2025年湘教新版高二物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年湘教新版高二物理下册月考试卷243考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、下列说法正确的是（）A.结合能是由于核子结合成原子核而具有的能量B.核子组成原子核过程中不存在质量亏损C.中等大小的核的比结合能量大，相应原子核最稳定D.氘核的比结合能为W，光速为c，则质子和中子结合成氘核过程中质量亏损为2、如图所示，一细束红光和一细束蓝光平行射到同一个三棱镜上，经折射后交于光屏上的同一个点M，若用n1和n2分别表示三棱镜对红光和蓝光的折射率，下列说法中正确的是A.n1<n2，a为红光，b为蓝光B.n1<n2，a为蓝光，b为红光C.n1>n2，a为红光，b为蓝光D.n1>n2，a为蓝光，b为红光3、如图所示，电子在电势差为U1的加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差为U2的两块平行极板间的电场中，入射方向跟极板平行，整个装置处在真空中，重力可忽略，在满足电子能射出平行板区的条件下，下述四种情况中，可能使电子的偏转角变大的（）A.U1变大，U2变大B.U1变小，U2变大C.U1变大，U2变小D.U1变小，U2变小4、变成要经过n1次α衰变，n2次β衰变，中子数减少的个数为n3，则：A.n1=6，n2=8，n3=22B.n1=6，n2=8，n3=16C.n1=8，n2=6，n3=22D.n1=8，n2=6，n3=165、如图所示，R1和R2是材料、厚度均相同、表面为正方形的导体，正方形的边长之比为2：1。通过这两导体的电流方向如图所示，则这两个导体电阻之比R1：R2为（）A.2:1B.1:1C.1:2D.1:46、一物体做匀加速直线运动，第1个4秒内的位移为x1=24m，第二个4秒内的位移为x2=64m，则物体的初速度和加速度分别为（）A.0m/s2m/s2B.2m/s3m/s2C.1m/s2.5m/s2D.3m/s3.5m/s27、关于物理学史的下列说法中不正确的是（）A.法拉第通过实验研究确认真空中两点电荷之间相互作用力的规律B.元电荷e的数值最早由密立根测得C.法拉第第一个采用电场线描述电场D.夜间高压线周围出现的绿色光晕，其实是一种微弱的尖端放电现象8、如图所示的同心圆是电场中的一簇等势线，一个电子只在电场力作用下沿着直线由A鈭�隆煤C

运动时的速度越来越小，B

为线段AC

的中点，则下列说法正确的是(

)

A.电子沿AC

方向运动时受到的电场力越来越小B.电子沿AC

方向运动时它具有的电势能越来越大C.电势差UAB=UBC

D.电势娄脮A<娄脮B<娄脮C

评卷人得分二、填空题(共5题，共10分)9、如图所示是一个双量程电压表，表头是一个内阻Rg＝500Ω，满刻度电流为Ig＝1mA的毫安表，现接成量程分别10V和100V的两个量程，则所串联的电阻R1＝Ω,R2＝Ω10、10个分子的动能和分子势能的总和就是这10个分子的内能．______．（判断对错）11、如图所示，一个上下都与大气相通的直圆筒，中间用两个活塞A与B封住一定质量的理想气体，活塞面积为0.01m2．A与B都可沿圆筒无摩擦地上、下滑动，但不漏气．A的质量为M=10kg，B的质量可不计，B与一劲度系数k=2×103N/m的较长的弹簧相连，已知大气压强p0=1×105Pa，平衡时，两活塞问的距离l0=0.65m，现用力压A，使之缓慢向下移动一定距离后再次平衡，此时，用于压A的力F=2×102N，求活塞A向下移动的距离．（假定气体温度保持不变，g=10m/s2）12、如图所示为氢原子能级示意图，现有大量的氢原子处于n=4

的激发态.

