2025年人教版高二物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版高二物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、对于电场线和磁感线,下列说法正确性的是()A.电场线和磁感线都是闭合的曲线B.磁感线是从磁体的N极发出，终止于S极C.电场线和磁感线都不能相交D.电场线和磁感线都是现实中存在的2、一轻质长木板置于光滑水平地面上，木板上放有质量分别为mA=1kg

和mB=2kg

的AB

两物块，AB

与木板之间的动摩擦因数都为娄脤=0.2

水平恒力F

作用在A

物块上，如图所示.g

取10m/s2.

下列说法正确的是(

)

A.若F=1N

则两物块与木板都静止B.若F=1.5N

则A

物块所受摩擦力大小为1.5N

C.若F=4N

则B

物块所受摩擦力大小为4N

D.若F=8N

则B

物块所受摩擦力大小为2N

3、有两个相同的灵敏电流计，允许通过的最大电流(

满偏电流)

为Ig=1mA

表头电阻Rg=30娄赂

若改装成一个量程为3V

的电压表和一个量程为0.6A

的电流表应分别(

)

A.串联一个2990娄赂

的电阻和并联一个0.15娄赂

的电阻B.并联一个2990娄赂

的电阻和串联一个0.15娄赂

的电阻C.串联一个2970娄赂

的电阻和并联一个0.05娄赂

的电阻D.并联一个2970娄赂

的电阻和串联一个0.05娄赂

的电阻4、1932年美国物理学家劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器，其核心部件是两个中空的半圆形D形金属盒，内部为匀强磁场，D形盒缝隙间电场变化周期为T．带电粒子在两盒之间被电场加速，在两盒中做匀速圆周运动，此时忽略粒子在D形盒缝隙间的运动时间和相对论效应，则下列说法正确的是（）A.带电粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期等于B.仅使D形盒缝隙间的电场强度增大，带电粒子获得的最大动能也增大C.仅使D形盒中的磁感应强度增大，带电粒子获得的最大动能也增大D.通过调整磁感应强度大小，该回旋加速器能够加速多种带电粒子5、运动员向球踢了一脚（如图），踢球时的力F=100N，球在地面上滚动了t=10s停下来，则运动员对球的冲量为（）A.1000N•sB.500N•sC.零D.无法确定6、一带电滑块放在光滑地板上；所在空间存在平行于地面的变化电场，电场强度随时间变化的关系如图所示，设向右为正．则（）

A.电场力在6s内对物体做的总功为零。

B.在6s内物体的速度变化为零。

C.6s末物体回到出发点。

D.4s末物体的动能为零。

7、一含有理想变压器的电路如图所示，图中电阻R1、R2和R3的阻值分别是3Ω、1Ω和4Ω，A为理想交流电流表，U为正弦交流电压源，输出电压的有效值恒定。当开关S断开时，电流表的示数为I；当闭合时，电流表的示数为4I。该变压器原、副线圈匝数比为（）A.2B.3C.4D.58、关于速度和加速度，下列说法中正确的是（）A.加速度不为零，速度一定变化B.加速度大，速度一定大C.加速度为零，速度一定为零D.加速度不变，速度一定不变评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)9、边长为L

的正方形金属框在水平恒力F

作用下运动，穿过方向如图的有界匀强磁场区域，磁场区域的宽度为d(d>L).

已知ab

边进入磁场时，线框的加速度恰好为零，则线框进入磁场的过程和从磁场另一侧穿出的过程相比较，有(

)

A.产生的感应电流方向相反B.所受的安培力方向相反C.进入磁场过程的时间等于穿出磁场过程的时间D.进入磁场过程的发热量少于穿出磁场过程的发热量10、如图甲所示为远距离输电示意图，升压变压器原、副线圈匝数比1隆脙100

降压变压器原副线圈匝数比为100隆脙1

远距离输电线的总电阻为50娄赂.

若升压变压器的输入电压如图乙所示，下列说法中正确的有()A.用户端交流电的频率为50Hz

B.用户端电压为240V

C.若用户用电器变多，降压变压器副线圈两端电压降低D.若升压变压器原线圈输入功率为720kW

则输电线路损耗功率为45kW

11、关于核力，下列说法中正确的是(

)

A.核力是一种特殊的万有引力B.原子核内只有质子和质子间有核力作用，而中子和中子之间、质子和中子之间则没有核力作用C.核力是原子核稳定存在的原因D.核力是一种短程强力作用12、在张紧的绳子上挂了abcd

四个单摆，摆长关系为Lc>Lb=Ld>La

如图所示，先让d

摆动起来(

摆角不超过10鈭�)

则下列说法正确的是(

)

A.b

摆发生振动其余摆均不动B.所有的摆均以2娄脨Ldg

的周期振动C.所有的摆均以相同摆角振动D.abc

中b

摆振动幅度最大13、小车静止在光滑水平面上，站在车上的人练习打靶，靶装在车上的另一端，如图所示.

已知车、人、枪和靶的总质量为M(

不含子弹)

每颗子弹质量为m

共n

发，打靶时，枪口到靶的距离为d.

若每发子弹打入靶中，就留在靶里，且待前一发打入靶中后，再打下一发.

则以下说法中正确的是(

)

A.待打完n

发子弹后，小车将以一定的速度向右匀速运动B.待打完n

发子弹后，小车应停在射击之前位置的右方C.在每一发子弹的射击过程中，小车所发生的位移相同D.在每一发子弹的射击过程中，小车所发生的位移不相同14、如图所示，某种带电粒子由静止开始经电压为U1的电场加速后，射入水平放置、电势差为U2的两导体板间的匀强电场中，带电粒子沿平行于两板的方向从两板正中间射入，穿过两板后又垂直于磁场方向射入边界线竖直的匀强磁场中，则粒子射入磁场和射出磁场的M、N两点间的距离d随着U1和U2以及B的变化情况为（不计重力，不考虑边缘效应）（）A.d随U1变化，d与U2无关B.d与U1无关，d随U2变化C.d随U1变化，d随B变化D.d与U1无关，d与B有关15、如图，一只矩形线圈在匀强磁场中绕垂直磁场方向的轴匀速转动产生的感应电动势为e=10sin4πt（V）则（）A.交流的频率是4πHzB.当t=0时线圈平面跟磁感线垂直，磁通量变化率最小C.当t=0.5时，e有最大值D.交流电的电动势最大值为10V16、在真空中，电量为q1

