2024年北师大版高三生物上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年北师大版高三生物上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、下列有关生态工程的叙述不正确的是（）A.“无废弃物农业”主要遵循了物质循环再生原理B.与传统工程相比，生态工程具有“多消耗、多效益、可持续”的特点C.我国西北大量种植杨树防护林导致“灰色长城”的原因是违背了物种多样性原理的结果D.我们应尽量避免走“先污染、破坏，后治理”的老路2、下列物质中，通过自由扩散方式进入小肠绒毛上皮细胞的是（）A.氨基酸B.氧气C.Na+D.葡萄糖3、如图为某生物小组探究酵母菌呼吸方式的实验设计装置．下列叙述正确的是（）

A.实验自变量为温度B.乙、丙两试管中液体应煮沸冷却除去O2C.气泵泵入的气体应先除去O2D.实验因变量为CO2的有无4、对维持生物前后代体细胞中染色体数恒定起主要作用的是（）

A.遗传和变异B.减数分裂和受精作用。

C.有丝分裂和受精作用D.有丝分裂和减数分裂5、在两对相对性状的遗传实验中；可能具有1：1：1：1比例关系的是（）

①F1自交后代的性状分离比②F1产生配子类别的比例。

③F1测交后代的表现型比例④F1自变后代的基因型比例。

⑤F1测交后代的基因型比例．A.②③⑤B.①②④C.①③⑤D.②④⑤6、下列属于可遗传的变异的是（）A.人的白化病B.由于水肥充足玉米长得穗大粒足C.晒太阳使皮肤晒黑D.通过美容手术把单眼皮变成双眼皮7、如图是科学家培育试管转基因牛的过程示意图；相关叙述不正确的是（）

A.过程①通常用促性腺激素处理，可达到超数排卵的目的B.图中1是滋养层，2是透明带，3具有发育的全能性C.过程③进行时，受体应处于适合的生理状况D.可取2部位的细胞做DNA分析来鉴定性别8、如图为某种肌肉纤维联接的运动神经元．事实上神经元比图中所画的要长得多．相继在1，2，3三处刺激神经元，每一个刺激都产生一冲动．在哪一位置上刺激能使图中的所有肌肉纤维都收缩？（）A.只有位置1B.只有位置2C.只有位置1和2D.1，2，3三个位置9、将盛有一定浓度蔗糖溶液的透析袋口扎紧后浸于蒸馏水中，下图表示透析袋中蔗糖溶液浓度与时间的关系，正确的是评卷人得分二、填空题(共6题，共12分)10、（2016春•潍坊期中）根据人体免疫的相关概念图回答问题：

（1）如图中a、b、c、d四种细胞中能够特异性识别抗原的有____．b细胞成熟的场所是____．

（2）既能参加非特异性免疫，又能参加特异性免疫的是[____]____．概念图内以下细胞中，具有分化能力的是____．

A．记忆细胞B．BC．cD．d．11、（2010秋•东莞期末）假设a、b、c、d是一个简单生态系统中最初仅有的四个种群，其中a、c、d的营养关系为a→c→d，a与b的关系如图；a是该生态系统主要的自养生物，请回答：

（1）该生态系统中a和b的种间关系是____．

（2）若d大量死亡，则一定时间内种群密度增加的种群是____，种群密度减少的种群是____．

（3）受到外界的干扰后，经过一段时间，该生态系统可以恢复到原来的状态，说明该系统具有____．与热带雨林相比，该生态系统的抵抗力稳定性____（高；低）．

（4）为了调查该系统c种群的密度，捕获了50个个体，将这些个体标记后放掉，一段时间后重新捕获了40个个体，其中有5个带有标记，则c种群的数量约为____个．12、如图表示从苏云金芽孢杆菌获取抗虫基因（简称Bt基因）培育转基因抗虫棉的图解：

