=3：1，故A是不对的；由公式匝数与电流的关系可知，原、副线圈的电流之比为1：3，即通过两个电阻的电流之比IA：IB=1：3，B是正确的；由于其阻值是相等的，故两电阻消耗的电功率之比PA：PB=1：9，所以C是不对的；设B两端的电压表的示数为U，则原线圈中的电压为3U，由于理想变压的功率相等，故解之得U=66V，所以D是正确的。考点：变压器的线圈匝数与电压、电流的关系，理想变压器的原、副线圈的功率相等。【解析】【答案】BD3、D【分析】解：瞬时值：i=ImsinωtA；

最大值：Im；

有效值：I=

瞬时值等于有效值；故：

i=I

即：Imsinωt=

解得：

ωt=+2nπ（n=0；1、2、）

或者：ωt=+2nπ（n=0；1、2、）

故t=

求转过时间的最小值。

故ABC错误；D正确；

故选：D．

正弦交流电的最大值和有效值的关系表达式为：I=根据题意中瞬时值等于有效值列式求解即可．

本题关键熟悉交变电流的有效值、瞬时值、最大值的表达式，注意多解，但求最小值【解析】【答案】D4、D【分析】【分析】电动势为零时；线圈处在中性面上，磁场与线圈平面垂直，所以通过线圈的磁通量最大，根据最大感应电动势为Em=BS娄脴

和最大磁通量搂忙m=BS

间的关系，很容易求出角速度。

本题就是考查对最大感应电动势为Em

和最大磁通量搂忙m

的理解，应用公式可直接求出，不难。【解答】A.当线框磁通量为零时；磁场与线圈平面平行，磁通量的变化率最大，所以感应电动势最大，故A错误；

B.假设磁通量的表达式为娄碌=娄碌msin娄脴t

则感应电动势的表达式为e=Emcos娄脴t

所以当线框磁通量减小时，感应电动势在增大，故B错误；

C.根据娄碌

和e

的表达式可知；当线框磁通量等于0.5娄碌m

时，感应电动势不等于0.5Em

故C错误；

D.最大感应电动势为Em=BS娄脴

最大磁通量搂忙m=BS

所以Em=搂忙m娄脴

所以娄脴=Em鈱�m

故D正确；

故选D。

【解析】D

5、D【分析】解：A.A

图象中第三段图线表示时光倒流；不符合题意.

故A错误；

B.B

图象中第三段图线表示时光倒流；不符合题意，故B错误；

C.C

图象中；汽车在乙地没有停留就返回了，故C错误；

D.D

图表示先沿正方向做匀速直线运动；接着静止一段时间，然后再沿负方向做匀速直线运动返回，符合题意.

故D正确．

故选D．

由题可知；该汽车先做匀速直线运动，到乙地后停留一段时间，然后，沿原路做匀速直线运动返回.x鈭�t

图象中倾斜的直线表示匀速，与时间轴平行的直线表示静止，对照选项选择符合题意的图线．

本题考查对匀速直线运动位移鈭�

时间图象的识别、理解能力.

难度不大，属于基础题．【解析】D

二、填空题(共9题，共18分)6、略

【分析】【解析】【答案】水7、略

【分析】解：由图知，相邻间的电势差为2v，据E===500V/m

由U=Ed得：UAB=E2rcos30°①

电场力做功：W=Uq②

联立①②代入数据解之得：W=2×10-8J

故答案为：500；2×10-8．

抓住电场线与等势面垂直；由高等势面指向低等势面，确定电场强度的方向，结合电势差的大小和沿电场线方向上的距离求出电场强度的大小；用U=Ed求电势差，再求电场力做功．