的点电荷产生的电场中有一个点PP

点与q1

的距离为r

把一个电量为q2

的试探电荷放在P

点，它受的静电力为F

则P

点电场强度的大小等于(

)

A.Fq1

B.Fq2

C.kq1r2

D.kq2r2

评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)17、某介质对红光的折射率为n1，红光在该介质中的速度为v1,波长为λ1，发生全反射的临界角为C1，该介质对紫光的折射率为n2，紫光在该介质中的速度为v2,波长为λ2发生全反射的临界角为C2，则n1____n2；λ1____λ2；v1____v2；C1____C2。（填<,>或=）18、一灵敏电流计（电流表），当电流从它的正接线柱流人时，指针向正接线柱一侧偏转.现把它与一个线圈串联，试就如图10中各图指出:(1)图(a)中灵敏电流计指针的偏转方向为_______.(填“偏向正极”或“偏向负极”)(2)图(b)中磁铁下方的极性是____.（填“N极”或“S极”）(3)图(c)中磁铁的运动方向是___________。（填“向上”或“向下”）(4)图(d)中线圈从上向下看的电流方向是____。（填“顺时针”或“逆时针”）19、毛笔从水中提出，笔毛会自然收拢，其原因是____．20、如图所示，在真空中有两个点电荷A和B，电荷量分别为-Q和+2Q，它们相距L．如果在两点电荷连线的中点O有一个半径为r（2r＜L）的空心金属球，且球心位于O点，则球壳上的感应电荷在O点处的场强大小____方向____．

21、一个物体做匀减速直线运动，初速度为15m/s，加速度大小为3m/s2，则物体第3s末的速度为____m/s，物体末速度变为零所经历的时间为____．22、如图所示，矩形金属线框电阻为2Ω，在匀强磁场中匀速转动，转到图示位置时，测得线框中磁通量的变化率为Wb/s，线框两端通过滑环与R=98Ω的电阻相连，则电压表的示数为______V。23、若一气泡从湖底上升到湖面的过程中温度保持不变，若将气泡内的气体视为理想气体，气泡从湖底上升到湖面的过程中，对外界做了0.6J的功，则此过程中的气泡______（填“吸收”或“放出”）的热量是______J．气泡到达湖面后，温度上升的过程中，又对外界做了0.1J的功，同时吸收了0.3J的热量，则此过程中，气泡内气体内能增加了______J．24、Ⅰ、我国春节的前一夜叫团圆夜，全家人围在一起包饺子过年。制作饺子的部分原料有：rm{垄脵}面粉、rm{垄脷}茴香、rm{垄脹}鸡蛋、rm{垄脺}花生油。请回答：面粉、rm{垄脵}茴香、rm{垄脷}鸡蛋、rm{垄脹}花生油。请回答：rm{垄脺}富含蛋白质的原料是_______rm{(1)}填序号，下同rm{(}

rm{)}富含淀粉的原料是_______；

rm{(2)}富含维生素的原料是_______；

rm{(3)}富含油脂的原料是_______。Ⅱ、抗酸药物的种类很多，其有效成分一般是碳酸氢钠、碳酸钙、碳酸镁、氢氧化铝和氧氧化镁等化学物质。rm{(4)}抗酸药物具有抗酸作用的原因是____________________________。rm{(1)}某品牌抗酸药的主要成分有糖衣、碳酸镁、淀粉。写出该抗酸药发挥功效时的化学方程式：________________。rm{(2)}淀粉在抗酸药中作填充剂、黏合剂，淀粉在人体内酶的催化作用下发生水解反应，最终转化为_____________________rm{(3)}写分子式rm{(}rm{)}25、如图所示，一个水平放置的矩形线圈abcd

在细长水平磁铁的S

极附近竖直下落，由位置Ⅰ经位置Ⅱ到位置Ⅲ.

位置Ⅱ与磁铁同一平面，则线圈在从Ⅰ到位置Ⅱ的过程中，线圈内______(

选填“有”或“无”)

感应电流，线圈在从Ⅱ到Ⅲ的过程中，线圈内______感应电流.(

选填“有”或“无”)

评卷人得分四、判断题(共3题，共15分)26、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

27、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）28、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分五、推断题(共3题，共27分)29、化合物rm{G[}rm{G[}是一种医药中间体，它的一种合成路线如下：请回答下列问题：rm{]}是一种医药中间体，它的一种合成路线如下：的名称是_____________。rm{]}的反应条件为_____________，rm{(1)A}和rm{(2)B隆煤C}的反应类型分别是_____________、_____________。rm{A隆煤B}在浓硫酸加热的条件下会生成一种含六元环的化合物，该化合物的结构简式为_____________。rm{D隆煤E}是一种高聚酯，rm{(3)D}的化学方程式为___________。rm{(4)H}下列关于化合物rm{D隆煤H}的说法错误的是_________。A.rm{(5)}的分子式为rm{G}B.rm{G}与rm{C_{12}H_{14}O_{5}}溶液加热最多消耗rm{1molG}C.一定条件下rm{NaOH}发生消去反应生成的有机物存在顺反异构体D.在一定条件下rm{2molNaOH}能与rm{G}发生取代反应rm{G}是rm{HBr}的同分异构体，与rm{(6)M}具有相同的官能团。则rm{D}可能的结构有________种。rm{D}30、聚戊二酸丙二醇rm{(PPG)}是一种可降解的聚脂类高分子材料，在材料的生物相容性方面有限好的应用前景rm{.PPG}的一种合成路线如下：

