2024年新世纪版必修1物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年新世纪版必修1物理下册阶段测试试卷232考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、甲乙两辆小车由同一地点出发运动；速度时间图象如图所示，则。

A.运动时甲的加速度与乙的加速度之比为4：3B.运动时甲的加速度与乙的加速度之比为3：4C.乙车开始运动时，两车相距4.5mD.甲乙同时开始运动2、倾角为θ＝37°的斜面体与水平面固定不动，斜面上有一重为G的物体A，物体A与斜面间的动摩擦因数μ＝0.5.现给A施加一水平力F，如图所示．设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等(sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)，如果物体A能在斜面上静止，水平推力F与G的比值不可能是()

A.3B.2C.1D.0.53、2021年东京奥运会上我国运动员取得了优异成绩。下图是比赛精彩瞬间；则相关说法错误的是（）

A.图甲，研究巩立姣掷出的铅球轨迹时，可将铅球视为质点B.图乙，研究全红婵10米台跳水的满分动作时，可将其看作质点C.图丙，研究陈雨菲扣球时羽毛球的飞行速度，可将羽毛球看作质点D.图丁，计算徐诗晓、孙梦雅在500米双人划艇项目中的平均速度时，可将小艇视作质点4、海军航空大学某基地组织飞行训练；歼-15战机呼啸天空，与空中的月亮同框，形成“飞鲨逐月”的浪漫景象，如图为摄影师在同一位置前后拍下两张照片，下列说法正确的是（）

A.以月亮为参考系，战机是静止的B.以战机里的飞行员为参考系，战机是运动的C.两次拍摄相差20秒钟，这20秒是指时间间隔D.研究战机在空中的飞行姿态，可以把战机看做质点5、《天工开物》记录的测量拉弓所需力量的方法如图所示。弦系在弓上a、b两点，并挂在光滑秤钩上，弓的下端系上重物。秤杆水平平衡时，挂秤砣处的刻度值为M（此时秤钩对弦的拉力大小为），秤钩两侧弦的夹角为则弦对a点的拉力大小为（）

A.B.C.D.6、质量为的滑块A置于粗糙的水平面上，一轻绳跨过如图所示的滑轮一端固定于A上，另一端竖直固定，保持滑块A不动，将一质量为的物块用一细绳悬挂于动滑轮的下方，已知滑块A与水平面间的动摩擦因数为现释放A，则在竖直下落过程中；A的加速度大小为（）

A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)7、一物体从离地面80m高处做自由落体运动(g取10m/s2)，则下列说法正确的是()A.物体运动3s后落地B.物体落地时的速度大小为40m/sC.物体在落地前最后1s内的位移为25mD.物体在整个下落过程中的平均速度为20m/s8、某同学站在电梯底板上；如图所示的v-t图像是计算机显示的观光电梯在某一段时间内速度变化的情况（竖直向上为正方向），根据图像提供的信息，可以判断下列说法中（）

A.在5s～10s内，该同学对电梯底板的压力等于他所受的重力B.在0～5s内，观光电梯在加速上升，该同学处于失重状态C.在10s～20s内，该同学所受的支持力不变，该同学处于失重状态D.在20s～25s内，观光电梯在加速下降，该同学处于超重状态9、作用在同一物体上的下列几组共点力中，合力可能为零的有（）A.3N、4N、5NB.2N、3N、6NC.4N、6N、9ND.5N、6N、11N10、下面关于重力、弹力、摩擦力的说法正确的有（）A.重力的方向总是垂直水平面向下，同一物体的重力在地球赤道处小于两极处B.轻杆对其端点处的物体的弹力方向总是沿轻杆C.摩擦力的方向一定不可以跟物体的运动方向垂直D.摩擦力既可以是动力，也可以是阻力11、如图所示，质点M受到三个共点力的作用，是圆O上的三条弦，且通过圆心O，与末端的连线也通过圆心O。则下列说法正确的是（）

