2025年浙科版高三物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙科版高三物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图用一根细线和一轻质弹簧将小钢球悬挂在天花板上，平衡时细线和弹簧与水平面的夹角均为30°，若将细线剪断，则此刻钢球的加速度为（）A.加速度大小为g，方向竖直向下B.加速度大小为g，方向垂直于BC斜向下C.加速度大小为g，方向由A指向CD.加速度大小为g，方向垂直于BC斜向下2、在“互成角度的两个力的合成”实验中；如图所示，用AB两弹簧秤拉橡皮条结点O，使其位于E处，此时α+β=90°，然后保持A的读数不变，当α角由图中所示的值逐渐减小时，要使结点仍在E处，可采取的办法是（）

A.增大B的读数；β角不变。

B.减小B的读数；减小β角。

C.减小B的读数；增大β角。

D.增大B的读数；增大β角。

3、一列简谐横波沿x轴正方向传播；在x轴上-3m～3m区间，t时刻与（t+0.6）时刻的波形图正好重合，如图所示．则下列说法中正确的是（）

A.质点振动周期可能为0.9s

B.该波的波速可能为20m/s

C.从（t+0.3）时刻开始计时；x=1m处的质点可能比x=-1m处的质点先到达波峰位置。

D.在（t+0.4）时刻；x=-2m处的质点位移可能为零。

4、【题文】质量为的小球A在光滑的水平面上以速度与质量为的静止小球B发生正碰，碰后A球的动能恰好变为原来的则B球速度大小可能是（）A.B.C.D.5、下列对几个物理量的描述正确的是()A.如果一小段通电直导线在空间某处所受磁场力F=0，那么该处的磁感应强度B一定为零B.如果一小段通电直导线在空间某处所受磁场力F≠0，那么该处的磁感应强度B一定不为零C.如果一闭合回路中感应电流I=0，那么该闭合回路中磁通量φ一定为零D.如果一闭合回路中感应电流I≠0，那么该闭合回路中磁通量φ一定为不等于零的某一定值6、电磁感应现象的发现者是谁？（）A.富兰克林B.焦耳C.法拉第D.安培7、某质点作直线运动，位移随时间变化的关系式为x=（4t+2t2）m，则对这个质点运动描述，正确的是（）A.初速度为4m/sB.加速度为2m/s2C.加速度为1m/sD.10s时的速度为36m/s2评卷人得分二、填空题(共5题，共10分)8、两颗人造卫星A、B的质量之比mA：mB=1：2，轨道半径之比rA：rB=1：4，则此时它们的线速度之比vA：vB=____，向心加速度之比aA：aB=____，向心力之比FA：FB=____．9、重5.0N的木块放在水平桌面上，用1.5N的水平拉力拉木块，木块仍然保持静止，此时木块受到的摩擦力为____N；用2.5N的水平拉力恰好可以使它沿桌面匀速运动，则木块和桌面间的动摩擦因数为____．10、（2010•淄博一模）（1）雷蒙德•戴维斯因研究来自太阳的电子中微子（νe）而获得了2002年度诺贝尔物理学奖．他探测中微子所用的探测器的主体是一个贮满615t四氯乙烯（C2Cl4）溶液的巨桶．电子中微子可以将一个氯核转变为一个氢核，其核反应方程式为νe+CI→Ar+e．已知Cl核的质量为36.95658u，Ar核的质量为36.95691u，e的质量为0.00055u，1u质量对应的能量为931.5MeV．根据以上数据，可以判断参与上述反应的电子中微子的最小能量为____MeV（结果保留两位有效数字）．

（2）如图所示；质量为m=1kg的滑块，以v0=5m/s的水平初速度滑上静止在光滑水平面的平板小车，小车足够长，质量M=4kg．求：

①滑块与小车的共同速度v；

②整个运动过程中产生的内能E．11、如图所示电路中，灯L1的电阻为R1=6Ω，灯L3的电阻为R3=3Ω，闭合电键S后，电压表示数为9V，电流表示数为1A，由于某个灯断路而使电压表示数改变了3.6V，电流表示数改变了0.8A，则灯L2的电阻为____Ω，该电源的电动势为____V．

