2024年上教版选择性必修2物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年上教版选择性必修2物理下册月考试卷566考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示，是自感系数很大的线圈，但其自身的电阻几乎为零，和是两个相同的小灯泡．下列对实验现象的预测合理的是（）

A.开关由断开变为闭合时，灯先亮灯后亮B.开关由断开变为闭合时，两灯同时亮C.开关由闭合变为断开时，两灯同时立即熄灭D.开关由闭合变为断开时，两灯都会延迟一会儿熄灭2、在刚结束的学业水平合格性考试中；金属探测器是考生入场前统一使用的合法预防考生作弊的辅助检测设施。其结构原理图可简化为下图所示。探测器的发射线圈（外环）用于产生垂直于线圈平面的磁场，内环线圈是接收线圈，用来收集被查金属目标发出的磁场（接收线圈能完全屏蔽发射线圈产生的磁场）。某一时刻发射线圈发射一向下的磁场，则下列说法正确的是（）

A.金属探测器使用的是两节干电池，所以探测器的发射线圈中使用的是直流电B.如果发射线圈发射的向下磁场增强，则金属物中感应电流所产生的磁场也增强C.金属物发出的磁场穿过接收线圈时，接收线圈中会产生一个微弱的电流，探测器相应的元件就是依据这一信号电流做出报警的D.金属物发出的磁场穿过接收线圈时，如果接收线圈中产生的微弱电流俯视看沿逆时针方向，则金属物发出的穿过接收线圈的磁场方向向上3、空间有一圆柱形匀强磁场区域，其横截面的半径为R，圆心为O，磁场方向垂直横截面（纸面向里），一质量为m、电量为q的负电粒子从M点平行于横截面以速率v射入磁场，速度方向与直径MN的夹角为θ=30°，离开磁场时速度方向与MN垂直；不计粒子重力，该磁场的磁感应强度大小为（）

A.B.C.D.4、如图所示为一台教学用手摇式交流发电机，当缓慢摇动大皮带轮手柄时，连接在发电机上的小灯泡就会一闪一闪地发光。已知大皮带轮半径为R，小皮带轮半径为r，摇动手柄的角速度为且摇动过程中皮带不打滑，以下判断正确的是（）

A.发电机产生的交变电流频率为B.小灯泡闪烁的频率为C.小灯泡的瞬时功率等于通过小灯泡的电流、电压二者有效值的乘积D.发电机启动阶段，当手摇转速加倍后，小灯泡的功率变为2倍5、如图所示，某圆形N匝金属线圈放置在匀强磁场中，磁场方向垂直于纸面向里，磁感应强度大小为B，线圈的面积为S，电阻不计，线圈可绕OO′自由转动，并通过电刷与外电路相连，定值电阻的阻值为R，电压表为理想交流电表，现使线圈从图示位置匀速转动，周期为T，下列说法正确的是（）

A.电容器的耐压值至少为B.电压表的示数随时间的变化规律为C.一个周期内，定值电阻上产生的热量为D.在四分之一周期内通过线圈某一横截面的电荷量为评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)6、自耦变压器是输出和输入共用一组线圈的特殊变压器.升压和降压用不同的抽头来实现.比共用线圈少的部分抽头电压就降低.比共用线圈多的部分抽头电压就升高.如图所示，自耦变压器上的滑动触头P移动，可以调节输出电压，线圈MN两端与一个滑动变阻器相连接，Q为滑动变阻器的滑动触头，V1、V2为理想电压表；如图所示，下列说法正确的是()

A.当交流电源接a、b时，触头P上移，Q也上移，V1的示数不变，V2示数可能不变B.当交流电源接a、b时，触头P上移，Q下移，V1的示数不变，V2示数增大C.当交流电源接c、d时，触头P上移，V1的示数增大，V2示数不变D.当交流电源接c、d时，触头P上移，V1的示数减小，V2示数不变7、用麦克斯韦的电磁场理论判断，图中表示电场（或磁场）产生磁场（或电场）的正确图像是（）A.B.C.D.8、如图所示，正弦交流电通过理想变压器对负载供电，当负载电阻R1＝4Ω时，变压器输入功率是P1＝25Ｗ，当负载电阻R2＝16Ω时，变压器输入电流I2＝0.25A，则下列说法正确的是（）