已知；

rm{垄脵}烃rm{A}的相对分子质量为rm{70}核磁共振氢谱显示只有一种化学环境的氢。

rm{垄脷}化合物rm{B}为单氯代烃；化合物rm{C}的分子式为rm{C_{5}H_{8}}

rm{垄脹E}rm{F}为相对分子质量差rm{14}的同系物，rm{F}是福尔马琳的溶质。

rm{垄脺R_{1}CHO+R_{2}CH_{2}CHOxrightarrow[]{脧隆NaOH}}

回答下列问题：rm{垄脺R_{1}CHO+R_{2}CH_{2}CHOxrightarrow[]{脧隆NaOH}

}的结构简式为________rm{(1)A}rm{.}由rm{(2)}生成rm{B}的化学方程式为________rm{C}rm{.}由rm{(3)}和rm{E}生成rm{F}的反应类型为________，rm{G}的化学名称为________rm{E}rm{.}由rm{(4)}和rm{D}生成rm{H}的化学方程式为________；rm{PPG}的同分异构体能同时满足下列条件的共有________种rm{(5)D}不含立体异构rm{(}

rm{)}能与饱和rm{垄脵}溶液反应产生液体。

rm{NaHCO_{3}}既能发生银镜反应，又能发生水解反应。其中核磁共振请谱显示为rm{垄脷}组峰，且峰面积比为rm{3}rm{6}rm{1}的是___________rm{1}写结构简式rm{(}rm{)}31、聚戊二酸丙二醇rm{(PPG)}是一种可降解的聚脂类高分子材料，在材料的生物相容性方面有限好的应用前景rm{.PPG}的一种合成路线如下：

已知；

rm{垄脵}烃rm{A}的相对分子质量为rm{70}核磁共振氢谱显示只有一种化学环境的氢。

rm{垄脷}化合物rm{B}为单氯代烃；化合物rm{C}的分子式为rm{C_{5}H_{8}}

rm{垄脹E}rm{F}为相对分子质量差rm{14}的同系物，rm{F}是福尔马琳的溶质。

rm{垄脺R_{1}CHO+R_{2}CH_{2}CHOxrightarrow[]{脧隆NaOH}}

回答下列问题：rm{垄脺R_{1}CHO+R_{2}CH_{2}CHOxrightarrow[]{脧隆NaOH}

}的结构简式为________rm{(1)A}rm{.}由rm{(2)}生成rm{B}的化学方程式为________rm{C}rm{.}由rm{(3)}和rm{E}生成rm{F}的反应类型为________，rm{G}的化学名称为________rm{E}rm{.}由rm{(4)}和rm{D}生成rm{H}的化学方程式为________；rm{PPG}的同分异构体能同时满足下列条件的共有________种rm{(5)D}不含立体异构rm{(}

rm{)}能与饱和rm{垄脵}溶液反应产生液体。

rm{NaHCO_{3}}既能发生银镜反应，又能发生水解反应。其中核磁共振请谱显示为rm{垄脷}组峰，且峰面积比为rm{3}rm{6}rm{1}的是___________rm{1}写结构简式rm{(}rm{)}评卷人得分六、简答题(共3题，共6分)32、肼rm{(N_{2}H_{4})}是一种高能燃料，在工业生产中用途广泛。rm{(1)}肼性质与氨气相似，易溶于水，有如下反应过程：rm{N_{2}H_{4}+H_{2}O?N_{2}H_{4}隆陇H_{2}O?N_{2}Hrlap{{!,}^{+}}{{!,}_{5}}+OH^{-}}rm{N_{2}H_{4}+H_{2}O?N_{2}H_{4}隆陇H_{2}O?

N_{2}Hrlap{{!,}^{+}}{{!,}_{5}}+OH^{-}}常温下，某浓度rm{垄脵}溶液的rm{N_{2}H_{5}Cl}为rm{pH}则该溶液中离子浓度最大的是________rm{5}填离子符号rm{(}由水电离产生的rm{)}rm{c}________。rm{(OH^{-})=}常温下，rm{垄脷}溶液与rm{0.2mol隆陇L^{-1}N_{2}H_{4}}溶液等体积混合，混合溶液的rm{0.1mol隆陇L^{-1}HCl}则溶液中rm{pH>7}rm{c}________rm{(N_{2}Hrlap{{!,}^{+}}{{!,}_{5}})}rm{c}rm{(N_{2}H_{4}隆陇H_{2}O)}填“rm{(}”、“rm{>}”或“rm{=}”rm{<}rm{)}工业上可用肼rm{(2)}与新制rm{(N_{2}H_{4})}反应制备纳米级rm{Cu(OH)_{2}}同时放出rm{Cu_{2}O}该反应的化学方程式为____________________________________________。rm{N_{2}}已知肼与rm{(3)}反应生成rm{H_{2}O_{2}}和rm{N_{2}}肼rm{H_{2}O}双氧水燃料电池工作原理如图所示。电池正极的电极反应式为______________________，电池工作过程中，rm{-}极区溶液的rm{A}_______rm{pH}填“增大”、“减小”或“不变”rm{(}rm{)}33、描述弱电解质电离情况可以用电离度和电离平衡常数表示，表rm{1}是常温下几种弱酸的电离平衡常数rm{left({K}_{a}right)}和弱碱的电离平衡常数rm{left({K}_{b}right)}表rm{2}是常温下几种难rm{(}微rm{)}溶物的溶度积常数rm{left({K}_{sp}right)}

表rm{1}。酸或碱电离平衡常数rm{Ka}或rm{Kb}rm{HCN}rm{HClO}表rm{2}。难rm{(}微rm{)}溶物溶度积常数34、如图所示，UAD=350V，UBE=700V，且R1=50Ω，R2=100Ω，R4=400Ω，求R3的阻值及AE间的电流。

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【解析】试题分析：电场线从正电荷出发，终止于负电荷，不是闭合的曲线，而磁感线在磁体外部是从N极到S极的，而内部是从S极到N极的，为闭合的曲线，所以AB错误，无论是电场线还是磁感线上的点都只能有一个方向，所以电场线和磁感线都不能相交，C正确，两者都是方便人们去研究问题而假象出来的，所以D错误考点：本题考查了对电场线和磁感线的理解【解析】【答案】C2、D【分析】解：A

与木板间的最大静摩擦力fA=娄脤mAg=0.2隆脕1隆脕10=2N

B

与木板间的最大静摩擦力fB=娄脤mBg=0.2隆脕2隆脕10=4N

A、F=1N<fA

所以AB

即木板保持相对静止，整体在F

作用下向左匀加速运动，故A错误；

B、若F=1.5N<fA

所以AB

及木板保持相对静止，整体在F

作用下向左匀加速运动，根据牛顿第二定律得：

F鈭�f=mAa

所以A

物块所受摩擦力f<F=1.5N

故B错误；

C、F=4N>fA

所以A

在木板上滑动，B

和木板整体受到摩擦力2N

轻质木板，质量不计，所以B

的加速度为：a=1m/s2

对B

进行受力分析，摩擦力提供加速度为：f隆盲=mBa=2隆脕1=2N

故C错误；

D、F=8N>fA

所以A

相对于木板滑动，B

和木板整体受到摩擦力2N

轻质木板，质量不计，所以B

的加速度a=fmB=22=1m/s2

故D正确．

故选：D

根据滑动摩擦力公式求出AB

与木板之间的最大静摩擦力；比较拉力和最大静摩擦力之间的关系判断物体的运动情况，进而判断物体所受摩擦力的情况，根据牛顿第二定律求出B

的加速度．

本题以常见的运动模型为核心，考查了摩擦力、牛顿第二定律、隔离法与整体法的应用等知识.