12、（2012秋•金台区期中）用伏安法测量电阻，有如图中甲、乙所示的两种电路．现有一待测电阻RX，不知道大约多大，电压表的内阻也不知道，但知道电流表的内阻为RA，那么测量时应采用图____电路（填“甲”或“乙”）．在所选电路中，若电压表和电流表的示数分别为U和I，（不考虑读表读数误差、接线松紧等技术误差）则待测电阻的真实值RX=____．评卷人得分三、判断题(共6题，共12分)13、坐标系都是建立在参考系上的．____．（判断对错）14、没有施力物体的力有可能存在．____（判断对错）15、点电荷一定是电量很小的电荷．____．（判断对错）16、甲、乙两杯水，水中均有颗粒在做面朗运动，经显微镜观察后，发现甲杯的布朗运动比乙杯中的激烈，说明甲杯中水温高于乙杯．____．（判断对错）17、封闭在汽缸内一定质量的气体，如果保持气体体积不变，当温度升高时，每秒撞击单位面积器壁的分子数增多．____．（判断对错）18、物体受到的合外力不做功，则物体一定作匀速直线运动．____．评卷人得分四、计算题(共3题，共30分)19、质量分别为m1和m2的两个小物块用轻绳连接，绳跨过位于倾角α＝30°的光滑斜面顶端的轻滑轮，滑轮与转轴之间的摩擦不计，斜面固定在水平桌面上，如图所示．第一次，m1悬空，m2放在斜面上，m2自斜面底端由静止开始运动至斜面顶端所需的时间为t；第二次，将m1和m2位置互换，使m2悬空，m1放在斜面上．如果＝求m1自斜面底端由静止开始运动至斜面顶端所需的时间为多少？20、【题文】一质量为100g的小球从0.80m高处自由下落，落到一厚软垫上，若从小球接触软垫到陷至最低点所用的时间为0.20s，则这段时间内软垫对小球的冲量为多少？(g=10m/s2)21、如图所示；足够大的水平光滑圆台中央立着一根光滑的杆，原长为L的轻弹簧套在杆上，质量均为m的A；B、C三个小球用两根轻杆通过光滑饺链连接，轻杆长也为L，A球套在竖直杆上，现将A球测在弹簧上端，当系统处于静止状态时，轻杆与竖直方向夹角θ=37°．已知重力加速度为g，弹簧始终在弹性限度内，sin37°=0.6，con37°=0.8。

（1）求轻杆对B的作用力F和弹簧的劲度系数k；

（2）让B、C球以相同的角速度绕竖直杆匀速转动，若转动的角速度为ω0（未知）时；B；C球刚要。

脱离圆台，求轻杆与竖直方向夹角θ0的余弦和角速度ω0；

（3）两杆竖直并拢，A球提升至距圆台L高处静止，受到微小扰动，A球向下运动，同时B、C球向两侧相反方向在圆台上沿直线滑动，A、B、C球始终在同一竖直平面内，观测到A球下降的最大距离为0.4L．A球运动到最低点时加速度大小为a0，求此时弹簧的弹性势能Ep以及B球加速度的大小a。评卷人得分五、实验题(共3题，共12分)22、图1为验证牛顿第二定律的实验装置示意图．图中打点计时器的电源为50Hz的交流电源．在小车自身质量未知的情况下；某同学设计了一种通过多次改变小车中砝码质量的方法来研究“在外力一定的条件下，物体的加速度与其质量间的关系”．

（1）有关实验操作，下列说法中不正确的是____

A．平衡摩擦力时；应将砝码盘及盘内砝码通过定滑轮拴在小车上。

B．连接砝码盘和小车的细绳应跟长木板保持平行。

C．此实验只需平衡一次摩擦力。

D．小车释放前应靠近打点计时器；且应先接电源再释放小车。

（2）如图2为实验中获得的某一条纸带，设纸带上三个相邻计数点的间距为s1、s2、s3．根据纸带上计数点的情况，求得加速度的大小a=____m/s2（结果保留3位有效数字）．

（3）以小车上放置的砝码的总质量m为横坐标，为纵坐标，在坐标纸上做出-m关系图线．图3为按照正确的实验步骤所得实验图线的示意图．设图中直线的斜率为k，在纵轴上的截距为b，若牛顿定律成立，则小车受到的拉力为____，小车的质量为____．23、（2015春•河南校级期末）（1）在“验证力的平行四边形定则”实验中，用两个弹簧秤分别钩住细绳套，互成角度地拉橡皮条，使它伸长到某一位置O点，为了确定两个分力的大小和方向，这一步操作中必须记录的是____．

A．橡皮条固定端的位置。

B．描下O点位置和两条细绳套的方向。

C．橡皮条伸长后的总长度。

D．两个弹簧秤的读数。

（2）做实验时，根据测量结果在白纸上画出如图所示的图，其中O为橡皮条与细绳套的结点．图中的____是F1和F2的合力的理论值；____是F1和F2的合力的实际测量值．24、（2014秋•黄山期末）如图是某次实验中得到的一条纸带，其中0到6是七个计数点，相邻计数点间还有4个点未画出，打点计时器的工作频率是50Hz，各点间距如图，则打计数点2时小车的速度为____m/s；小车的加速度为____m/s2．（计算结果均保留3位有效数字）评卷人得分六、简答题(共4题，共12分)25、如图所示，水平电线BC对竖直电线杆的拉力是300N，斜牵引索AB的拉力是500N时，电线杆受到的合力恰好竖直向下，求由于电线BC和牵引索AB的作用，使得电线杆对地面增加的压力．26、锶rm{(Sr)}元素广泛存在于矿泉水中，是一种人体必需的微量元素。用天青石rm{(}主要成分为rm{SrSO_{4}}含有少量rm{BaCO_{3}}rm{MgCO_{3}}rm{CaCO_{3}}rm{FeO}rm{Fe_{2}O_{3}}rm{SiO_{2}}等rm{)}制备rm{SrCO_{3}}工艺流程如下：已知：。rm{SrSO_{4}}rm{BaSO_{4}}rm{SrCO_{3}}rm{K_{sp}}rm{3.2隆脕10^{-7}}rm{1.1隆脕10^{-10}}rm{1.6隆脕10^{-10}}

rm{(1)}“浸取转化”过程中发生的化学方程式为：______________________________________________；当转化完全时，混合液中的rm{c(CO_{3}^{2-})=1.0隆脕10^{-3}mol隆陇L^{-1}}则rm{c(CO_{3}^{2-})=

