2024年沪教版高二物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年沪教版高二物理下册月考试卷868考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图；一正电荷在电场中由P运动到Q，下列说法正确的是（）

A.Q点的电势高于P点的电势B.Q点的电场强度大于P点的电场强度C.P点的电场强度大于Q点的电场强度D.该电荷在P所受电场力的方向向左2、如图是测定一线圈的直流电阻的电路，若已知线圈的自感系数很大，为了保护电表，实验结束后，将电路拆开时应（）A.先断开S1B.先断开开关S2C.先拆去电流表D.先拆去电阻3、四盏灯泡接成如图所示的电路，a、c灯泡的规格为“220V40W”，b、d灯泡的规格为“220V100W”，各个灯泡的实际功率都没有超过它的额定功率，则这四盏灯泡实际消耗功率大小的顺序是（）A.Pa＞Pd＞Pc＞PbB.Pa＞Pc＞Pd＞PbC.Pa＞Pd＞Pb＞PcD.Pc＞Pd＞Pa＞Pb4、输电线路的总电阻为R，发电站输出功率为P，输电电压为U，则用户得到的功率为（）A.PB.P-（）2•RC.P-D.（）2•R5、北京奥运火炬成功登上珠峰，如图所示是火炬手攀登珠峰的线路图，据此图判断下列说法正确的是A.由起点到终点火炬手所走线路的总长度等于位移B.线路总长度与火炬所走时间的比等于登山者的平均速度C.在计算登山运动的速度时可以把火炬手当成质点D.珠峰顶的重力加速度要小于9.8m/s26、在真空中的x轴上的原点处和x=6a处分别固定一个点电荷M、N，在x=2a处由静止释放一个正点电荷P，假设点电荷P只受电场力作用沿x轴方向运动，得到点电荷P速度大小与其在x轴上的位置关系如图所示（其中在x=4a处速度最大）；则下列说法正确的是（  ）

A.点电荷M、N一定都是同种负电荷B.点电荷M、N一定为异种电荷C.点电荷M、N所带电荷量的绝对值之比为4∶1D.x=4a处的电场强度不一定为零评卷人得分二、填空题(共8题，共16分)7、在物理学中常用“╳”表示垂直纸面向里，“·”表示垂直纸面向外。图甲图中已标出通电直导线周围磁场的方向，那么直导线中电流的方向为____（选填“沿导线向上”或“沿导线向下”）。乙图中已标出了线圈中电流的方向，那么线圈环中的磁场方向应用____表示（选填“×”或“·”）。8、人类社会自从进入电气化时代以来，就一直在不断地探寻电能的来源．如今常见的发电方式有：①火力发电、②水力发电、③核发电，其中将自然界的机械能转化为电能的方式是____（写序号即可）．如果把直接来自于自然界的煤炭称为一次能源，那么由煤炭转化而来的电能则属于____能源．9、如图所示是一交流电压随时间变化的图象，此交流电压的有效值等于______V，频率等于______Hz

10、在“研究电磁感应现象”的实验中；首先要按图甲接线，以查明电流表指针的偏转方向与电流方向之间的关系；然后按图乙将电流表与线圈B

连成一个闭合回路，将线圈A

电池、滑动变阻器和开关串联成另一个闭合电路，在图甲中，当闭合S

时，观察到电流表指针向左偏，不通电时电流表指针停在正中央。在图乙中。

(1)S

闭合后；将螺线管A

插入螺线管B

的过程中，电流表的指针______；

(2)

线圈A

放在B

中不动时；指针将______

(3)

线圈A

放在B

中不动，突然断开开关S

电流表指针将______。11、如图所示，一质量为m

的带电液滴在重力和匀强电场对它的作用力作用下，从静止开始由b

沿直线运动到d

且bd

与竖直方向所夹的锐角为45鈭�

此液滴带______电，电量为______.(

设电场强度为E

重力加速度为g)

12、一闭合线圈有50匝，总电阻R＝20Ω，穿过它的磁通量在0.1s内由8×10－3Wb增加到1.2×10－2Wb，则线圈中的感应电动势E＝____V，线圈中的电流强度I＝____A。13、电场线从____或____出发，终止于____或____．14、如图所示为一正点电荷电场的电场线，电场中A、B两点间的电势差UAB=300V。将电荷量q=+6.0×10-8C的点电荷从A点移到B点，电场力做的功为__________J。若已知B点的电势φB=100V，则A点的电势φA=__________V。评卷人得分三、判断题(共6题，共12分)15、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