解决的关键是正确对两物体进行受力分析．【解析】D

3、C【分析】解：改装电流表要并联电阻，其并联阻值：R=IgRgI鈭�Ig=1隆脕10鈭�3隆脕300.6鈭�1隆脕10鈭�3=0.05娄赂

改装成电压表要串联电阻，其串联阻值为：R隆盲=UIg鈭�Rg=31隆脕10鈭�3鈭�30=2970娄赂

应串联2970娄赂

并联0.05娄赂

则AB

D错误，C正确。

故选：C

本题应明确电流表的原理及改装方法；若增大量程应并联一个小电阻进行分流，表头及分流电阻两端的电压相等；

若将电流表改装成电压表；则应串联一个大电阻，示数为表头及电阻两端的总电压；流过表头及电阻的电流相等．

本题考查电表的改装，在理解改装原理的基础上，通过串并联的关系即可求解．【解析】C

4、C【分析】解：A、粒子在磁场中运动的周期：T=故A错误；

BC、根据qvB=m解得v=带电粒子射出时的动能EK=mv2=知最大动能与加速器的半径；磁感线强度以及电荷的电量和质量有关，与加速电场无关；磁场越强，粒子离开加速器时的动能就越大，故B错误，C正确；

D、根据粒子在磁场中周期公式T=当调整磁感应强度大小，导致周期变化，而加速电场的周期没变，因此回旋加速器不能够加速多种带电粒子，故D错误；

故选：C。

粒子在电场中被加速；所以α粒子运动的方向必须与电场的方向相同；回旋加速器的半径一定，根据洛伦兹力提供向心力，求出最大速度，可知最大速度与什么因素有关。

解决本题的关键知道回旋加速器是利用电场加速、磁场偏转来加速粒子，但是最终粒子的动能与电场的大小无关。【解析】C5、D【分析】解：由题；踢球时的力F=100N，但不知道该力作用的时间，所以不能求出力的冲量；故ABC错误，D正确。

故选：D。

求一个力的冲量；可以根据冲量的定义式计算，也可以由动量定理计算．

该题考查动量的计算，但在解答的过程中要注意时间10s是球在地面上滚动的时间，不是100N的力的作用时间．【解析】D6、A|B|D【分析】

带电粒子在t=0时刻由静止释放；在0-1s内带电粒子沿着电场力方向做匀加速直线运动；

1-2s内沿原方向做匀减速直线运动；2s末速度减为零；

2-3s内沿反方向做初速度为零的匀加速直线运动；

3-4s内继续做匀减速直线运动；4s末速度减为零，回到出发点．

之后滑块重复上述的运动；4-6S的运动与0-2s的运动情况完全相同．

A：由上分析可知；带电粒子做往复运动．在第6s末滑块的速度为0，动能为0，所以电场力对滑块做功为0，故A正确，B正确，D正确．

C：6s末带电粒子离原出发点最远；4s末带电粒子回到原出发点．故C错误．

故选：ABD

【解析】【答案】根据电场力公式F=qE分析带电粒子的运动情况；判断电场力做功的正负，分析什么时刻带电粒子回到原出发点．

7、B【分析】【分析】变压器输入电压为U与电阻R1两端电压的差值；再根据电流之比等于匝数的反比可求得输出电流；根据电压之比等于匝数之比对两种情况列式，联立可求得U与I的关系；则可求得线圈匝数之比。本题考查理想变压器原理及应用，要注意明确电路结构，知道开关通断时电路的连接方式；同时注意明确输入电压与总电压之间的关系。【解答】设变压器原、副线圈匝数之比为K，则可知，开关断开时，副线圈电流为kI；则根据理想变压器原理可知：（1）同理可知，代入数据联立解得：U=48I；代入（1）式可得：k=3；故B正确，ACD错误；故选B。【解析】B8、A【分析】解：A；加速度不为零；根据△v=a△t可知速度一定变化，故A正确；

B；加速度大；速度不一定大，例如火箭将要发射时速度为零，加速度很大，故B错误；

C；加速度为零；速度不一定为零，例如做匀速直线运动的物体，故C错误；

D；加速度不变；速度均匀变化，故D错误；

故选：A。

加速度是表示速度变化快慢的物理量；加速度大速度不一定大，加速度为零；速度不一定为零。

本题主要是考查加速度和速度的关系，知道加速度是速度的变化率，速度的大小与加速度无关系。【解析】A二、多选题(共8题，共16分)9、AD【分析】解：A

线框进入磁场时；磁通量增大.

穿出磁场时，磁通量减小，由楞次定律得知，感应电流方向相反.

故A正确．

B

安培力阻碍导体与磁场的相对运动；则安培力均向左.

故B错误．

C

进入磁场时；线框做匀速运动.

进入磁场后，线框匀加速通过位移d鈭�L

穿出磁场时，速度增大，安培力增大，则线框做减速运动，穿出磁场时，线框速度大于等于进入磁场时的速度.

则进入磁场过程的时间大于穿出磁场过程的时间.

故C错误．

D

根据功能关系：进入磁场过程；F

做功等于线框的发热量.

穿出磁场过程，F

做功与动能的减小量之和等于线框的发热量，而拉力做功相等，则进入磁场过程的发热量少于穿出磁场过程的发热量.

故D正确．

故选AD

根据楞次定律判断感应电流方向和安培力方向.

分析金属框的运动情况确定进入与穿出时间长短.

