2024年华师大版高三物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年华师大版高三物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、下列说法正确的是（）A.当研究一列火车全部通过桥所需的时间，因为火车上各点的运动状态相同，所以可以把火车视为质点B.打点计时器是一种测量长度的仪器C.位移和路程都是描述质点位置变动的物理量D.（n-1）末就是指第ns初2、如图所示一劲度系数为K的轻质弹簧，上端固定，下端连着一质量为m的物块A，A放在托盘B上，初始时全部静止，弹簧处于自然长度，现设法控制B的运动，使A匀加速下降，用x表示弹簧伸长量，用a表示A的加速度，则在能保持A匀加速下降的整个过程中（始终在弹簧弹性限度内），重力加速度为g，下列说法正确的有（）A.B对A的作用力随弹簧伸长量x线性递增B.若a=，则弹簧最大形变量为C.B对A的最大作用力为m（g+a）D.物块A的重力势能减少了（g-a）3、一质点以某一个初速度沿x轴正方向运动，已知加速度方向沿x轴正方向，当加速度a的值由0逐渐增大到某一值再逐渐减小到零的过程，该质点（）A.速度先增大后减小，直到加速度等于零为止B.速度一直在增大，直到加速度等于零为止C.位移先增大后减小，直到加速度等于零为止D.位移一直在增大，直到加速度等于零为止4、如图所示，一理想变压器的原、副线圈匝数之比为n1:n2=10:1，原线圈接入电压的交流电源，电压表和电流表对电路的影响可忽略不计，定值电阻R=10Ω，可变电阻R′的阻值范围为0～10Ω，则A.副线圈中交变电流的频率为100HzB.t=0.02s时，电压表的示数为22VC.调节可变电阻R′的阻值时，电流表示数的变化范围为0.11A～0.22AD.当可变电阻阻值为10Ω时，变压器的输入电功率为242W5、一只气球以10m/s的速度匀速上升，某时刻在气球正下方距气球s=6m处有一小石子以20m/s的初速度竖直上抛，则下述正确的是（g取10m/s2；不计空气阻力）（）

A.石子能追上气球。

B.石子追不上气球。

C.若气球上升速度为9m/s；其余条件不变，则石子在抛出后1s末追上气球。

D.若气球上升速度为7m/s；其余条件不变，则只有石子到达最高点时，才能追上气球。

6、一辆汽车以10m/s的速度沿平直公路匀速运动，司机发现前方有障碍物立即减速，以0.2m/s2的加速度做匀减速运动，减速后一分钟内汽车的位移是()A.240mB.250mC.260mD.90m7、如图，半圆形玻璃砖置于光屏PQ的左下方．一束白光沿半径方向从A点射入玻璃砖，在O点发生反射和折射，折射光在白光屏上呈现七色光带．若入射点由A向B缓慢移动，并保持白光沿半径方向入射到O点；观察到各色光在光屏上陆续消失．在光带未完全消失之前，反射光的强度变化以及光屏上最先消失的光分别是（）