A.质点M受到的合力为B.的合力方向与方向相同C.若将反向，质点M合力为D.若将反向，质点M合力为零12、如图所示，光滑半圆形球面固定在水平面上，两个可视为质点的小球a和b用质量可忽略的刚性细杆相连并静止在球面内，已知细杆长度是半球面半径的倍，细杆与水平面的夹角现给a球上施加外力，使得a、b小球沿球面缓慢移动（O、a、b始终在同一竖直平面内），直至小球b到达与球心O点等高处。已知则（）

A.a、b的质量之比为5∶4B.a、b的质量之比为4∶3C.轻杆对a、b的作用力先增大后减小D.球面对b的作用力逐渐减小13、如图所示，轻弹簧的劲度系数为k，一端固定在内壁光滑、半径为R的半球形容器底部O′处（O为球心），弹簧另一端与质量为m的A小球相连，小球静止于P点，OP与水平方向的夹角为θ=30°，若换成质量为2m的小球B与弹簧相连，小球静止在之间的M点（图中没有标出），重力加速度为g；下列说法正确的是（）

A.容器对小球A的支持力为mgB.容器对小球B的支持力为2mgC.的长度为D.弹簧的原长为14、如图甲所示，质量为m2的长木板静止在光滑的水平面上，其上静止一质量为m1的小滑块，现给木板施加一随时间均匀增大的水平力F，满足F=kt（k为常量，t代表时间），长木板的加速度a随时间t变化的关系如图乙所示。已知小滑块所受到的最大静摩擦力等于滑动摩擦力。下列说法正确的是（）

A.在0～2s时间内，小滑块与长木板间的摩擦力增大B.小滑块与长木板间的动摩擦因数C.m2与m1之比为1:3D.当小滑块从长木板上脱离时，其速度比长木板小0.5m/s评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)15、如图所示是某一质点运动的速度-时间图像，请从图像中找出以下物理量，质点的初速度是________，0-2s内的加速度_________，2-4s的加速度___________，4s-6s的加速度__________，质点离出发点最远的时刻是________，质点6s内的位移是__________．

16、如图所示，打点计时器所用电源的频率为50Hz，某次实验中得到的一条纸带，及毫米刻度尺测量情况如图所示，纸带在A、C间的平均速度_________m/s，在A、D间的平均速度为_________m/s

17、总质量为M的热气球由于故障在空中以速度v0匀速下降。为了阻止继续下降，在t=0时刻，从热气球中释放了一个质量为m的沙袋.不计空气阻力，当t=________时，热气球停止下降，这时沙袋的速度为________。18、2009年3月29日，中国女子冰壶队首次夺得世界冠军，如图所示，一冰壶以速度v垂直进入三个矩形区域做匀减速运动，且刚要离开第三个矩形区域时速度恰好为零，则冰壶依次进入每个矩形区域时的速度之比为_______，穿过每个矩形区域所用的时间之比为___________．

19、如图所示：物体A放在物体B上，物体B放在光滑的水平面上，已知A、B间的最大静摩擦力为8N，则当时，A、B的加速度为______为使A、B不发生相对滑动，F的最大值为______N。评卷人得分四、作图题(共4题，共40分)20、如下图所示，均匀的长棒A和均匀的木块B均处于静止状态，直接在图中画出它们所受重力G和弹力F的示意图．________21、画出下列处于匀速直线运动物体A的受力分析图（各接触面均粗糙）

22、如图所示；B物体处于静止状态，画出它的的受力示意图。

23、在图中画出木块沿斜面向上、向下、静止时的受力示意图。评卷人得分五、实验题(共4题，共28分)24、某实验小组利用如图的装置探究加速度与力；质量的关系。

(1)下列做法正确的是______（填字母代号）；

A．调节滑轮的高度；使牵引木块的细绳与长木板保持平行。

B．在调节木板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时；将装有砝码的砝码桶通过定滑轮拴在木块上。

C．通过增减木块上的砝码改变质量时；不需要重新调节木板倾斜度。

D．实验时；木块释放的初始位置应尽量远离打点计时器。

(2)为使砝码桶及桶内砝码的总重力在数值上近似等于木块运动时受到的拉力，应满足的条件是木块和木块上砝码的总质量______砝码桶及桶内砝码的总质量（填“远大于”；“远小于”或“近似等于”）；

