2023年江西省吉安市青原区思源实验学校中考物理一模试卷

年江西省吉安市青原区思源实验学校中考物理一模试卷一、填空题（本大题共8小题，每空1分，共16分）1．（2分）定律反映了一段导体中电流跟电压和电阻之间的定量关系；而定律确定了电流通过导体产生的热量跟电流、电阻和通电时间的关系。2．（2分）江西籍邓清明是神舟十五号飞行乘组的航天员，在2022年11月29日，随着运载火箭点火发射，燃料的化学能最终转化为能，在加速升空过程中，运载火箭重力势能增大，动能。他坚守初心24年，终于圆了飞天梦，给青少年赋予了满满正能量。3．（2分）“氢”风徐来，北京冬奥会大规模示范应用氢能源汽车。氢具有很多优点，在燃料的属性中，其较高，另外，氢能源汽车还比燃油汽车更环保，因为燃油汽车热机在工作过程中，通过冲程不断排放尾气，给城市带来严重空气污染。4．（2分）“静电喷涂”是利用雾状油漆和待喷涂物件带异种电荷互相的原理工作的；戴口罩是预防新型冠状病毒传播的有效方法，其原理是口罩中间的熔喷布含有带静电的纤维（如图所示），利用带电体具有轻小物体的性质，当带病毒的飞沫靠近熔喷布时，其静电作用能阻挡病毒透过口罩。（均选填“吸引”或“排斥”）5．（2分）中国古代四大发明之一的指南针利用了磁体的具有指南北的特点。因为地球本身是一个巨大的天然磁体，指南针之所以能指南北，是因为受到的作用。6．（2分）由于海水的比热容陆地上砂石的比热容，故根据这一物质的属性等相关知识，我们可以判断海滨城市白天和夜晚的风向。如图所示，是陆地和海面之间空气流动情况的示意图，则其中图能描述夜晚的风向。7．（2分）如图所示，是某同学在做电学实验时，不慎将电压表和电流表的位置在电路中互换了。若闭合开关，则可能导致和及线路损坏。（均选填“电流表”“电压表”“电源”或“小灯泡”）8．（2分）如图所示，电源电压恒定不变，当所有开关闭合时，电路能安全工作，电流表A2的示数（选填“大于”“小于”或“等于”）电流表A1的示数，若将滑片P向右移动，电压表的示数将（选填“变大”“变小”或“不变”）。二、选择题（本大题共6小题，第9～12小题，每小题只有一个正确选项，每小题2分；第13、14小题为不定项选择，每小题有两个或两个以上正确选项，每小题2分。全部选择正确得3分，不定项选择正确但不全得1分，不选、多选或错选得0分，共14分）9．（2分）为充分发挥考试对增强青少年体质积极导向作用，很多城市把跳绳（如图所示）列入了初中体育学业水平测试项目。某初三学生1min完成了180次跳绳，以下相关估测不符合实际的是（）A．学生质量可能是50kg B．每次跳起的高度约为4cm C．学生1min做功约为20J D．学生做功的功率约为70W10．（2分）如图所示，是四种常用的电工用具，其中属于用电器的是（）A．螺丝刀 B．带插头导线 C．电烙铁 D．接线板11．（2分）某汽车厂技术进行了创新，在同样油耗和使用条件下，汽车发动机工作时较以前排放的尾气“汽油味”明显降低，动力更强劲。如图所示，是汽油机工作时的某个冲程示意图，下列说法正确的是（）A．该发动机减少了碳排放，有利于节约能源和环境保护 B．尾气中“汽油味”降低，可以增大汽油的热值 C．该冲程温度降低，内能减小 D．该冲程为做功冲程，内能全部转化为机械能，所以动力更强劲12．（2分）如图所示，是跳远运动的几个主要阶段示意图。下面关于运动员能量的说法正确的是（）A．助跑过程中机械能始终保持不变 B．从最高点到落地过程中动能由重力势能转化 C．从起跳到最高点过程中势能与动能越来越大 D．运动员在跳到最高点时动能为零（多选）13．（3分）如图所示，能根据坐标系中阴影部分面积计算选项中物理量大小的是（）A．机械功W B．热量Q C．机械效率η D．电功率P（多选）14．（3分）如图所示，a、b分别为电流表两接线柱，c、d分别为电源两极，合上开关，小磁针N极静止在图中所示位置，则以下判断正确的是（）A．螺线管甲端为S极，另一端为N极 B．