灵活应用电势差与场强的关系，判断场强方向；利用匀强电场电势差与场强的公式求解是解题的核心．【解析】500；2×10-88、略

【分析】解：因通电后断开；故两板上的带电量不变；增加d，则C减小，则电势差U增大；

由C=及U=可知，U=则E==故只改变两极板间的间距时，电场强度不变；

故选案为：不变；增大。

通电后断开电容两板上的电荷量不变；由决定式可知当d变化时C的变化；由定义式可知两板间的电势差的变化；由U=Ed可知E的变化．

本题应明确通电后断开若只改变两板间的距离，则极板间的电场强度将保持不变．【解析】不变；增大9、略

【分析】解：实验时；首先调节光源和滤光片的中心使之位于遮光筒的中心轴线上，并使单缝和双缝竖直且平行；

第一条亮纹位置处；固定刻度读数为1mm，可动刻度读数为：12.9×0.01=0.129mm，故最终读数：1mm+0.129mm=1.129mm；

第五条亮纹位置处；固定刻度读数为5.5mm，可动刻度读数为：37.9×0.01=0.379mm，故最终读数为：5.5mm+0.379mm=5.879mm

则条纹间距：△x=mm≈1.19mm

根据公式△x=λ；代入数据得：λ=594nm．

故答案为：光源；滤光片，单缝，双缝，594．

固定仪器时要使单缝和双缝竖直且平行，螺旋测微器的读数为固定刻度读数加可动刻度读数，可动刻度读数需估读，求出条纹间距后根据公式△x=λ求解波长．

本题考查双缝干涉测量波长的实验原理△x=λ，掌握螺旋测微器的读数，及估计值，并与游标卡尺读数的区别．【解析】光源；滤光片；单缝；双缝；59410、略

【分析】解：（1）液滴入水中后；应让油膜尽可能散开，形成单分子油膜，再把油膜的轮廓画在玻璃板上，然后用坐标纸计算油膜的面积，由于油膜不规则，无法用刻度尺去量油膜的面积．故ABC错误，D正确．

（2）一滴油酸的体积为：V=•cm3=1×10-4cm3=1×10-10m3

油酸分子的直径为：d==m=5.0×10-10m

故答案为：（1）D；（2）5.0×10-10

（1）明确用“油膜法”估测分子大小的实验原理：认为油酸分子是紧密排列的；而且形成的油膜为单分子油膜，然后用每滴油酸酒精溶液所含油酸体积除以油膜面积得出的油膜面积厚度即为油酸分子直径．液滴入水中后，应让油膜尽可能散开，再把油膜的轮廓画在玻璃板上，然后用坐标纸计算油膜的面积．

（2）在油膜法估测分子大小的实验中；让一定体积的纯油酸滴在水面上形成单分子油膜，估算出油膜面积，从而求出分子直径．

本题理解并掌握实验原理，建立模型：油酸分子呈球型分布在水面上，且一个靠着一个，从而可以由体积与面积相除求出油膜的厚度．【解析】D；5.0×10-1011、略

【分析】

当磁场与环面垂直时，穿过环面的磁通量Φ1=BS=0.2Wb；当磁场与环面平行时，没有磁感线穿过圆环，则穿过环面的磁通量Φ2=0；当金属圆环转过180°与环面又垂直时，穿过环面的磁通量大小是Φ3=BS=0.2Wb；金属圆环转过180°与环面又垂直时，磁通量变化量的大小为△Φ=2BS=0.4Wb．

故答案为：0.2Wb；0；0.2Wb；0.4Wb．

【解析】【答案】在匀强磁场中；当磁场与环面垂直时，穿过环面的磁通量Φ=BS；当磁场与环面平行时，穿过环面的磁通量Φ=0；金属圆环转过180°与环面又垂直时，磁通量变化量的大小为△Φ=2BS．

12、略

【分析】

第一条边切割磁感线产生感应电动势为E=BLv，ab间电势差等于路端电压，大小为U==

故答案为：

【解析】【答案】第一条边刚进入磁场时，第一条边切割磁感线产生感应电动势，相当于电源，另外两条边并联，相当于外电路，求出感应电动势，再求出路端电压，即为ab间电势差．