A.增强，紫光B.增强，红光C.减弱，紫光D.减弱，红光8、作匀速圆周运动的物体，下列说法正确的是（）A.线速度不变B.加速度不变C.是匀速运动D.是变速运动评卷人得分二、填空题(共9题，共18分)9、（2012春•青原区校级月考）如图：A、B叠放在光滑水平地面上，B与自由长度为L0的轻弹簧相连，当系统振动时，A、B始终无相对滑动，已知mA=3m，mB=m，当振子距平衡位置的位移x=时系统的加速度为a，求A、B间摩擦力Ff与位移x的函数关系____．10、（2011秋•桐乡市校级期中）如图为一积层电池．电池外壳上标有“9V”字样，这表示它的____是9V．它能把贮存在内部的化学能转化为____能，提供给人们使用．11、（2010•虹口区一模）如图所示，带电量分别为4q和-q的小球A、B固定在水平放置的光滑绝缘细杆上，相距为d．若杆上套一带电小环C，带电体A、B和C均可视为点电荷．则小环C的平衡位置为____，若小环C带电量为q，将小环拉离平衡位置一小位移x（|x|≪d）后静止释放，试判断小环C能否回到平衡位置____．（选填“能”或“不能”）12、甲、乙两船在静水中航行速度分别为v甲和v乙，两船从同一渡口向河岸划去，已知甲船想以最短时间过河，乙船想以最短航程过河，结果两船抵达到岸的地点恰好相同，则甲、乙两船渡河所用时间之比=____．13、【题文】一台发电机产生的电动势的瞬时值表达式为：e=则此发电机产生的电动势的有效值为______发电机转子的转速为______转/秒。14、两颗人造卫星A、B的质量之比mA：mB=1：2，轨道半径之比rA：rB=1：3，某一时刻它们的连线通过地心，则两颗卫星做圆周运动的向心力之比FA：FB=____，向心加速度之比aA：aB=____．15、库仑定律公式中静电力常数k的大小为____．在国际单位制中k的单位是____．在真空中两个1C的点电荷相距1m时的相互作用力____N•m2/C2．16、（2009秋•福州校级期末）一辆汽车从静止开始由甲地出发，沿平直公路开往乙地，汽车先做匀加速运动，接着关闭发动机做匀减速运动，开到乙地刚好停止，其速度图象如图所示，那么在0～t0和t0～3t0这两段时间内，加速度大小之比a1：a2=____；运行过程中牵引力F和阻力f大小之比，即F：f=____．17、（2009秋•衢江区校级月考）如图所示电路，如果同时闭合开关S1S3，且断开S2，则灯L1、L2为____联；要使灯L1、L2组成串联电路，只要闭合开关____．评卷人得分三、判断题(共8题，共16分)18、用电器的额定功率与所加的电压无关．____．（判断对错）19、晶体的分子（或原子、离子）排列是有规则的．____．（判断对错）20、某时刻一个分子的速度的大小和方向是偶然的．____．（判断对错）21、晶体的分子（或原子、离子）排列是有规则的．____．（判断对错）22、在磁场中，粒子的比荷之比与轨道半径之比成反比____（判断对错）23、物体的速度越大，则加速度越大，所受的合外力也越大．____．24、发现电磁感应现象的科学家是法拉第．____．（判断对错）25、电源电动势反映了电源内部非静电力做功的本领．____．（判断对错）评卷人得分四、证明题(共1题，共7分)26、如图，太阳系中星体A绕太阳做半径为R1的圆周运动，星体B作抛物线运动．B在近日点处与太阳的相距为R2=2R1，且两轨道在同一平面上，两星体运动方向如图中箭头所示．设B运动到近日点时，A恰好运动到B与太阳连线上，A、B随即发生某种强烈的相互作用而迅速合并成一个新的星体，其间的质量损失可忽略．试证明新星体绕太阳的运动轨道为椭圆．评卷人得分五、识图作答题(共3题，共12分)27、[生物――选修3:现代生物科技专题]Bt基因，因其表达产物Bt毒蛋白杀虫效果好、安全、高效等优点而成为应用最为广泛的转基因杀虫基因。下图为培育转Bt基因苗的基本操作过程。

