2025年冀教版高一物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年冀教版高一物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、一辆汽车以20m/s的速度沿平直的公路从甲地开往乙地，又以30m/s的速度从乙地开往丙地．已知甲、乙两地间的距离与乙、丙两地间的距离相等，该汽车在从甲地开往丙地的过程中平均速度的大小为A.22m/sB.24m/sC.25m/sD.28m/s2、一个行星，其半径比地球的半径大2倍，质量是地球的25倍，则它表面的重力加速度是地球表面重力加速度的()A.6倍B.4倍C.25／9倍D.12倍3、【题文】我国将要发射一颗绕月运行的探月卫星“嫦娥1号”.设该卫星的轨道是圆形的，且贴近月球表面.已知月球的质量约为地球质量的月球的半径约为地球半径的地球上的第一宇宙速度约为7.9km/s，则该探月卫星绕月运行的速率约为（）A.0.4km/sB.1.8km/sC.11km/sD.36km/s4、【题文】如图所示，左侧是倾角为60°的斜面、右侧是1/4圆弧面的物体A固定在水平地面上，圆弧面底端的切线水平。一根轻绳两端分别系有质量为m1、m2的小球；跨过A顶端的定滑轮，当两球处于平衡状态时，右侧轻绳与水平方向夹角为60°，不计一切摩擦，两小球可视为质点，则两小球的质量之比为（）

A.1:1B.2:3C.2:D.4:35、【题文】如图；匀强电场方向水平向右，场强E，丝线长L，上端系于O点，下端系质量为m带电量为+q的小球，已知Eq=mg。现将小球从最低点A由静止释放，则()

A.小球可到达水平位置B.当悬线与水平呈45°角时小球的速度最大C.小球在运动过程中机械能守恒D.小球速度最大时悬线上的张力为6、下列各组物理量中，都是矢量的是（）A.位移、时间、速度B.加速度、速度的变化、速度C.速度、速率、加速度D.路程、时间、位移7、一辆汽车从静止开始由甲地出发，沿平直公路开到乙地刚好停止，其速度图象如图所示.

那么0隆芦t

和t隆芦3t

两段时间内，下列说法中正确的是(

)

A.加速度的大小之比为31

B.加速度的大小之比为11

C.位移的大小之比为12

D.位移的大小之比为13

8、世界上第一枚原子弹爆炸时，恩里克?

费米把事先准备好的碎纸片从头顶上撒下，碎纸片落到他身后约2m

处，由此，他根据估算出的风速(

假设其方向水平)

推测出那枚原子弹的威力相当于一万吨TNT

炸药.

若纸片是从1.8m

高处撒下，g

取10m/s2

则当时的风速大约是(

)

A.3.3m/s

B.5.6m/s

C.11m/s

D.33m/s

9、对于两个电容不同的电容器，下列说法正确的是()A.电容大的电容器带电荷量一定比较多B.电容大的电容器两板间的电势差一定比较大C.由C=QU

知，电容器所带电荷量Q

只要不断增大，U

可无限增大D.在相同电压作用下，带电荷量多的电容器的电容比较大评卷人得分二、填空题(共9题，共18分)10、一颗子弹速度为v时，刚好打穿一块钢板，那么速度为2v时，可打穿____块同样的钢板；要打穿n块同样的钢板，子弹速度应为____．11、在做“研究牛顿第二定律”的实验时：

（1）甲同学根据实验数据画出的小车的加速度a和小车所受拉力F的图象为如图所示中的直线Ⅰ，乙同学画出的图象为图中的直线Ⅱ．直线Ⅰ、Ⅱ在纵轴或横轴上的截距较大．明显超出了误差范围，下面给出了关于形成这种情况原因的四种解释，其中可能正确的是______．

（A）实验前甲同学没有平衡摩擦力。

（B）甲同学在平衡摩擦力时；把长木板的末端抬得过高了。

（C）实验前乙同学没有平衡摩擦力。

（D）乙同学在平衡摩擦力时；把长木板的末端抬得过高了。

（2）在研究小车的加速度a和拉力F的关系时，由于始终没有满足M＞＞m的关系，结果应是下图中的图______．

12、用如图所示实验装置验证机械能守恒定律．通过电磁铁控制的小铁球从A

点自由下落，下落过程中经过光电门B

时，毫秒计时器(

图中未画出)

记录下挡光时间t

测出AB

之间的距离h.

