2025年苏教新版高三物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年苏教新版高三物理上册阶段测试试卷385考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示，线圈abcd可以自由转动，线圈ABCD固定不动，两线圈平面垂直放置而且圆心重合，当两线圈中通入图示方向的电流时，线圈abcd的运动情况是（）A.静止不动B.以aOc为轴，b向纸外，d向纸内转动C.向纸外平动D.以aOc为轴，d向纸外，b向纸内转动2、下列说法中正确的是（）A.在照相机的光学镜头上涂一层厚度适当的透明薄膜，利用了光的衍射原理B.著名的泊松亮斑是由光的衍射造成的C.阳光下，茂密树荫中地面上的圆形亮斑是由于衍射造成的D.发生明显光的衍射现象时，光的波长比障碍物或孔的尺寸小的多3、起重机将质量为100kg的物体从地面提升到10m高处，取g=10m/s2，在这个过程中，下列说法中正确的是（）A.重力做正功，重力势能增加1.0×104JB.重力做正功，重力势能减少1.0×104JC.重力做负功，重力势能增加1.0×104JD.重力做负功，重力势能减少1.0×104J4、穿过某闭合回路的磁通量φ随时间t变化的图象分别如图中的①～④所示；下列说法正确的是（）

A.图①有感应电动势；且大小恒定不变。

B.图②产生的感应电动势一直在变大。

C.图③在0～t1时间内的感应电动势是t1～t2时间内感应电动势的2倍。

D.图④产生的感应电动势先变大再变小。

5、【题文】如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为4：1，电压表和电流表均为理想电表，R为热敏电阻（温度升高时其电阻减小），RO为定值电阻。当原线圈接如图乙所示的正弦交流电时；下列说法正确的是。

A.电压表V2的示数为9VB.原线圈两端电压的瞬时值表达式为（V）C.R处温度降低时，电流表的示数变小，电压表V2的示数变小D.R处温度降低时，变压器原线圈的输入功率增大6、下列与细胞相关的叙述，正确的是（）A.一般来说，真核细胞比原核细胞的物质运输效率更高B.与真核细胞相比，原核细胞生物膜仅缺少了核膜这一组成成分C.B淋巴细胞分化成浆细胞的过程中，线粒体的数目会增多D.光合作用是能量进入生态系统的主要途径，反应的场所都在叶绿体7、两个可自由移动的点电荷分别放在A、B两处，如图所示，A处点电荷带正电Q1，B处点电荷带负电Q2，且Q2＞Q1，另取可自由移动的点电荷Q3放在AB所在直线上，欲使整个系统处于平衡状态，则（）A.Q3为负电荷，且放于A左方B.Q3为负电荷，且放于B右方C.Q3为正电荷，且放于AB之间D.Q3为正电荷，且放于B右方8、一台小型发电机产生的电动势随时间变化的正弦规律图象如图甲所示．已知发电机线圈内阻为5.0Ω，外接一只电阻为95.0Ω的灯泡，如图乙所示，则（）A.电压表V的示数为220VB.电路中的电流方向每秒钟改变50次C.灯泡实际消耗的功率为484WD.发电机线圈内阻每秒钟产生的焦耳热为24.2J9、图甲是一教学演示用的发电机构造示意图，线圈转动产生的电动势随时间变化的正弦规律如图乙所示，发电机线圈电阻为0.5Ω，外接电阻为2.5Ω，则（）A.线圈转动的频率为100HzB.电压表的读数为5VC.电路消耗的总功率为24WD.若线圈转速变为原来的2倍，电路消耗的总功率也变为原来的2倍评卷人得分二、填空题(共6题，共12分)10、（2016春•厦门校级月考）物体质量为10kg，在平行于斜面的拉力F作用下沿斜面向上匀速运动到顶端，斜面与物体间的动摩擦因数为μ=0.1，斜面倾角为37°，斜面高为0.3m，重力做了____功，摩擦力做了____功，拉力做了____功．（g取10m/s2）11、（2015秋•衡水月考）如图所示，用长为l的金属丝弯成半径为r的圆弧，但在A、B之间留有宽度为d的间隙，且d＜＜r，将电荷量为Q的正电荷均匀分布于金属丝上，圆心处的电场强度大小____，方向____．12、（2013秋•富阳市校级月考）如图所示，质量为m的木块，用一轻绳拴着，置于很大的水平转盘上，细绳穿过转盘中央的细管，与质量也为m的小球相连，木块与转盘间的最大静摩擦力为其重力的μ倍（μ=0.2），当转盘以角速度ω=4rad/s匀速转动时，要保持木块与转盘相对静止，木块转动半径最大值是____（g取10m/s2）13、如图甲所示的电路中，电灯L1的电阻为10Ω，开关闭合后，V1，V2的示数分别如图乙所示，则L1两端的电压为____V，通过L1的电流为____A．