请回答：

（1）从苏云金芽孢杆菌中切割抗虫基因所用的工具是____，它主要是从____中分离纯化出来的．

（2）将目的基因导入植物细胞采用最多的方法是____．

（3）写出b过程完整表达式：____．

（4）我国在“863”计划资助下开展Bt抗虫棉育种等研究，这将对____和农业可持续发展产生巨大影响．

（5）基因工程是否成功可以在不同水平层次上进行检测．在性状水平上鉴定的方法是。

____；在DNA水平上鉴定的方法是____；在蛋白质水平进行检测的方法是从转基因植株提取蛋白质，进行____，判断是否产生杂交带．13、（2012秋•新建县校级月考）研究性学习小组同学用下图甲所示实验装置测定果蝇幼虫的呼吸速率．实验开始时；打开软管夹，将装置放入25℃水浴中，10min后关闭软管夹，随后每隔5min记录一次毛细管中液滴移动的位置，结果如表所示：

。实验。

时间/分液滴移动距离/mm1001532.52065251003013035162.5（1）图中X处所用的化学药品是____．10min后软管夹关闭，液滴将向____方向移动．

（2）实验所用毛细管横截面积为1mm2，在20min～30min时氧气的平均吸收速率为____mm3/min．

（3）有同学认为应该增设对照实验，请利用此装置设置一对照实验：____．14、某种植物蔓生和矮生（0.5m）由一对等位基因（D、d）控制，蔓生植物和矮生植株杂交，F2代中蔓生：矮生为3：1．后发现蔓生植株的高度范围在1.0-3.0m之间，蔓生植株的高度由位于非同源染色体上的两对等位基因（A、a和B、b）控制，且与D、d独立遗传．现有两种假设，假设一：A、B对a、b不完全显性，并有累加效应，即高度随显性基因的增加而逐渐增加．假设二：A、B对a、b完全显性；即只要有A或B基因就表现为高株．

（1）以上性状的遗传符合____定律．

（2）现用纯合的株高3.0m的蔓生植株和隐性纯合矮生植株进行杂交得F1，F2自交的F2，若假设一成立，则F2中2.0m蔓生所占的比例为____；若假设二成立，则F2的性状分离比为高株蔓生：矮株蔓生：矮生=____．

（3）用纯合的蔓生植株作母本与矮生品种进行杂交，在F1中偶尔发现了一株矮生植株．出现这种现象的可能原因是当雌配子形成时，____（写出两种即可）．15、如下是用于无土栽培的一种培养液配方；请回答下列问题：

Ca（NO3）21.0克。

MgSO40.25克。

KH2PO40.25克。

KCl0.12克。

FeC130.005克。

H201000毫升。

（1）用此培养液培育某高等植物时，往往要给培养液中通入空气，这一措施的目的是用以促进____，以利于对矿质元素的吸收．要使该植物生长良好，根据光合作用所必须的条件，除了适宜的温度外，还需要____和____．

（2）植物在吸收培养液中的矿质离子时，主要是通过____方式进行的．经过一段时间后，检测到培养液中留存的Ca2+较多，而N03-较少，这一现象与细胞膜的____有关．

（3）若除去该培养液中的MgS04，将直接影响植物体内____的合成．

（4）该配方中属于植物所需的大量矿质元素是____，微量元素是____．评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)16、物种之间的共同进化都是通过物种之间的生存斗争实现的．____．（判断对错）17、绝大多数生物的遗传物质是DNA____．（判断对错）18、细胞生长过程中，核糖体的数量增加，物质交换效率提高T.正确F.错误19、磷脂是所有细胞膜结构必不可少的成分．____．（判断对错）20、人体所有细胞都有与癌变有关的基因．____（判断对错）．21、绝大多数生物的遗传物质是DNA____．（判断对错）22、原核细胞只有核糖体一种细胞器．____（判断对错）评卷人得分四、探究题(共2题，共16分)23、研究发现柚皮精油和乳酸菌素（小分子蛋白质）均有抑菌作用；两者的提取及应用如图所示．