(1)Bt基因可从构建的Bt基因组文库中获取，也可以从其cDNA文库中获取，从前者获取的基因________(填“含有”或“不含有”)启动子。若利用PCR技术从cDNA文库中获取Bt基因（基因序列未知），需根据Bt蛋白氨基酸序列设计引物，引物的序列可以有多种，原因是________，在PCR体系中需加入其中的________(填“全部”或“任意1种”或“其中2种”)引物。(2)在构建基因表达载体的过程中，为了方便筛选含有目的基因的细胞，作为运载体的Ti质粒应含有________基因，而重组Ti质粒中________是驱动基因转录的酶识别和结合的位点，图示将目的基因导入受体细胞的方法是________。(3)步骤Ⅳ中产生的细胞团称为________，检测转基因植物中Bt基因是否合成了Bt毒蛋白的方法是________。28、下图示机体在受到外界寒冷刺激后发生的某些调节和代谢过程图解。图中甲、乙、丙是具有内分泌功能的三种器官，X、Y为分泌的相应物质。请据图回答：（1）器官甲分泌X促进乙释放Y，进一步促进丙分泌甲状腺激素，这称为激素的_________________调节，物质X是____________。（2）图中甲状腺激素与核受体形成的复合体促进了______________过程，使功能蛋白质的合成加快。图中的“生物效应”主要是______________。（3）___________受到寒冷刺激，对钠离子的通透性增强，膜上电位将发生变化，继而冲动沿神经传到体温调节中枢__________（填器官名称）。29、等位基因A和a可能位于X染色体上，也可能位于常染色体上。假定某女孩的基因型是XAXA或AA，其祖父的基因型是XAY或Aa，祖母的基因型是XAXa或Aa，外祖父的基因型是XAY或Aa，外祖母的基因型是XAXa或Aa。不考虑基因突变和染色体变异，请回答下列问题：（1）如果这对等位基因对于常染色体上，能否确定该女孩的2个显性基因A来自于祖辈4人中的具体哪两个人？为什么？____；____。（2）如果这对等位基因位于X染色体上，那么可判断该女孩两个XA中的一个必然来自于____（填“祖父”或“祖母”），判断依据是____；此外，____（填“能”或“不能”）确定另一个XA来自于外祖父还是外祖母。评卷人得分六、实验题(共4题，共20分)30、在验证动量守恒的实验中，所验证的从斜槽某一位置滚下的小球A在斜槽的水平口处与静止小球B发生对心碰撞时动量守恒，两球大小相等．在实验时，小球A的质量m1和小球B的质量m2的大小关系是____．在实验时，除实验装置外，需要的测量工具至少应有____．31、在“用双缝干涉测光的波长”实验中（实验装置如图1）

（1）下列说法哪一个是错误的____（填选项前的字母）

A．调节光源高度使光束沿遮光筒轴线照在屏中心时；应放上单缝和双缝。

B．测量某条干涉亮纹位置时；应使测微目镜分划板中心刻线与该亮纹的中心对齐。

C．为了减少测量误差，可用测微目镜测出n条亮纹间的距离a，求出相邻两条亮纹间距△x=

（2）实验时选用缝间距d=0.4mm的双缝，并从仪器注明的规格可知，像屏与双缝屏间的距离L=1m，已知测量头利用如图2所示的螺旋测微器进行测萋．某同学调整手轮后，从测量头的目镜看去，第一次调整十字叉丝对准l条亮条纹的中央，以此条亮纹为第1条，如图3所示，此时圈中千分尺上的读数x1=2.240mm；接着再转动手轮，使十字叉丝向右移动到第3条明条纹的中央，如图所示，此时图中螺旋测微器上的读数x2=____mm；利用上述测量结果，经计算可得相邻条纹间距为△x=____mm：这种单色光的波长λ=____nm．（△x和λ的计算结果保留三位有效数字）32、【题文】.某同学将铜片和锌片插入水果中制成一个“水果电池”，该同学利用下列所给器材测量水果电池的电动势E和内阻r。

A．电流表G1(内阻Rg=15Ω，满偏电流IA="2"mA)

B．电流表G2(量程10mA；内阻约2Ω)

C．滑动变阻器R1(0～1000Ω)

D．电阻箱R2(0～9999.9Ω)

E．待测水果电池(电动势E约4V；内阻，约500Ω)

F．开关S；导线若干。

该同学利用以上仪器；测量了多组数据，并记录在下图中的坐标纸上，试根据他所测得的数据，在下面的方框中画出该同学实验的电路图：

（2）请根据电路图；将下图中的实物连接成实验用的电路。

（3）请你在第（1）题图中把已经描绘出的坐标点连成U—I图线，并根据描绘出的图线可得出水果电池的电动势E=____V，内电阻r=____Ω.