1.0隆脕10^{-3}mol隆陇L^{-1}}__________________。rm{c(SO_{4}^{2-})=}滤液rm{(2)}的主要成分为__________________；滤渣rm{I}的主要成分为_____________。rm{II}“除钡”过程中硫酸的浓度不能超过rm{(3)}原因是______________________________________________________。rm{0.1%}除铁过程中用rm{(4)}代替rm{NaClO_{3}}的优点是生成rm{H_{2}O_{2}}沉淀颗粒较大，易过滤。除铁过程的离子方程式为________________________。rm{Fe(OH)_{3}}“沉淀”生成rm{(5)}的离子方程式为_____________________________。沉淀过程中，温度对rm{SrCO_{3}}生成rm{Sr^{2+}}反应转化率的影响见下图，rm{SrCO_{3}}之前，锶转化率随温度升高而变大的主要原因是_________________________________________________________________________rm{60隆忙}27、氯化亚砜用于医药、农药、染料工业及有机合成工业，常作氯化剂，制锂rm{-}氯化亚砜rm{(Li/SOCl_{2})}电池。工业上用rm{SO_{2}}rm{SCl_{2}}与rm{Cl_{2}}反应合成氯化亚砜：rm{SO_{2}(g)+Cl_{2}(g)+SCl_{2}(g)overset{}{?}2SOCl_{2}(g)}该反应中某一反应物的体积分数rm{SO_{2}(g)+Cl_{2}(g)+SCl_{2}(g)

overset{}{?}2SOCl_{2}(g)}以rm{(}表示rm{A拢楼}随温度的变化关系如图所示。rm{)}在rm{(1)}时，向rm{373K}的密闭容器中通入rm{2L}rm{SO_{2}}与rm{SCl_{2}}均为rm{Cl_{2}}发生上述反应。测得其压强rm{0.04mol}随时间rm{(p)}的变化为表中数据rm{(t)}反应达到平衡时的温度与起始温度相同rm{I(}。rm{)}rm{t/min}rm{1}rm{2}rm{3}rm{4}rm{5}rm{5}rm{I}rm{p}rm{6.0p_{0}}rm{6.7p_{0}}rm{6.1p_{0}}rm{5.4p_{0}}rm{5.0p_{0}}rm{5.0p_{0}}rm{II}rm{p}rm{6.0p_{0}}rm{7.0p_{0}}rm{5.3p_{0}}rm{5.0p_{0}}rm{5.0p_{0}}rm{5.0p_{0}}请回答下列问题：rm{垄脵}该反应的rm{娄陇H}________rm{(}填“rm{>}”“rm{<}”或“rm{=}”rm{)0}rm{垄脷}反应开始至达到平衡时，rm{v(SOCl_{2})=}________。rm{垄脹}若只改变某一条件，其他条件相同时，测得其压强随时间的变化为表中数据rm{II}则改变的条件是________。rm{垄脺}若在rm{373K}且恒压密闭容器时，向容器中通入rm{SOCl_{2}0.1mol}达到平衡时rm{SO_{2}}的体积分数________rm{(}填“大于”、“小于”、“等于”或“无法判断”rm{)}表中数据rm{I}的rm{SO_{2}}的体积分数。rm{(2)}如图是某同学测定上述反应的平衡常数的rm{pK(pK=-lgK)}与温度的变化关系点。rm{垄脵A}点的数值为________。rm{(}已知：rm{lg4=0.6)}rm{垄脷}当升高到某一温度时，反应重新达到平衡，rm{A}点可能变化为________点。rm{(3)}已知rm{S_{4}}结构式如图，反应rm{S_{4}(g)+4Cl_{2}(g)=4SCl_{2}(g)}的rm{娄陇H=-4kJ隆陇mol^{-1}}rm{S-S}键能为rm{266kJ/mol}rm{1molSCl_{2}(g)}分子中化学键断裂时吸收rm{510kJ}的能量，则rm{1molCl_{2}(g)}分子中化学键断裂时需吸收的能量为________rm{kJ}rm{(4)}某种锂电池的负极由金属锂构成，正极由二氯亚砜rm{(SOCl_{2})}和碳材料构成。总反应为：rm{4Li+2SOCl_{2}=4LiCl+S+SO_{2}隆眉}此种锂电池是一次电池，在放电时有气体产生。此电池工作时正极的电极反应式为________，电解质中锂离子定向移向________rm{(}填“正极”或“负极”rm{)}28、（2016•南充一模）如图是高层建筑配备的救生缓降器；由调速器；安全带、安全钩、钢丝绳等组成，是供普通家庭和个人使用的自救器材．发生火灾时，使用者先将安全钩挂在室内窗户、管道等可以承重的物体上，然后将安全带系在人体腰部，从窗户缓缓降到地面．