14、一台理想变压器，原线圈加电压为U1的交流电，副线圈两端的电压是U2，如果从副线圈上拆去n0匝后，副线圈上的电压变为U′2，则原线圈的匝数n1=____，副线圈原来的匝数n2=____．15、真空中有一点电荷，在离该点电荷距离为r0的一点A处，引入一电荷量为q的试探电荷，所受静电力为F，则点电荷在A点产生的电场强度的大小为____．评卷人得分三、判断题(共5题，共10分)16、大气压强是由地面上每平方米面积的上方，整个大气压对地面的压力，它等于地面上方的这一大气柱的重力．____．（判断对错）17、在磁场中，粒子的比荷之比与轨道半径之比成反比____（判断对错）18、几个不同阻值的电阻并联后，其总电阻等于各电阻之和．____．（判断对错）19、质点就是体积很小的物体．____（判断对错）20、电源电动势反映了电源内部非静电力做功的本领．____．（判断对错）评卷人得分四、画图题(共2题，共8分)21、图所示为一列向左传播的简谐波在某一时刻的波形图，若波速是0.5m/s，试在图上画出经7s时的波形图。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）22、在图示中，物体A处于静止状态，请画出各图中A物体所受的弹力．评卷人得分五、识图作答题(共2题，共10分)23、当萌发水稻种子的根长至6mm时；用下图所示装置进行实验：

用含有不同浓度生长素(IAA)的琼脂片贴在根尖表面的一侧，进行光照或黑暗处理，24小时后，记录处理后根尖的弯曲度，结果如下表。请回答问题：（1）黑暗条件下，根尖的弯曲度随琼脂片中IAA浓度的增加而增大；据此推测单侧光照条件下，根尖负向光性生长的原因是______________。（2）上述实验说明，根尖的生长方向受到_________________、___________的调控。（3）为了进一步验证根尖向背光侧弯曲生长确实是由于生长素的分布不均引起的，还需用锋利的刀片将根尖剖开，测定______的生长素含量，预期结果为_______________。24、Rag2基因缺失小鼠不能产生成熟的淋巴细胞。科研人员利用胚胎干细胞（ES细胞）对Rag2基因缺失小鼠进行基因治疗。其技术流程如图：

（1）步骤①中，在核移植前应去除卵母细胞的______。（2）步骤②中，重组胚胎培养到_____期时，可从其内细胞团分离出ES细胞。（3）步骤③中，需要构建含有Rag2基因的表达载体。可以根据Rag2基因的_________设计引物，利用PCR技术扩增Rag2基因片段。用HindⅢ和PstⅠ限制酶分别在片段两侧进行酶切获得Rag2基因片段。为将该片段直接连接到表达载体，所选择的表达载体上应具有_______酶的酶切位点。（4）为检测Rag2基因的表达情况，可提取治疗后小鼠骨髓细胞的_____，用抗Rag2蛋白的抗体进行杂交实验。参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、D【分析】【分析】当平行的直导线中的电流方向相同时，这两条直导线就会互相的吸引，当平行的直导线中的电流方向相反时，这两条直导线就会互相的排斥．【解析】【解答】解：由于两线圈的电流的方向都是顺时针的，根据同向电流相吸，异向电流相斥，由于线圈ABCD固定不动，因此线圈abcd的以aOc为轴，d向纸外，b向纸内转动；所以D正确，ABC错误．

故选：D．2、B【分析】【分析】镜头上薄膜，利用了光的干涉原理，泊松亮斑是由光的衍射造成的；圆形亮斑是由于折射造成的；明显光的衍射现象时，光的波长比障碍物或孔的尺寸大的多，或相差不大．【解析】【解答】解：A；在照相机的光学镜头上涂一层厚度适当的透明薄膜；利用了薄膜的内外表面反射，从而进行叠加而成的，光的干涉原理，故A错误；

B；泊松亮斑是光偏离原来直线方向传播；由光的衍射造成的，故B正确；

C；茂密树荫中地面上的圆形亮斑是小孔成像；由于折射造成的，故C错误；

D；明显光的衍射现象时；光的波长比障碍物或孔的尺寸大的多，或相差不大，故D错误；

故选：B．3、C【分析】【分析】重力做正功物体重力势能减少，重力做负功，重力势能增加，由功的计算公式可以求出重力做的功．【解析】【解答】解：物体上升；位移方向与重力方向相反，重力做负功，重力势能增加；