（4）水果电池的制作非常简易，那么在生活中我们是否可以用水果电池来代替干电池给小电珠供电呢，说明原因：____。33、在探究功与物体速度变化的关系实验中。

（1）实验装置：如图．配套器材：长木板；橡皮筋（若干），小车，打点计时器（带纸带；复写纸等）、计算机等．

（2）实验思想方法：____．历史上；库仑应用类似的方法发现了著名的库仑定律．当然，恒力做功时同样适用．

（3）实验操作的技巧：小车运动中会受到阻力，可以采用什么方法进行补偿？可以采用____的方法进行补偿．

（4）纸带处理：观察打点的纸带点间间隔是先增大，后减小．不均匀（不是匀加速）应采用小车____来计算速度．

（5）数据处理方法：图象法．作出功-速度（W-v）曲线，分析这条曲线，得出功与速度变化的定量关系．参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【分析】物体能看作质点的条件是：物体的大小和形状对所研究的问题中，没有影响或影响可以忽略不计，打点计时器是一种计时的仪器，位移是矢量，有大小，有方向，可以用由初始位置指向末位置的有向线段表示．路程表示运动轨迹的长度．在单向直线运动中，位移的大小等于路程．【解析】【解答】解：A；当研究一列火车全部通过桥所需的时间时；尽管火车上各点的运动相同，但火车的长度对时间影响不能忽略，所以不能把它看成质点．故A错误；

B；打点计时器是一种计时的仪器；故B错误；

C；位移是描述质点位置变动的物理量；路程是描述物体运动轨迹的物理量．故C错误；

D；某秒的末速度等于上一秒的初速度；即（n-1）末就是指第ns初，故D正确．

故选：D2、B【分析】【分析】在物体与托盘脱离前，物体受重力、弹簧拉力和托盘支持力的作用，随着托盘向下运动，弹簧的弹力增大，托盘支持力减小，但仍维持合外力不变，加速度不变，物体随托盘一起向下匀加速运动．当托盘运动至使支持力减小为零后，弹簧拉力的增大将使物体的加速度开始小于a，物体与托盘脱离．所以物体与托盘脱离的条件是支持力N=0【解析】【解答】解：A；随着托盘向下运动；弹簧的弹力增大，托盘支持力减小，故A错误；

B、当mg-F=ma，解得F=mg-ma==kx，解得x=；故B正确；

C；由B项可知；B对A的最大作用力为F=mg-ma，故C错误；

D、由mg-ma=kx得：x=，故物块的重力势能减小了mgx=；故D错误；

故选：B3、B【分析】【分析】物体做加速运动还是减速运动的判断依据是看加速度的方向与速度方向的关系，同向加速，反向减速．【解析】【解答】解：由于加速度的方向与速度方向一致；所以速度一直在增大，直到加速度等于零为止，B正确．

故选：B．4、B|C【分析】试题分析：交流电的频率与发电机有关，变压器的原副线圈不改变交流电的频率，所以原副线圈中电流的频率一样为50Hz，所以A错误；该交流电的有效值为而电表示数都为为电路的有效值，根据公式可得故B正确；当的阻值为零时，副线圈电流为当的阻值为时，副线圈电流为故C正确；当可变电阻阻值为时，变压器的输入电功率等于输出功率D错误。考点：考查了理想变压器【解析】【答案】BC5、B|C【分析】

A、设石子经过时间t后速度与气球相等，则t==s=1s，此时间内气球上升的位移为10×1m=10m，石子上升的位移为：20×1-×10×12=15m，由于石子距气球s=6m；故追不上气球，故A错误。

B；由A分析得；B正确。

C、若气球速度等于9m/s，在石子在抛出后1s末，气球上升的位移为9×1m=9m，石子上升的位移为：20×1-×10×12=15m因为15-9m=6m；所以1s末石子恰好追上气球，故C正确；

D；由C分析可知；D错误。

故选BC

【解析】【答案】当石子的速度与气球速度相等时没有追上；以后就追不上了，根据运动学基本公式即可判断。

6、B【分析】设汽车从开始减速到停止所用时间为t,则v0=at，解得t=50s.根据解得50s内的位移为250m，故B正确.【解析】【答案】选B.7、A【分析】【解答】光线从光密介质到光疏介质；入射角增大时反射光的强度增强，折射光强度减弱；则知若入射点由A向B缓慢移动时，入射角增大，反射光的强度增强．

因紫色光的折射率最大；发生全反射的临界角最小，故紫光最先发生全反射，在光屏上最先消失．故A正确．

故选：A．

【分析】光线从光密到光疏介质，故随入射角的增大，则反射光将加强；光入射角达到某光的临界角时该光将发生全反射，分析色光的临界角大小可得出最先发生全反射的光．8、D【分析】【分析】匀速圆周运动是速率不变的圆周运动，即线速度大小不变，但是方向时刻改变；角速度大小不变，由此判定各个选项．【解析】【解答】解：