在一次消防演练中，演习者被困在公寓的第24层楼的房间内，通过救生缓降器进行自救，开始下滑的位置离地面72m，要求他离地面高6.1m后，要以1m/s的速度匀速着地．演习者调节调速器先加速下滑一段时间后再减速下滑，刚好按要求到达地面．已知演习者的质量为60kg，加速时加速度最大可达到6m/s2，减速时加速度最大允许值为5m/s2，g=10m/s2．要求演习者以最短时间滑到地面．忽略空气阻力．求：

（1）演习者加速下滑通过的距离；

（2）整个过程中，演习者克服钢丝绳拉力所做的功．参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、C【分析】【分析】根据共点力平衡求出弹簧的拉力大小，剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，根据牛顿第二定律求出小球的加速度【解析】【解答】解：根据共点力平衡得；

F弹sin30°+Tsin30°=mg

根据几何关系可知，F弹=T

解得：

F弹=T=mg

剪断细线的瞬间；弹簧的弹力不变，则弹簧弹力和重力的合力与绳子的拉力等值反向，根据牛顿第二定律得；

a=；方向由A指向C

故选C2、B【分析】

该题本质上考查了物体的动态平衡；由题意可知：保持D点位置不动，即合力大小方向不变，弹簧测力计A的读数不变，因此根据要求作出力的平行四边形定则，画出受力分析图如下：

所以由图可知α角逐渐变小时；B的示数减小，同时β角减小，故ACD错误，B正确．

故选B．

【解析】【答案】要使结点不变；应保证合力大小；方向不变，保持A的读数不变，即要求一个分力大小不变，故可以根据平行四边形定则作图分析得出结果．

3、B【分析】

A、由题意0.6s=nT（n=1，2，3、、、），周期T=由于n是整数，T不可能等于0.9s．故A错误．

B、由图波长λ=4m，波速v==当n=3时，v=20m/s．故B正确．

C；x=1m处的质点与x=-1m处的质点相距半个波长；振动情况相反，它们同时回到平衡位置．故C错误．

D、t=0.4s=n是整数，不可能等于的奇数倍；在（t+0.4）时刻，x=-2m处的质点位移不可能为零．故D错误．

故选B

【解析】【答案】根据t时刻与（t+0.6）时刻的波形图正好重合；得到时间是周期的整数倍．列出周期的通项，并求出波速的通项，分析特殊值．

4、A|B【分析】【解析】

试题分析：根据碰后A球的动能恰好变为原来的得：解得碰撞过程中AB动量守恒，则解得：或故选AB。

考点：本题考查了动量守恒定律．【解析】【答案】AB5、B【分析】解：A；如果一小段通电直导线在空间某处所受磁场力F=0；那么该处的磁感应强度B不一定为零，可能通电导线与磁场方向平行，故A错误，B正确；

C；如果一闭合回路中感应电流I=0；那么该闭合回路中磁通量φ不一定为零，而感应电流I≠0，那么该闭合回路中磁通量φ也可能等于零，比如转动的线圈刚过垂直于中性面位置时，故CD错误；

故选：B．【解析】【答案】B6、C【分析】【分析】解答本题应掌握：法拉第在1831年发现了电磁感应现象．【解析】【解答】解：法拉第经十年的努力；在1831年发现了电磁感应现象；

故选：C．7、A【分析】【分析】根据匀变速直线运动的物体位移随时间的变化规律为x=（4t+2t2）m=v0t+at2，进行比对，解出匀变速直线运动的初速度和加速度．由速度公式v=v0+at求解10s时的速度．【解析】【解答】解：将x=（4t+2t2）m与匀变速直线运动的物体位移时间公式v0t+at2；比对得：

初速度为：v0=4m/s，加速度为：a=4m/s2．

则10s时的速度为：v=v0+at=4+4×10=44m/s

故选：A二、填空题(共5题，共10分)8、：2：116：18：1【分析】【分析】人造地球卫星环绕地球做匀速圆周运动时，由地球的万有引力提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解即可．【解析】【解答】解：人造地球卫星环绕地球做匀速圆周运动时；由地球的万有引力提供向心力，根据牛顿第二定律得：

G=m，得v=，M是地球的质量，r是卫星的轨道半径；则得。

vA：vB=：=2：1

由F=G=ma，得a=

则得aA：aB==16：1；

FA：FB=G：G=1：8

故答案为：2：1，16：1，8：19、1.5N0.5【分析】【分析】知道二力平衡的条件，作用在同一物体上的两个力，大小相等、方向相反、作用在同一直线上；物体在平衡力的作用下保持静止状态或匀速直线运动状态．并根据滑动摩擦力公式f=μFN，可求出动摩擦因数．【解析】【解答】解：物体静止在水平桌面上；所以物体受力平衡．在水平方向上受拉力和摩擦力，所以拉力和摩擦力是一对平衡力；因为F=1.5N，所以f=1.5N；

拉力改为2.5N拉动时；物体做匀速直线运动，属于平衡状态，所以二力相等，则此时摩擦力等于拉力，等于2.5N．

根据滑动摩擦力公式f=μFN，可求出动摩擦因数．即为；

故答案为：1.5；0.5．10、0.82【分析】【分析】（1）根据题意可知该核反应过程中质量增加；因此需要提供能量，根据质能方程求出反应所需能量，然后根据能量的守恒即可求出中微子的最小能量．