（1）柚皮易焦糊；宜采用______法提取柚皮精油，新鲜的橘皮要用______浸泡处理，该过程得到的糊状液体可通过______除去其中的固体杂质．

（2）培养基中的尿素可为乳酸菌A生长提供______．电泳法纯化乳酸菌素时；若分离带电荷相同的蛋白质，则其分子量越大，电泳速度______．

（3）抑菌实验时；在长满致病菌的平板上，会出现以抑菌物质为中心的透明圈．可通过测定透明圈的______来比较柚皮精油和乳酸菌素的抑菌效果．

（4）橘皮油也可用萃取法来提取，原因是______．分析图，提高萃取效果的方法是______、______．24、图1是某种人工湿地构造示意图（箭头示水流方向）；展示了较新的污水（常富含有机废弃物和无机废弃物N；P等）处理技术，请分析回答下列问题：

（1）流经该人工湿地生态系统总能量是______；这些人工湿地植物一般宜选用本地物种，避免______，从而对当地的生物多样性造成破坏．

（2）用样方法调查芦苇的种群密度时；常用的取样方法有______；______．

（3）假设该生态系统中有甲；乙、丙三种生物；它们构成的食物网关系如图2：甲能量中比例为m的部分直接提供给丙，要使丙增加Akg，则消耗甲最多是______kg．

（4）检测表明出水口的有机污染物和无机污染物浓度大大降低；则该过程起主要作用的生态系统的成分是______．

（5）此生态系统每天处理污水的量是一定的，这说明生态系统的______是有限的．在污水处理过程中，生态系统所表现出的是______稳定性．评卷人得分五、简答题(共4题，共12分)25、（2016•江苏一模）微藻是一群体型微小；能进行光合作用的低等植物总称；微藻在水产养殖、水质净化等方面得到了广泛应用．运用微藻的水产养殖方式称之为绿水养殖，水体中不含微藻的养殖方式称为清水养殖．如图是以微藻为核心的水体生态系统模型，请回答下列问题：

（1）图水体生态系统模型中，有食物链____条，次级消费者是____，鱼和虾的种间关系有____．

（2）清水养殖过程中，通常需要添加硝化细菌、芽孢杆菌等菌剂．为提高芽孢杆菌的使用效果，芽孢杆菌制剂使用前加入葡萄糖溶液中6-8小时的目的是____．硝化细菌能将水体中对动物有毒害的____氧化成亚硝酸盐、硝酸盐，从而起到净化水质的作用．芽孢杆菌与硝化细菌在代谢类型上的不同之处是____．

（3）与清水养殖相比，绿水养殖的优点有降低水体中氮和磷浓度、____、____等作用．26、如图是某草原生态系统中碳循环模式图；图中A；B、C、D表示生态系统的成分．

（1）图一中过程①表示____，②③过程中碳的传递形式分别是____．由于某种原因C数量下降，B的数量先增多后减少，最后趋于稳定，这属于____调节，说明生态系统具有____能力．

（2）图二中具有两种种间关系的生物是____，如果大量捕杀蛇和鹰，短时间内对植物的影响是____．如果鹰的食物有来自兔、来自蛇、来自鼠，则鹰体内有机物增加1kg，至少消耗植物____kg．

（3）如果图二中兔种群的各年龄段的个体数量如图三所示，则兔种群的年龄组成是____．27、某校生物兴趣小组做如下实验：将黑藻浸在加有适宜培养液的大试管中（室温20℃）；以白炽灯为光源，通过移动白炽灯，改变光源与大试管间的距离，观测黑藻放出气泡的情况，并根据实验数据绘制了如图1中的曲线x．图2为黑藻叶绿体结构和功能示意图．请分析回答问题：