A.负载R1与R2上的电压之比为1∶4B.负载R1与R2上的电流之比为4∶1C.负载R1与R2上消耗的功率之比为1∶1D.变压器的原、副线圈匝数之比为5∶29、理想变压器连接灯泡和滑动变阻器的电路如图所示，M、N端连接一个稳压交流电源，三个相同灯泡和接入电路中发光，当滑动变阻器的滑片P向上移动时；下列说法正确的是（）

A.灯泡变亮，变暗B.灯泡都变亮C.电源输出功率一定增大D.滑动变阻器电功率一定增大10、矩形线圈的匝数为50匝；在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动时，穿过线圈的磁通量随时间的变化规律如图所示。下列结论正确的是（）

A.在t=0.1s和t=0.3s时，电动势最大B.在t=0.2s和t=0.4s时，电动势改变方向C.电动势的最大值是157VD.在t=0.4s时，磁通量变化率最大，其值为3.14Wb/s11、电磁泵在生产、科技中得到了广泛应用．如图所示的电磁泵泵体是一个长方体，ab边长为L1，两侧端面是边长为L2的正方形；流经泵体的液体密度为ρ，在泵体通入导电剂后液体的电导率为σ(电阻率的倒数)，泵体所在处有方向垂直前表面向外的匀强磁场，磁感应强度为B，把泵体的上、下两表面接在电压为U(内阻不计)的电源上，则()

A.泵体上表面应接电源正极B.通过泵体的电流I＝C.增大磁感应强度可获得更大的抽液高度hD.增大液体的电导率可获得更大的抽液高度h12、如图所示；在水平桌面上有一金属圆环，当用一条形磁铁由上向下插向圆环时，下列说法正确的是（）

A.环对桌面的压力保持不变B.环对桌面的压力减小C.从上往下看，环内产生顺时针的感应电流D.圆环有收缩的趋势13、如图所示，在光滑绝缘水平面上有一正方形线框abcd，线框由均匀电阻丝制成，边长为L，总电阻阻值为r。两条平行虚线之间存在匀强磁场，磁感应强度大小为B，磁场方向竖直向下。线框abcd以垂直于cd方向的速度进入磁场，当对角线ac刚进入磁场时，线框的速度大小为v，方向与磁场边界成45°角，则对角线ac刚进入磁场时（）

A.线框产生的感应电动势为2BLvB.线框中的感应电流为C.cd边所受安培力大小为D.a、c两端的电压为BLv14、如图所示，在竖直纸面内有四条间距均为L的水平虚线L1、L2、L3、L4，在L1、L2之间与L3，L4之间存在磁感应强度大小为B、方向垂直于纸面向里的匀强磁场。现有一矩形线圈abcd，长边ad=3L，宽边cd=L，质量为m，电阻为R，将其从图示位置（cd边与L1重合）由静止释放，cd边经过磁场边界线L3时恰好开始做匀速直线运动，整个运动过程中线圈始终处于同一竖直面内，cd边始终水平，已知重力加速度g=10m/s2；则（）

A.ab边经过磁场边界线L1后线圈要做一段减速运动B.ab边经过磁场边界线L3后线圈要做一段减速运动C.cd边经过磁场边界线L2和L4的时间间隔大于D.从线圈开始运动到cd边经过磁场边界线L4过程中，线圈产生的热量为2mgL－评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)15、洛伦兹力的方向。

左手定则：伸开左手，使拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一个平面内，让______从掌心垂直进入，并使______指向正电荷运动的方向，这时______所指的方向就是运动的正电荷在磁场中所受洛伦兹力的方向．负电荷受力的方向与正电荷受力的方向______。16、①如图所示，一个质量为M的木板放在光滑的水平地面上，一只质量为m的青蛙静止于木板的右端。青蛙突然一跃而起，脱离木板瞬间的对地速度大小为v，与水平方向成角，青蛙在这个过程中对木板做功为________

②如图所示，在光滑的水平面上有2021个完全相同的小球排成一条直线，均处于静止状态。现给第一个小球初动能使它正对其他小球运动。若小球间的所有碰撞都是完全非弹性的（粘在一起），则整个碰撞程中因为碰撞损失的机械能总量为__________