（2）选择正确的研究对象，根据动量守恒定律及能量守恒求解问题．【解析】【解答】解：（1）反应过程需要能量为：E=mc2=（36.95691u+0.00055u-36.95658u）c2

根据lu质量对应的能量为931.5MeV；得：E≈0.82MeV，所以中微子的能量最小为0.82MeV；

故答案为：0.82

（2）①根据动量守恒定律列出等式：

mv0=（m+M）v

解得：v=1m/s

②根据能量守恒知道整个运动过程中产生的内能等于动能的损失．

E=mv02-（m+M）v2

得：E=10J

答：①滑块与小车的共同速度v为1m/s；

②整个运动过程中产生的内能E为10J．11、略

【分析】

闭合电键时，干路电流为I==A=3A，通过L2灯的电流I2=I-I1=3A-1A=2A

L2灯两端的电压U2=I1R1=6V

则灯L2的电阻R2==

某个灯断路后，根据两电表的读数判断可知，应是L2灯断路，因为其他两灯若断路，两电表将没有读数．由于L2灯断路，L1灯两端的电压增大；所以此时电流表的读数为I′=1A+0.8A=1.8A

根据闭合电路欧姆定律得。

L2灯断路前E=Ir+（UV+U2）

L2灯断路后E=I′（r+R1+R3）

代入解得；E=18V

故答案为：3；18

【解析】【答案】闭合电键时，根据两电表的读数，运用欧姆定律分别求出干路电流及L2灯两端的电压，即可得到L2灯的电流，并能求出其电阻；某个灯断路后，根据两电表的读数判断可知，应是L2灯断路；根据闭合电路欧姆定律对两种情况分别列式，求电动电源的电动势．

12、甲【分析】【分析】本题的关键是对甲、乙两图把电表内阻考虑在内，根据欧姆定律列出待测电阻的表达式，能求出待测电阻的行．【解析】【解答】解：根据欧姆定律可知，甲图中应有：U=I（），可得=；所以可以用甲图测量待测电阻；

乙图中应有：=，由于电压表内阻未知；所以无法解出待测电阻值，即若电压表内阻不能忽略，就不能采用乙图测量待测电阻．

所以在所选电路中，待测电阻的真实值为：=

故答案为：甲，．三、判断题(共6题，共12分)13、√【分析】【分析】建立坐标系的意义是为了定量描述质点的位置变化，要根据问题的实际需要，建立合适的坐标系，沿直线运动建立直线坐标系，在平面上运动，建立平面直角坐标系．【解析】【解答】解：建立坐标系是为了定量描述物体的位置和位置的变化；坐标系都是建立在参考系上的，没有参考系则坐标系无法建立，所以该说法是正确的．

故答案为：√14、×【分析】【分析】从力的概念，力作用的相互性，一个对另一个物体施加力的作用有两种形式：一是物体直接接触作用，二是物体之间的间接作用，分析即可．【解析】【解答】解：力是物体对物体的作用；力不能脱离物体而存在；因此有力必然涉及两个物体，一个是施力物体，另一个是受力物体，施力物体对受力物体施力的同时也受到受力物体对它的作用力，也就是说，物体间力的作用是相互的，没有施力物体的力有不可能存在．

故答案为：×15、×【分析】【分析】元电荷一定是电量最小的电荷；点电荷是一种理想化模型，其本身所带的电量可以很大．【解析】【解答】解：点电荷是一种理想化模型；当带电体的体积和形状相对所研究的问题可以忽略的时候，带电体可以看做点电荷，其本身所带的电量可以很大．故此说法错误．

故答案为：×16、×【分析】【分析】悬浮在液体（或气体）中固体小颗粒的无规则运动是布朗运动，固体颗粒越小、液体（或气体）温度越高，布朗运动越明显；布朗运动是液体（或气体）分子无规则运动的反应．【解析】【解答】解：布朗运动的激烈程度与液体的温度；悬浮颗粒的大小有关；温度越高，悬浮物的颗粒越小，布朗运动越激烈．所以发现甲杯的布朗运动比乙杯中的激烈，不一定是由于甲杯中水温高于乙杯．所以以上的说法是错误的．

故答案为：×17、√【分析】【分析】温度是气体分子平均动能变化的标志．气体压强是气体分子撞击器壁而产生的．【解析】【解答】解：如果保持气体体积不变；当温度升高时，分子的运动变得更加激烈，分子的运动加快，所以每秒撞击单位面积器壁的分子数增多，气体的压强增大．故该说法正确．

故答案为：√18、×【分析】【分析】物体做匀速直线运动时，合外力对物体不做功，但合外力不做功，物体不一定作匀速直线运动．【解析】【解答】解：物体受到的合外力不做功；则物体一定作匀速直线运动，如匀速圆周运动，合外力提供向心力，合外力不做功．