实验前应调整光电门位置使小球下落过程中球心通过光电门中的激光束．(1)

为了验证机械能守恒定律，还需要测量下列哪些物理量________．(A)A

点与地面间的距离H

(B)

小铁球的直径L

(C)

小铁球从A

到B

的下落时间tAB

(D)

小铁球的质量m

(2)

小铁球通过光电门时的瞬时速度v=

________，若下落过程中机械能守恒，则1t2

与h

的关系式为1t2=________

．13、桌面离地面的高度是0.9m，坐标系的原点定在桌面上，向上方向为坐标轴的正方向，有A、B两点离地面的距离分别为1.9m和0.4m．那么A、B的坐标分别是____m，____m．14、______是第一宇宙速度．值v=______

第二宇宙速度数值______，第三宇宙速度数值______．15、为了探究弹簧弹力F和弹簧伸长量x的关系，某同学选了A、B两根规格不同的弹簧进行测试，根据测得的数据绘出如图所示的图象，从图象上看，该同学没能完全按实验要求做，使图象上端成为曲线，图象上端成为曲线的原因是______．B弹簧的劲度系数为______N/m．劲度系数较大的是______（填A或B）．16、“用DIS

研究加速度与力的关系”的实验装置如图(a)

所示.

实验中通过增加钩码的数量，多次测量，可得小车运动的加速度a

和所受拉力F

的关系图象.

他们在轨道水平和倾斜的两种情况下分别做了实验，得到了两条a鈭�F

图线，如图(b)

所示．

(1)

图线______是在轨道右侧抬高成为斜面情况下得到的；(

选填“垄脵

”或“垄脷

”)

(2)

在轨道水平时小车运动的阻力f=

______；

(3)(

单选)

图(b)

中；拉力F

较大时，a鈭�F

图线明显弯曲，产生误差.

为消除此误差可采取的措施是______．

A.调整轨道的倾角；在未挂钩码时使小车能在轨道上匀速运动．

B.在增加钩码数量的同时在小车上增加砝码；使钩码的总质量始终远小于小车的总质量．

C.在钩码与细绳之间接入一力传感器；用力传感器读数代替钩码的重力．

D.更换实验中使用的钩码规格，采用质量较小的钩码进行上述实验．17、机车牵引力一定，在平直轨道上以a

1=1m/s2

的加速度行驶，因若干节车厢脱钩，加速度变为a

2=2m/s2

设所受阻力为车重的0.1

倍，则脱落车厢的质量与原机车总质量之比等于________.(

g

=10m/s2)

18、如图所示，轻弹簧k

一端与墙相连处于自然状态，质量为4kg

的木块沿光滑的水平面以3m/s

的速度运动并开始挤压弹簧，则弹簧的最大弹性势能为______J

木块被弹回速度达到1m/s

时弹簧的弹性势能为______J.评卷人得分三、简答题(共6题，共12分)19、如何理解经典力学的局限性？20、我国志愿者王跃曾与俄罗斯志愿者一起进行“火星鈭�500

”的实验活动.

假设王跃登陆火星后，测得火星的半径是地球半径的12

质量是地球质量的18.

已知地球表面的重力加速度是g

地球的半径为R

忽略火星以及地球自转的影响，求：

(1)

火星表面的重力加速度g隆盲

的大小；

(2)

王跃登陆火星后，经测量发现火星上一昼夜的时间为t

如果要发射一颗火星的同步卫星，它正常运行时距离火星表面将有多远？21、如图所示；细绳一端系着质量M=0.6kg

的物体，静止在水平面上，另一端通过光滑小孔吊着质量m=0.3kg

的物体，M

的中点与圆孔距离为0.2m

并知M

和水平面的最大静摩擦力为2N.

现使此平面绕中心轴线方向转动，若g=10m/s2

且m

始终处于静止状态.