匀速圆周运动是速率不变的圆周运动；线速度大小不变的圆周运动，但是方向时刻改变，则加速度的大小也不变，但方向时刻改变，因此属于变速运动，故ABC错误，D正确．

故选：D．二、填空题(共9题，共18分)9、【分析】【分析】对整体分析，根据牛顿第二定律求出劲度系数，从而通过整体和隔离法得出A、B间的摩擦力与位移x的函数关系．【解析】【解答】解：当振子距平衡位置的位移x=时系统的加速度为a，根据牛顿第二定律有：kx=（mA+mB）a=4ma；

解得k=；

当位移为x时，整体的加速度；

隔离对A分析，则摩擦力．

故答案为：．10、电动势电【分析】【分析】根据电池的说明，可以直接可知电池的电动势和电池的容量的大小，以及其他的一些性质．【解析】【解答】解：电源是通过非静电力做功；把其它形式的能转化为电能的装置，从图中可得知该电池的电动势的大小为E=9V，积层电池能把贮存在内部的化学能转化为电能．

故答案为：电动势，电11、在AB连线的延长线上距离B为d处不能【分析】【分析】由于A处放正点电荷；B处放负点电荷，根据同种电荷排斥，异种电荷吸引；

要使小环C处于平衡状态；对其小环C受力分析，去判断所处的位置．

运用库仑定律结合力学平衡知识解决问题．【解析】【解答】解：（1）设C在AB连线的延长线上距离B为l处达到平衡；带电量为Q

由库仑定律得：F=k有平衡条件得：Fc==0

解得：l1=-（舍去）；l2=d

所以平衡位置为：l=d；即在AB连线的延长线上距离B为d处。

（2）若小环C带电量为q；将小环向右拉离平衡位置一小位移x，小环受合力向右，不能回到平衡位置．若小环C带电量为-q，将小环向右拉离平衡位置一小位移x，小环受合力向左，能回到平衡位置．所以不能回到平衡位置．

故答案为：在AB连线的延长线上距离B为d处．不能．12、【分析】【分析】甲船以最短时间渡河，知静水速的方向与河岸垂直．乙船以最短航程渡河，因为两船抵达地点相同，知乙船静水速小于水流速，不能垂直到对岸，乙船静水速方向与合速度方向垂直．【解析】【解答】解：两船抵达的地点相同；知合速度方向相同，甲船静水速垂直于河岸，乙船的静水速与合速度垂直．如图．

两船的合位移相等，则渡河时间之比等于两船合速度之反比．则=．

故答案为：．

13、略

【分析】【解析】

试题分析：根据电动势的瞬时值表达式可知电动势的最大值由于是正弦交流电，所以电动势的有效值（376；377.3均给分）

根据电动势的瞬时值表达式可知，所以

考点：电动势的瞬时值表达式。

点评：了解交流电瞬时值中各数值得含义，会根据瞬时值表达式求解其它参数。【解析】【答案】380（376、377.3均给分），50，14、9：29：1【分析】【分析】根据万有引力提供圆周运动向心力由卫星的质量和半径关系分析求解向心力和向心加速度大小之比．【解析】【解答】解：人造地球卫星绕地球圆周运动向心力由万有引力提供，根据F=可知两颗卫星的向心力之比：

=

向心加速度a=；所以：

故答案为：9：2，9：115、9×109N•m2/C2N•m2/C29×109【分析】【分析】静电力常数等于9×109Nm2/C2．已知两个电荷的电荷量和距离，根据库仑定律公式列式求解静电力大小．【解析】【解答】解：库仑定律公式中静电力常数k的大小为9×109N•m2/C2．在国际单位制中k的单位是N•m2/C2．

根据库仑定律=9×109Nm2/C2×=9×109N．

故答案为：9×109N•m2/C2；N•m2/C2；9×109．16、2：13：1【分析】【分析】根据速度图象的斜率等于加速度求解加速度之比，再结合牛顿第二定律求出牵引力与阻力之比．【解析】【解答】解：A、根据速度图象的斜率等于加速度大小，则有在0～t0和t0～3t0两段时间内加速度大小之比为：a1：a2=：=2：1．