若d端为正极，则螺线管甲端为N极 C．螺线管的电流环绕方向只有一种绕法 D．若c端为正极，则a接线柱为“﹣”接线柱三、计算题（本大题共3小题，第15、16小题各7分，第17小题8分，共22分）15．（7分）如图所示，是某型号太阳能热水器。水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）。（1）若热水器装满100L、20℃的水，在阳光的照射下，水温升高到60℃，那么这些水吸收了多少热量？（2）若改用效率为60%的天然气灶给这些水加热，温度升高30℃时，则需要完全燃烧多少热值为4.2×107J/m3的天然气？16．（7分）如图所示，动滑轮重10N，在50N的拉力F作用下，滑轮组拉着重100N的物体A在水平面上以0.1m/s的速度运动10s（忽略绳重和滑轮间的摩擦），求：（1）拉力F对物体A做的有用功；（2）拉力F做功的总功率；（3）该滑轮组的机械效率。17．（8分）如图所示，甲是某型号电水壶内部电路原理图（具有加热和保温功能），乙则是其正常工作时电功率与时间的关系图像。（1）电水壶加热水后，求正常保温10min消耗的电能；（2）正常加热时，求电水壶的发热电阻的阻值大小；（3）某次用电高峰时，实际电压只有198V，此时使用电水壶加热的实际电功率是多少？四、实验与探究题（本大题共4小题，每小题7分，共28分）18．（7分）如图甲所示，是用电流表测量电流的实验，请正确回答以下问题：（1）电流表使用前，应检查指针是否对准，如果有偏差，需先“校零”。（2）连接电路时，开关应断开，电流表必须联在被测的那部分电路中，且应选用合适的量程，使电流从电流表的流出。（3）图甲是某同学连接好的电路，合上开关后，此时电流表测灯的电流，如果电流表的示数如图乙所示，则经过该灯的电流大小是A。（4）请在图甲中某根导线端画“×”号，并用笔画线代替导线，将该导线正确改接到另一接线柱，使电流表变为测干路中的电流。19．（7分）如图1所示，是某小组同学用伏安法测量电阻R时所设计的电路图，其中虚线框内漏画了甲、乙电表的电路符号，则甲符号为，乙符号为。（1）请写出实验原理：（用公式表达）。（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P移到最右端，这样做是因为滑动变阻器在电路中具有的作用。（3）当滑片P调节在某处时，电流表、电压表指针如图2所示，所测电阻阻值大小为Ω，为了使测量值更接近真实值，还应该，以减小误差。（4）该小组同学还设计了图3测量某未知电阻Rx的阻值，已知定值电阻阻值为R0，实验步骤如下：A.按照设计的电路图连接电路；B.断开开关S，读出电流表的示数，记为I1；C.闭合开关S，读出电流表的示数，记为I2；则Rx＝（用I1、I2、R0表示）。20．（7分）探究电流与电阻的关系。【提出问题】通过导体的电流跟这段导体的电阻存在怎样的关系呢？【设计实验】如图1所示，是某同学设计该实验未连接完的实物电路图，请你用笔画线代替导线完成电路的连接（导线不能交叉），且使滑动变阻器滑片向右移动时电流表示数变大。为了完成该实验，需要多次调节滑动变阻器，主要目的是控制不同阻值的电阻相同。【进行实验】按照电路图，依次把多个阻值不同的电阻接入电路进行实验，每次调节滑动变阻器，眼睛都应观察表的示数，当达到某个相同值时，停止移动滑片，再开始读另一表的示数，并将实验数据都记录在设计好的表格内。实验中把5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，滑动变阻器接入电路的阻值应相应（选填“调大”“调小”或“不变”）。【分析与论证】如图2所示，是某同学根据实验收集的数据描绘的图像。根据该图像，他得出的结论为：保持导体两端的电压不变时，通过导体的电流跟这段导体的电阻成。【交流与评估】由该图像可知，某同学每次实验，当电表达到某个相同值时，停止移动滑片，这个相同的值是。