W=mgh=100×10×10=1.0×104J；

故选C．4、C【分析】

A；图①中磁通量没有变；因此没有感应电动势．故A错误；

B；图②中的磁通量均匀增加；则图象的斜率不变，因此感应电动势不变．故B错误；

C、图③在0～t1时间内的斜率是t1～t2时间内斜率的2倍，所以在0～t1时间内感应电动势是t1～t2时间内感应电动势的2倍；故C正确；

D；图④的斜率大小先减小后增大；故产生的感应电动势先变小再变大，故D错误；

故选：C

【解析】【答案】当穿过磁闭合回路的磁通量发生变化时；电路中出现感应电动势，当磁通量均匀变化时，感应电动势是不变的．

5、A【分析】【解析】

试题分析：根据曲线可知，最大值为有效值为36V，周期0.02s。因此经过变压器之后，输出电压为9V即A对。题意中为乙图电压，所以B错。若R处温度降低时；则电阻变大，因此电流变电流应该变小，但变压器输出电压不变，所以C错。根据P=UI可知，输出功率变小，所以D错。

考点：变压器。

点评：本题考查了变压器这一类问题常见的分析方法，根据原线圈电压判断输出电压，根据负载计算输出电流从而判断功率变化。【解析】【答案】A6、C【分析】【分析】本题考查真原核细胞的异同、线粒体的作用等知识，意在考查学生对知识的理解和记忆能力。【解答】A.一般来说，真核细胞比原核细胞的体积大，相对表面积小，物质运输效率更低，A错误；B.与真核细胞相比，原核细胞生物膜缺少了核膜和细胞器膜，B错误；C.B淋巴细胞分化成浆细胞的过程中，线粒体的数目会增多，C正确；D.光合作用是能量进入生态系统的主要途径，蓝藻能进行光合作用，但是蓝藻无叶绿体，D错误。​故选C。【解析】C7、A【分析】【分析】由于Q1带正电荷，Q2带负电荷，根据同种电荷排斥，异种电荷吸引，要使整个系统处于平衡状态，对其Q3受力分析，去判断所处的位置．【解析】【解答】解：假设Q3放在Q1Q2之间，那么Q1对Q3的电场力和Q2对Q3的电场力方向相同，Q3不能处于平衡状态；所以假设不成立．

设Q3所在位置与Q1的距离为r13，Q3所在位置与Q2的距离为r23；要能处于平衡状态；

所以Q1对Q3的电场力大小等于Q2对Q3的电场力大小．

即：=

由于Q2＞Q1；

所以r23＞r13，所以Q3位于Q1的左方．

根据同种电荷排斥，异种电荷吸引，可判断Q3带负电．

故选：A．8、D【分析】【分析】由图读出电动势的最大值，求出有效值，根据欧姆定律求出外电压的有效值，即为电压表的示数．根据电流方向每个周期改变两次，求出每秒钟方向改变的次数．根据电压有效值求出灯泡消耗的功率．由焦耳定律，由有效值求出发电机焦耳热．【解析】【解答】解：由甲图知电压峰值为220V；周期0.02s，所以有效值为220V；

角速度ω==100πrad/s．

A、电压表测的是路端电压U=R=209V；故A错误；

B；交流电的频率为50Hz；每一周期电流改变两次，所以每秒改变100次，故B错误；

C、灯泡实际消耗的功率P==W≠484W．故C错误；

D、发电机线圈内阻每秒钟产生的焦耳热为Q=I2rt=×5×1J=24.2J．故D正确．

故选：D．9、B【分析】【分析】当线圈沿逆时针方向匀速转动时，产生的电动势随时间变化的正弦规律图象，则图象可求出最大值，并能算出有效值，从而确定电压表的读数．同时能求出转动的周期，并能确定电流方向在一个周期内的改变的次数．【解析】【解答】解：A、由图象可知，周期为0.02s，故频率f===50Hz；故A错误；