③如图所示，质量为m的物块A静止在水平面上，A的左侧光滑，右侧粗糙。一个质量为M的物块B以速度向右运动，与A发生弹性正碰，碰后A向前滑行而停止。若仅把A的质量变为其它条件不变，再次让B与A发生弹性碰撞，碰后A向前滑行而停止，已知则第二次碰撞后，B物体的瞬时速度大小为________

④如图所示，在垂直纸面向里的有界匀强磁场区域的左侧，一个质量为m的正方形线框由位置I以初速度v沿垂直于磁场边界水平向右运动，线框经过位置Ⅱ，当运动到位置Ⅲ时速度恰为零，此时线框刚好有一半离开磁场区域。线框的边长小于磁场区域的宽度。不计摩擦力，则线框从位置Ⅰ到位置Ⅱ的过程中，线框产生的焦耳热为________

17、如图所示，将直径为d、电阻为R的闭合金属环从匀强磁场B中拉出，这一过程中通过金属环某一截面的电荷量为_________。

18、如图所示，和是输电线，在图中空圈内填入所用的电表的符号______，若已知变压比为变流比为并且知道电压表示数为220V，电流表示数为1000A，则输电线路中的功率为______W。

19、如图甲，理想变压器的原线圈匝数n1=350匝，副线圈匝数n2=70匝，电阻R=20Ω，V是理想交流电压表，原线圈加上如图乙所示的正弦交流电，则电阻R上消耗的电功率为________W，在t=0.01s时，电压表的示数为________V，副线圈上电压峰值为________V。

评卷人得分四、作图题(共4题，共8分)20、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

21、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

22、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

23、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、实验题(共1题，共10分)24、（1）在“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”的实验中，下列器材在实验中需要用到有________。

A．B．C．D．

（2）若在实验中用匝数N1=400匝和N2=800匝的变压器，对应的电压测量数据如表所示。根据测量数据，下列说法正确的是_________

A．一定是原线圈B．可能是副线圈。

C．可能是副线圈D．一定是原线圈。实验次数12340.901.401.902.402.003.014.025.02评卷人得分六、解答题(共4题，共24分)25、如图所示，在xoy平面内y轴右侧有一范围足够大的匀强磁场，磁感应强度大小为B，磁场方向垂直纸面向外；分成I和II两个区域，I区域的宽度为d，右侧磁场II区域还存在平行于xoy平面的匀强电场，场强大小为E＝电场方向沿y轴正方向。坐标原点O有一粒子源，在xoy平面向各个方向发射质量为m，电量为q的正电荷，粒子的速率均为v＝进入II区域时，只有速度方向平行于x轴的粒子才能进入；其余被界面吸收。不计粒子重力和粒子间的相互作用，求：

(1)某粒子从O运动到O'的时间；

(2)在I区域内有粒子经过区域的面积；

(3)粒子在II区域运动，当第一次速度为零时所处的y轴坐标。

26、如图所示，为中心开有小孔的平行板电容器的两极板，相距为其右侧有一边长为的正三角形区域，区域内及边界上有垂直纸面向里的匀强磁场，在极板之间加上电压后，板电势高于板电势。现有一带正电的粒子，质量为电荷量为其重力和初速度均忽略不计，粒子从极板的中央小孔处射入电容器，穿过小孔后从距三角形点的处垂直方向进入磁场。

（1）求粒子到达小孔时的速度大小

（2）若粒子从P点进入磁场后经时间从间离开磁场，求粒子的运动半径和磁感应强度的大小

（3）若粒子能从间离开磁场，磁感应强度应满足什么条件？

27、如图所示，P点距坐标原点的距离为L，坐标平面内的第一象限内有方向垂直坐标平面向外的匀强磁场(图中未画出），磁感应强度大小为B。有一质量为m、电荷量为q的带电粒子从P点以与y轴正方向夹角为θ=的速度垂直磁场方向射入磁场区域；在磁场中运动，不计粒子重力。求：