根据牛顿第二定律得：

F-f=ma1

f=ma2

解得：F：f=3：1

故答案为：2：1；3：1．17、并S2【分析】【分析】根据串并联电路的特点进行分析，串联电路依次按顺序连接，并联电路是并列连接的．【解析】【解答】解：当开关S1、S3闭合S2断开时，L1、L2并列连接；故两灯并联连接；

当只闭合开关S2时，L1、L2依次顺序连接；故两灯串联．

故答案为：并，S2．三、判断题(共8题，共16分)18、√【分析】【分析】根据额定电压和额定功率的概念进行分析，即用电器正常工作时的电压为额定电压，在额定电压下的功率为额定功率．【解析】【解答】解：因用电器正常工作时；电压为额定电压，在额定电压下的功率为额定功率，所以额定功率与实际电压无关，实际功率与工作时的电压有关；

故答案为：√19、√【分析】【分析】晶体的分子（或原子、离子）排列是有规则的．晶体是具有一定的规则外形和各向异性．【解析】【解答】解：根据晶体的结构的特点可知；晶体的分子（或原子；离子）排列是有规则的．所以该说法是正确的．

故答案为：√20、√【分析】【分析】分子在永不停息的做无规则热运动，物体内部个别分子的速度具有怎样的数值和方向完全是偶然的，但就大量分子的整体来看，在一定的条件下，物体分子的速度分布也遵从一定的统计规律．【解析】【解答】解：对于大量分子；其运动有一定的统计规律，但对于个别分子，其运动的速度完全是偶然的；

故答案为：√21、√【分析】【分析】晶体的分子（或原子、离子）排列是有规则的．晶体是具有一定的规则外形和各向异性．【解析】【解答】解：根据晶体的结构的特点可知；晶体的分子（或原子；离子）排列是有规则的．所以该说法是正确的．

故答案为：√22、√【分析】【分析】粒子在磁场中，由洛伦兹力提供向心力，故在磁场中做匀速圆周运动，写出牛顿第二定律的方程，导出粒子的半径公式即可做出判定．【解析】【解答】解：粒子在磁场中，由洛伦兹力提供向心力，故在磁场中做匀速圆周运动；由洛伦兹力提供向心力，有qvB=m，解得r=；粒子的比荷之比与轨道半径之比成反比．

故答案为：√23、×【分析】【分析】根据加速度的定义式a=可知物体的加速度等于物体的速度的变化率，与物体速度无关，即物体的速度变化越快物体的加速度越大．再由牛顿第二定律可知，F=ma，即加速度与合外力的关系．【解析】【解答】解：根据加速度的定义式a=可知；物体的速度越大，则加速度不一定越大；

再由牛顿第二定律可知；F=ma，可知，当加速度越大时，则合外力越大，故是错误的；

故答案为：×．24、√【分析】【分析】发现电磁感应现象的科学家是法拉第．【解析】【解答】解：发现电磁感应现象的科学家是法拉第．故这个说法正确．

故答案为：√25、√【分析】【分析】电源是通过非静电力做功将其他形式的能转化为电能的装置，电源电动势反映了电源内部非静电力做功的本领．【解析】【解答】解：电源是通过非静电力做功将其他形式的能转化为电能的装置；电源电动势反映了电源内部非静电力做功的本领．故此说法正确．

故答案为：√四、证明题(共1题，共7分)26、略

【分析】【分析】A、B星体靠拢过程中动量守恒，从而求出新星体C的速度，计算C新星体的机械能判断轨道的形状是否为椭圆．【解析】【解答】证明：计算新星体C的机械能，设C距日R3，设A、B星球的速度分别为vA和vB；则：