(3)甲、乙两同学在同一实验室，各取一套图示的装置放在水平桌面上，木块上均不放砝码，在没有平衡摩擦力的情况下，研究加速度a与拉力F的关系，分别得到下图中甲、乙两条直线。设甲、乙用的木块质量分别为m甲、m乙，甲、乙用的木块与木板间的动摩擦因数分别为μ甲，μ乙，由图可知，m甲______m乙，μ甲______μ乙（填“>”、“<”或“=”）。

25、我们在实验室用如图所示的装置做了验证牛顿第二定律的实验；请完成下面两小题。

（1）在本次试验中我们要验证的是我们控制总质量不变，研究合外力与加速度a之间是否满足正比关系。其中是小车的质量，是砂桶的质量，把砂桶的重力当做合外力则该实验中______________必要保证砂桶质量远小于小车质量（填“有”；“没有”）

（2）下列关于该实验的注意事项，不必要的或者错误的是()

A.在实验前必须先抬高木板以平衡摩擦力。

B.拉小车的细线必须和木板平面平行。

C.改变砂桶质量后；在做实验之前必须再次平衡摩擦力。

D.做这个实验的时候应该先打开电源再释放小车26、在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验时，要用到电火花打点计时器，其电源频率为

（1）为完成本实验，下列器材中必须有的是___________。

A．天平B．4或低压交流电源C．刻度尺D．秒表。

（2）安装好实验装置后开始实验。以下实验操作中非必需的是___________。

A．托盘和砝码的总质量要远小于小车的总质量。

B．调整滑轮的高度；使细线与长木板平行。

C．先接通电源；后释放小车。

D．释放小车前；小车应尽可能靠近打点计时器放置。

（3）某同学在实验中，用打点计时器记录了被小车拖动的纸带的运动情况，在纸带上确定了A、B、C、D、E、F、G共7个计数点；其相邻点间的距离如图所示，每两个相邻计数点之间还有四个点未画出。

①计算打下E点时小车的瞬时速度为___________（保留三位有效数字）。

②计算出小车的加速度为___________（保留三位有效数字）。27、小孟同学做“探究求合力的方法”实验。

（1）下列有关该实验的说法中，正确的是__________。

A．用两把弹簧秤和用一把弹簧秤拉时应将橡皮筋结点拉至同一位置。

B．两分力的夹角越大越好。

C．弹簧秤拉伸时应保持和木板平行。

D．本实验应作出力的示意图来探究合力与分力的关系。

（2）物理学中有很多物理方法，本实验采用的是________．

A．类比实验法B．等效替代法C．控制变量法D．极限法。

（3）如图乙所示的四个力中，力________（填图中字母）是由一只弹簧测力计直接拉橡皮筋测得的。

（4）若实验中，用A、B两只弹簧测力计把橡皮条上的结点拉到某一位置O，这时AO、BO间夹角如图所示，现改变弹簧测力计A的拉力方向，使角减小，但不改变它的拉力大小，那么要使结点仍被拉到O点，就应调节弹簧测力计B拉力的大小及角，在下列调整方法中，不可行的方法是______。

A．增大B的拉力和角。

B．增大B的拉力，角不变。

C．增大B的拉力，减小角。

D．B的拉力大小不变，增大角评卷人得分六、解答题(共2题，共12分)28、质量为2kg的小球从离地面80m空中自由落下，g=10m/s2；求。

(1)经过多长时间落地？

(2)第2秒内通过的位移；

(3)下落时间为总时间的一半时下落的位移。29、如图所示，倾角α=30°的足够长传送带上有一长L=1.0m，质量M=0.5kg的薄木板，木板的最右端叠放质量为m=0.3kg的小木块.对木板施加一沿传送带向上的恒力F，同时让传送带逆时针转动，运行速度v=1.0m/s．已知木板与物块间动摩擦因数μ1=木板与传送带间的动摩擦因数μ2=取g=10m/s2；最大静摩擦力等于滑动摩擦力．