21．（7分）探究产生感应电流的条件。【提出问题】电流能产生磁场，那么磁场能否产生电流呢？如果能，需要什么条件？【设计实验】利用如图1所示的装置，将导体ab悬挂起来，并使导体ab水平置于蹄形磁体的磁场中。【进行实验】闭合开关，让导体ab在磁场中运动，观察灵敏电流计指针的偏转情况，并记录在下表中。序号开关磁场方向导体ab运动方向指针偏转情况1闭合上N下S竖直向上不偏转2闭合上N下S竖直向下不偏转3闭合上N下S向左运动向右偏转4闭合上N下S向右运动向左偏转5闭合上S下N向右运动向右偏转6闭合上S下N向左运动向左偏转7断开上N下S向左运动不偏转【分析与论证】（1）从实验序号1和2可知：导体ab平行于磁感线运动时，电路中是不会产生感应电流的；且从实验序号7可知：电路断路时，电路中也是不会产生感应电流的。（2）比较实验序号3和4（或5和6）可知，在磁场方向一定时，感应电流的方向与方向有关。（3）比较实验序号4和5（或3和6）可知，感应电流的方向还与方向有关。【结论】分析上述实验结果，可以得出产生感应电流的条件：电路的一部分导体在磁场中做运动时，导体中就会产生电流。【拓展应用】当你唱卡拉OK时，要用到话筒（麦克风）。话筒的种类很多，如图2所示，是动圈式话筒构造示意图，它是根据原理制成的。从能量转化的角度分析，感应电流的产生过程实际是把能转化为电能，发电机也是这一原理的应用。大型发电机发的电，电压很高、电流很强，一般采取线圈不动、磁极旋转的方式来发电，为了得到较强的磁场，要用代替永磁体。

2023年江西省吉安市青原区思源实验学校中考物理一模试卷（参考答案与详解）一、填空题（本大题共8小题，每空1分，共16分）1．（2分）欧姆定律反映了一段导体中电流跟电压和电阻之间的定量关系；而焦耳定律确定了电流通过导体产生的热量跟电流、电阻和通电时间的关系。【解答】解：最先通过实验与理论研究发现一段导体中电流跟电压和电阻之间的定量关系的是德国物理学家欧姆，为了纪念他，以欧姆定律命名这个定律。1840年，英国物理学家焦耳最先精确地确定了电流产生的热量跟电流、电阻和时间的关系，得出了焦耳定律；故答案为：欧姆；焦耳。2．（2分）江西籍邓清明是神舟十五号飞行乘组的航天员，在2022年11月29日，随着运载火箭点火发射，燃料的化学能最终转化为机械能，在加速升空过程中，运载火箭重力势能增大，动能增大。他坚守初心24年，终于圆了飞天梦，给青少年赋予了满满正能量。【解答】解：运载火箭点火发射，燃料的化学能最终转化为火箭的机械能；在加速升空过程中，运载火箭的质量不变，速度变大，动能增大。故答案为：机械；增大。3．（2分）“氢”风徐来，北京冬奥会大规模示范应用氢能源汽车。氢具有很多优点，在燃料的属性中，其热值较高，另外，氢能源汽车还比燃油汽车更环保，因为燃油汽车热机在工作过程中，通过排气冲程不断排放尾气，给城市带来严重空气污染。【解答】解：氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量；燃油汽车热机在工作过程中，通过排气冲程不断排放尾气，给城市带来严重空气污染。故答案为：热值；排气。4．（2分）“静电喷涂”是利用雾状油漆和待喷涂物件带异种电荷互相吸引的原理工作的；戴口罩是预防新型冠状病毒传播的有效方法，其原理是口罩中间的熔喷布含有带静电的纤维（如图所示），利用带电体具有吸引轻小物体的性质，当带病毒的飞沫靠近熔喷布时，其静电作用能阻挡病毒透过口罩。（均选填“吸引”或“排斥”）【解答】解：“静电喷涂”是利用雾状油漆和待喷涂物件带异种电荷互相吸引的原理工作的；戴口罩是预防新型冠状病毒传播的有效方法，其原理是口罩中间的熔喷布含有带静电的纤维，利用带电体具有吸引轻小物体的性质，当带病毒的飞沫靠近熔喷布时，其静电作用能阻挡病毒透过口罩。故答案为：吸引；吸引。5．（2分）中国古代四大发明之一的指南针利用了磁体的磁极具有指南北的特点。