（1）若粒子垂直于x轴离开磁场；则粒子进入磁场时的初速度大小；

（2）若粒子从y轴离开磁场；求粒子在磁场中运动的时间。

28、如图所示，两根平行光滑金属导轨MN和PQ放置在水平面内，其间距磁感应强度的匀强磁场垂直轨道平面向下，两导轨之间连接的电阻在导轨上有一长度为的金属棒ab，其电阻金属棒与导轨垂直且接触良好，ab棒在水平拉力作用下以速度向右匀速运动；设金属导轨足够长，导轨电阻不计。求：

（1）金属棒a、b两点间的电势差；

（2）拉力F的大小。

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、B【分析】【详解】

AB．刚闭合时，电源的电压同时加到两灯上，同时亮，随着中电流增大，分流作用增大，由于细圈直流电阻可忽略不计，逐渐被短路，直到熄灭，外电路总电阻减小，总电流增大，灯更亮；故A错误，B正确；

CD．灯泡与线圈构成闭合回路，所以稳定后再断开开关后，灯泡变亮再逐渐熄灭，灯泡立即熄灭；故CD错误；

故选B。

【点睛】对于通电与断电的自感现象，它们是特殊的电磁感应现象，可用楞次定律分析发生的现象．2、C【分析】【详解】

A．金属探测器使用的是两节干电池；但探测器的发射线圈中使用的是交流电，故A错误；

B．如果发射线圈发射的向下磁场增强；则金属物中有感应电流所产生，但不能确定感应电流所产生的磁场是否增强，故B错误；

C．金属物发出的磁场穿过接收线圈时；接收线圈中会产生一个微弱的电流，探测器相应的元件就是依据这一信号电流做出报警的，故C正确；

D．如果接收线圈中产生的微弱电流俯视看沿逆时针方向；由楞次定律可知，金属物发出的穿过接收线圈的磁场可能方向向上大小减弱，也可能方向向下大小增强，故D错误。

故选C。3、C【分析】【详解】

作出粒子运动轨迹如图所示。

粒子从K点射出，Q为轨迹圆心，因为速度方向与直径MN的夹角为θ=30°，则粒子离开磁场时速度方向与MN垂直，则OM平行于QK，又因为且另外一边重合，则则QM平行于KO，四边形OKQM为菱形，得出根据洛伦兹力提供向心力得

联立解得

故选C。4、B【分析】【详解】

A．大皮带轮带小皮带轮边沿线速度大小相等，则有

解得小皮带轮的的角速度

再由

可知发电机线圈转动的频率

此即为发电机产生的交变电流的频率；选项A错误；

B．小灯泡发光频率只与电流频率有关，它在一个周期内会闪烁两次，所以闪烁的频率为

选项B正确；

C．小灯泡闪烁；也就是小灯泡亮度时刻变化，说明小灯泡的瞬时功率是时刻变化的，而电流；电压二者有效值的乘积是定值，选项C错误；

D．由题意知加倍，则由

可知电压最大值加倍，由

知小灯泡的功率变为原来的4倍；选项D错误。

故选B。5、C【分析】【详解】

A．电容器的耐压值应为路端电压的最大值，为

选项A错误；

B．交流电压表的示数为一定值；即路端电压的有效值，不随时间变化，选项B错误；

C．一个周期内，外电阻上产生的热量为

选项C正确；

D．前四分之一周期内，通过线圈某一横截面的电量为

选项D错误。

故选C。二、多选题(共9题，共18分)6、A:C【分析】【详解】

A.当交流电源接a、b时，P上移，原线圈匝数变大，电源电压不变，V1示数不变，由电压关系和U1、n2不变、n1变大．可知副线圈电压U2减小，副线圈回路电流减小，Q上移，cd间阻值变大，V2示数可能不变；故A正确。

B.当交流电源接a、b时，P上移，原线圈匝数变大，电源电压不变，V1示数不变，由电压关系和U1、n2不变、n1变大．可知副线圈电压U2减小，副线圈回路电流减小，Q下移，则根据欧姆定律可知，V2示数变小；故B错误；

CD.当交流电源接cd时，P上移，电源电压不变，V2示数不变，副线圈匝数变大，副线圈电压变大，V1示数增大，故C正确D错误．7、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．A图中的左图磁场是稳定的；由麦克斯韦的电磁场理论可知，其周围空间不会产生电场，A图是错误的；