（1）该校生物兴趣实验小组研究的是____对光合速率的影响，用____作为光合速率的检测指标．

（2）若将灯的距离固定在20cm，温度适宜，光照较长时间后发现试管中的黑藻在单位时间内产生的气泡数逐渐减少，产生这一现象的原因是____．

（3）该兴趣小组还在10℃和30℃下分别进行了实验，结果如图1其他两曲线所示，据此可推测曲线y是在____℃下所做实验的结果．

（4）研究者分离黑藻叶绿体（图2）并将其置于适宜条件下，由结构①转移至结构②物质主要是____．

（5）在光源与大试管间的距离由45cm逐渐变为90cm的过程中，图2中反应Ⅱ的两个化学反应过程变慢的先后顺序是____．

（6）在实验过程中，用H2l8O培养黑藻，发现叶肉细胞中出现了（CH218O），分析其最可能的转化途径是：____．（用相关物质、过程和箭头表示）28、如图为某种真菌线粒体中蛋白质的生物合成示意图；右上角为其中一个生理过程的模式图．请回答下列问题：

（1）结构Ⅰ、Ⅱ代表的结构或物质分别为：____、____．

（2）完成过程①需要的物质是从细胞质进入细胞核的．它们是____．

（3）从图中分析，基因表达过程中转录的发生场所有____．

（4）根据表格判断：[Ⅲ]为____（填名称）．携带的氨基酸是____．若蛋白质2在线粒体内膜上发挥作用，推测其功能可能是参与需氧呼吸的第____阶段．

。脯氨酸CCA，CCC，CCU、CCG苏氨酸ACUACC、A.ACG甘氨酸GGU、GGA、GGG、GGC丝氨酸UCU、UCC、UCA、UGG（5）用α鹅膏蕈碱处理细胞后发现，细胞溶胶中RNA含量显著减少，那么推测α鹅膏蕈碱抑制的过程是____（填序号），线粒体功能____（填“会”或“不会”）受到影响．

（6）一个mRNA上连接多个核糖体叫做多聚核糖体，多聚核糖体形成的意义是____．评卷人得分六、连线题(共1题，共3分)29、【题文】请将下列结构和它相对应的功能用线连接起来。

1.红细胞a止血和加速凝血的作用。

2.白细胞b运输氧气。

3.血小板c防御和保护作用；能吞噬侵入人体的病菌。

4.动脉d便于血液与组织细胞充分进行物质交换。

5.静脉e将血液从心脏输送到身体各部分。

6.毛细血管f将血液从身体各部分送回心脏参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、B【分析】【分析】生态工程的基本原理：

（1）物质循环再生原理：物质能在生态系统中循环往复；分层分级利用；

（2）物种多样性原理：物种繁多复杂的生态系统具有较高的抵抗力稳定性；____

（3）协调与平衡原理：生态系统的生物数量不能超过环境承载力（环境容纳量）的限度；

（4）整体性原理：生态系统建设要考虑自然；经济、社会的整体影响；

（5）系统学和工程学原理：系统的结构决定功能原理：要通过改善和优化系统结构改善功能；

系统整体性原理：系统各组分间要有适当的比例关系，使得能量、物质、信息等的转换和流通顺利完成，并实现总体功能大于各部分之和的效果，即“1+1＞2”．【解析】【解答】解：A；无废弃物农业使物质能在生态系统中循环往复；分层分级利用，遵循了物质循环再生原理，A正确；

B；生态工程与传统工程相比较；具有少消耗、多效益、可持续等特点，B错误；

C；我国西北大量种植杨树防护林导致“灰色长城”的原因是违背了物种多样性原理、协调和平衡的原理；C正确；

D；我们应尽量避免走“先污染、破坏；后治理”的老路，D正确．

故选：B．2、B【分析】【分析】物质跨膜运输的方式和特点：

。名称运输方向载体能量实例自由扩散高浓度→低浓度不需不需水，CO2，O2，甘油，苯、酒精等协助扩散高浓度→低浓度需要不需红细胞吸收葡萄糖主动运输低浓度→高浓度需要需要小肠绒毛上皮细胞吸收氨基酸，葡萄糖，K+，Na+等【解析】【解答】解：A；氨基酸进入小肠绒毛上皮细胞的方式是主动运输；A错误；