根据能量守恒定律研究热量关系．

本题是电磁感应知识与力学知识的综合，关键在于运用牛顿定律对线框运动过程的分析．【解析】AD

10、ACD【分析】【分析】根据升压变压器的输入电压，结合匝数比求出输出电压，从而得出输送电流，根据输电线的电阻得出损失的功率，根据电压损失得出降压变压器的输入电压，计算用户得到的电压。解决本题的关键知道：1

输送功率与输送电压、电流的关系；2

变压器原副线圈的电压比与匝数比的关系；3

升压变压器输出电压、降压变压器输入电压、电压损失的关系；4

升压变压器的输出功率、功率损失、降压变压器的输入功率关。【解答】A.由图乙知交流电的周期T=0.02s

所以频率f=50Hz

故A正确；B.由图乙知升压变压器输入端电压最大值为2402V

有效值为240V

根据电压与匝数成正比U1U2=n1n2

知，副线圈电压为U2=n2n1U1=2400V

根据P=UI

得：所以输电线中的电流为I2=PU2

输电线损失的电压为：娄陇U=I2R

降压变压器输入端电压为：U3=U2鈭�娄陇U

根据电压与匝数成正比U3U4=n3n4

知用户端电压小于240V

故B错误；C.若用户总功率变大，输电线路中的电流增大，损失的电压增大，根据U3U4=n3n4

知降压变压器原线圈两端电压降低，故C正确；D.结合B

可知，I2=30A

变压器原线圈输入功率P=U2I2=720KW

损失的功率P脣冒=I22R=302隆脕50W=45kW

故D正确。故选ACD。【解析】ACD

11、CD【分析】解：核力与万有引力；库仑力的性质不同；核力是短程力，作用范围在1.5隆脕10鈭�15m

原子核的半径数量级在10鈭�15m

所以核力只存在于相邻的核子之间，核力是原子核能稳定存在的原因，故CD正确。

故选：CD

核力与万有引力性质不同.

核力只存在于相邻的核子之间．

本题考查对核力的理解.

核力是自然界四种基本作用力之一，与万有引力性质、特点不同．【解析】CD

12、BD【分析】解：d

摆摆动起来后，通过水平绳子对abc

三个摆施加周期性的驱动力，使abc

三摆做受迫振动，abc

三摆做受迫振动的频率等于驱动力的频率，由于驱动力频率相同，则abc

三摆均以相同频率振动；

由于b

摆的固有频率与驱动力频率相同，故b

摆的振幅最大；

故AC错误；BD正确；

故选BD．

受迫振动的频率等于驱动率的频率；与物体的固有频率无关；当摆的固有频率与驱动力频率相同时，振幅最大的现象叫做共振．

本题考查了受迫振动的频率问题，难度不大，是一道基础题，熟练掌握基础知识即可正确解题．【解析】BD

13、BC【分析】解：子弹；枪、人、车系统水平方向不受外力；水平方向动量一直守恒，子弹射击前系统总动量为零，子弹射入靶后总动量也为零，故最后仍然是静止的；

设子弹出口速度为v

车后退速度大小为v隆盲

以向左为正，根据动量守恒定律，有：0=mv鈭�[M+(n鈭�1)m]v隆盲垄脵

子弹匀速前进的同时；车匀速后退，故：vt+v隆盲t=d垄脷

联立解得：v隆盲=mvM+(n鈭�1)mt=dv+mvM+(n鈭�1)m

故车后退距离为：鈻�s=v隆盲t=mvM+(n鈭�1)m隆脕dv+mvM+(n鈭�1)m=mdM+nm

每颗子弹从发射到击中靶过程，车均退鈻�s

故n

颗子弹发射完毕后，小车后退：s=n?鈻�s=nmdM+nm

由于整个系统动量守恒；初动量为零，故打完n

发后，车静止不动，小车应停在射击之前位置的右方，故AD错误，BC正确；

故选：BC

．

子弹；枪、人、车系统水平方向不受外力；水平方向动量守恒；设子弹出口速度为v

根据动量守恒定律求解出车后退速度，计算出子弹飞到靶需要的时间和后退位移即可．

本题关键根据动量守恒定律求解出从发射一颗子弹到击中靶过程小车后退的距离，此后重复这个循环．【解析】BC

14、AC【分析】解：对加速度过程有：

得：

带电粒子在电场中做类平抛运动，可将射出电场的粒子速度v分解成初速度方向与竖直方向，设出射速度与水平夹角为θ，则有而在磁场中做匀速圆周运动，设运动轨迹对应的半径为R，由几何关系可得，半径与直线MN夹角正好等于θ，则有：

解得：

又因为半径公式R=则有：d==

故d随U1和B变化，与U2无关；故AC正确，BD错误；

故选：AC。

不加磁场时粒子做匀速直线运动；加入磁场后；带电粒子在磁场中做圆周运动，已知偏向角则由几何关系可确定圆弧所对应的圆心角，则可求得圆的半径，由洛仑兹力充当向心力可求得d表达式，再进行分析。

本题考查带电粒子在磁场中运动，要注意带电粒子在磁场中的运动类题目关键在于确定圆心和半径，然后由向心力公式即可确定半径公式，由几何关系即可求解。【解析】AC15、BD【分析】解：A；根据e=10sin4πt（V）得：ω=4π；ω=2πf，所以f=2Hz，故A错误；

B；当t=0时线圈平面跟磁感线垂直；磁通量最大，磁通量变化率为0，故B正确；

C；当t=0.5时；e=0，故C错误；

D；根据e=10sin4πt（V）得：交流电的电动势最大值为10V；故D正确．

故选BD．

根据感应电动势的瞬时表达式e=10sin4πt（V）可以求出频率；t=0.5时；e的瞬时值、交流电的电动势最大值，当t=0时线圈平面跟磁感线垂直，磁通量最大，磁通量变化率为0．

本题主要考查了感应电动势的瞬时表达式的含义，要求同学们能根据瞬时表达式求出相关物理量．【解析】【答案】BD16、BC【分析】解：据题，电量为q1

的点电荷是场源电荷，在P

点产生的电场强度的大小为E=kq1r2

．

电量为q2

的电荷是试探电荷，在P

点所受的电静电力为F

则P

点电场强度的大小也能为E=Fq2.

故AD错误；BC正确．

故选：BC

．

电量为q1

的点电荷是场源电荷，在P

点产生的电场强度的大小可根据公式E=kq1r2

可以确定.