(1)若在恒力F作用下；薄木板保持静止不动，通过计算判定小木块所处的状态；

(2)若小木块和薄木板相对静止，一起沿传送带向上滑动，求所施恒力的最大值Fm；

(3)若F=10N，木板与物块经过多长时间分离?分离前的这段时间内，木板、木块、传送带组成系统产生的热量Q．参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、C【分析】【详解】

AB．速度图象的斜率等于物体的加速度，则甲的加速度

乙的加速度

所以运动时甲的加速度与乙的加速度之比为1：4；故AB错误；

C．乙车开始运动时，甲已运动3s，运动的位移为

则两车相距4.5m；故C正确；

D．由图可知；甲先运动3s后乙开始运动，故D错误。

故选C。2、A【分析】【详解】

设物体刚好不下滑时F＝F1，则F1·cosθ＋μFN＝G·sinθFN＝F1·sinθ＋G·cosθ.

得：＝＝＝

设物体刚好不上滑时F＝F2，则：F2·cosθ＝μFN′＋G·sinθFN′＝F2·sinθ＋G·cosθ

得：＝＝＝2

即≤≤2，故F与G的比值不可能为3，故A正确.3、B【分析】【详解】

A．研究比赛中研究铅球被掷出后在空中的轨迹时；铅球的大小相对于运动的轨迹能忽略不计，故可以将它视为质点，故A正确；

B．研究全红婵10米台跳水的满分动作时；运动员的大小和形状不能忽略，故不可将运动员视为质点，故B错误；

C．物体的形状和大小对于研究的问题可忽略不计时；可以把物体看做质点，研究球离开球拍后的飞行速度时，与球的形状无关，故可以看做质点，故C正确；

D．在500米双人划艇项目中艇的长度相对500m来讲长度可以忽略；可以将小艇视作质点，故D正确。

故选B。4、C【分析】【详解】

A．以月亮为参考系；战机是运动的，故A错误；

B．以战机里的飞行员为参考系；战机是静止的，故B错误；

C．两次拍摄相差20秒钟；这20秒是指时间间隔，故C正确；

D．研究空中飞行姿态时；其大小形状不可忽略，不能看做质点，故D错误。

故选C。5、B【分析】【详解】

以弓和所挂重物为研究对象，设弦对a点的拉力为F，根据共点力平衡

故ACD错误；B正确。

故选B。6、B【分析】【详解】

释放A时，设绳的拉力为T，滑块A的加速度为物块B的加速度为根据牛顿第二定律可知对滑块A，有

对物块B有

根据动滑轮知识可知

联立解得

故选B。二、多选题(共8题，共16分)7、B:D【分析】【详解】

A.根据x=gt2可解得t=4s；即物体运动4s后落地，故A错误；

B.物体落地时速度为v=gt，根据t=4s可得，v=40m/s；故B正确；

C.落地前最后一秒位移即总位移减去前三秒内位移，前三秒内位移为x3=gt32，得最后一秒位移x-x3=35m；故C错误；

D.整个过程的平均速度v′==20m/s，故D正确.8、A:C【分析】【详解】

A．由v-t图像可知；在5s～10s内该同学匀速上升，处于平衡状态，根据牛顿第三定律，该同学对电梯底板的压力等于底板对他的支持力，等于他所受的重力，故A正确；

B．在0～5s内该同学匀加速上升；加速度向上，支持力大于重力，处于超重状态，故B错误；

C．在10s～20s内该同学匀减速上升；支持力小于重力，恒定向上，加速度向下，处于失重状态，故C正确；

D．在20s～25s内；该同学随观光电梯在加速下降，加速度向下，支持力小于重力，该同学处于失重状态，故D错误。

故选AC。9、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．3N、4N的合力范围为1N≤F≤7N；5N在合力范围内，所以三个力的合力可能为零，故A正确；