B；氧气进入小肠绒毛上皮细胞的方式是自由扩散；B正确；

C、Na+进入小肠绒毛上皮细胞的方式是主动运输；C错误；

D；葡萄糖进入小肠绒毛上皮细胞的方式是主动运输；D错误．

故选：B．3、D【分析】【分析】据图分析，左侧装置检测有氧呼吸，右侧检测无氧呼吸，则自变量是有无氧气存在．气泵泵入的气体应为无菌的O2；丙试管中液体应煮沸冷却除去O2，甲试管不用．【解析】【解答】解：A；本实验探究酵母菌呼吸方式；自变量为氧气的有无，A错误；

B、乙是验证酵母菌有氧呼吸方式的，需要氧气，所以不需要除去O2；B错误；

C、气泵泵入的气体含有O2，但应先除去CO2；C错误；

D、因变量为CO2产生量的多少或者酒精的有无；D正确．

故选：D．4、B【分析】【分析】本题考查亲子代生物之间染色体数目保持稳定的原因，要求考生识记减数分裂的结果和受精作用的意义，能根据题干要求选出正确的答案，属于考纲识记层次的考查。【解答】减数分裂使成熟生殖细胞中的染色体数目比原始生殖细胞减少一半；而受精作用使染色体数目又恢复到体细胞的数目。因此对于进行有性生殖的生物体来说，减数分裂和受精作用对于维持每种生物前后代体细胞中染色体数目的恒定，对于遗传和变异都很重要。故A；C、D均不符合题意，B符合题意。

故选B。【解析】【答案】B5、A【分析】【分析】两对相对性状的遗传实验符合基因自由组合规律，杂种子一代为YyRr，其测交后代的基因型和表现型比例都是1：1：1：1，而自交后代的基因型和表现型比例都不是1：1：1：1．学生只要掌握相关比值就不难作出正确选择．【解析】【解答】解：①F1是双杂合子YyRr；自交产生的性状分离比是9：3：3：1，①错误；

②F1是双杂合子YyRr；产生的配子有4种，比例是1：1：1：1，②正确；

③⑤测交是F1YyRr与隐性纯合子yyrr交配，由于F1是双杂合子；产生的配子有4种，隐性纯合子产生的配子是一种，所以测交后代的基因型；表现型都是4种，比例是1：1：1：1，③⑤正确；

④由于一对相对性状的遗传实验F1自交后代的基因型是三种，比例是1：2：1，所以两对相对性状的遗传实验中F1自交后代的基因型是9种；比例是4：2：2：2：2：1：1：1：1：1，④错误．

故选：A．6、A【分析】【分析】（1）变异是指亲子间和子代个体间的差异．按照变异的原因可以分为可遗传的变异和不可遗传的变异．

（2）可遗传的变异是由遗传物质改变引起的，可以遗传给后代，包括基因突变、基因重组和染色体变异；由环境改变引起的变异，是不可遗传的变异，不能遗传给后代．【解析】【解答】解：A；人的白化病是由基因突变引起的；可以遗传给后代，属于可遗传的变异，A正确；

B；由于水肥充足玉米长得穗大粒足是环境影响产生的不遗传的变异；属于不可遗传的变异，B错误；

C；晒太阳使皮肤晒黑是环境影响产生的不遗传的变异；属于不可遗传的变异，C错误；

D；单眼皮的人割了个双眼皮是环境影响产生的不遗传的变异；属不可遗传的变异，D错误．

故选：A．7、B【分析】【分析】分析题图：①通常用促性激素处理，促进雌性个体超数排卵；②表示将目的基因导入受体细胞；③表示胚胎移植过程．1、2和3所在的是囊胚，其中1为透明带，2是滋养层细胞，3是内细胞团细胞，具有全能性．【解析】【解答】解：A；①表示用激素（常用促性腺激素）对供体母牛做超数排卵处理；A正确；