当向低能级跃迁时能辐射出______种不同频率的光；其中从能级n=4

向n=3

跃迁发出的光波长______(

选填“最长”或“最短”)

从能级n=4

向n=1

跃迁发出的光照射逸出功为6.34eV

的金属铂，则逸出光电子的最大初动能为______eV

．13、把质量为10kg的物体放在光滑的水平面上，如图7所示，在与水平方向成53°的10N的力F作用下从静止开始运动，在2s内力F对物体的冲量为___________？物体获得的动量是___________？评卷人得分三、判断题(共8题，共16分)14、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）15、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）16、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）17、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

18、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

19、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）20、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）21、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分四、实验探究题(共2题，共20分)22、某同学用实验的方法探究影响单摆周期的因素．

（1）他组装单摆是在摆线上端的悬点处，用一块开有狭缝的橡皮夹牢摆线，再用铁架台的铁夹将橡皮夹紧，如图1所示，这样做的目的是______（多选；填字母代号）

A；保证摆动过程中摆长不变。

B；可使周期测量得更加准确。

C；需要改变摆长时便于调节。

D；保证摆球在同一竖直平面内摆动。

（2）他组装好单摆后在摆球自然悬垂的情况下，用毫米刻度尺从悬点量到摆球的最低端的长度L=0.9990m，再用游标卡尺测量摆球直径，结果如图2所示，则摆球的直径为______mm，单摆摆长为______m

（3）如果他测得的g值偏小，可能的原因是______（单选；填选项前字母代号）

A；摆线上端未牢固地系于悬点；振动中出现松动，使摆线长度增加了。

B；测摆线长时摆线拉得过紧。

C；开始计时；秒表过迟按下。

D、实验中误将49次全振动数为50次．23、某兴趣小组用“测定金属丝的电阻率”的实验方法测出金属丝的长度，用螺旋测微计测量金属丝的直径，用伏安法测出金属丝的电阻，然后根据公式计算出该金属材料的电阻率。为了进一步测量一待测电阻RX的阻值，准备先用多用电表粗测出它的阻值，然后再用伏安法精确地测量。实验室里准备了以下器材：

A．多用电表。

B．电压表V1；量程6V，内阻约20kΩ

C．电流表A1；量程0～0.6A，内阻约0.2Ω

D．电流表A2；量程0～3A，内阻约0.02Ω

E．电源：电动势E=22V

F．滑动变阻器R1；最大阻值20Ω，最大电流为2A

G．滑动变阻器R2；最大阻值50Ω，最大电流为0.2A

H．导线；电键若干。

（1）若用螺旋测微器测得金属丝直径d的读数如图1；则直径d=______。

（2）在用多用电表粗测电阻时，该兴趣小组首先选用“×10”欧姆挡，其阻值如图2中指针所示，为了减小多用电表的读数误差，多用电表的选择开关应换用欧姆挡______（选填“×100”或“×1”）；按正确的操作程序再一次用多用电表测量该待测电阻的阻值时，其阻值如图3中指针所示，则RX的阻值大约是______Ω；

（3）在用伏安法测量该电阻的阻值时；要求待测电阻的电压从0开始可以连续调节，则在上述器材中应选出电流表______和滑动变阻器分别是______（填器材前面的字母代号）；

（4）在虚线框内画出用伏安法测量该电阻的阻值时的实验电路。

评卷人得分五、画图题(共2题，共12分)24、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象25、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象评卷人得分六、证明题(共2题，共10分)26、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。27、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】解：A；原子核是由于核子结合成原子核而放出的能量；结合能等于使其完全分解成自由核子所需的最小能量。故A错误。

