2025年人教版（2024）高二物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版（2024）高二物理下册阶段测试试卷969考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、木星的卫星“爱奥”上有一火山，岩石竖直喷出后上升的高度可达100km.

已知“爱奥”周围没有空气，重力加速度为1.8m/s2

则岩石喷出时的最大速度为()A.300m/s

B.600m/s

C.3.3隆脕103m/s

D.3.6隆脕104m/s

2、下图中的a

是一个边长为L

的正方形导线框，其电阻为R

.

线框以恒定速度v

沿x

轴运动，并穿过图中所示的匀强磁场区域b

。如果以x

轴的正方向作为力的正方向，线框在图示位置的时刻作为时间的零点，则磁场对线框的作用力F

随时间变化的图线应为()

A.B.C.D.3、电场中有AB

两点，把某点电荷从A

点移到B

点的过程中，电场力对该电荷做了负功.

则下列说法正确的是(

)

A.该电荷是正电荷，且电势能减少B.该电荷是正电荷，且电势能增加C.该电荷是负电荷，且电势能增加D.电荷的电势能增加，但不能判断是正电荷还是负电荷4、如图所示，元宵佳节，室外经常悬挂红灯笼烘托喜庆的气氛，若忽略空气分子间的作用力，大气压强不变，当点燃灯笼里的蜡烛燃烧一段时间后，灯笼内的空气（）A.分子密集程度增大B.分子的平均动能不变C.压强不变，体积增大D.单位时间与单位面积器壁碰撞的分子数减少5、如图所示，某人由A

点划船渡河，船头指向始终与河岸垂直，则下列说法中正确的是A.小船能到达正对岸的B

点B.小船能到达正对岸B

点的左侧C.小船能到达正对岸B

点的右侧D.小船到达对岸的位置与水流速度无关评卷人得分二、填空题(共7题，共14分)6、某学生用打点计时器研究小车的匀变速直线运动。他将打点计时器接到频率为50Hz的交流电源上，实验时得到一条纸带。他在纸带上便于测量的地方选取第一个计时点，在这点下标明A，第六个点下标明B，第十一个点下标明C，第十六个点下标明D，第二十一个点下标明E。测量时发现B点已模糊不清，于是他测得AC长为14.56cm、CD长为11.15cm，DE长为13.73cm，则打C点时小车的瞬时速度大小为______m/s，小车运动的加速大小为________m/s2,AB的距离应为______cm。7、如图，匀质直角三角形薄板ABC竖直放置，A点处有一固定转轴，一竖直向上、大小为F的力作用在B点，使AB边保持水平，∠BAC=θ．若撤去力F的同时，在板上某位置作用另一个力，仍能保持薄板在该位置平衡，则该力的最小值为____．若从AB水平状态开始，用一始终沿BC方向、作用于B点的力，使板绕轴A逆时针缓慢转动90°，则在转动过程中，该力的变化情况为____．

8、如图所示的电子元件名称叫____________，它的电容参数是____________．9、如图所示，真空中带电荷量分别为＋Q和－Q的点电荷A、B相距r。两点电荷连线的中点O处的电场强度大小为。10、在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中；可供选择的器材及代号如下：