电量为q2

的电荷是试探电荷，在P

点所受的电静电力为F

根据电场强度的定义式E=Fq2

也可以确定P

点电场强度的大小．

本题要掌握电场强度的两个公式：E=Fq

和E=kQr2

并要理解这两个公式适用，知道式中q

是试探电荷，Q

是场源电荷．【解析】BC

三、填空题(共9题，共18分)17、略

【分析】【解析】试题分析：红光到紫光，折射率一次增大，由v=c/v可知在其他介质中的速度一次减小，由n=1/sinC可知临界角一次减小考点：考查光谱【解析】【答案】____，____，____，____18、略

【分析】在a图中，穿过线圈磁通量增大，感应电流的磁场向上，由右手螺旋定则可知电流从正接线柱流入，电流计指针偏向正极，同理可判断其他【解析】【答案】偏向正极S极向上顺时针19、由于液体表面张力的作用，使附在笔毛上的小液滴合并成大液滴，并缩小表面积，笔毛便收拢【分析】【解答】毛笔插入水中后；每根纤维都受各个方向相同的水的作用力．笔毛相当于只受自身弹力作用，故呈散开状态．拔出水面后，外层的笔毛受水的表面张力作用，总要使其表面收缩至最小，因而会收拢在一起．

【分析】本题考查了表面张力作用20、略

【分析】

两个点电荷A和B在O点处产生的合场强大小为E1=+=方向向左．

根据静电平衡导体的特点可知，球壳上的感应电荷在O点处的场强大小与两个点电荷A和B在O点处产生的合场强大小相等，方向相反，则球壳上的感应电荷在O点处的场强大小为E2=E1=方向向右．

故答案为：方向向右．

【解析】【答案】当空心金属球达到静电平衡时；球壳内O点处合场强为零，即球壳上的感应电荷在O点处产生的场强大小与两个点电荷A和B在O点处产生的合场强大小相等，方向相反．求出两个点电荷A和B在O点处产生的合场强，再求球壳上的感应电荷在O点处的场强大小和方向．

21、略

【分析】

由v=v+at得；3s末的速度v=15-3×3m/s=6m/s．

当v=0时，t=

故答案为：6；5s

【解析】【答案】根据匀变速直线运动的速度时间公式v=v+at求解．

22、略

【分析】【解析】试题分析：磁通量变化率所以根据法拉第电磁感应定律可得：线圈相当于一个电源，所以该线圈的有效电压为故根据闭合回路欧姆定律可得：考点：考查了法拉第电磁感应定律的应用【解析】【答案】9.8V23、略

【分析】解：气泡从湖底上升到湖面过程中；W=-0.6J，△U=0，根据热力学第一定律△U=W+Q得Q=0.6J，即吸收热量0.6J．

气泡到达湖面后；温度上升的过程中W=-0.1J，Q=0.3J，则△U=W+Q=0.2J，即气泡内气体内能增加0.2J．

故答案为：吸收；0.6；0.2．

一定质量的理想气体内能只跟温度有关；温度不变，其内能不变．气体对外做功，功为负值，根据热力学第一定律分析吸放热情况和内能变化情况．

热力学第一定律是能量守恒定律的特殊情况，可以从能量转化和守恒的角度理解．应用时关键抓住符号法则：使气体内能增加的量均为正值，否则为负值．【解析】吸收；0.6；0.224、Ⅰ、③,①,②,④

Ⅱ、(1)其有效成分都能中和胃里过多的盐酸

(2)MgCO3+2HClMgCl2+H2O+CO2↑

(3)C6H12O6【分析】【分析】本题考查食品中的营养素和药物，难度不大，注意相关知识的积累记忆。【解答】Ⅰ、rm{(1)}富含蛋白质的原料是鸡蛋，故答案为：rm{垄脹}rm{垄脹}富含淀粉的原料是面粉，故答案为：rm{(2)}rm{垄脵}富含维生素的原料是茴香，rm{(3)}富含维生素的原料是茴香，

rm{(3)}富含油脂的原料是花生油，故答案为：故答案为：rm{垄脷}Ⅱ、rm{垄脷}抗酸药物具有抗酸作用的原因是其有效成分都能中和胃里过多的盐酸，故答案为：其有效成分都能中和胃里过多的盐酸；rm{(4)}碳酸镁与盐酸反应生成氯化镁、二氧化碳和水，化学方程式为rm{垄脺}rm{(1)}故答案为：rm{(2)}rm{MgCO_{3}+2HCl}rm{MgCl_{2}+H_{2}O+CO_{2}隆眉}淀粉在人体内酶的催化作用下发生水解反应，最终转化为葡萄糖，分子式为rm{MgCO_{3}+2HCl}故答案为：rm{MgCl_{2}+H_{2}O+CO_{2}隆眉}rm{(3)}【解析】Ⅰ、rm{垄脹}rm{垄脵}rm{垄脷}rm{垄脺}Ⅱ、rm{(1)}其有效成分都能中和胃里过多的盐酸rm{(2)MgCO_{3}+2HCl}rm{MgCl_{2}+H_{2}O+CO_{2}隆眉}rm{(3)C_{6}H_{12}O_{6}}25、略

【分析】解：如图所示；线圈从位置Ⅰ到位置Ⅱ的过程中，穿过线圈的磁通量减小，则产生感应电流；

线圈从位置Ⅱ到位置Ⅲ的过程中；线圈内穿过的磁通量增加，则也会产生感应电流；

故答案为：有；有．

穿过线圈的磁通量发生变化；则闭合电路中产生感应电流.