B．2N、3N的合力范围为1N≤F≤5N；6N不在合力范围内，所以三个力的合力不能为零，故B错误；

C．4N、6N的合力范围为2N≤F≤10N；9N在合力范围内，所以三个力的合力可能为零，故C正确；

D．5N、6N的合力范围为1N≤F≤11N；11N在合力范围内，所以三个力的合力可能为零，故D正确。

故选ACD。10、A:D【分析】【详解】

A．重力的方向总是垂直于水平面向下；即重力的方向总是竖直向下，同一物体的重力在地球赤道处小于两极处，故A正确；

B．轻杆对物体的弹力方向不一定沿杆的方向；要根据物体所处状态进行判断，如图所示。

当小球处于静止状态时；杆对小球的作用力与小球重力平衡，故弹力竖直向上，而不沿杆的方向，故B错误；

C．摩擦力的方向跟物体的运动方向没有关系；可以与运动方向成任何夹角，比如用手竖直握住一圆柱形水杯，杯子沿任意方向运动时，所受摩擦力始终竖直向上，则杯子的运动方向可以和摩擦力成任意夹角，故C错误；

D．摩擦力既可以是动力；也可以是阻力，比如汽车加速时，驱动轮受到的地面向前的摩擦力即为动力，在地面上向前推动箱子时，地面对箱子的摩擦力即为阻力，故D正确。

故选AD。11、B:D【分析】【详解】

AB．由圆的几何特性和力的平行四边形定则可知，的合力等于则质点M受到的合力为故A错误；B正确；

CD．若将反向；则质点M的合力为零，故C错误；D正确。

故选BD。12、B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．a、b两球受力情况如图所示。

过O作竖直线交ab于c点，设球面半径为R，则与左侧力的三角形相似，与右侧力的三角形相似；由几何关系可得。

即。

由题可知，细杆长度是球面半径的倍，根据几何关系可得在中；根据正弦定理可得。

在中；根据正弦定理可得。

则。

故A错误；B正确；

CD．将b球的受力分析画到如图所示的圆中，由几何关系可知轻杆对球的作用力逐渐增大，球面对b球的作用力逐渐减小；故C错误，D正确。

故选BD。

13、A:B:C【分析】【详解】

对质量为m的小球；受重力；支持力和弹簧的弹力而平衡，如图所示：

A．对A小球，弹簧弹力T、重力和支持力N围成的矢量三角形和△PO’O相似，则

即有：故A正确；

B．同理对B小球，弹簧弹力、重力、支持力和△MO’O相似，则

则故B正确．

CD．由A分析可知，弹簧被压缩量为则弹簧的原长为：

由B分析可知，

则故C正确，D错误．14、A:D【分析】【详解】

A．在0~2s时间内，小滑块与长木板相对静止，它们之间为静摩擦力，对小滑块有Ff=ma1

a1在增大，所以静摩擦力Ff也在增大；A正确；

BC．长木板的加速度a在3s时突变，所以小滑块在3s时脱离长木板，对长木板在3s时刻前、后的运动分析，由牛顿第二定律可得F3−Ff3=m2a前=m2（2m/s2）F3=m2a后=m2（3m/s2）

解得Ff3=m2（1m/s2）

在0~2s时间内F=（m1+m2）a1=kt

所以

在2~3s时间内F−Ff3=m2a2

所以

由图线斜率可知

解得m1=m2

BC错误；

D．在2s时刻，小滑块与长木板的速度相同，在2~3s时间内小滑块的速度的变化量为Δv1=1m/s

长木板的速度变化量为Δv2=1.5m/s

所以3s时；长木板比小滑块的速度大0.5m/s，D正确。

故选AD。

【点睛】

三、填空题(共5题，共10分)15、略

【分析】【详解】

[1].由图像可知；质点的初速度是2m/s；

[2].v-t图像的斜率等于加速度，则0-2s内的加速度

[3].2-4s的加速度为a2=0；

[4].4s-6s的加速度

[5].0-6s速度一直为正，则质点离出发点最远的时刻是t=6s的时刻；

[6].质点6s内的位移是．【解析】2m/s1m/s20-2m/s26s18m16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]纸带在A、C间的平均速度