故答案为：×四、计算题(共3题，共30分)19、略

【分析】第一次，设m2的加速度为a1，对m2，由牛顿第二定律有：FT－m2gsinα＝m2a1对m1，有：m1g－FT＝m1a1两式相加得：m1g－m2gsinα＝(m1＋m2)a1设斜面长为l，则有：l＝a1t2本题考查牛顿第二定律的应用，第一次运动过程中，以m2为研究对象，合力提供加速度，在对m1为研究对象。两个物体加速度大小相等，由两个公式联立可求得加速度大小，由运动学公式可求得运动时间，第二次运动过程中同理可求得运动时间【解析】【答案】t/320、略

【分析】【解析】小球在下落过程中，由v==4m/s

对小球由动量定理得，(F-mg)t=mv,所以，Ft=mgt+mv=0.6N.s【解析】【答案】0.6N.s21、解：（1）平台光滑；对球进行受力分析，有重力和平台的支持力，如果此杆对球有作用力，则球不可能平衡，故轻杆对B的作用力：F=0N

弹簧的形变量：△L=L-Lcosθ

对A进行受力分析；有重力和弹力，根据胡克定律和力的平衡条件有：k△L=mg

代入数据解得：

（2）B、C对桌面无弹力，ABC系统在竖直方向合力为零，根据力的平衡条件：k（L-Lcosθ0）=3mg

代入数据解得

对B进行受力分析，B的向心力由杆的拉力和重力的合力提供，Fn=mgtanθ0

根据牛顿第二定律有：

代入数据解得

（3）当A球下降h=0.4L时，ABC速度均为零，由机械能守恒有：Ep=mgh=0.4mgL

设杆此时拉力为T，杆与竖直方向夹角为θ1，则

A的加速度竖直向上，由牛顿第二定律有：kh-2Tcosθ1-mg=ma0

同理对B有Tsinθ1=ma

代入数据解得

答：（1）轻杆对B的作用力F和弹簧的劲度系数k=

（2）轻杆与竖直方向夹角θ0的余弦值为0.4，和角速度ω0=

（3）弹簧的弹性势能Ep=0.4mgL，B球加速度的大小a=【分析】

由于平台光滑，假设此杆对球有作用力，则球不可能平衡，故轻杆对B的没有作用力；对A，由胡克定律和力的平衡条件可以求出弹簧劲度系数k；利用整体法，把ABC看成一个整体，根据的力的平衡条件可以求出轻杆与竖直方向夹角θ0的余弦；利用匀速圆周运动规律可以求出角速度；利用机械能守恒定律可以求出弹簧的弹性势能。

本题考查了胡克定律、力的平衡条件、牛顿第二定律、机械能守恒定律等知识。关键点一：由于平台光滑，假设此杆对球有作用力，则球不可能平衡，故轻杆对B的没有作用力；关键点二：利用整体法，把ABC看成一个整体，根据的力的平衡条件求轻杆与竖直方向夹角θ0的余弦；关键点三：用机械能守恒定律求弹簧的弹性势能。【解析】解：（1）平台光滑；对球进行受力分析，有重力和平台的支持力，如果此杆对球有作用力，则球不可能平衡，故轻杆对B的作用力：F=0N

弹簧的形变量：△L=L-Lcosθ

对A进行受力分析；有重力和弹力，根据胡克定律和力的平衡条件有：k△L=mg

代入数据解得：

（2）B、C对桌面无弹力，ABC系统在竖直方向合力为零，根据力的平衡条件：k（L-Lcosθ0）=3mg

代入数据解得

对B进行受力分析，B的向心力由杆的拉力和重力的合力提供，Fn=mgtanθ0

根据牛顿第二定律有：

代入数据解得

（3）当A球下降h=0.4L时，ABC速度均为零，由机械能守恒有：Ep=mgh=0.4mgL

设杆此时拉力为T，杆与竖直方向夹角为θ1，则

A的加速度竖直向上，由牛顿第二定律有：kh-2Tcosθ1-mg=ma0

同理对B有Tsinθ1=ma

代入数据解得

答：（1）轻杆对B的作用力F和弹簧的劲度系数k=

（2）轻杆与竖直方向夹角θ0的余弦值为0.4，和角速度ω0=

（3）弹簧的弹性势能Ep=0.4mgL，B球加速度的大小a=五、实验题(共3题，共12分)22、A1.15（1.13～1.19）【分析】【分析】1；平衡摩擦力时；小车不能连接砝码；

2；为了保证在改变小车中砝码的质量时；小车所受的拉力近似不变，小吊盘和盘中物块的质量之和应该远小于小车和砝码的总质量。

由匀变速直线运动的推论得：△x=aT2

由a=，故=，故成线性关系，且斜率为；设小车质量为M；

则由牛顿第二定律写出与小车上砝码质量m+M的表达式，然后结合斜率与截距概念求解即可【解析】【解答】解：（1）平衡摩擦力时；小车不能连接砝码，故A错误；

故选：A．

（2）设纸带上三个相邻计数点的间距为s1、s2、s3．

由匀变速直线运动的推论得：△x=aT2

a=

图2为用米尺测量某一纸带上的s1、s3的情况，由图可读出s1=24.2mm，s3=47.2mm．

由此求得加速度的大小a==1.15m/s2．

（3）设小车质量为M；小车受到外力为F，由牛顿第二定律有F=（m+M）a；

所以=+；

所以，-m图象的斜率为，故F=；

纵轴截距为b==kM；

所以，M=

故答案为：（1）A；（2）1.15（1.13～1.19）（3），．23、BDFF′【分析】【分析】1；根据该实验的实验原理以及实验目的可以明确该实验需要记录的数据．