B．B图中的左图是均匀变化的电场；应该产生稳定的磁场，所以B图正确；

C．C图中的左图是振荡的磁场，它能产生同频率的振荡电场，且相位相差C图是正确的；

D．D图中的作图时震荡的电场，它能产生同频率的震荡磁场，且相位相差D图是错误。

故选BC。8、B:D【分析】【详解】

A．理想变压器输入功率等于输出功率，并且输入和输出电压不变，即负载R1与R2上的电压之比为1∶1；选项A错误；

B．负载变了，使相应的电流发生变化，电流比等于负载电阻的反比，即负载R1与R2上的电流之比为4∶1；选项B正确。

CD．接上R1=4Ω负载时，副线圈电压

换上负载R2=16Ω时，此时R2的功率

即负载R1与R2上消耗的功率之比为4∶1；

负线圈的电流

此时根据原、副线圈电流关系可得原、副线圈匝数之比

选项C错误；D正确。

故选BD。9、B:C【分析】【详解】

AB．当滑动变阻器的滑片P向上移动时，副线圈总电阻减小，由公式

可知副线圈电流增加，所以灯泡变亮。根据理想变压器电流与匝数关系，有

易知原线圈电流也增加，所以灯泡变亮。故A错误；B正确；

C．根据公式

可知当原线圈电流增加时；电源输出功率增大。故C正确；

D．在副线圈电路中，根据分压原理可知滑动变阻器两端电压减小，根据分流原理可知滑动变阻器电流增加，由功率表达式

不能判断滑动变阻器的电功率变化情况。故D错误。

故选BC。10、C:D【分析】【详解】

A.在t=0.1s和t=0.3s时；磁通量最大，线圈位于中性面，电动势为零最小，故A错误；

B.在t=0.2s和t=0.4s时；磁通量为零，线圈垂直于中性面，感应电动势最大，但电动势方向不变，故B错误；

C．根据磁通量随时间的变化规律图知，BS=0.2Wb，T=0.4s，故电动势的最大值

故C正确；

D.在t=0.4s时，磁通量为零，线圈位于中性面，感应电动势最大，磁通量变化率最大，根据

解得

故D正确。

故选CD。11、A:C:D【分析】【详解】

A．当泵体上表面接电源的正极时；电流从上向下流过泵体，这时液体受到的磁场力方向水平向左，故A正确；

B．根据电阻定律可知，泵体内液体的电阻

因此流过泵体的电流I＝UL1σ；故B错误；

C．增大磁感应强度B；液体受到的磁场力变大，可获得更大的抽液高度，故C正确；

D．若增大液体的电导率，可以使电流增大，液体受到的磁场力变大，可获得更大的抽液高度，故D正确．12、C:D【分析】【详解】

当用一条形磁铁由上向下插向圆环时；环中的磁通量向上增大，根据楞次定律，感应电流产生的磁场要阻碍原磁通量的增加，即感应电流的磁场向下，由安培定则可知环中产生从上往下看的顺时针的感应电流，而为了阻碍原磁通量的增加，环有缩小的趋势，同时也有远离磁铁的趋势，对桌面的压力变大。

故选CD。13、B:C【分析】【详解】

A．对角线ac刚进入磁场时线框切割磁感线的有效长度为L，产生的感应电动势为

故A错误；

B．根据闭合电路欧姆定律可知线框中的感应电流为

故B正确；

C．cd边所受的安培力大小为

故C正确；

D．a、c两端的电压为

故D错误。

故选BC。14、B:C【分析】【详解】

A．cd边经过磁场边界线L3时恰好开始做匀速直线运动，cd边从L3到L4的过程中做匀速直线运动，cd边到L4时ab边开始到达L1，则ab边经过磁场边界线L1后做匀速直线运动；故A错误；

B．ab边从L2到L3的过程中，穿过线圈的磁通量没有改变，没有感应电流产生，不受安培力，线圈做匀加速直线运动，则ab边进入下方磁场的速度比cd边进入下方磁场的速度大，所受的安培力增大，所以ab边经过磁场边界线L3后线圈要做一段减速运动；故B正确；