可以根据楞次定律来确定感应电流的方向，从而即可求解．

考查如何判定感应电流的产生条件，及掌握楞次定律的应用，注意磁通量概念，及大小变化的判定．【解析】有；有四、判断题(共3题，共15分)26、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．27、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．28、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．五、推断题(共3题，共27分)29、rm{(1)2-}甲基丙烯或异丁烯

rm{(2)NaOH}溶液加热加成反应取代反应

rm{(3)}

rm{(4)nHO(CH_{3})_{2}CCOOH}rm{+(n-1)H_{2}O}

rm{(5)BC}

rm{(6)4}

【分析】【分析】本题考查学生有机推断和有机合成，是现在考试的热点，难度较大，可以根据所学知识进行回答。【解答】由rm{A}到rm{B}发生加成反应，rm{B}到rm{C}反生卤代烃的水解，再氧化生成rm{D}rm{E}与rm{F}反生取代反应生成rm{G}由此来推断各反应类型和产物；rm{(1)A}是烯烃，名称是rm{2-}甲基丙烯；rm{(2)B隆煤C}的反应条件为rm{NaOH}水溶液并加热，根据题目所给的信息，可知rm{A隆煤B}和rm{D隆煤E}的反应类型分别是加成反应、取代反应；rm{(3)D}在浓硫酸加热的条件下发生酯化反应会生成一种含六元环的化合物，该化合物的结构简式为在浓硫酸加热的条件下发生酯化反应会生成一种含六元环的化合物，该化合物的结构简式为rm{(3)D}；

是一种高聚酯，rm{(4)H}的化学方程式为rm{D隆煤H}rm{nHO(CH_{3})_{2}CCOOH}

rm{+(n-1)H_{2}O}根据rm{(5)A.}和rm{E}发生取代反应生成rm{F}rm{G}被取代，可知rm{-OH}的分子式为rm{G}故A正确；B.rm{C_{12}H_{14}O_{5}}含有rm{1molG}酚酯基和rm{1mol}醇酯基，可知与rm{1mol}溶液加热最多消耗rm{NaOH}注意酚羟基的性质，故B错误；C.一定条件下rm{3molNaOH}发生消去反应生成的有机物碳碳双键两侧的碳原子有rm{G}不存在顺反异构体，故C错误；D.在一定条件下rm{-CH_{2}}能与rm{G}发生取代反应，体现羟基的性质，故D正确；故选BC；rm{HBr}是rm{(6)M}的同分异构体，与rm{D}具有相同的官能团即羧基和羟基，羟基和羧基看作取代基，相当于丙烷的二元取代产物，则rm{D}可能的结构有rm{M}种。

rm{4}【解析】rm{(1)2-}甲基丙烯或异丁烯rm{(2)NaOH}溶液加热加成反应取代反应rm{(3)}rm{(4)nHO(CH_{3})_{2}CCOOH}rm{+(n-1)H_{2}O}rm{(5)BC}rm{(6)4}

30、rm{(1)}

rm{(2)}

rm{(3)}加成反应甲醛

rm{(4)}

rm{(5)5}【分析】【分析】烃rm{A}的相对分子质量为rm{70}由rm{dfrac{70}{12}=510}则rm{A}为rm{C_{5}H_{10}}核磁共振氢谱显示只有一种化学环境的氢，故A的结构简式为rm{A}与氯气在光照下发生取代反应生成单氯代烃rm{B}则rm{B}为rm{B}发生消去反应生成rm{C}为化合物rm{C}的分子式为rm{C_{5}H_{8}}rm{C}发生氧化反应生成rm{D}为rm{HOOC(CH_{2})_{3}COOH}rm{F}是福尔马林的溶质，则rm{F}为rm{HCHO}rm{E}rm{F}为相对分子质量差rm{14}的同系物，可知rm{E}为rm{CH_{3}CHO}由信息rm{垄脺}可知rm{E}与rm{F}发生加成反应生成rm{G}为rm{HOCH_{2}CH_{2}CHO}rm{G}与氢气发生加成反应生成rm{H}为rm{HOCH_{2}CH_{2}CH_{2}OH}rm{D}与rm{H}发生缩聚反应生成rm{PPG(}rm{)}以此来解答。

本题考查有机物的推断，关键是确定rm{A}的结构，再根据反应条件推断，需要学生熟练掌握官能团的性质与转化，侧重分析与推断能力的综合考查，题目难度中等。【解答】烃rm{A}的相对分子质量为rm{70}由rm{dfrac{70}{12}=510}则rm{A}为rm{C_{5}H_{10}}核磁共振氢谱显示只有一种化学环境的氢，故A的结构简式为rm{A}与氯气在光照下发生取代反应生成单氯代烃rm{B}则rm{B}为rm{B}发生消去反应生成rm{C}为化合物rm{C}的分子式为rm{C_{5}H_{8}}rm{C}发生氧化反应生成rm{D}为rm{HOOC(CH_{2})_{3}COOH}rm{F}是福尔马林的溶质，则rm{F}为rm{HCHO}rm{E}rm{F}为相对分子质量差rm{14}的同系物，可知rm{E}为rm{CH_{3}CHO}由信息rm{垄脺}可知rm{E}与rm{F}发生加成反应生成rm{G}为rm{HOCH_{2}CH_{2}CHO}rm{G}与氢气发生加成反应生成rm{H}为rm{HOCH_{2}CH_{2}CH_{2}OH}rm{D}与rm{H}发生缩聚反应生成rm{PPG(}rm{).}

rm{(1)}由上述分析可知，rm{A}的结构简式为故答案为：

rm{(2)}由rm{B}生成rm{C}的化学方程式为：

故答案为：

rm{(3)}由rm{E}和rm{F}生成rm{G}的反应类型为加成反应，rm{E}的化学名称为乙醛；故答案为：加成反应；乙醛；

rm{(4)}由rm{D}和rm{H}生成rm{PPG}的化学方程式为：

故答案为：

rm{(5)D}为rm{HOOC(CH_{2})_{3}COOH}它的同分异构体中能同时满足：rm{垄脵}能与饱和rm{NaHCO_{3}}溶液反应产生气体，说明含rm{-COOH}rm{垄脷}既能发生银镜反应，又能发生水解反应，含有醛基、羧基，rm{D}中共rm{5}个rm{C}则rm{C-C-C}上的rm{2}个rm{H}被rm{-COOH}rm{-OOCH}取代，共为rm{3+2=5}种，含其中核磁共振氢谱显示为rm{3}组峰，且峰面积比为rm{6}rm{1}rm{1}的是故答案为：rm{5}