A．小灯泡L（3V；1.8W）；

B．滑动变阻器R1（0-10Ω；额定电流1.5A）；

C．滑动变阻器R2（0-2000Ω；额定电流0.3A）；

D．电压表V1（量程：0-3V，RV=5kΩ）；

E．电压表V2（量程：0-15V，RV=10kΩ）；

F．电流表A1（量程：0-0.6A，RA=0.5Ω）；

G．电流表A2（量程：0-3A，RA=0.1Ω）；

H．直流电源3V；电键各一个；导线若干；

实验中要求加在小灯泡两端的电压可连续地从零调到额定电压。

（1）为了减少误差，实验中应选电流表____，电压表____（填字母代号）；若电流表表盘指针位置如图1，电流表的示数为____A．

（2）实验电路图2为____（填字母代号）

（3）在实验中，小灯泡电阻的测量值比真实值____（填“大”、“小”或“相同”）．11、如图所示，在边长为L的正三角形的三个顶点A、B、C上各固定一个点电荷，它们的带电量分别为+q、+q和-q，求其几何中心O处的场强______．12、如图中电容器的电容都是C=4×10-6F，电感都是L=9×10-4H，左图中电键K先接a，充电结束后将K扳到b；右图中电键K先闭合，稳定后断开．两图中LC回路从振荡开始，经过t=3.14×10-4s，此时刻：C1的上极板正在______电（充电还是放电），带______电（正电还是负电）；L2中的电流方向向______（左还是右），磁场能正在______（增大还是减小）．评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)13、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）14、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）15、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

16、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

17、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）18、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）19、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

评卷人得分四、实验探究题(共4题，共32分)20、某研究性小组的同学想描绘标有“4.0V0.7A

”的小灯泡的伏安特性曲线，实验室老师提供的器材如下：。A.小灯泡L

规格“4.0V0.7A

”B.电流表A1(0隆芦3A

内阻约0.1娄赂)

C.电流表A2(0隆芦0.6A

内阻r2=0.2娄赂)

D.电压表V1(0隆芦3V

内阻9k娄赂)

E.电压表V2(0隆芦15V

内阻约为30k娄赂)

F.标准电阻R{,!}_{1}="1娄赂"

G.标准电阻R2=3k娄赂

H.滑动变阻器R(0隆芦10娄赂)

I.学生电源(E=6V

内阻不计)

J.开关S

及导线若干。

(1)

甲同学设计了如图甲所示的实验电路来，当电压表读数为2.40V

时，电流表示数如图乙所示为____A

此时小灯泡L

的电阻为____娄赂

(2)

学习小组同学经讨论认为要想更准确地描绘出L

完整的伏安特性曲线，需要重新设计电路，请你在甲同学实验电路的基础上利用所供器材，在图丙所示的虚线框内补画出实验电路图，并在图上标明所选器材代号；某次当电压表读数为2.70V

安培表读数为0.50A

则灯L

消耗的功率P=

____W

21、如图所示为接在50Hz

低压交流电源上的打点计时器在纸带做匀加速直线运动时打出的一条纸带，图中所标的是每5

个计时点取一个计数点ABCDE

等，但第三个计数点C

未标出，由图中给出的数据计算纸带运动的加速度是a=

______m/s2

在打下计数点B

时，纸带运动的瞬时速度vB=

______m/s.(

结果保留3

位有效数字)

22、从离地面80m

的空中自由落下一个小球，g

取10m/s2.

求：(1)

经过多长时间落到地面．(2)

自开始下落计时，在第1s

内和最后1s

内的位移．(3)

下落时间为总时间的一半时的位移．23、在“验证机械能守恒定律”的实验中，打点计时器所用的电源频率为50Hz

当地重力加速度的值为9.80m/s2

所用重物的质量为1.00kg

一位同学按正确的操作打出一条纸带，并量得纸带上连续五点ABCDE

到第一点的距离分别为15.55cm19.20cm23.23cm27.64cm

和32.43cm

由此可知若以第一点为起点，重物运动到B

点重力势能的减少量是______J

重物的动能增加量为______J.(

两空均保留两位小数)

评卷人得分五、简答题(共2题，共16分)24、如图所示，光滑水平轨道上放置长木板A（上表面粗糙）和滑块C，滑块B置于A的左端（B、C可视为质点），三者质量分别为mA=2kg、mB=1kg、mC=2kg，A与B的动摩擦因数为μ=0.5；开始时C静止，A、B一起以v0=5m/s的速度匀速向右运动，A与C发生碰撞（时间极短）并粘在一起，经过一段时间，B刚好滑至A的右端而没掉下来．求长木板A的长度．（g=10m/s2）

25、如图所示；AB

两端的电压U

恒为18V

电阻R1=20娄赂

灯泡L

标有“6V1.8W

”的字样，当灯泡L

正常发光时，求：

(1)