求：

(1)

若物体M

恰好不受静摩擦力作用；则平面转动的角速度娄脴0

为多少？

(2)

平面转动的角速度娄脴

在什么范围内，物体M

才不会滑动？22、rm{(1)}有下列几组反应：A.rm{Zn+2HCl=ZnCl_{2}+H_{2}隆眉}B.rm{CO_{2}+H_{2}O=H_{2}CO_{3}}C.rm{S+O}2rm{overset{碌茫脠录}{=}}rm{SO_{2}}D.rm{Ba(OH)_{2}+H_{2}SO_{4}=BaSO_{4}隆媒+2H_{2}O}E.rm{Na_{2}CO_{3}+2HCl=2NaCl+H_{2}O+CO_{2}隆眉}F.rm{CaCO_{3}overset{?}{=}CaO+CO_{2}隆眉}G.rm{CH_{4}+2O_{2}overset{碌茫脠录}{=}CO_{2}+H_{2}O}H.rm{2KClO_{3}overset{?}{=}2KCl+3O_{2}隆眉}以上反应中，属置换反应的是_____，属化合反应的是________，属分解反应的是________，属复分解反应的是______，属氧化还原反应的是_____。rm{CaCO_{3}overset{?}{=}

CaO+CO_{2}隆眉}实验室制取rm{CH_{4}+2O_{2}overset{碌茫脠录}{=}

CO_{2}+H_{2}O}的反应方程式为：rm{2KClO_{3}overset{?}{=}

2KCl+3O_{2}隆眉}反应过程中转移rm{(2)}电子，生成标准状况下的rm{H_{2}}________rm{Zn+H_{2}SO_{4}=ZnSO_{4}+H_{2}隆眉}rm{2mol}用双线桥法表示出电子转移的方向和数目：rm{H_{2}}。rm{L}23、如图所示，(a)

图表示某物体在x

轴方向上的分速度的v鈭�t

图象，(b)

图表示该物体在y

轴方向上的分速度的v鈭�t

图象.

求：

(1)

物体在t=0

时的速度；

(2)t=8s

时物体的速度；

(3)t=4s

时物体的位移．24、(10分)将下列物质进行分类(填序号)①O2与O3②与③金刚石与石墨④干冰与CO2⑤H2、D2、T2⑥异丁烷和庚烷⑧乙醇与CH3OCH3(1)互为同位素的是____，(2)互为同素异形体的是____，(3)互为同分异构体的是____，(4)属于同一化合物的是____，(5)属于同系物的是____。评卷人得分四、画图题(共2题，共10分)25、画出下面2个物体所受重力的图示（1）放在桌面上的质量为m=0.1kg的字典（2）抛出后在空中飞行的质量为m=5kg的铅球。26、画出下面2个物体所受重力的图示（1）放在桌面上的质量为m=0.1kg的字典（2）抛出后在空中飞行的质量为m=5kg的铅球。评卷人得分五、解答题(共1题，共9分)27、如图所示，水平传送带以v=5m/s的恒定速度运动，传送带长AB=7.5m，今在其左端将一质量为m=1kg的工件轻轻放在上面，工件被带传送到右端，已知工件与传送带间的动摩擦因数μ=0.5，（g=10m/s2）试求：

（1）工件经过多长时间由传送带左端运动到右端。

（2）工件在传送带上相对滑动的长度．

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、B【分析】试题分析:设甲、乙两地间的距离为x，则汽车在甲、乙两地间运动时间t1=则汽车在乙、丙两地间运动时间t2=该汽车在从甲地开往丙地的过程中平均速度v====24m/s。故选B考点：平均速度【解析】【答案】B2、C【分析】试题分析：行星半径比地球的半径大2倍，行星半径是地球半径的3倍，根据黄金公式得出重力加速度则行星的重力加速度地球的重力加速度行星表面的重力加速度是地球表面重力加速度所以C项正确；A、B、D项错误。考点：本题考查了星体表面重力加速度的求法【解析】【答案】C3、B【分析】【解析】

试题分析：地球上的第一宇宙速度即环绕地球表面运行的速度，万有引力提供圆周运动的向心力．设地球质量为半径为R，月球质量为半径为r，地球第一宇宙速度为v地，环月速度为v月，有：对环绕地球表面运行的物体：对环绕月球表面运行的卫星：由以上两式并带入数据可得：故B