16、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

17、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）18、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）19、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

20、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分四、解答题(共1题，共3分)21、某同学为探究“恒力做功与物体动能改变的关系”；设计了如下实验，他的操作步骤是：

①摆好实验装置如图所示．

②将质量为200g的小车拉到打点计时器附近；并按住小车．

③在质量为10g；30g、50g的三种钩码中；他挑选了一个质量为50g的钩码挂在拉线的挂钩P上．

④释放小车；打开电磁打点计时器的电源，打出一条纸带．

（1）在多次重复实验得到的纸带中取出自认为满意的一条．经测量；计算；得到如下数据：

①第一个点到第N个点的距离为40.0cm．

②打下第N点时小车的速度大小为1.00m/s．

该同学将钩码的重力当作小车所受的拉力；算出：拉力对小车做的功为______J，小车动能的增量为______J．（结果均保留两位有效数字）

（2）此次实验探究结果；他没能得到“恒力对物体做的功，等于物体动能的增量”，且误差很大．显然，在实验探究过程中忽视了各种产生误差的因素．请你根据该同学的实验装置和操作过程帮助分析一下，造成较大误差的三个主要原因是：

①______；②______；③______．

评卷人得分五、证明题(共2题，共14分)22、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。23、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。评卷人得分六、综合题(共3题，共30分)24、本题为选做题，A

和B

两题，考生只选择其中一题作答A.

本题供使用选修1鈭�1

的考生作答.)

如图所示为正弦交变电流i

随时间t

变化的图象，由图可知，该交变电流的有效值为____A

频率为????

____Hz

．

B.(

本题供使用选修3鈭�1

的考生作答.)

如图所示，电路中电源电动势为4V

内阻为1娄赂

小灯泡电阻为3娄赂

开关S

闭合后，电路中的电流为________A

灯泡的电压为________V

．

25、本题为选做题，A

和B

两题，考生只选择其中一题作答A.

本题供使用选修1鈭�1

的考生作答.)

如图所示为正弦交变电流i

随时间t

变化的图象，由图可知，该交变电流的有效值为____A

频率为????

____Hz

．

B.(

本题供使用选修3鈭�1

的考生作答.)

如图所示，电路中电源电动势为4V

内阻为1娄赂

小灯泡电阻为3娄赂

开关S

闭合后，电路中的电流为________A

灯泡的电压为________V

．

26、如图，直角坐标系xOy的y轴竖直向上，在整个空间区域内存在平行于xOy平面的匀强电场，在y＜0的区域内还存在垂直于xOy平面的匀强磁场。现有一带正电的小颗粒，电荷量q=2×10-7C，质量m=1.5×10-5kg，从坐标原点O射出，射出时的初动能E0=1×10-4J．小颗粒先后经过P（0.5，0）、Q（0.3，0.4）两点，经过P点时动能为0.4E0，经过Q点时动能也为0.4E0．重力加速度大小g取10m/s2．求。

（l）O、P两点间的电势差UOP；

（2）匀强电场的场强E的大小和方向。参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、C【分析】解：A；依据沿着电场线方向；电势是降低的，因此Q点的电势低于P点的电势，故A错误；

BC、电场线的疏密比较场强的大小，由于P处的电场线密．由于EP＞EQ．故B错误；C正确．

D；只知电荷从P到Q；没有讲清是加速还是减速，因此无法判定电场力方向．故D错误．

故选：C．

根据电场线的疏密比较场强的大小；从而得知电场力的大小，依据沿着电场线方向，电势降低来判定电势的高低，根据电荷的运动性质结合电场强度方向，即可判定电荷的电场力方向．

解决本题的关键知道电场线的性质，知道电场线越密的地方场强越强，越疏的地方场强越弱，注意D选项中电荷的运动性质，并不一定向右加速．【解析】【答案】C2、B【分析】解：若先断开开关S1或先拆去电流表或先拆去电阻R，由于L的自感作用都会使L和电压表组成回路，原先L中有较大的电流通过，现在这个电流将通过电压表，造成电表损坏，所以实验完毕应先断开开关S2．