C．cd边经过磁场边界线L3时恰好做匀速直线运动，根据平衡条件有

而

联立解得

cd边从L3到L4的过程做匀速运动，所用时间为

cd边从L2到L3的过程中线圈做匀加速直线运动，加速度为g，设此过程的时间为t1，由运动学公式得

得

故cd边经过磁场边界线L2和L4的时间间隔为

故C正确；

D．线圈从开始运动到cd边经过磁场边界线L4过程，根据能量守恒得

故D错误。

故选BC。三、填空题(共5题，共10分)15、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】磁感线四指拇指相反16、略

【分析】【分析】

【详解】

①[1]设青蛙跃出后木板的速度为水平方向由动量守恒可得

由动能定理可得，青蛙在这个过程中对木板做功为

联立可解得

②[2]由题意可知

设全部粘在一起时的速度为v，由动量守恒可得

由能量守恒可得碰撞损失的机械能总量为

联立解得

③[3]设碰后B、A的速度分别为v1，v2，由动量守恒及机械能守恒可得

联立可得

碰后A做匀减速运动，由动能定理可得

同理可知，若把A的质量变为3m，则碰后B、A的速度分别为

又满足

由题意可知

联立解得

④[4]对进磁场的过程由动量定理可得

即

同理可得，出磁场的过程有

由电磁感应的推论可知，通过线框截面的电荷量满足

由题意可知，出磁场时面积变化量为进磁场时的一半，即

联立可得则线框从位置Ⅰ到位置Ⅱ的过程中，线框产生的焦耳热为【解析】017、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]金属环的面积为

由法拉第电磁感应定律得

由欧姆定律得，感应电流为

则通过截面的电荷量为【解析】18、略

【分析】【详解】

[1]由题图可知电表1所接变压器原线圈并联在两根输电线上；所以该变压器为电压互感器，电表1应是电压表V；电表2所接变压器原线圈串联在一根输电线上，所以该变压器为电流互感器，电表2应是电流表A。如图所示。

[2]根据理想变压器变压规律可知输电电压为

根据理想变压器变流规律可知输电电流为

所以输电线路中的功率为【解析】见解析19、略

【分析】【详解】

[1]理想变压器的原线圈的输入电压为

根据电压与匝数的关系可得

所以电阻R上消耗的电功率为

[2]电压表的示数为

[3]副线圈电压的峰值为【解析】0.84四、作图题(共4题，共8分)20、略

【分析】【详解】

根据左手定则，画出通过电导线I所受磁场力的方向如图所示。

【解析】21、略

【分析】【分析】

根据题中“要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯”可知；本题考查交流电的常识，根据开关作用和交流电接线常识，进行连接电路图。

【详解】

晚上；天黑光控开关闭合，有人走动发出声音，声控开关闭合，灯亮，说明两个开关不能独立工作，只有同时闭合时，灯才亮，即两个开关和灯泡是三者串联后连入电路；根据安全用电的原则可知，开关控制火线，开关一端接火线，一端接灯泡顶端的金属点，零线接灯泡的螺旋套；三孔插座通常的接线方式是面对插座，上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；电路图如下图所示。

【解析】22、略

【分析】【分析】

【详解】

由第一个图可知：当条形磁铁的N极插入线圈过程中；电流计的指针向右偏转，则有：线圈中向下的磁场增强，感应电流的磁场阻碍磁通量增加，感应电流的磁场方向向上，则指针向右偏，记录完整。

第二个图指针向左偏；说明感应电流的磁场方向向下，与磁铁在线圈中的磁场方向相反，则线圈中磁场增强，故磁铁向下运动，如图。

第三个图指针向右偏；说明感应电流的磁场方向向上，与磁铁在线圈中的磁场方向相同，则线圈中磁场减弱，故磁铁向上运动，如图。

【解析】23、略

【分析】【详解】

当条形磁铁向右靠近圆环时；导线线圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反减同可知，线圈中产生感应电流的方向顺时针（从右向左看），如图所示：

【解析】如图所示五、实验题(共1题，共10分)24、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]“探究变压器的电压与匝数的关系”要用低压交流电源和交流电表，所以不需要干电池和滑动变阻器，故选BD；

（2）[2]表格中每组数据都可以看出匝数之比近似等于电压之比，N1=400匝和N2=800匝

结合变压器不