考点：第一宇宙速度；第二宇宙速度和第三宇宙速度；万有引力定律及其应用．

点评：本题关键是根据第一宇宙速度的表达式列式求解，其中第一宇宙速度为贴近星球表面飞行的卫星的环绕速度！【解析】【答案】B4、B【分析】【解析】

试题分析：两小球由同一条通过定滑轮的绳子连接；所以绳子对两球的拉力相等，分别对两小球受力分析可得：

对有:对有：

所以质量之比为2:3；B正确；

考点：本题考查了力的平衡以及正交分解。

点评：做此类型题目的关键是正确对物体受力分析，然后运用正交分解法列等式求解【解析】【答案】B5、A|B|D【分析】【解析】

试题分析：分析小球受力可知，重力与电场力的合力的方向与竖直方向成450角，根据等效思想，可以认为小球在此复合场中的等效重力方向与竖直方向成450角；如下图所示：

故可知，小球在此复合场中做单摆运动，由对称性可知，小球的等效最高点在水平位置，所以A正确；小球运动的等效最低点在与水平方向成450角的位置，此时小球速度最大，所以B正确；因小球运动过程中电场力做功，所以小球机械能不守恒，故C错误；由动能定理得根据圆周运动公式及牛顿第二定律可得联立解得所以D正确；

考点：场的叠加、圆周运动、牛顿第二定律【解析】【答案】ABD6、B【分析】解：A；位移、速度是矢量；而时间是标量，故A错误．

B；加速度、速度的变化、速度都是矢量；故B正确．

C；速率是标量；速度和加速度是矢量，故C错误．

D；路程、时间是标量；位移是矢量，故D错误．

故选：B

物理量按有没有方向分为矢量和标量两类；矢量是指既有大小又有方向的物理量，标量是只有大小没有方向的物理量．

对于物理量的矢标性是学习物理量的基本内容，矢量要掌握其方向特点进行记忆．【解析】【答案】B7、C【分析】解：设汽车的最大速度为v

．

AB

根据图象的斜率等于加速度，可得加速度的大小之比a1a2=vtv2t=21

故AB错误．

CD

位移的大小之比为x1x2=vt2v鈰�2t2=12

故C正确，D错误．

故选：C

在速度鈭�

时间图象中；图线的斜率表示加速度，图象与坐标轴围成面积代表位移．

本题是速度鈭�

时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度鈭�

时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义．【解析】C

8、A【分析】解：碎纸片竖直方向做自由落体运动，由h=12gt2

得运动时间t=2hg

水平运动的速度近似认为等于风速，水平方向做匀速直线运动，则水平方向速度v=xt=xg2h

代入解得v隆脰3.3m/s

故选A

碎纸片从头顶上撒下后；竖直方向做自由落体运动，由高度求出时间.

水平方向随风做匀速直线运动，由水平位移和时间求解风速．

本题中碎纸片的运动相当于平抛运动，研究方法采用运动的分解，考查知识的迁移能力．【解析】A

9、D【分析】【分析】电容的大小与电容器两端的电压及电容器所带的电量无关，根据C=娄脜S4娄脨kd

知电容与两极板的距离、正对面积有关。本题关键明确电容器的电容有电容器本身决定，与带电量和电势差无关，基础题。【解答】A.电容的大小与电容器两端的电压及电容器所带的电量无关；就如茶杯大，其中的水不一定多，故A错误；

B.根据公式C=QU

电势差U=QU

决定电势差的因素有电容器电容量和带电量，故B错误；

C.超过击穿电压；电容器将被损坏，故C错误；

D.根据公式C=QU

在相同电压作用下，带电量多的电容器的电容比较大，故D正确；

故选D。

【解析】D

二、填空题(共9题，共18分)10、略

【分析】

选子弹打穿钢板过程，则由动能定理可得：（1）

当子弹的速度为2v时，则由动能定理有：（2）

由以上两式可得：n=4

若刚好打穿n块同样的钢板，由动能定理可得：

解得：

故答案为：4；

【解析】【答案】子弹以一定速度刚好打穿钢板；从而可由动能定理可算出克服阻力做功与子弹动能变化的关系．当子弹的速度变为原来2倍时，则再次用动能定理来确定能打穿几块．还可以由已知钢板的块数来确定子弹的最小速度．