故选：B．

先进行ACD三项操作都会发生自感现象；在电压表中有强电流流过，发热过多，造成仪器烧坏．

本题考查了自感线圈的自感作用，在断开电源的瞬间L相当于电源，结合实验安全原则，应先消除自感现象．【解析】【答案】B3、C【分析】解：a、c灯泡的电阻为：R==1210Ω

b、d灯泡的电阻为：R′==484Ω

根据并联电路的特点知b、c并联后的总电阻R并＜R′；

大电阻分大电压，所以b、c两端的电压小于d灯泡的电压，根据P=可得Pc＜Pb＜Pd

a、d灯串联，电流相等，根据P=I2R知，则P与R成正比，则Pa＞Pd；

故功率大小顺序为：Pa＞Pd＞Pb＞Pc；故C正确；ABD错误。

故选：C。

先根据小灯泡的规格确定小灯泡的电阻，然后根据串并联电路的规律确定四个小灯泡电压电流的关系，从而根据P=UI=I2R=比较它们的功率大小．

本题考查功率的计算问题，由于已知用电器的额定功率、额定电压，在求实际电压的功率时，要抓住电阻不变这一关键点，灵活选择功率公式分析求解即可，要注意理解各功率公式的适用条件．【解析】C4、B【分析】解：输电线路上的电流由P=UI可得：

输电线上消耗的功率为：P耗=I2r=

用户得到的功率为：P用=P-P耗=P-故B正确，ACD错误。

故选：B。

由P=UI求出输电线路上的电流；算出输电线路上的消耗的功率，即可算出用户得到的功率。

解决本题的关键知道输出功率与输出电压、电流的关系，以及知道输出功率、损耗功率和用户得到的功率之间的关系。【解析】B5、C|D【分析】位移为初位置指向末位置的有向线段，与路径无关，A错；线路总长度与火炬所走时间的比等于登山者的平均速率，B错；【解析】【答案】CD6、C【分析】【详解】

AB．由v-x图像可知，点电荷P的速度先增大后减小，所以点电荷P的动能先增大后减小，说明电场力先做正功，后做负功，结合正电荷受到的电场力的方向与场强的方向相同可知，电场强度的方向先沿x轴的正方向，后沿x轴的负方向，根据点电荷的电场线的特点与电场的叠加原理可知，点电荷M、N一定都是正电荷；故AB错误；

CD．由图可知，在处点电荷P的速度最大，速度的变化率为0，说明了处的电场强度等于0，则M与N的点电荷在处的电场强度大小相等，方向相反

所以点电荷M、N所带电荷量的绝对值之比为4：1；故C正确，D错误。

故选C。二、填空题(共8题，共16分)7、略

【分析】【解析】试题分析：由右手螺旋定则可判断电流方向沿导线向上，图乙四指弯曲方向为电流方向，大拇指指向内部磁场方向考点：考查右手螺旋定则【解析】【答案】沿导线向上×8、②二次【分析】【解答】水力发电是利用水的机械能转移给发电机；发电机再将机械能转化为电能；把直接来自于自然界的煤炭称为一次能源，煤炭转化而来的电能则属于二次能源．故答案为：②，二次．

【分析】火力发电是通过燃烧燃料，将燃料中存在的化学能转化为高温高压蒸气的内能释放出来，通过热机将内能转化为机械能，再通过发电机将内能转化为电能；水力发电是利用水的机械能转移给发电机，发电机再将机械能转化为电能；风力发电是利用空气的流动带动风力转轮的转动，转轮的转动带动放电机转子的转动，再通过发电机将机械能转化为电能．9、略

【分析】解：由图象可知；交流电的周期为0.3s；

将交流与直流通过阻值都为R的电阻；设直流电流为I；

则根据有效值的定义有×+×=T

将U1=100V；U2=50V，代入上式，可解得，U=50V；

由图可知交流电的周期为0.3s，则频率f===Hz

故答案为：50

根据有效值的定义求解．取一个周期时间；将交流与直流分别通过相同的电阻，若产生的热量相同，直流的电流值，即为此交流的有效值．

本题考查有效值的计算，要注意对于非正弦式电流可根据有效值的定义即电流的热效应求解有效值．属常见题型，要熟练掌握．【解析】5010、略

【分析】解：由图甲知电流从左接线柱流入电流表时；其指针向左偏转。

(1)S

闭合后；将A

插入B

中，磁通量增大，由楞次定律和安培定则可判断B

中电流方向向上，从右接线柱流入，故电流表指针向右偏转；

(2)A

放在B

中不动；磁通量不变，不产生感应电流，指针不偏转；

(3)

断开开关；穿过B

的磁通量减小，电流表指针向左偏转。

故答案为：(1)

向右偏转；(2)

不动；(3)