因为地球本身是一个巨大的天然磁体，指南针之所以能指南北，是因为受到地磁场的作用。【解答】解：指南针之所以能够指示南北方向，是因为地球是一个磁体，地球周围存在着磁场，是磁极之间相互作用的结果。故答案为：磁极；地磁场。6．（2分）由于海水的比热容大于陆地上砂石的比热容，故根据这一物质的属性等相关知识，我们可以判断海滨城市白天和夜晚的风向。如图所示，是陆地和海面之间空气流动情况的示意图，则其中甲图能描述夜晚的风向。【解答】解：沿海地区水多，水的比热容较大；内陆地区，地表以砂石泥土为主，砂石泥土比热容较小；由于水的比热容大，所以对于相同质量的水和砂石相比较，在吸收或放出相同的热量时，水的温度变化小，而砂石的温度变化大，所以白天陆地的温度高、海水温度低，晚上陆地温度低、海水温度高；白天陆地上方空气的温度高，密度小，砂石上方空气上升，海面上的冷空气过来补充，所以白天的风常常从海面吹向陆地，而晚上海面上方的热空气上升，风从陆地吹向海面，故甲能能描述夜晚的风向。故答案为：大于；甲。7．（2分）如图所示，是某同学在做电学实验时，不慎将电压表和电流表的位置在电路中互换了。若闭合开关，则可能导致电源和电流表及线路损坏。（均选填“电流表”“电压表”“电源”或“小灯泡”）【解答】解：将电压表和电流表位置接反了，如图所示，此时电流表直接接到电源两极上，造成电源短路，通过电流表的电流会很大，电流表和电源可能被烧坏；由于是电源短路，没有电流通过电压表，所以，电压表不会烧坏。故答案为：电源；电流表。8．（2分）如图所示，电源电压恒定不变，当所有开关闭合时，电路能安全工作，电流表A2的示数小于（选填“大于”“小于”或“等于”）电流表A1的示数，若将滑片P向右移动，电压表的示数将不变（选填“变大”“变小”或“不变”）。【解答】解：由电路图知，当所有开关闭合时，三个电阻并联，电流表A1测量干路中的电流，电流表A2测量通过R1和R2的总电流，由于并联电路中干路中的电流等于各支路电流之和，所以电流表A2的示数小于电流表A1的示数；电压表测量电源电压，由于电源电压不变，所以将滑片P向右移动时，电压表的示数将不变。故答案为：小于；不变。二、选择题（本大题共6小题，第9～12小题，每小题只有一个正确选项，每小题2分；第13、14小题为不定项选择，每小题有两个或两个以上正确选项，每小题2分。全部选择正确得3分，不定项选择正确但不全得1分，不选、多选或错选得0分，共14分）9．（2分）为充分发挥考试对增强青少年体质积极导向作用，很多城市把跳绳（如图所示）列入了初中体育学业水平测试项目。某初三学生1min完成了180次跳绳，以下相关估测不符合实际的是（）A．学生质量可能是50kg B．每次跳起的高度约为4cm C．学生1min做功约为20J D．学生做功的功率约为70W【解答】解：A、大多数初三学生的质量约为50kg，故A符合实际；B、跳绳每次起跳的高度约为4cm～5cm，故B符合实际；CD、学生1min跳绳180次，做的功约为：W＝Gh＝mgh＝50kg×10N/kg×4×10﹣2m×180＝3600J，故C不符合实际；学生做功的功率为：P＝＝＝60W，60W与70W相差不大，故D符合实际。故选：C。10．（2分）如图所示，是四种常用的电工用具，其中属于用电器的是（）A．螺丝刀 B．带插头导线 C．电烙铁 D．接线板【解答】解：A、螺丝刀是一种常用的工具，一种简单机械，故A不符合题意；B、带插头导线是输送电能的元件，故B不符合题意；C、电洛铁工作时将电能转化为内能，属于用电器，故C符合题意；D、接线板是一种输电的转换设备，故D不符合题意。故选：C。11．（2分）某汽车厂技术进行了创新，在同样油耗和使用条件下，汽车发动机工作时较以前排放的尾气“汽油味”明显降低，动力更强劲。如图所示，是汽油机工作时的某个冲程示意图，下列说法正确的是（）A．该发动机减少了碳排放，有利于节约能源和环境保护 B．尾气中“汽油味”降低，可以增大汽油的热值 C．