11、略

【分析】解：（1）A；B：甲图象表明在小车的拉力为0时；小车的加速度大于0，合外力大于0，说明平衡摩擦力过度，即把长木板的末端抬得过高了．故A错误、B正确．

C；D乙图象说明在拉力大于0时；物体的加速度还为0，说明合外力为0，即绳子的拉力被摩擦力平衡了，即没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，也就是没有将长木板的末端抬高或抬高不够．故C正确、D错误．

故选BC．

（2）设绳子上拉力为F，对小车根据牛顿第二定律有：F=Ma，对砂桶和砂有：mg-F=ma，由此解得：F=由此可知当M＞＞m时，F≈mg，而当没有满足M＞＞m的关系时，由于F＜mg，随着m的增大，M的加速度a=＜即实际的加速度小于理论值，图象将会发生弯曲．故ABC正确，D错误．

故选D．

故答案为：（1）BC．（2）D．

（1）甲图象表明在小车的拉力为0时；合外力大于0，说明平衡摩擦力过度．

乙图象说明在拉力大于0时；物体的加速度为0，说明绳子的拉力被摩擦力平衡了，即没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足．

（2）在验证加速度与质量的关系时；在重物质量m远小于小车质量M时，可近似认为小车受到的拉力等于重物的重力．

解决本题的关键是掌握实验原理，知道本实验应控制条件，就能顺利解决此类题目，就能举一反三，所以要注意基本原理的学习．【解析】BC；D12、垄脵D垄脷Lt2gLd2【分析】【分析】

(1)

该题利用自由落体运动来验证机械能守恒；因此需要测量物体自由下落的高度hAB

以及物体通过B

点的速度大小，在测量速度时我们利用小球通过光电门的平均速度来代替瞬时速度，因此明白了实验原理即可知道需要测量的数据；

(2)

利用小球通过光电门的平均速度来代替瞬时速度；由此可以求出小铁球通过光电门时的瞬时速度，根据机械能守恒的表达式可以求出所要求的关系式。

【解答】

(1)A

根据实验原理可知；需要测量的是A

点到光电门的距离，故A错误；

B.利用小球通过光电门的平均速度来代替瞬时速度时；需要知道挡光物体的尺寸，因此需要测量小球的直径，故B正确。

C.利用小球通过光电门的平均速度来代替瞬时速度；不需要测量下落时间，故C错误；

D

根据机械能守恒的表达式可知；方程两边可以约掉质量，因此不需要测量质量，故D错误；故选B。

(2)

利用小球通过光电门的平均速度来代替瞬时速度，故：v=Lt

根据机械能守恒的表达式有：mgh=12mV2

即：1t2=2gLd2

.

故答案为：垄脵D垄脷Lt2gLd2

【解析】垄脵D垄脷Lt2gLd2

13、略

【分析】

坐标系的原点定在桌面上；桌面离地面的高度是0.9m，而A；B两点离地面的距离分别为1.9m和0.4m．所以A点在桌面上方1m处，B点在桌面下方0.5m处，故A、B的坐标分别是1m，-0.5m

故答案为：1m；-0.5m

【解析】【答案】坐标系的原点定在桌面上；把A；B两点离地面的距离转化成距桌面的距离即可解题．

14、略

【分析】解：第一宇宙速度；它是人造地球卫星在近地圆轨道上的运行速度，②它是人造地球卫星在圆轨道上运行的最大速度，③它是卫星进入近地圆形轨道的最小发射速度；

这是卫星绕地球做圆周运动的最小发射速度7.9km/s；若7.9km/s≤v＜11.2km/s，物体绕地球运行（环绕速度）；

第二宇宙速度；这是物体挣脱地球引力束缚的最小发射速度11.2km/s，若11.2km/s≤v＜16.7km/s，物体绕太阳运行（脱离速度）；

第三宇宙速度；这是物体挣脱太阳引力束缚的最小发射速度16.7km/s，若v≥16.7km/s，物体将脱离太阳系在宇宙空间运行（逃逸速度）．

故答案为：它是人造地球卫星在近地圆轨道上的运行速度；②它是人造地球卫星在圆轨道上运行的最大速度，③它是卫星进入近地圆形轨道的最小发射速度；7.9km/s；11.2km/s；16.7km/s．