电阻R2

的阻值。

(2)

电路消耗的总电功率P

．参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、B【分析】【分析】已知上升高度、加速度，末速度，结合竖直上抛运动的简单规律，上升过程时匀减速运动，代入速度位移公式即可求解。本题简单考查了竖直上抛运动的基本规律，比较基础。【解答】结合条件，已知上升高度、加速度和末速度，由v2鈭�v20=2gh

可知，初速度v0=2gh=600m/s

故B正确。故选B。【解析】B

2、B【分析】【分析】由线圈运动时切割磁感线的长度为L

由E=BLv

可求得感应电动势，则由欧姆定律可得出电流，由安培力公式F=BIL

分析安培力，即可判断作用力与时间的关系；由右手定则可得出电流的方向，由左手定则分析安培力方向，再进行分析选择。本题考查的是线框穿磁场产生感应电流的典型情景，电磁感应与图象的结合一般考查选择题，先找到各图中的不同点，主要分析不同点即可得出正确答案。【解答】在0鈭�Lv

内，线框在磁场之外，感应电流为0

安培力为0

在Lv鈭�2Lv

内，由右手定则可得出感应电流的方向为逆时针的方向，维持线框以恒定速度V

沿x

轴运动，所以感应电动势和电流不变，根据左手定则得出安培力的方向x

轴的负方向；在2Lv鈭�4Lv

内，线框全部进入磁场，穿过线圈的磁通量不变，感应电流为0

安培力为0

在4Lv鈭�5Lv

内，线框左边切割磁感线，由右手定则可得出感应电流的方向为顺时针的方向，维持线框以恒定速度V

沿x

轴运动，所以感应电动势和电流不变，根据左手定则得出安培力的方向x

轴的负方向；故ACD错误，B正确。故选B。【解析】B

3、D【分析】【分析】

电场力对电荷做负功；说明电场力阻力电荷的运动，导致动能减小，转化为电势能，使其增加。

考查了功能关系：电场力做功；导致电势能变化.

就像重力做功，必导致重力势能变化一样。

【解答】

电场力做功；导致电势能变化，若电场力做负功，则电势能增加；若电场力做正功，则电势能减小.

但无法判定电荷的正负，因此ABC错误；D正确；

故选D。

【解析】D

4、D【分析】解：A．蜡烛燃烧后；灯笼内温度升高，部分气体分子将从灯笼内部跑到外部，所以灯笼内分子总数减少，故分子密集程度减小，故A错误。

B．灯笼内温度升高；分子的平均动能增大。故B错误。

C．灯笼始终与大气连通；压强不变，灯笼内气体体积也不变。故C错误。

D．温度升高；气体分子的平均动能增大，单位时间与单位面积分子对器壁碰撞的平均作用力增大，而气体压强不变，所以单位时间与单位面积器壁碰撞的分子数减少。故D正确。

故选：D。

灯笼始终与大气连通；压强不变，灯笼内气体体积也不变，气体的温度升高，直接影响了分子的平均动能，再根据气体压强的微观解释，就可以判断出单位时间与单位面积器壁碰撞的分子数增大还是减少。

解决本题的关键是掌握气体压强的微观解释，以及温度是分子平均动能的标志。【解析】D5、C【分析】【分析】将小船的运动分解为沿河岸方向和垂直于河岸方向两个分运动，在两个方向上都有位移，根据运动的合成，确定小船到达对岸的位置。本题考查了运动的合成和分解。解决本题的关键知道小船参与了沿河岸方向和垂直于河岸方向两个方向的分运动，根据平行四边形确定合运动的方向。【解答】小船在垂直于河岸方向和沿河岸方向都有位移，根据运动的合成，合位移的方向指向下游方向，所以小船到达对岸的位置是正对岸B