2、F1与F2合成的理论值是由平行四边形定则作图得到的，由于误差可能不与OA共线；而F1与F2合成的实际值一定与OA共线（二力平衡）．故F'为F1与F2合成的理论值，F为F1与F2合成的实际值．【解析】【解答】解：（1）该实验的实验目的是验证力的平行四边形定则；要根据两个弹簧拉橡皮筋时两个拉力的大小和方向做出平行四边形求出其合力大小，然后与一个弹簧拉橡皮筋时的拉力大小进行比较，最后得出结论，故需要记录的是结点O的位置和两弹力的大小和方向，故AC错误，BD正确．

故选：BD．

（2）合成的理论是平行四边形定则；故合力的理论值在平行四边形的对角线上，即为F；

合力的实际值应通过实验直接测量；不需要用平行四边形定则理论，故实际值为F′，由于误差的存在，因此理论值和实验值不重合．

故答案为：（1）BD；（2）F、F′．24、0.2140.496【分析】【分析】根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上3点时小车的瞬时速度大小．【解析】【解答】解：（1）点计时器使用的交流电频率为50Hz；连续两点间的时间间隔为0.02s；

由于相邻的两个记数点间还有四个点没有画出；所以相邻的计数点之间的时间间隔T=0.1s．

根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度；

得：v2=m/s=0.214m/s

（2）设0到1之间的距离为x1，以后各段分别为x2、x3、x4、x5、x6，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小；得：

x4-x1=3a1T2

x5-x2=3a2T2

x6-x3=3a3T2

为了更加准确的求解加速度；我们对三个加速度取平均值，得：

a=（a1+a2+a3）

代入数据得：a=m/s2=0.496m/s2

故答案为：0.214，0.496．六、简答题(共4题，共12分)25、略

【分析】【分析】杆的B端受AB的拉力F、BC的拉力T，两个力的合力竖直向下，根据平行四边形定则作图分析即可．【解析】【解答】解：杆的B端受AB的拉力F；BC的拉力T；两个力的合力竖直向下，如图所示：

根据平行四边形定则；有：

F′=Ftan53°=300×=400N

答：由于电线BC和牵引索AB的作用，使得电线杆对地面增加的压力为400N．26、（1）SrSO4+Na2CO3=SrCO3+Na2SO42.0mol/L（2）Na2SO4或硫酸钠Mg(OH)2和Ca(OH)2（3）硫酸过量后会生成SrSO4沉淀，降低产率（4）ClO3－＋6Fe22＋＋6Fe2O=6Fe(OH)3↓＋15H－＋Cl＋12H（5）Sr2++2HCO3-=SrCO3↓+H2O+CO2↑升温有利于CO2的逸出【分析】【分析】本题考查rm{SrCO}rm{3}制备实验，制备实验为高频考题，涉及沉淀溶解平衡计算、物质的分离和提纯等知识点，明确各个步骤发生的反应及溶液中存在的微粒成分是解本题关键，难点是判断各个步骤滤液中成分。【解答】rm{3}相同温度时溶解度rm{(1)}溶解度大的物质能转化为溶解度小的物质，所以将天青石矿粉和rm{SrCO_{3}<SrSO_{4}}溶液充分混合，发生的反应为rm{Na_{2}CO_{3}}当转化完全时，混合液中的rm{SrSO_{4}+Na_{2}CO_{3}=SrCO_{3}+Na_{2}SO_{4}}rm{c(CO_{3}^{2-})=1.0隆脕10^{-3}mol?L^{-1}}rm{Ksp(SrSO_{4})=3.2隆脕10^{-7}}当转化完成时，混合液中rm{Ksp(SrCO_{3})=1.6隆脕10^{-10}}

所以rm{c(Sr^{2+})=dfrac{1.6隆脕10^{-10}}{1.0隆脕10^{-3}}=1.6隆脕10^{-7}mol/L}rm{c(SO_{4}^{2-})=dfrac{3.2隆脕10^{-7}}{1.6隆脕10^{-7}}=2.0mol/L}

故答案为：rm{c(CO_{3}^{2-})=1.0隆脕10^{-3}mol/L}rm{c(Sr^{2+})=dfrac

{1.6隆脕10^{-10}}{1.0隆脕10^{-3}}=1.6隆脕10^{-7}mol/L}

rm{c(SO_{4}^{2-})=dfrac

{3.2隆脕10^{-7}}{1.6隆脕10^{-7}}=2.0mol/L}将天青石矿粉与rm{SrSO_{4}+Na_{2}CO_{3}=SrCO_{3}+Na_{2}SO_{4}}溶液搅拌混匀，发生的离子反应方程式为：rm{2.0mol/L}滤液rm{(2)}含较多的rm{Na_{2}CO_{3}}rm{SrSO_{4}+CO_{3}^{2-}=SrCO_{3}+SO_{4}^{2-}}所以滤液rm{1}的主要成分为rm{Na^{+}}或硫酸钠。由物质的溶解性可知，沉淀为rm{SO_{4}^{2-}}rm{1}rm{Na_{2}SO_{4}}rm{SrCO_{3}}rm{BaCO_{3}}rm{MgCO}rm{MgCO}rm{3}rm{3}等，加入盐酸和硫酸后，、rm{CaCO}为滤渣rm{CaCO}rm{{,!}_{3}}rm{{,!}_{3}}rm{FeO}转化成镁离子、钙离子形式存溶液中，加rm{Fe_{2}O_{3}}氢氧化钠溶液，形成rm{SiO_{2}}rm{SiO_{2}}和rm{1}rm{MgCO}rm{MgCO}