第一宇宙速度又称为环绕速度；是指在地球上发射的物体绕地球飞行作圆周运动所需的最小初始速度，第二宇宙速度，这是物体挣脱地球引力束缚的最小发射速度，第三宇宙速度，这是物体挣脱太阳引力束缚的最小发射速度．

理解三种宇宙速度，特别注意第一宇宙速度有三种说法：它是人造地球卫星在近地圆轨道上的运行速度，它是人造地球卫星在圆轨道上运行的最大速度，它是卫星进入近地圆形轨道的最小发射速度．【解析】它是人造地球卫星在近地圆轨道上的运行速度，②它是人造地球卫星在圆轨道上运行的最大速度，③它是卫星进入近地圆形轨道的最小发射速度；7.9km/s；11.2km/s；16.7km/s15、略

【分析】解：向上弯曲的原因是超出了弹性限度；

注意该图象中纵坐标为伸长量；横坐标为拉力，斜率的倒数为劲度系数；

由此可求出kB=100N/m；

由图象可知；A的劲度系数小，B的劲度系数大．

故答案为：超过弹簧的弹性限度；100，B．

根据胡克定律；结合数学知识即可正确解答，同时注意胡克定律成立的条件，从而即可求解．

本题考查了弹簧弹力F和弹簧伸长量x的关系的基础知识，比较简单，是一道考查基础知识的好题，注意图象的斜率含义．【解析】超过弹簧的弹性限度；100；B16、略

【分析】解：(1)

由图象可知；当F=0

时，a鈮�0.

也就是说当绳子上没有拉力时小车就有加速度，该同学实验操作中平衡摩擦力过大，即倾角过大，平衡摩擦力时木板的右端垫得过高．

所以图线垄脵

是在轨道右侧抬高成为斜面情况下得到的．

(2)

图线垄脷

是在轨道水平时做的实验；由图象可知：当拉力等于0.5N

时，加速度恰好为零，即刚好拉动小车，此时f=F=0.5N

(3)

随着钩码的数量增大到一定程度时图(b)

的图线明显偏离直线；造成此误差的主要原因是所挂钩码的总质量太大，而我们把用钩码所受重力作为小车所受的拉力；

所以消除此误差可采取的简便且有效的措施应该测量出小车所受的拉力；即在钩码与细绳之间放置一力传感器，得到力F

的数值，在作出小车运动的加速度a

和力传感器读数F

的关系图象，故选C．

故答案为：(1)垄脵(2)0.5N(3)C

解决实验问题首先要掌握该实验原理；了解实验的操作步骤和操作细节；

根据a鈭�F

图象的特点结合牛顿第二定律求解．

理解该实验的实验原理和数据处理以及注意事项；知道实验误差的来源．

对于实验我们要明确实验原理、具体实验操作以及数据处理等，同时要清楚每一项操作存在的理由，只有掌握好了基本知识和基本方法才能顺利解决实验题目，所以要重视基本知识和基本方法的学习和训练．【解析】垄脵0.5NC

17、1：3【分析】解：设机车原有车厢x

节；剩余y

节，设每节车厢质量为m

脱落前；根据牛顿第二定律：F鈭�0.1xmg=xma1

代入数据：F鈭�mx=mx

得F=2mx

车厢脱落后；根据牛顿第二定律，有。

F鈭�0.1ymg=yma2

代入数据：2mx鈭�ym=2my

解得：yx=23

脱落车厢的质量与原机车总质量之比：x鈭�yx=(x鈭�y)mxm=(3k鈭�2k)m3km=13

故答案为：13

对脱落车厢前后；分别运用牛顿第二定律列式，求出脱落车厢的节数与总节数之比，节数与质量成正比，即可求解脱落车厢的质量与原机车总质量之比。

本题考查牛顿第二定律的应用，关键是选择合适的研究对象，运用牛顿第二定律求解．【解析】13

18、略

【分析】解：对于木块和弹簧构成的系统；只有弹簧的弹力做功，系统的机械能守恒，则有：

弹簧的最大弹性势能Epm=12mv02=12隆脕4隆脕32=18J

木块被弹回速度达到1m/s

时；由机械能守恒知此时的弹性势能等于物体动能的减少量；

有：12mv02=Ep1+12mv12

代入数据得：Ep1=16J

故答案为：1816

木块压缩弹簧的过程中；木块的动能转化为弹簧的弹性势能，根据系统的机械能守恒，求弹簧的最大弹性势能.