B、由图象可知，正弦式交流电的电动势的最大值为，则电动势的有效值为6V，那么电压表的示数为U===5V；故B正确；

C、电路消耗的总功率P=EI===12W；故C错误；

D；转速增大；不会改变其最大值及有效值，则也不会改变其功率；故D错误；

故选：B二、填空题(共6题，共12分)10、-30J-4J34J【分析】【分析】（1）根据WG=-mgh求出重力所做的功．

（2）求出摩擦力的大小，根据Wf=-fL求出摩擦力所做的功。

（3）根据物体的平衡求出拉力的大小，再根据WF=FL求出拉力F所做的功．【解析】【解答】解：（1）重力mg对物体所做的功为：

WG═-mgh

代入数据后可解得：

WG=-30J

（2）摩擦力f对物体所做的功为：

Wf=-μmgcosα

代入数据后可解得：

Wf=-4J

（3）由于物体作匀速运动；由力的平衡条件可得：

F=mgsinα+μmgcosα

拉力F对物体所做的功为：

WF=F

由以上两式代入数据后可解得：

WF=34J

故答案为：-30J，-4J，34J11、由圆心向左【分析】【分析】若是一个完整的圆环，则圆心0点的电场强度为零，则切去一小段d后在圆心O点的场强与L段产生的场强大小相等，方向相反，根据E=k求出切去的一小段原来在O产生的场强，即可得解．【解析】【解答】解：相对圆弧来说间隙是很小的，可视为点电荷，其在圆心处产生的场强大小为

因是正电荷，故场强方向由圆心向右．据对称性知，完整的带电圆环在圆心O处的合场强为0，所以补上缺口部分在圆心处产生的场强与圆环其余部分在圆心处的场强大小相等、方向相反．故圆心处的电场强度大小为；方向由圆心向左．

故答案为：，方向由圆心向左．12、0.75m【分析】【分析】木块靠拉力和静摩擦力共同提供向心力，根据牛顿第二定律求出木块转动半径的最大值．【解析】【解答】解：对木块分析，根据牛顿第二定律得，

T=mg，fm=μmg；

则mg+μmg=mrω2

代入数据解得r=0.75m．

故答案为：0.75m．13、30.3【分析】【分析】由电路图可知，两灯泡串联，电压表V1测电源的电压，V2测L2两端的电压；根据串联电路电压特点结合电压表指针的位置确定两点压表的量程，根据电压表的分度值确定两点压表的示数，根据串联电路电压特点求出L1两端的电压，根据欧姆定律和串联电路的电流特点求出通过灯L1的电流．【解析】【解答】解：灯泡L1、L2串联，电压表V1测电源的电压，V2测L2两端的电压；

因电压表V1的示数一定大于电压表V2的示数；

电压表V1的量程为0～15V；分度值为0.5V，所以电源的电压U=5.5V；

电压表V2的量程为0～3V，分度值为0.1V，所以灯泡L2两端的电压为U2=2.5V；

灯泡L1两端的电压为U1=U-U2=5.5V-2.5V=3V；

所以电路中的电流为I=I2=I1===0.3A；

故答案为：3；0.3．14、【分析】【分析】根据理想变压器原副线圈匝数比等于电压比即可求解．【解析】【解答】解：根据理想变压器原副线圈匝数比等于电压比得：

联立得：n1=

n2=

故答案为：，15、【分析】【分析】利用场强的定义式E=求解．【解析】【解答】解：据场强的定义式：E=

故答案为：三、判断题(共5题，共10分)16、√【分析】【分析】气体压强的微观解释：气体的压强是气体分子频繁撞击容器壁产生的；从宏观上看，一定质量的气体，温度越高，体积越小，气体产生的压强越大．

从宏观上看，这个压强就是地面上每平方米面积的上方整个大气柱对地面的压力，它等于地面上方的这一大气柱的重力．【解析】【解答】解：气压是由于气体分子对杯壁的密集的；激烈的碰撞的效应．

从宏观效果上看；对于地面所受到的大气压强，就是地面上每平方米面积的上方整个大气柱对地面的压力，它等于地面上方的这一大气柱的重力。

故该说法是正确的．

故答案为：√17、√【分析】【分析】粒子在磁场中，由洛伦兹力提供向心力，故在磁场中做匀速圆周运动，写出牛顿第二定律的方程，导出粒子的半径公式即可做出判定．【解析】【解答】解：粒子在磁场中，由洛伦兹力提供向心力，故在磁场中做匀速圆周运动；由洛伦兹力提供向心力，有qvB=m，解得r=；粒子的比荷之比与轨道半径之比成反比．

故答案为：√18、×【分析】【分析】根据并联电阻的总电阻的倒数等于个分电阻的读数之和进行判定即可，【解析】【解答】解：因为并联电阻的总电阻的倒数等于个分电阻的倒数之和；所以题干则的说法是错误的．

故答案为：×19、×【分析】【分析】当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可．【解析】【解答】解：能否看成质点；与质量；体积大小无关，质量、体积很大的物体也能看成质点，比如地球公转时的地球可以看成质点，故错误．

故答案为：×20、√【分析】【分析】电源是通过非静电力做功将其他形式的能转化为电能的装置，电源电动势反映了电源内部非静电力做功的本领．【解析】【解答】解：电源是通过非静电力做功将其他形式的能转化为