【解析】rm{(1)}rm{(2)}rm{(3)}加成反应甲醛rm{(4)}rm{(5)5}31、rm{(1)}

rm{(2)}

rm{(3)}加成反应甲醛

rm{(4)}

rm{(5)5}【分析】【分析】烃rm{A}的相对分子质量为rm{70}由rm{dfrac{70}{12}=510}则rm{A}为rm{C_{5}H_{10}}核磁共振氢谱显示只有一种化学环境的氢，故A的结构简式为rm{A}与氯气在光照下发生取代反应生成单氯代烃rm{B}则rm{B}为rm{B}发生消去反应生成rm{C}为化合物rm{C}的分子式为rm{C_{5}H_{8}}rm{C}发生氧化反应生成rm{D}为rm{HOOC(CH_{2})_{3}COOH}rm{F}是福尔马林的溶质，则rm{F}为rm{HCHO}rm{E}rm{F}为相对分子质量差rm{14}的同系物，可知rm{E}为rm{CH_{3}CHO}由信息rm{垄脺}可知rm{E}与rm{F}发生加成反应生成rm{G}为rm{HOCH_{2}CH_{2}CHO}rm{G}与氢气发生加成反应生成rm{H}为rm{HOCH_{2}CH_{2}CH_{2}OH}rm{D}与rm{H}发生缩聚反应生成rm{PPG(}rm{)}以此来解答。

本题考查有机物的推断，关键是确定rm{A}的结构，再根据反应条件推断，需要学生熟练掌握官能团的性质与转化，侧重分析与推断能力的综合考查，题目难度中等。【解答】烃rm{A}的相对分子质量为rm{70}由rm{dfrac{70}{12}=510}则rm{A}为rm{C_{5}H_{10}}核磁共振氢谱显示只有一种化学环境的氢，故A的结构简式为rm{A}与氯气在光照下发生取代反应生成单氯代烃rm{B}则rm{B}为rm{B}发生消去反应生成rm{C}为化合物rm{C}的分子式为rm{C_{5}H_{8}}rm{C}发生氧化反应生成rm{D}为rm{HOOC(CH_{2})_{3}COOH}rm{F}是福尔马林的溶质，则rm{F}为rm{HCHO}rm{E}rm{F}为相对分子质量差rm{14}的同系物，可知rm{E}为rm{CH_{3}CHO}由信息rm{垄脺}可知rm{E}与rm{F}发生加成反应生成rm{G}为rm{HOCH_{2}CH_{2}CHO}rm{G}与氢气发生加成反应生成rm{H}为rm{HOCH_{2}CH_{2}CH_{2}OH}rm{D}与rm{H}发生缩聚反应生成rm{PPG(}rm{).}

rm{(1)}由上述分析可知，rm{A}的结构简式为故答案为：

rm{(2)}由rm{B}生成rm{C}的化学方程式为：

故答案为：

rm{(3)}由rm{E}和rm{F}生成rm{G}的反应类型为加成反应，rm{E}的化学名称为乙醛；故答案为：加成反应；乙醛；

rm{(4)}由rm{D}和rm{H}生成rm{PPG}的化学方程式为：

故答案为：

rm{(5)D}为rm{HOOC(CH_{2})_{3}COOH}它的同分异构体中能同时满足：rm{垄脵}能与饱和rm{NaHCO_{3}}溶液反应产生气体，说明含rm{-COOH}rm{垄脷}既能发生银镜反应，又能发生水解反应，含有醛基、羧基，rm{D}中共rm{5}个rm{C}则rm{C-C-C}上的rm{2}个rm{H}被rm{-COOH}rm{-OOCH}取代，共为rm{3+2=5}种，含其中核磁共振氢谱显示为rm{3}组峰，且峰面积比为rm{6}rm{1}rm{1}的是故答案为：rm{5}

【解析】rm{(1)}rm{(2)}rm{(3)}加成反应甲醛rm{(4)}rm{(5)5}六、简答题(共3题，共6分)32、（1）①Cl-1×10-5mol·L-1②>（2）N2H4+4Cu(OH)2=2Cu2O+N2↑+6H+6H2（3）2H2O2＋4e－=4OH－减小O【分析】【分析】本题考查的知识点较多，难度较大，以肼为媒介，涉及水的电离、离子浓度大小比较、化学方程式、电化学等，综合性较强。【解答】rm{(}rm{1}rm{)垄脵}rm{N}rm{(}rm{1}rm{1}rm{)垄脵}rm{N}rm{N}rm{2}rm{2}rm{H}rm{H}为rm{6}，rm{6}rm{C1}rm{C1}rm{2}rm{2}促进了水的电离，溶液的rm{pH}为rm{5}，rm{N}溶液中氢离子来自水的电离，故该溶液中由水电离产生的rm{pH}rm{pH}rm{5}rm{5}rm{N}rm{N}rm{2}rm{2}rm{H}rm{H}rm{6}rm{6}rm{{,!}^{2+}}离子结合了水电离的氢氧根离子，则该溶液中离子浓度最大的是rm{Cl^{-}}溶液中氢离子来自水的电离，故该溶液中由水电离产生的rm{c}rm{(}rm{H}rm{Cl^{-}}rm{c}rm{c}rm{(}rm{H}rm{H}rm{{,!}^{+}}rm{)}rm{=10}rm{)}rm{=10}rm{=10}rm{{,!}^{-PH}}故答案为：rm{=1}rm{=1}rm{隆脕}rm{10}rm{隆脕}rm{10}rm{10}rm{{,!}^{-5}}rm{mol/L}rm{mol/L}，故该溶液中由水电离产生的rm{c}rm{(}rm{OH}rm{c}rm{c}rm{(}rm{OH}rm{OH}rm{{,!}^{-}}rm{)}rm{=c}rm{(}rm{H}rm{)}rm{=c}溶液等体积混合，变成了等物质的量的rm{=c}rm{(}rm{H}rm{H}rm{{,!}^{+}}rm{)}rm{=1}rm{隆脕}rm{10}rm{)}rm{=1}rm{=1}rm{隆脕}rm{10}rm{10}rm{{,!}^{-5}}rm{mol/L}故答案为：rm{Cl}rm{mol/L}rm{Cl}rm{{,!}^{-}}；rm{1}rm{隆脕}rm{隆脕}rm{10}rm{10}rm{{,!}^{-5}}rm{mol}rm{mol}rm{隆陇}rm{L}rm{隆陇}rm{L}rm{L}rm{{,!}^{-1}}溶液显示碱性，故；rm{垄脷}rm{0.2mol/LN}rm{垄脷}rm{0.2mol/LN}rm{0.2mol/LN}rm{2}rm{2}rm{H}故溶液中rm{H}rm