故答案为：rm{3}或硫酸钠；rm{3}、rm{CaCO_{3}}转化成镁离子、钙离子形式存溶液中，加rm{20%}氢氧化钠溶液，形成rm{CaCO_{3}}rm{20%}；

rm{Mg(OH)}流程中第二次过滤后，向所得滤液中加入浓硫酸，能和浓硫酸反应的为钡离子，生成硫酸钡沉淀，除去钡离子，若硫酸过量后会生成rm{2}沉淀；降低产率；

故答案为：硫酸过量后会生成rm{2}沉淀，降低产率；rm{Ca(OH)}rm{2}rm{2}为滤渣rm{II}rm{II}rm{Na_{2}SO_{4}}rm{Mg(OH)}rm{Mg(OH)}rm{2}rm{2}和rm{Ca(OH)}rm{Ca(OH)}rm{2}rm{2}rm{(3)}，rm{SrSO_{4}}rm{SrSO_{4}}rm{(4)}除铁过程的离子方程式为rm{ClO}rm{ClO}rm{{,!}_{3}^{-}}rm{+}rm{6Fe}rm{{,!}^{2}}rm{+}rm{6Fe}rm{6Fe}rm{{,!}^{2}}rm{{,!}^{+}+}；

rm{15H}由于rm{15H}碳酸锶是难溶物，锶离子与碳酸氢根离子反应生成了碳酸锶沉淀，反应的离子方程式为：rm{{,!}_{2}O=6Fe(OH)_{3}隆媒+}气体的溶解度随着温度的升高而降低，rm{Cl}之前，锶转化率随温度升高而变大的主要原因是升温有利于rm{Cl}的逸出；

故答案为：rm{{,!}^{-}+}升温有利于rm{12H}的逸出。

rm{12H}【解析】rm{(1)SrSO_{4}+Na_{2}CO_{3}=SrCO_{3}+Na_{2}SO_{4;;}2.0mol/L}rm{(2)Na_{2}SO_{4}}或硫酸钠rm{Mg(OH)}rm{Mg(OH)}rm{2}rm{2}和rm{Ca(OH)}硫酸过量后会生成rm{Ca(OH)}沉淀，降低产率rm{2}rm{2}rm{(3)}rm{SrSO_{4}}rm{(4)}rm{ClO}rm{ClO}rm{{,!}_{3}^{-}}rm{+}rm{6Fe}rm{{,!}^{2}}rm{+}rm{6Fe}rm{6Fe}rm{{,!}^{2}}rm{{,!}^{+}+}rm{15H}升温有利于rm{15H}的逸出rm{{,!}_{2}O=6Fe(OH)_{3}隆媒+}27、（1）①<

②0.005mol/（L•min）

③使用催化剂。

④等于

（2）①-2.6

②CD

（3）243

（4）2SOCl2+4e-=S+SO2↑+4Cl-正极【分析】【分析】本题考查了化学平衡的有关计算；温度对化学平衡的影响，键能与反应热的关系以及原电池的原理，综合性强，题目难度不大，考生注意基础知识的把握与计算。

【解答】rm{(1)}rm{垄脵}据反应中某一反应物的体积分数rm{(}以rm{A拢楼}表示rm{)}随温度的变化关系图知，rm{A}的体积分数达到最低点是反应达到平衡状态，升温rm{A}的体积分数增大，说明平衡向逆反应方向移动，逆反应为吸热反应，正反应为放热反应，该反应的rm{娄陇H<0}据反应中某一反应物的体积分数rm{垄脵}以rm{(}表示rm{A拢楼}随温度的变化关系图知，rm{)}的体积分数达到最低点是反应达到平衡状态，升温rm{A}的体积分数增大，说明平衡向逆反应方向移动，逆反应为吸热反应，正反应为放热反应，该反应的rm{A}rm{娄陇H<0}

故答案为：rm{<}向rm{<}的密闭容器中通入rm{垄脷}rm{垄脷}与rm{2L}均为rm{SO_{2}}设参与反应的为rm{SCl_{2}}为rm{Cl_{2}}则：rm{0.04mol}rm{SO_{2}}rm{x}rm{SO}rm{SO}rm{2}rm{2}rm{(g)+Cl}rm{(g)+Cl}rm{2}rm{2}rm{(g)+SCl}始rm{(g)+SCl}rm{2}rm{2}rm{(g)}rm{(g)}rm{overset{}{?}}转rm{2SOCl}rm{2SOCl}rm{