B；图中1为透明带；2是滋养层，3是内细胞团，具有发育的全能性，B错误；

C；③表示胚胎移植过程；胚胎移植能否成功，与供体和受体的生理状况有关，所以进行胚胎移植时，受体应处于适合的生理状况，C正确；

D；可取2部位（滋养层）的细胞做DNA分析来鉴定性别；D正确．

故选：B．8、D【分析】【分析】阅读题干和题图可知，本题涉及的知识有反射和传导，明确知识点，梳理相关的基础知识，并解析题图结合问题的具体提示综合作答．【解析】【解答】解：根据题意和图示分析可知：1是树突；2是轴突，3也是轴突，神经冲动在神经纤维上是双向传导的，所以1，2，3三处刺激神经元，每一个刺激都产生一冲动，也都能使图中的所有肌肉纤维都收缩．

故选：D．9、B【分析】将盛有一定浓度蔗糖溶液的透析袋口扎紧后浸于蒸馏水中，水分子进入透析袋中，蔗糖溶液浓度降低。【解析】【答案】B二、填空题(共6题，共12分)10、b、d胸腺a吞噬细胞AB【分析】【分析】分析题图：免疫细胞包括吞噬细胞和淋巴细胞，因此a为吞噬细胞；淋巴细胞包括B细胞和T细胞，因此b为T细胞；B细胞能增殖分化形成记忆细胞和浆细胞，因此c为浆细胞；T细胞能增殖分化形成效应T细胞和记忆细胞，因此d为效应T细胞．【解析】【解答】解：（1）图中a吞噬细胞、bT细胞、c浆细胞、d效应T细胞四种细胞中能够特异性识别抗原的有bT细胞；d效应T细胞．T细胞在胸腺中成熟．

（2）既能参加非特异性免疫；又能参加特异性免疫的是a吞噬细胞．

A；记忆细胞具有分化能力；A正确；

B、bT细胞具有分化能力；B正确；

C；c浆细胞不具有分化能力；C错误；

D；d效应T细胞不具有分化能力；D错误．

故选：AB．

故答案为：

（1）b；d胸腺。

（2）a吞噬细胞AB11、竞争ca恢复力稳定性（或自我调节能力）低400【分析】【分析】1、a与b的关系可以看出在最初a、b的种群数量同时增多，但是随着时间的推移b的数量开始减少，说明在a、b竞争的过程中；a最终胜利．

2；若c大量死亡；d因缺少食物而种群密度减少，a因c天敌下降而种群密度增加．

3、生态系统低于外界干扰的能力是抵抗力稳定性，与热带雨淋相比，该生态系统生物种类、种群数量、营养结构负责程度等都很低，因此抵抗力稳定性也很低．【解析】【解答】解：（1）图中a和b数量在一开始都有增加；后来表现为你死我活，所以二者为竞争关系．

（2）a；c、d的营养关系为a→c→d；可知三者为捕食关系，当d天敌大量死亡，c在一定时间内种群密度增大，由于天敌的增多，a种群密度减小．

（3）当受到外界的轻微干扰后经过一段时间；该生态系统可以恢复到原来的状态，说明该系统具有一定的自我调节能力，恢复的过程体现了恢复力稳定性．与热带雨林相比，该生态系统的生物种类少，营养结构简单，因此抵抗力稳定性低．

（4）由标记重补法的计算公式：种群中的个体数=第一次捕获数×第二次捕获数÷标志后重新捕获数；则种群数量为50×40÷5=400个．

故答案为：

（1）竞争。

（2）ca

（3）恢复力稳定性（或自我调节能力）低。

（4）40012、限制酶（限制性核酸内切酶）原核生物农杆菌转化法Bt基因mRNA原毒素环境保护（或农业害虫防治）直接观察转基因植物是否出现了所需性状（鉴定转基因生物是否表现出目的基因所控制的性状）DNA分子杂交技术抗原-抗体杂交【分析】【分析】基因工程技术的基本步骤：

（1）目的基因的获取：方法有从基因文库中获取；利用PCR技术扩增和人工合成．

（2）基因表达载体的构建：是基因工程的核心步骤；基因表达载体包括目的基因；启动子、终止子和标记基因等．

（3）将目的基因导入受体细胞：根据受体细胞不同；导入的方法也不一样．将目的基因导入植物细胞的方法有农杆菌转化法；基因枪法和花粉管通道法；将目的基因导入动物细胞最有效的方法是显微注射法；将目的基因导入微生物细胞的方法是感受态细胞法．