B；核子组成原子核过程中；释放能量，存在质量亏损。故B错误。

C；中等大小的核的比结合能最大；因此这些核是最稳定，故C正确。

D、根据质能方程，质子和中子结合成氘核过程中质量亏损为△m==故D错误。

故选：C。

结合能：两个或几个自由状态的粒子结合在一起时释放的能量；根据爱因斯坦质能方程；同时依据比结合能等于结合能与核子数的比值，即可求解。

考查质能方程的内容，掌握结合能与比结合能的含义，及两者的区别，注意质能方程中释放能量，应该对应的是结合能。【解析】C2、B【分析】【解析】试题分析：从题意来看，a光线被折射的程度超过b，所以即a为蓝光，b为红光，所以正确答案为B考点：折射率【解析】【答案】B3、A|B|D【分析】【解析】试题分析：电子经过电场加速后：偏转时受到的加速度为在电场中的运动时间为所以偏转的角度为所以要增大所以可得采用ABD正确，考点：考查了带电粒子在电场中的运动，【解析】【答案】ABD4、C【分析】根据质量数守恒，求得α衰变的次数电荷数减小16；发生一次β衰变，一个中子转化成一个质子和一个电子，根据电荷数守恒，β衰变的次数发生一次α粒子衰变减小2个质子与2个中子，故共减小的中子数为C正确。【解析】【答案】C5、B【分析】试题分析：由于两导体的材料相同，R1的长度是R2的2倍，横截面积也是2倍的关系，故两导体的电阻相等，则两个导体电阻之比R1：R2为1：1，B是正确的。考点：电阻定律。【解析】【答案】B6、C【分析】解：由题，物体做匀加速直线运动，T=4s，x1=24m，x2=64m

根据推论△x=aT2得，x2-x1=aT2；

得：a=m/s2=2.5m/s2

又x1=v0T+

得：v0=

代入解得：v0=1m/s

故选：C

据题，物体做匀加速直线运动，在连续两个4s的时间间隔内所通过的位移分别为24m和64m，根据推论△x=aT2求出加速度；再由位移公式求出这个物体的初速度．

本题运用匀变速直线运动的推论求解的，也可以运用运动学的位移公式分别对两段位移进行列式，得到关于加速度和初速度的两个方程，再解方程组．【解析】【答案】C7、A【分析】解：A；是库仑通过实验研究得到了真空中两点电荷之间相互作用力的规律--库仑定律；不是法拉第，故A错误．

B；元电荷e的数值最早由密立根通过油滴实验测得的；故B正确．

C；法拉第第一个采用电场线描述电场；故C正确．

D；夜间高压线周围出现的绿色光晕；由于电压高，是一种微弱的尖端放电现象，故D正确．

本题选错误的；故选A

本题是物理学史问题；根据库仑；密立根、法拉第等科学家的成就进行解答即可．

本题关键要掌握著名科学家比如法拉第、库仑等人的成就，即可轻松解答．【解析】【答案】A8、B【分析】解：A

由于等势线是电场中的一簇同心圆；且电子由A

向C

运动过程速度越来越小，故题中电场是由一个处于圆心的负电荷产生的，根据库仑定律可以判断，电子沿AC

方向运动时受到的电场力越来越大，故A错误；

B；电子沿AC

方向运动时；电场力做负功，故电势能逐渐变大，故B正确；

C、电子沿AC

方向运动过程中，电场力逐渐变大，从A

到B

过程电场力较小，故从A

到B

过程电场力做功较少，根据电势差与电场力做功关系UAB=WABq

可以得到：UAB<UBC

故C错误；

D、电场线与等势面垂直，且由电势高的等势面指向电势低的等势面，电子由A

向C

运动过程速度越来越小，故电场力向外，场强向内，故外侧电势较高，故娄脮A>娄脮B>娄脮C

故D错误；

故选B．

由于等势线是电场中的一簇同心圆；且电子由A

向C

运动过程速度越来越小，故题中电场是由一个处于圆心的负电荷产生的，然后根据库仑定律；电势、电势差定义式和电场力做功与电势能变化关系列式分析判断．

本题关键根据等势面和电子的运动情况确定场源电荷的电性，然后得到电场线的分布图，最后根据库仑定律、电势、电势差定义式和电场力做功与电势能变化关系分析判断．【解析】B

二、填空题(共5题，共10分)9、略

【分析】【解析】：试题分析：由Ug=IgRg=0．5V，所以R1两端电压UR1=U1-Ug=9．5V，所以同理UR2=U2-U1=90V，考点：串联电路电压和电阻的关系【解析】【答案】：9．5×1039×10410、略