物体动能的减少量等于弹簧弹性势能的增量，由此解答．

本题的关键要明确木块与弹簧组成的系统机械能是守恒的，即木块的动能和弹簧的弹性势能的总和保持不变，由系统机械能守恒解决这类问题．【解析】1816

三、简答题(共6题，共12分)19、略

【分析】牛顿认为时间和空间是绝对的，他在这样的时间和空间中描述的机械运动在低速情况下是足够精确的．然而，牛顿把时间、空间割裂开来，认为它们与物质运动无关的观点，在微观和高速领域中就不适用了．所以像一切科学一样，经典力学没有也不会穷尽一切真理，它有自己的局限性，它像一切科学理论一样，是一部“未完成的交响曲”．【解析】【答案】见解析20、解：（1）在地球表面；万有引力与重力相等；

=m0g

对火星=m0g′

测得火星的半径是地球半径的质量是地球质量的

联立解得g′=g

（2）火星的同步卫星作匀速圆周运动的向心力由火星的万有引力提供；且运行周期与火星自转周期相同．设卫星离火星表面的高度为h，则。

=m0（）2（R′+h）

GM′=g′R′2

解出同步卫星离火星表面高度h=-R

答：（1）火星表面的重力加速度g′的大小为g；

（2）它正常运行时距离火星表面的距离为-R．【分析】

(1)

求一个物理量之比；我们应该把这个物理量先表示出来，在进行之比，根据万有引力等于重力，得出重力加速度的关系，根据万有引力等于重力求出火星表面的重力加速度g隆盲

的大小；

(2)

火星的同步卫星作匀速圆周运动的向心力由火星的万有引力提供；且运行周期与火星自转周期相同，据此求解即可．

通过物理规律把进行比较的物理量表示出来，再通过已知的物理量关系求出问题是选择题中常见的方法.

把星球表面的物体运动和天体运动结合起来是考试中常见的问题．【解析】解：(1)

在地球表面；万有引力与重力相等；

GMm0R2=m0g

对火星GM隆盲m0R隆盲2=m0g隆盲

测得火星的半径是地球半径的12

质量是地球质量的18

联立解得g隆盲=12g

(2)

火星的同步卫星作匀速圆周运动的向心力由火星的万有引力提供；且运行周期与火星自转周期相同.

设卫星离火星表面的高度为h

则。

GM隆盲m0(R隆盲+h)2=m0(2娄脨t)2(R隆盲+h)

GM隆盲=g隆盲R隆盲2

解出同步卫星离火星表面高度h=3gR2t232娄脨2鈭�12R

答：(1)

火星表面的重力加速度g隆盲

的大小为12g

(2)

它正常运行时距离火星表面的距离为3gR2t232娄脨2鈭�12R.

21、解：（1）物体M不受摩擦力时；M做圆周运动需要的向心力等于m的重力，得：

mg=Mω02r

解得：ω0=

（2）当ω具有最小值时；M有向圆心运动趋势，故水平面对M的静摩擦力方向和指向圆心方向相反，且等于最大静摩擦力2N．根据牛顿第二定律隔离M有：

T-fm=Mω12r

代入数据解得：ω1=rad/s

当ω具有最大值时；M有离开圆心趋势，水平面对M摩擦力方向指向圆心，大小也为2N．再隔离M有：

T+fm=Mω22r

代入数据解得：ω=rad/s；

则平面转动的角速度ω在rad/s≤ω≤rad/s范围内；物体M才不会滑动．

答：（1）若物体M恰好不受静摩擦力作用，则平面转动的角速度ω0为5rad/s；

（2）平面转动的角速度ω在rad/s≤ω≤rad/s范围内，物体M才不会滑动．【分析】

(1)

物体M

不受摩擦力时；M

做圆周运动需要的向心力等于m

的重力，由此结合牛顿第二定律解答即可；

(2)

当M

所受的最大静摩擦力沿半径方向向外时；角速度最小，当M

所受的最大静摩擦力沿半径向内时，角速度最大，根据牛顿第二定律求出角速度的范围．

解决本题的关键搞清圆周运动向心力的来源，抓住临界状态，运用牛顿第二定律进行求解．【解析】解：(1)

物体M

不受摩擦力时；M

做圆周运动需要的向心力等于m

的重力，得：

mg=M娄脴02r

解得：娄脴0=mgMr=0.3隆脕100.6隆脕0.2=5rad/s

(2)

当娄脴

具有最小值时；M

有向圆心运动趋势，故水平面对M

的静摩擦力方向和指向圆心方向相反，且等于最大静摩擦力2N.