（4）目的基因的检测与鉴定：分子水平上的检测：①检测转基因生物染色体的DNA是否插入目的基因--DNA分子杂交技术；②检测目的基因是否转录出了mRNA--分子杂交技术；③检测目的基因是否翻译成蛋白质--抗原-抗体杂交技术．个体水平上的鉴定：抗虫鉴定、抗病鉴定、活性鉴定等．【解析】【解答】解：（1）获取目的基因时需要限制酶（限制性核酸内切酶）；限制酶主要是从原核生物中分离纯化出来的．

（2）将目的基因导入植物细胞采用最多的方法是农杆菌转化法．

（3）b表示目的基因的表达过程，包括转录和翻译两个步骤，其表达式为：Bt基因mRNA原毒素．

（4）我国在“863”计划资助下开展Bt抗虫棉；抗虫水稻等研究；可以减少农药、杀虫剂的使用．这将对环境保护起到重要作用．

（5）基因工程是否成功可以在不同水平层次上进行检测．在性状水平上鉴定的方法是直接观察转基因植物是否出现了所需性状（鉴定转基因生物是否表现出目的基因所控制的性状）；在DNA水平上鉴定的方法是DNA分子杂交技术；在蛋白质水平进行检测的方法是从转基因植株提取蛋白质；进行抗原-抗体杂交，判断是否产生杂交带．

故答案为：

（1）限制酶（限制性核酸内切酶）原核生物。

（2）农杆菌转化法。

（3）Bt基因mRNA原毒素。

（4）环境保护（或农业害虫防治）

（5）直接观察转基因植物是否出现了所需性状（鉴定转基因生物是否表现出目的基因所控制的性状）DNA分子杂交技术抗原-抗体杂交13、NaOH左6.5将活的果蝇换成死的果蝇，其他条件保持不变【分析】【分析】本题是通过实验探究果蝇的细胞呼吸，果蝇的有氧呼吸吸收氧气，释放二氧化碳，释放二氧化碳被NaOH吸收，由于试管中是氧气被消耗，气压下降，毛细管内的液滴向左移动，根据液滴移动的距离可以计算细胞呼吸强度．【解析】【解答】解：（1）分析实验装置可知；X的作用是吸收细胞呼吸释放的二氧化碳，该物质是NaOH，由于细胞呼吸消耗氧气释放二氧化碳，释放的二氧化碳被NaOH吸收，试管中的气压下降，毛细管内的液滴向左移动．

（2）由表格实验数据可知，在20min～30min内，液滴移动的距离是130-65=65mm，毛细管横截面积为1mm2，所以氧气减少的体积是65mm×1mm2=65mm3，在20min～30min时氧气的平均吸收速率为65mm3÷10min=6.5mm3/min．

（3）此实验没有对着实验；应设置一对照实验消除偶然因素对实验结果的影响，可以增加一相同的实验装置，将活的果蝇换成死的果蝇作为对照．

故答案应为：

（1）NaOH左。

（2）6.5（3）将活的果蝇换成死的果蝇，其他条件保持不变14、基因的自由组合45：3：16D基因突变为d基因、同源染色体或姐妹染色单体未分离【分析】【分析】若假设一成立，则F2中表现型有1.0、1.5、2.0、2.5、3.0五种，2.0m蔓生的基因型为D_，2.0m基因型有3种AAbb、aaBB和AaBb；

若假设二成立，则高株蔓生的基因型为D_A_或D_aaB_，矮株蔓生基因型为D_aabb，矮生基因型为dd_．【解析】【解答】解：（1）据题意可知；蔓生植株的高度由位于非同源染色体上的两对等位基因控制，故以上性状的遗传符合基因自由组合定律．