该冲程温度降低，内能减小 D．该冲程为做功冲程，内能全部转化为机械能，所以动力更强劲【解答】解：A、该发动机的尾气中“汽油味”明显降低，动力更强劲，在做相同有用功时，消耗的燃料少，减少了碳排放，有利于节约能源和环境保护，故A正确；B、热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，尾气中“汽油味”降低，不可以增大汽油的热值，故B错误；CD、图中两个气门关闭，活塞向上运动，是压缩冲程，将机械能转化为内能，内能增加，温度升高，故CD错误。故选：A。12．（2分）如图所示，是跳远运动的几个主要阶段示意图。下面关于运动员能量的说法正确的是（）A．助跑过程中机械能始终保持不变 B．从最高点到落地过程中动能由重力势能转化 C．从起跳到最高点过程中势能与动能越来越大 D．运动员在跳到最高点时动能为零【解答】解：A、助跑过程中，运动员的质量不变，高度不变，重力势能不变，速度变大，动能变大，所以机械能变大，故A错误；B、从最高点到落地过程中，质量不变，高度变小，重力势能变小，速度变大，动能变大，是重力势能转化为动能，故B正确；C、从起跳到最高点过程中，质量不变，速度变小，动能变小，高度变大，重力势能变大，故C错误；D、运动员在跳到最高点时在水平方向上有一定的速度，动能不为零，故D错误。故选：B。（多选）13．（3分）如图所示，能根据坐标系中阴影部分面积计算选项中物理量大小的是（）A．机械功W B．热量Q C．机械效率η D．电功率P【解答】解：A、图中横坐标是时间，纵坐标是功率，根据W＝Pt可知图中的阴影部分可表示功，故A正确；B、横坐标是燃料的燃烧时间，纵坐标是燃料的热值q，根据Q放≠qt可知，横、纵坐标之积不等于燃料完全燃烧放出的热量，故B错误；C、根据机械效率η＝知，机械效率为有用功和总功之比，故图中阴影部分面积不能表示机械效率，故C错误；D、横坐标是电阻R，纵坐标是电流的平方，根据P＝I2R可知，横、纵坐标之积正好是用电器消耗的电功率，故D正确。故选：AD。（多选）14．（3分）如图所示，a、b分别为电流表两接线柱，c、d分别为电源两极，合上开关，小磁针N极静止在图中所示位置，则以下判断正确的是（）A．螺线管甲端为S极，另一端为N极 B．若d端为正极，则螺线管甲端为N极 C．螺线管的电流环绕方向只有一种绕法 D．若c端为正极，则a接线柱为“﹣”接线柱【解答】解：A．由磁极间的作用规律可知，靠近小磁针N极的螺线管甲端为S极，另一端为N极，故A正确；BC．螺线管的绕法有两种，因为不知道螺线管的绕法，所以若d端为正极，无法确定螺线管甲端为N极，故BC错误；D．由电流表的接法可知，若c端为正极，则b接线柱为电流表的“+”接线柱、a接线柱为“﹣”接线柱，故D正确。故选：AD。三、计算题（本大题共3小题，第15、16小题各7分，第17小题8分，共22分）15．（7分）如图所示，是某型号太阳能热水器。水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）。（1）若热水器装满100L、20℃的水，在阳光的照射下，水温升高到60℃，那么这些水吸收了多少热量？（2）若改用效率为60%的天然气灶给这些水加热，温度升高30℃时，则需要完全燃烧多少热值为4.2×107J/m3的天然气？【解答】解：（1）热水器内水的体积V＝100L＝100dm3＝0.1m3，由ρ＝可知，水的质量：m＝ρV＝1.0×103kg/m3×0.1m3＝100kg，水吸收的热量：Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×100kg×（60℃﹣20℃）＝1.68×107J；（2）水的温度升高30℃，水吸收的热量：Q吸′＝cmΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×100kg×30℃＝1.26×107J，由η＝可知，天然气完全燃烧放出的热量：Q放＝＝＝2.1×107J，由Q放＝Vq可知，需要完全燃烧天然气的体积：V＝＝＝0.5m3。