[2]在A、D间的平均速度为【解析】①.0.35②.0.4217、略

【分析】【详解】

[1]气球开始时做匀速直线运动，释放沙袋后所受合外力为根据牛顿第二定律：

解得：

减速至0所用时间：

[2]此时沙袋的速度：

解得：【解析】18、略

【分析】【详解】

[1]逆向思维，根据速度与位移关系可知次进入每个矩形区域时的速度之比为：1；

[2]初速度为零的匀加速直线运动中，通过连续三段相等位移的时间之比为：故所求时间之比为(-):(-1):1．【解析】1(-):(-1):119、略

【分析】【分析】

当AB间达到最大静摩擦力时，判断出AB达到的最大加速度；根据牛顿第二定律求得最大拉力和在拉力作用下产生的加速度。

【详解】

AB不发生相对滑动，AB达到的最大加速度为：故此时的拉力F′=（mA+mB）a=32N，当拉力F=16N＜F′，故AB共同加速运动，加速度为：

【点睛】

本题是连接体问题，关键是选择研究对象，常常有两种方法：隔离法和整体法，关键是临界值的判定。【解析】232四、作图题(共4题，共40分)20、略

【分析】依据受力分析中重力弹力的产生特点；重力G和弹力F的示意图如图：

【解析】21、略

【分析】【详解】

（a）

（b）

（c）【解析】见解析22、略

【分析】【分析】

【详解】

对B进行受力分析得。

【解析】23、略

【分析】【分析】

【详解】

物体受力示意图：

【解析】见解析五、实验题(共4题，共28分)24、略

【分析】【详解】

(1)[1]A．调节滑轮的高度；使牵引木块的细绳与长木板保持平行，否则拉力不会等于合力，A正确；

B．在调节模板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时；不应悬挂“重物”，B错误；

C．平衡摩擦力后，有mgsinθ=μmgcosθ

即μ=tanθ

与质量无关；故通过增减木块上的砝码改变质量时，不需要从新调节木板倾斜度，C正确；

D．实验时；木块释放的初始位置应尽量靠近打点计时器，这样可以在纸带上打出更多的点，有利于数据选取，D错误。

故选AC。

(2)[2]实验过程中码桶及砝码也与木块和木块上砝码一起做匀加速运动，即对砝码桶和砝码有mg-F=ma

对木块和木块上砝码有F=Ma

整理有F=

只有当m<<M时才有F≈mg。

(3)[3][4]当没有平衡摩擦力时有F-f=ma

整理有a=F-μg

即a—F图像的斜率为纵轴截距大小为μg，由图线可知m甲>m乙，μ甲<μ乙。【解析】AC远大于><25、略

【分析】【详解】

（1）[1]设轻绳的拉力为T，加速度为a，根据牛顿第二定律,对砂桶分析有：

对小车分析有：

联立解得：

由此可知，此时砂桶的重力即为整体的合外力控制总质量不变，研究合外力与加速度a之间是否满足正比关系时，没有必要保证砂桶质量远小于小车质量

（2）[2]A．为保证整体的合外力是砂桶的重力所以必须先抬高木板以平衡摩擦力，A正确，不符合题意；

B．要保持拉线方向与木板平面平行；这样轻绳的拉力才等于小车所受的合力，B正确，不符合题意；

C．改变砂桶质量后；因为动摩擦力因数与倾角没变化，所以不需要重新平衡摩擦力，C错误，符合题意；

D．先开电源再释放小车；这样打出的纸带上的点迹较多，处理数据更准确，D正确，不符合题意。

故选C。【解析】没有C26、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]实验中不需要天平，电火花打点计时器不需要4或低压交流电源；实验中要用到刻度尺，打点计时器可以计时，所以不需要秒表，故C需要，ABD不需要；

（2）[2]A．实验中不需要托盘和砝码的总质量要远小于小车的总质量；故A是非必需的；

B．为了减小误差；应调整滑轮的高度，使细线与长木板平行，故B是必需的；

C．应先接通电源；后释放小车，故C是必需的；

D．