点的右侧；故C正确，AB

D错误。故选C。【解析】C

二、填空题(共7题，共14分)6、略

【分析】【解析】【答案】0.986，2.58，5.997、Fcosθ先变大后变小【分析】【解答】一竖直向上、大小为F的力作用在B点，使AB边保持水平；根据力矩平衡条件，有：

F•AB=G•d①

（其中d为重力的力臂）

当力臂最大时，作用力最小，即F作用在C点，且与AC垂直；此时力臂最大，作用力最小，有：

F′•AC=G•d②

联立①②两式；解得：

F′=Fcosθ

若从AB水平状态开始，用一始终沿BC方向、作用于B点的力，使板绕轴A逆时针缓慢转动90°；由于重力的力臂先增加后减小，拉力的力臂一直减小，根据力矩平衡条件，拉力先变大后变小；

故答案为：Fcosθ；先变大后变小．

【分析】当作用力的力臂最大时，作用力最小；沿垂直AC方向、作用于C点的力最小；根据力矩平衡条件列式判断拉力的变化情况．8、略

【分析】解：该电子元件上有“50V；220μF”，知该元件为电容器，参数为：额定电压为50V，电容为220μF．

故答案为：电容，50V，220μF．【解析】电容;50V，220μF9、略

【分析】试题分析:两个等量异种点电荷在中点产生的电场强度大小相等，方向相同．大小为则合电场强度E==考点：电场的叠加【解析】【答案】方向：沿OB线，指向B10、略

【分析】

（1）小灯泡额定电压是3V，电压表应选V1；即D．

灯泡额定电流I==0.6A，电流表应选电流表A1．即F．

电流表表盘指针位置如图1；电流表的示数为0.40A

（2）因为电压；电流需从零开始测起；所以滑动变阻器采用分压式接法，灯泡的电阻大约5Ω，远小于电压表内阻，属于小电阻，电流表采用外接法误差较小．

故选A．

（3）在实验中；由于电压表的分流造成实验的误差，通过灯泡的实际电流小于电流表的读数；

根据R=得小灯泡电阻的测量值比真实小．

故答案为：（1）F；D；0.40

（2）A（3）小。

【解析】【答案】（1）根据灯泡额定电压选择电压表；根据灯泡额定电流选择电流表；

（2）测量灯泡的伏安特性曲线；电流；电压需从零开始测起，则滑动变阻器采用分压式接法，根据灯泡的电阻大小确定电流表的内外接．

（3）知道伏安法测电阻的误差是由于电流表的分压或电压表的分流造成的．

11、略

【分析】解：O点是三角形的中心，到三个电荷的距离为r=Lsin60°=L，三个电荷在O处产生的场强大小均E0=k

根据对称性和几何知识得知：两个+q在O处产生的合场强为E1=k方向由O指向C，与-q电荷在O处产生的场强方向相同．

则再与-q在O处产生的场强合成，得到O点的合场强为E=E1+E0=2k=方向由O指向C．

故答案为：．

由点电荷场强公式E=k分别求出三个电荷在O处产生的场强大小；再进行合成求解．

本题是电场的叠加问题，关键要掌握点电荷场强公式和平行四边形定则，结合数学知识求解．【解析】12、略

【分析】解：左图中电键K先接a，充电结束后将K扳到b；在LC振荡电路中，当电容器在放电过程：电场能在减少，磁场能在增加，回路中电流在增加，电容器上的电量在减少；当电容器在充电过程：电场能在增加，磁场能在减小，回路中电流在减小，电容器上电量在增加．

由振荡周期公式可得：==3.77×10-4s

而从振荡开始，经过t=3.14×10-4s，此时刻处于到T之间，则C1的正在处于反向充电，所以C1的上极板带正电；

而L2中的反向放电，所以L2中的电流方向向左；且磁场能正在增大．

故答案为：充；正；左；增大。

在LC振荡电路中；当电容器在放电过程：电场能在减少，磁场能在增加，回路中电流在增加，电容器上的电量在减少．从能量看：电场能在向磁场能转化；当电容器在充电过程：电场能在增加，磁场能在减小，回路中电流在减小，电容器上电量在增加．从能量看：磁场能在向电场能转化．由振荡电路中的L与C可求出振荡周期．