答：（1）若热水器装满100L、20℃的水，在阳光的照射下，水温升高到60℃，那么这些水吸收了1.68×107J的热量；（2）若改用效率为60%的天然气灶给这些水加热，温度升高30℃时，则需要完全燃烧0.5m3热值为4.2×107J/m3的天然气。16．（7分）如图所示，动滑轮重10N，在50N的拉力F作用下，滑轮组拉着重100N的物体A在水平面上以0.1m/s的速度运动10s（忽略绳重和滑轮间的摩擦），求：（1）拉力F对物体A做的有用功；（2）拉力F做功的总功率；（3）该滑轮组的机械效率。【解答】解：（1）物体移动距离：s物＝v物t＝0.1m/s×10s＝1m，由图知，通过动滑轮绳子的段数n＝2，忽略绳重和滑轮间的摩擦，由F＝（F′+G动）可得，物体受到的拉力：F′＝2F﹣G动＝2×50N﹣10N＝90N，对物体A做的有用功：W有＝F′s物＝90N×1m＝90J；（2）由v＝nv物和P＝＝＝Fv可得，拉力的总功率：P＝Fv＝Fnv物＝50N×2×0.1m/s＝10W；（3）滑轮组的机械效率：η＝＝＝＝＝90%。答：（1）拉力F对物体A做的有用功为90J；（2）拉力F做功的总功率为10W；（3）该滑轮组的机械效率为90%。17．（8分）如图所示，甲是某型号电水壶内部电路原理图（具有加热和保温功能），乙则是其正常工作时电功率与时间的关系图像。（1）电水壶加热水后，求正常保温10min消耗的电能；（2）正常加热时，求电水壶的发热电阻的阻值大小；（3）某次用电高峰时，实际电压只有198V，此时使用电水壶加热的实际电功率是多少？【解答】解：（1）从图中可知，保温功率为0.1kW，电水壶正常保温10min消耗的电能为：W＝Pt＝0.1×1000W×10×60s＝6×105J；（2）从图中可知，加热功率为0.8kW，开关S接1时，电路为R1的简单电路，总电阻较小，电源电压不变，根据P＝可知总功率较大，电烧水壶处于加热状态，R1＝＝＝60.5Ω；（3）此时使用电水壶加热的实际电功率为：P实＝＝＝648W。答：（1）电水壶加热水后，正常保温10min消耗的电能为6×105J；（2）正常加热时，电水壶的发热电阻的阻值大小为60.5Ω；（3）某次用电高峰时，实际电压只有198V，此时使用电水壶加热的实际电功率是648W。四、实验与探究题（本大题共4小题，每小题7分，共28分）18．（7分）如图甲所示，是用电流表测量电流的实验，请正确回答以下问题：（1）电流表使用前，应检查指针是否对准零刻度线，如果有偏差，需先“校零”。（2）连接电路时，开关应断开，电流表必须串联在被测的那部分电路中，且应选用合适的量程，使电流从电流表的负接线柱流出。（3）图甲是某同学连接好的电路，合上开关后，此时电流表测灯L1的电流，如果电流表的示数如图乙所示，则经过该灯的电流大小是0.52A。（4）请在图甲中某根导线端画“×”号，并用笔画线代替导线，将该导线正确改接到另一接线柱，使电流表变为测干路中的电流。【解答】解：（1）电流表使用前应检查指针是否对准零刻度线，如果有偏差，需先“校零”。（2）电流表要与被测用电器串联；要让电流从电流表正接线柱流入，从负接线柱流出；（3）如图甲所示，电流表与灯泡L1串联，所以电流表测的是灯L1的电流；图乙中，电流表的量程为0～0.6A，其分度值为0.02A，则通过该灯的电流是0.52A；（4）要想测总电流，电流表应该串联在干路中，其接法的改动如图所示；故答案为：（1）零刻度线；（2）串；负接线柱；（3）L₁；0.52；（4）见解答。19．（7分）如图1所示，是某小组同学用伏安法测量电阻R时所设计的电路图，其中虚线框内漏画了甲、乙电表的电路符号，则甲符号为，乙符号为。（1）请写出实验原理：R＝（用公式表达）。