根据牛顿第二定律隔离M

有：

T鈭�fm=M娄脴12r

代入数据解得：娄脴1=10rad/s

当娄脴

具有最大值时；M

有离开圆心趋势，水平面对M

摩擦力方向指向圆心，大小也为2N.

再隔离M

有：

T+fm=M娄脴22r

代入数据解得：娄脴=52rad/s

则平面转动的角速度娄脴

在10rad/s鈮�娄脴鈮�52rad/s

范围内；物体M

才不会滑动．

答：(1)

若物体M

恰好不受静摩擦力作用，则平面转动的角速度娄脴0

为5rad/s

(2)

平面转动的角速度娄脴

在10rad/s鈮�娄脴鈮�52rad/s

范围内，物体M

才不会滑动．22、（1）ABCFHDEACGH

（2）22.4

（3）【分析】【分析】本题考查氧化还原反应及四种基本反应类型，为高频考点，把握反应分类及分类依据为解答的关键，题目难度不大。【解答】A.rm{Zn+2HCl篓TZnCl_{2}+H_{2}隆眉}属于置换反应；氧化还原反应；

B.rm{CO_{2}+H_{2}O篓TH_{2}CO_{3}}属于化合反应；

C.rm{S+O_{2}dfrac{underline{;{碌茫脠录};}}{;}SO_{2}}属于化合反应；氧化还原反应；

D.rm{S+O_{2}dfrac{

underline{;{碌茫脠录};}}{;}SO_{2}}属于复分解反应；

E.rm{Ba(OH)_{2}+H_{2}SO_{4}篓TBaSO_{4}隆媒+2H_{2}O}属于复分解反应；

F.rm{CaCO_{3}dfrac{underline{;;triangle;;}}{;}CaO+CO_{2}隆眉}属于分解反应；

G.rm{CH_{4}+2O_{2}dfrac{underline{;{碌茫脠录};}}{;}CO_{2}+H_{2}O}属于氧化还原反应；

H.rm{2KClO_{3}dfrac{underline{;;triangle;;}}{;}2KCl+3O_{2}隆眉}属于分解反应；氧化还原反应；

故rm{Na_{2}CO_{3}+2HCl篓T2NaCl+H_{2}O+CO_{2}隆眉}rm{CaCO_{3}dfrac{

underline{;;triangle;;}}{;}CaO+CO_{2}隆眉}rm{CH_{4}+2O_{2}dfrac{

underline{;{碌茫脠录};}}{;}CO_{2}+H_{2}O}rm{2KClO_{3}dfrac{

underline{;;triangle;;}}{;}2KCl+3O_{2}隆眉}属置换反应的是rm{A}属化合反应的是rm{BC}属分解反应的是rm{FH}

属复分解反应的是从反应可知，当生成rm{DE}氢气时转移属氧化还原反应的是电子，故应当为rm{ACGH}rm{(2)}失rm{1mol}个电子，氢从rm{2mol}变为rm{22.4L}价，故有：rm{(3)Zn}【解析】rm{(1)A}rm{BC}rm{FH}rm{DE}rm{ACGH}

rm{(2)22.4}rm{(3)}23、略

【分析】

(1)(2)v鈭�t

图象反映的是物体的速度随时间的变化关系；由图象可得出各时刻两个方向上的速度，由运动的合成与分解中求得合速度；

(3)v鈭�t

图象中图象与时间轴围成的面积表示位移；由两图分别求出两个方向上的位移，再由运动的合成与分解规律可求得合位移．

本题要注意明确物体同时参与两个方向上的运动，物体的合运动为曲线运动能够熟练运用平行四边形定则进行合成．【解析】解：根据图象可知；物体在x

轴方向上