电容器充电完毕（放电开始）：电场能达到最大；磁场能为零，回路中感应电流i=0．

放电完毕（充电开始）：电场能为零；磁场能达到最大，回路中感应电流达到最大．

电容器的动态分析重点在于明确电容器的两种状态：充电后断开则极板上的电量不变；和电源相连，则两板间的电势差不变．【解析】充；正；左；增大三、判断题(共7题，共14分)13、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．14、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．15、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．16、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．17、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．18、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．19、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．四、实验探究题(共4题，共32分)20、(1)0.485.00(2)

如图所示2.16

【分析】【分析】(1)

由图示电流表确定其分度值；读出电流表示数，然后由欧姆定律求出灯泡电阻阻值。

(2)

电流表A1

量程太大，读数误差太大，为减小误差，应该选用电流表A2

给电流表A2

并联一个分流电阻，据此设计实验电路.

再根据改装原理求出灯泡中电流，由P=UI

可求得实际功率。本题考查灯泡伏安特性曲线的描述实验，要注意对电表读数时要先确定电表量程的分度值，读数时视线要与电表刻度线垂直；应用串联电路特点即可求出灯泡两端电压。【解答】(1)

由图2

所示可知；电流表分度值是0.02A

故电流表示数为0.48A

此时灯泡电阻。

RL=UI=2.400.48=5.00娄赂

(2)

电流表A1

量程太大；读数误差太大，为减小误差，应该选用电流表A2

给电流表A2

并联一个分流电阻，根据改装原理可知，应并联小电阻R1

同时电压表量程过小，故应串联一个电阻分压，并且应串联大电阻R2

实验电路图如图所示。

根据改装原理可知，灯泡两端的实际电压U=R2+RVRV,U0=3+99隆脕2.7=3.6V

流过灯泡的实际电流I=I0+I0r2R1=0.5+0.5隆脕0.21=0.60A

则灯泡的实际功率P=UI=3.6隆脕0.6=2.16W

故填：(1)0.485.00(2)

如图所示；2.16

．

【解析】(1)0.485.00(2)

如图所示2.16

21、略

【分析】解：根据s4鈭�s1=3aT2

得加速度为：a=0.0883鈭�0.02830.03=2.00m/s2

．

s2=s1+aT2=0.0283+2隆脕0.01=4.83cm

则B

点的速度为：vB=s1+s22T=.0283+0.04830.2m/s=0.383m/s

．

故答案为：2.000.383

根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出加速度；根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B

点的速度．

解决本题的关键掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度和加速度，关键是匀变速直线运动两个重要推论的运用．【解析】2.000.383

22、解：(1)由h=gt2；得。

t==4s

(2)第1s内的位移：h1=gt12=×10×12m=5m

最后1s内的位移：

h′=80m-×10×32m=35m；

(3)下落总时间一半时的高度：

h2=gt2=×10×()2m=20m．

答：(1)经4s物体落到地面上；(2)最后1s的位移的35m；(3)下落一半时的高度为20m．【分析】(1)

已知物体下落的高度，故由h=12gt2

可求得下落时间；

(2)

第1s

内的位移直接由位移公式求出；而最后1s

内的位移要由总位移减去1s

前的总位移；

(3)

总时间已求出，则可直接用位移公式求得下落总时间一半时的位移．【解析】解：(1)

由h=12gt2

得。

t=2hg=4s

(2)

第1s

内的位移：h1=12gt12=12隆脕10隆脕12m=5m

最后1s

内的位移：

h隆盲=80m鈭�12隆脕10隆脕32m=35m

(3)

下落总时间一半时的高度：

h2=12gt2=12隆脕10隆脕(42)2m=20m

．

答：(1)

经4s

物体落到地面上；(2)

最后1s

的位移的35m(3)

下落一半时的高度为20m

．23、略

【分析