【分析】解：物体的内能是构成物体的所有分子的无规则热运动的动能和分子势能的代数和；具有统计意义，对单个或几个分子无意义；

故答案为：×

从微观上说；系统内能是构成系统的所有分子无规则运动动能；分子间相互作用势能的总和．

物体内部单个分子的速度是无规则的，故内能对对大量分子的统计规律，基础题目．【解析】×11、略

【分析】

根据受力平衡；求初态时封闭气体的压强，当用力压A时以整体为研究对象，求出弹簧增加的压缩量．，再以A为研究对象，求出末状态封闭气体的压强，以封闭气体为研究对象，根据玻意耳定律求出活塞A向下移动的距离．

本题考查了玻意耳定律与力学知识的综合，有一定难度．关键搞清初末状态，运用力学平衡和玻意耳定律综合求解．【解析】解：初态时活塞A受力平衡；有：

Mg+p0S=p1S

末态时活塞A受力平衡；有：

Mg+p0S+F=p2S

对内部气体由玻意耳定律得：

设弹簧压缩量增加△x；则有：

k△x=F

由上述四式得活塞A向下移动的距离为：

x=△x+l0-l=0.2m

答：活塞A向下移动的距离0.2m12、略

【分析】解：根据C42=6

知；这些氢原子总共可辐射6

种不同频率的光子；

n=4

和n=3

间的能级差最小；辐射的光子频率最小，波长最长．

n=4

和n=1

件的能级差最大；辐射的光子频率最大，波长最小．

用n=4

能级跃迁到n=1

能级辐射出的光子能量为鈻�E=13.6鈭�0.85=12.75eV

大于金属的逸出功6.34eV

可知能发生光电效应；

再依据光电效应方程；则有：Ekm=h娄脙鈭�W=12.75鈭�6.34=6.41eV

．

故答案为：6

最长，6.41

．

根据数学组合公式得出这些氢原子总共辐射不同频率的光子种数；能级差越大；辐射的光子频率越大，波长越小，结合光电效应的条件判断辐射的光子能否使金属铂发生光电效应．

解决本题的关键知道能级跃迁与吸收或辐射光子能量的关系，掌握光电效应的条件，并能灵活运用，基础题，注意理解光电效应方程的内容．【解析】6

最长；6.41

13、略

【分析】【解析】【答案】20N·s16kg·m/s三、判断题(共8题，共16分)14、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．15、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．16、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．17、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．18、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．19、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．20、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．21、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．四、实验探究题(共2题，共20分)22、略

【分析】解：（1）在摆线上端的悬点处；用一块开有狭缝的橡皮夹牢摆线，再用铁架台的铁夹将橡皮夹紧，是为了防止动过程中摆长发生变化，如果需要改变摆长来探究摆长与周期关系时，方便调节摆长，故AC正确，故选：AC

（2）由图示游标卡尺可知；游标卡尺示数为：d=15mm+2×0.1mm=15.2mm=0.0152m；

单摆摆长为：l=L-=0.9990m-m=0.9914m；

（3）由单摆周期公式：T=2π可知，重力加速度：g=

A、摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了，所测周期T偏大，由g=可知；重力加速度g的测量值偏小，故A正确；

B、测摆线长时摆线拉得过紧，所测摆长L偏大，由g=可知；所测g偏大，故B错误；

C、开始计时，秒表过迟按下，所测周期T偏小，由g=可知；所测g偏大，故C错误；

D、实验中误将49次全振动数为50次，所测周期T偏小，由g=可知；所测g偏大，故D错误；故选A；

故答案为：（1）AC；（2）15.2；0.9914；（3）A．

（1）单摆的摆长在摆动中不能变化．而摆长是影响周期的因素；应该在研究的时候予以改变，看看周期与摆长的关系；

（2）游标卡尺的读数等于主尺读数加上游标卡尺；不需估读，摆长等于悬点到球心的距离；

（3）根据单摆周期公式求出重力加速度的表达式；然后根据表达式分析实验误差．

掌握单摆的周期公式，从而求解加速度，摆长、周期等物理量之间的关系；摆长要注意是悬点到球心的距离，一般可利用摆线长度加球的半径的方式得到，题目中的方式不是特别常用．【解析】AC；15.2；0.9914；A23、0.520mm×19CF【分析】解：（1）由图示螺旋测微器可知；金属丝直径：d