13、NJJ·m弹性势能Ep与弹簧伸长量x的二次方有关的猜想有些道理【分析】【解答】物理量与单位是否统一是验证探究正确与否的方法之一。

【分析】从可能影响弹性势能的因素出发14、略

【分析】解：感应电动势E==

感应电流的大小I=．

故本题答案为：15；1.5．

根据法拉第电磁感应定律E=求出感应电动势；再根据欧姆定律求出感应电流的大小．

解决本题的关键掌握法拉第电磁感应定律E=和闭合电路欧姆定律．【解析】15；1.5三、判断题(共7题，共14分)15、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．16、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．17、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．18、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．19、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．20、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．21、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．四、简答题(共2题，共18分)22、略

【分析】

（1）电动机工作时；输入功率P=UI；

（2）电动机的输出功率P出=ηP入；

（3）动机线圈消耗的功率P=P入-P出；再根据Q=Pt求解．

本题考查功率公式的应用，要注意明确电动机为非纯电阻电路，各个公式的应用要明确，不能混淆，难度不大，属于基础题．【解析】解：（1）电动机的输入功率为：P入=UI=110×6=660W；

（2）电动机的输出功率为：P出=ηP入=660×0.80=528W；

（3）电动机线圈消耗的功率为：P=P入-P出=660-528=132W

电动机正常工作30min，电枢线圈电阻产生的内能为：W=Pt=132×30×60=3.78×104J

答：（1）电动机正常工作时的输入功率为660W；

（2）电动机正常工作时的输出功率为528W；

（3）电动机正常工作30min，该电动机电枢线圈电阻产生的内能为3.78×104J．23、（1）sp2（2）NH3分子间能形成氢键（3）[N=N=N]-（4）1s22s22p63s23p63d104（5）16×6.02×1023(16NA)【分析】【分析】本题是对物质结构的考查，涉及杂化轨道、氢键、等电子体、晶胞结构、核外电子排布、配合物、化学键等知识点，需要学生具备扎实的基础与灵活应用能力，题目难度中等。【解答】A、rm{B}rm{C}rm{D}都是短周期元素，它们的原子半径大小为rm{B>C>D>A}rm{B}的基态原子中电子占据三种能量不同的原子轨道，且每种轨道中的电子总数相同，则rm{B}是rm{C}元素；rm{D}原子有rm{2}个未成对电子，且rm{D}原子半径小于rm{B}且rm{D}是rm{O}元素，rm{C}的原子半径小于rm{B}而大于rm{D}则rm{C}是rm{N}元素，rm{A}rm{B}rm{D}三种元素组成的一种化合物rm{M}是新装修居室中常含有的一种有害气体，则该气体是甲醛，所以rm{A}是rm{H}元素，rm{E}是第四周期元素，其原子核外最外层电子数与rm{A}原子相同，其余各层电子均充满是第四周期元素，其原子核外最外层电子数与rm{E}原子相同，其余各层电子均充满，则rm{A}是铜元素。

rm{E}是rm{(1)M}甲醛分子中rm{HCHO}原子含有rm{C}个价层电子对，所以其原子轨道的杂化类型为rm{3}故答案为：rm{sp^{2}}

rm{sp^{2}}化合物rm{(2)}的沸点比化合物rm{NH_{3}}的高，氨气中存在氢键，甲烷中不含氢键，氢键的存在导致其沸点增大，故答案为：rm{CH_{4}}分子间能形成氢键；

rm{NH_{3}}等电子体的结构相似，所以与rm{(3)}互为等电子体的rm{CO_{2}}的结构式rm{N_{3}^{-}}故答案为：rm{[N=N=N]^{-}}

rm{[N=N=N]^{-}}的核外有rm{(4)Cu^{+}}个电子，根据构造原理知，其基态核外电子排布式为rm{28}rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{10}}形成的阳离子位于晶胞内部，该晶体由晶胞结构可知，rm{E}形成的阳离子位于晶胞内部，该晶体rm{1}个晶胞中阳离子的个数为rm{4}个晶胞中阳离子的个数为rm{E}，故答案为：rm{1}rm{4}

rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{10}}rm{4}rm{(5)}向硫酸铜溶液中通入过量的rm{NH}rm{NH}rm{{,!}_{3}}，可生成rm{[Cu(NH}rm{[Cu(NH}rm{{,!}_{3}}rm{)}键为rm{)}键，配位键属于rm{{,!}_{4}}键，故rm{]}rm{]}rm{{,!}^{2+}}配离子，rm{N-H}键为rm{娄脪}键，配位键属于rm{娄脪}键，故rm{1mol[Cu(NH}rm{N-H}rm{娄脪}rm{娄脪}键，含有rm{1mol[Cu(NH}键的数目为rm{{,!}_{3}}rm{)}rm{)}rm{{,!}_{4}}rm{]}rm{]}rm{{,!}^{2+}}中含有rm{16mol娄脪}键，含有rm{娄脪}键的数目为rm{16隆脕6.02隆脕10}【解析】rm{(1)sp^{2}}rm{(2)NH_{3}}分子间能形成氢键rm{(3)[N=N=N]^{-}}rm{(4)1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{10;;}4}rm{(5)16隆脕6.02隆脕10^{23}}rm{(16N_{A})}五、推断题(共2题，共20分)24、略

【分析】【分析】本题考查了铁盐和亚铁盐的相互转变、离子方程式的书写、电解原理、焓变的计算、原料利用率的计算等，难度中等，注意把握相关基本理论的理解和应用。【解答】（1）根据水解原理：盐+水=酸+碱，则TiOSO4水解生成钛酸H4TiO4的离子方程式TiO2+＋3H2OH4TiO4＋2H+；步骤①中加入足量铁屑的目的是将溶液中的Fe3+还原为Fe2+，消耗溶液中的H+促进TiO2+水解。（2）NH4HCO3在溶液中电离出HCO3-离子，易电离生成碳酸根，碳酸根和亚铁离子反应生成FeCO3促进HCO3-电离，故离子方程式Fe2+＋2HCO3-==FeCO3↓＋CO2↑＋H2O；所得的副产物为溶液中没有参加反应的铵根离子和硫酸根离子形成的(NH4)2SO4；（3）电解时，阴极上得电子发生还原反应，所以二氧化钛得电子生成钛和氧离子，故阴极电极反应：TiO2＋4e－==Ti＋2O2-（4）依据盖斯定律：由③+①×2-②可知△H＝△H3+△H1×2-△H2=+141+（-393.5）×2-（-566）=-80kJ/mol。（5）由题意知，乳酸生成乳酸亚铁的物质的量之比为2：1，设需要乙烯xm3，则反应生成468kg乳酸亚铁晶体所需乙烯为x=200m3。【解析】（1）TiO2+＋3H2OH4TiO4＋2H+将溶液中的Fe3+还原为Fe2+，消耗溶液中的H+，促进TiO2+水解（2）Fe2+＋2HCO3-==FeCO3↓＋CO2↑＋H2O(NH4)2SO4（3）TiO2＋4e－==Ti＋2O2-（4）-80kJ/mol（5）20025、略

【分析】【分析】本题考查较为综合，涉及化学平衡状态的判断、盐类水解、水的电离、盐类水解平衡常数的计算等知识，为高考常见题型，难度中等，注意把握相关基本理论的理解和应用。【解答】（1）工业上一般用氮气和氢气在催化作用下合成氨，其对应的化学方程式为N2+3H22NH3故答案为：N2+3H22NH3；（2）合成氨反应浓度积所以平衡向逆反应方向移动，故答案为：逆向进行；

（3）a与b相比，a中含有大量的氨气，因此b中氮气的转化率大于a中；b与d相比，b中氢气浓度大，故b中氮气的转化率高；由于正反应是体积减小的可逆反应，所以增大压强平衡向正反应方向进行，c与b相比，