向左偏转。

由安培定则判断出判断出线圈A

产生的磁场方向；然后判断出穿过线圈B

的磁通量如何变化，最后由楞次定律判断出感应电流的方向，确定电流表指针的偏转方向。

本题是一道基础题，熟练掌握并灵活应用安培定则及楞次定律即可正确解题。【解析】向右偏转；不偏转；向左偏转11、略

【分析】解：带电液滴沿直线由b

运动到d

带电液滴所受重力与电场力的合力一定与其运动方向在同一直线上，

液滴受力情况如图所示；电场力方向一定水平向右，与场强方向相反，所以该液滴带负电．

由图示可知：tan45鈭�=qEmgq=mgtan45鈭�E=mgE

故答案为：负；mgE

根据液滴所受电场力方向与场强方向间的关系判断液滴的电性；

根据液滴的受力情况求出液滴的电荷量．

带电液滴从静止开始由b

沿直线运动到d

是我们判定液滴带电性质的突破口，在今后的学习中我们经常用到要注意掌握．【解析】负；mgE

12、略

【分析】【解析】试题分析：由法拉第电磁感应定律有圈中的感应电动势由欧姆定律知线圈中的电流强度考点：法拉第电磁感应定律【解析】【答案】2、0.113、正电荷无穷远负电荷无穷远【分析】【解答】解：电场线从正电荷或无穷远出发；终止于负电荷或无穷远．

故答案为：正电荷；无穷远，负电荷，无穷远．

【分析】电场线是人为假想的曲线，可以形象表示电场的强弱和方向，根据电场线的方向分析答题．14、略

【分析】点电荷从A点移到B点，电场力对其做功为WAB=qUAB=6.0×10-8×300J=1.8×10-5J，根据UAB=ΦA-ΦB，得ΦA=ΦB+UAB=100+300=400（V）。【解析】1.8×10-5J400三、判断题(共6题，共12分)15、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．16、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．17、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．18、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．19、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．20、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．四、解答题(共1题，共3分)21、略

【分析】

（1）从打下第一点到打下第N点拉力对小车做的功：W=mgs=0.20J；

小车的动能增量为：J．

（2）该实验产生误差的主要原因一是钩码重力大小并不等于绳子拉力的大小；设绳子上拉力为F，对小车根据牛顿第二定律有：

F=Ma①

对砂桶和砂有：mg-F=ma②

由此可知当M＞＞m时；砂和砂桶的重力等于绳子的拉力，显然该实验中没有满足这个条件；另外该实验要进行平衡摩擦力操作，否则也会造成较大误差．

故答案为：（1）0.20；0.10，（2）小车质量没有远大于钩码质量，没有平衡摩擦力，操作错误：先放小车后开电源；

【解析】【答案】（1）将砝码重力当作小车所受合外力；根据功的定义可以正确解答，根据匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度可以求出第5个点的速度大小，进一步求出其动能大小；

（2）实验误差主要来自两个方面一是由实验原理不完善；没有平衡摩擦力导致的系统误差，一是由数据测量如测量距离等导致的偶然误差，可以从这两个方面进行分析．

五、证明题(共2题，共14分)22、略

【分析】见答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏离平衡位置位移为X,则左侧弹簧被拉伸X，右侧弹簧被压缩X。小球所受合外力为，F=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考虑到F与X的方向相反，则F=-KX所以小球的运动为简谐运动23、略

【分析】见答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏离平衡位置位移为X,则左侧弹簧被拉伸X，右侧弹簧被压缩X。小球所受合外力为，F=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考虑到F与X的方向相反，则F=-KX所以小球的运动为简谐运动六、综合题(共3题，共30分)24、A.105B.13

【分析】A.【分析】由交流电的图象的纵坐标的最大值读出电流的最大值，读出周期，求出频率。根据交流电i鈭�t

图象读出交流电的最大值、周期及任意时刻电流的大小是基本能力，比较简单。【解答】根据图象可知该交流电的电流最大值是Im=102A

有效值为I=Im2=1022A=10A

周期T=0.2s

则频率为f=1T=10.2=5Hz

故填：105

B.【分析】在电源的外电路中，电流从电源的正极流向负极.

根据闭合电路欧姆定律求电流的大小。本题是简单的电路分析和计算问题，关键要掌握电流的方向和闭合电路欧姆定律。【解答】根据闭合电路欧姆定律得：电路中电流的大小I=ER+r=43+1A=1A

灯泡两端的电压为：U=IR=1隆脕3V=3V

故填：13

【解析】A.105

B.13

25、A.105B