（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P移到最右端，这样做是因为滑动变阻器在电路中具有保护电路的作用。（3）当滑片P调节在某处时，电流表、电压表指针如图2所示，所测电阻阻值大小为5Ω，为了使测量值更接近真实值，还应该多次测量取平均值，以减小误差。（4）该小组同学还设计了图3测量某未知电阻Rx的阻值，已知定值电阻阻值为R0，实验步骤如下：A.按照设计的电路图连接电路；B.断开开关S，读出电流表的示数，记为I1；C.闭合开关S，读出电流表的示数，记为I2；则Rx＝（用I1、I2、R0表示）。【解答】解：电压表与被测电阻并联，电流表与被测电阻串联，所以甲为电流表，符号为；乙为电压表，符号为；（1）伏安法测电阻的实验原理是R＝；（2）为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于阻值最大处，即P应移到最右端；（3）由图2可知，电流表接入电路的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.28A，电压表接入电路的量程为0～3V，分度值为0.1V，示数为1.4V，由欧姆定律可得被测电阻的阻值：R＝＝＝5Ω；为了测量值更接近真实值，还应该多次测量取平均值减小误差；（4）断开开关S，两电阻串联接入电路，电流表测通过电路的电流，读出电流表的示数，记为I1，串联电路总电阻等于各部分电阻之和，根据欧姆定律可得电源电压：U＝I1（Rx+R0），闭合开关S，电路为待测电阻的简单电路，电流表测通过电路的电流，读出电流表的示数，记为I2，根据欧姆定律可得电源电压：U＝I2Rx，电源电压不变，则I1（Rx+R0）＝I2Rx，解方程可得Rx＝。故答案为：；；（1）R＝；（2）保护电路；（3）多次测量取平均值；（4）。20．（7分）探究电流与电阻的关系。【提出问题】通过导体的电流跟这段导体的电阻存在怎样的关系呢？【设计实验】如图1所示，是某同学设计该实验未连接完的实物电路图，请你用笔画线代替导线完成电路的连接（导线不能交叉），且使滑动变阻器滑片向右移动时电流表示数变大。为了完成该实验，需要多次调节滑动变阻器，主要目的是控制不同阻值的电阻电压相同。【进行实验】按照电路图，依次把多个阻值不同的电阻接入电路进行实验，每次调节滑动变阻器，眼睛都应观察电压表的示数，当达到某个相同值时，停止移动滑片，再开始读另一表的示数，并将实验数据都记录在设计好的表格内。实验中把5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，滑动变阻器接入电路的阻值应相应调大（选填“调大”“调小”或“不变”）。【分析与论证】如图2所示，是某同学根据实验收集的数据描绘的图像。根据该图像，他得出的结论为：保持导体两端的电压不变时，通过导体的电流跟这段导体的电阻成反比。【交流与评估】由该图像可知，某同学每次实验，当电表达到某个相同值时，停止移动滑片，这个相同的值是2.4V。【解答】解：【设计实验】要求滑动变阻器滑片向右移动时电流表示数变大，即变阻器连入电路的电阻变小，故变阻器右下接线柱连入电路中与电阻串联，电压表与电阻并联，如下所示：本实验要控制电阻的电压不变，为了完成该实验，需要多次调节滑动变阻器，主要目的是控制不同阻值的电阻电压相同；【进行实验】本实验要控制电阻的电压不变，按照电路图，依次把多个阻值不同的电阻接入电路进行实验，每次调节滑动变阻器，眼睛都应观察电压表的示数，当达到某个相同值时，停止移动滑片，再开始读另一表的示数，并将实验数据都记录在设计好的表格内。根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，即滑动变阻器接入电路的阻值应相调大；【分析与论证】如图2所示，电流与电阻的倒数变化关系为一过原点的直线，故电流与电阻的倒数成正比，