在径向：可以认为在A；B靠拢过程中质心未动；所以C到太阳的距离为。

R3==①

在切向：A、B合并过程中动量也守恒，则有（mA+mB）vC=mAvA+mBvB②

研究②中的vA、vB：

因A做圆周运动，故vA=

所以vB====vA

将vA、vB带入②得vC=③

利用①③C星体的机械能为。

EC=（mA+mB）-G=（mA+mB）-=-G

因此，新星体C的轨道为椭圆．五、识图作答题(共3题，共12分)27、（1）含有一种氨基酸可能有多种密码子全部。

（2）标记基因（抗性基因）启动子农杆菌转化法（3）愈伤组织抗原－抗体杂交【分析】【分析】本题考查了基因工程以及植物组织培养技术，要求考生能够掌握基因工程的操作步骤，识记cDNA文库和基因组文库之间的区别，掌握植物组织培养过程，能结合所学知识准确答题。【解答】（1）在该基因工程中；Bt毒蛋白基因可从基因组文库中获取，也可从cDNA文库中获取，基因组文库含有启动子，以mRNA为模板逆转录形成的cDNA中既没有启动子，又无终止子和内含子。利用PCR技术从cDNA文库中获取Bt基因（基因序列未知），需根据Bt蛋白氨基酸序列设计引物，由于一个氨基酸有多个密码子，对应生物DNA碱基序列就会有多种，因此引物的序列可以有多种，在PCR体系中需加入其中的全部引物。

（2）常用农杆菌转化法将目的基因导入植物受体细胞；农杆菌中的Ti质粒应含有标记基因，便于后期筛选；启动子是RNA聚合酶识别和结合的位点，驱动转录的开始。

（3）步骤Ⅳ通过脱分化产生的细胞团称为愈伤组织，检测转基因植物中Bt基因是否合成了Bt毒蛋白可以采用抗原－抗体杂交的方法。【解析】（1）含有一种氨基酸可能有多种密码子全部。

（2）标记基因（抗性基因）启动子农杆菌转化法（3）愈伤组织抗原－抗体杂交28、（1）分级调节促甲状腺激素释放激素

（2）DNA的转录提高细胞代谢的速率，使机体产生更多的热量

（3）冷觉感受器下丘脑【分析】【分析】本题考查激素的分级调节、体温调节及神经调节等相关知识，意在考查考生的识图能力以及应用所学知识解决问题的能力。【解答】（1）器官甲分泌X促进乙释放Y，进一步促进丙分泌甲状腺激素，这体现了激素调节具有分级调节的特点，物质X为下丘脑分泌的促甲状腺激素释放激素。（2）由图可知甲状腺激素与核受体形成的复合体促进了细胞核内DNA的转录过程，从而加快了细胞质中蛋白质的合成过程。由于甲状腺激素的作用能促进物质氧化分解，所以图中的“生物效应”主要是提高细胞代谢的速率，使机体产生更多的热量。（3）冷觉感受器受到外界寒冷刺激时，对钠离子的通透性增强，膜上电位将发生变化，继而冲动沿神经传到体温调节中枢下丘脑。【解析】（1）分级调节促甲状腺激素释放激素（2）DNA的转录提高细胞代谢的速率，使机体产生更多的热量（3）冷觉感受器下丘脑29、(1)不能女孩AA中的一个A必然来自于父亲,但因为祖父和祖母都含有A,故无法确定父亲传给女儿的A是来自于祖父还是祖母;另一个A必然来自于母亲,也无法确定母亲传给女儿的A是来自于外祖父还是外祖母。(2)祖母该女孩的一个XA来自父亲,而父亲的XA一定来自于祖母不能【分析】本题主要考查常染色体上基因的遗传特点和X染色体上基因的遗传特点。(1)如果该等位基因位于常染色体上,根据常染色体上基因的传递规律,该女孩所含的2个显性基因A分别来自其父母,但因其外祖父母、祖父母基因型均为Aa,故其父母中的显性基因A均无法确定来源。(2)如果该等位基因位于X染色体上,根据性染色体上基因的传递规律,该女孩所含的XAXA基因分别来自其父母,其父亲的XA一定来自祖母,而Y一定来自祖父,故该女孩两个XA中的一个可以确定来源;其母亲的XA无法确定来源。【解析】(1)不能女孩AA中的一个A必然来自于父亲,但因为祖父和祖母都含有A,故无法确定父亲传给女儿的A是来自于祖父还是祖母;另一个A必然来自于母亲,也无法确定母亲传给女儿的A是来自于外祖父还是外祖母。(2)祖母该女孩的一个XA来自父亲,而父亲的XA一定来自于祖母不能六、实验题(共4题，共20分)30、m1＞m2直尺