（2）现用纯合的株高3.0m的蔓生植株和隐性纯合安生植株进行杂交得F1，F1自交得F2，若假设一成立，则F2中2.0m蔓生的基因型为D_，2.0m基因型有3种AAbb、aaBB和AaBb，故所占的比例为×（++）=；若假设二成立，则高株蔓生的基因型为D_A_或D_aaB_，矮株蔓生基因型为D_aabb，矮生基因型为dd_，则F2的性状分离比为高株蔓生：矮株蔓生：矮生=×：×：=45：3：16．

（3）用纯合的蔓生植株作母本与矮生品种进行杂交，在F1中偶尔发现了一株矮生植株．出现这种现象的可能原因是当雌配子形成时；D基因突变为d基因，或同源染色体或姐妹染色单体未分离等．

故答案为：

（1）基因的自由组合。

（2）45：3：16

（3）D基因突变为d基因、同源染色体或姐妹染色单体未分离15、有氧呼吸CO2光主动运输选择透过性叶绿素N、P、S、K、Ca、MgFe、Cl【分析】【分析】题目中提供无土栽培培养液配方，分析后可发现全部为植物生活的必需元素，再根据题目中的问题，可推断此题与植物的矿质代谢有关．【解析】【解答】解：（1）矿质元素离子通过主动运输进入细胞内需要消耗能量，这些能量也是由呼吸作用提供．给培养液中通入空气，这一措施可以增加培养液中的含氧量，促进根细胞的呼吸作用，从而促进植物对矿质元素的吸收；影响光合作用的因素主要有光能、温度、水分、CO2浓度等．

（2）矿质元素的运输是主动运输；细胞膜的功能特点是选择透过性；植物对离子的选择吸收取决于细胞膜上载体的种类和数量．

（3）Mg是植物叶绿素的重要组成成分；如果缺乏将影响叶绿素的合成．

（4）植物所需要的大量元素：C；H、O、N、P、S、K、Ca；Mg，微量元素：Fe，Mn，B，Zn，Cu，Mo，Cl等，所以配方中属于植物所需的大量矿质元素是N、P、S、K、Ca、Mg，微量元素有Fe、Cl．

故答案为：

（1）有氧呼吸CO2光。

（2）主动运输选择透过性。

（3）叶绿素。

（4）N、P、S、K、Ca、MgFe、Cl三、判断题(共7题，共14分)16、×【分析】【分析】共同进化指不同物种之间或生物与无机环境之间，在相互影响中不断进化和发展．生物多样性包括基因多样性、物种多样性和生态系统多样性．【解析】【解答】解：物种之间的共同进化是通过不同物种之间或生物与无机环境之间的生存斗争实现的．

故答案为：×．17、√【分析】【分析】1；核酸是一切生物的遗传物质．

2；细胞类生物含有DNA和RNA两种核酸；它们的细胞质遗传物质和细胞核遗传物质均为DNA．

3、病毒只有一种核酸，它的遗传物质是DNA或RNA．【解析】【解答】解：细胞类生物（包括原核生物和真核生物）的遗传物质都是DNA；病毒的遗传物质是DNA或RNA，由此可见，绝大多数生物的遗传物质是DNA．

故答案为：

√18、F【分析】略【解析】F19、√【分析】【分析】细胞膜的主要成分是脂质和蛋白质，此外还有少量的糖类．组成细胞膜的脂质中，磷脂最丰富，磷脂构成了细胞膜的基本骨架．蛋白质在细胞膜行使功能时起重要作用，因此，功能越复杂的细胞膜，蛋白质的种类和数量越多．【解析】【解答】解：细胞膜的基本骨架是磷脂双分子层；因此磷脂是所有细胞膜结构必不可少的成分．

故答案为：√20、√【分析】【分析】原癌基因和抑癌基因：

1）原癌基因是细胞内与细胞增殖相关的基因；是维持机体正常生命活动所必须的，在进化上高等保守．当原癌基因的结构或调控区发生变异，基因产物增多或活性增强时，使细胞过度增殖，从而形成肿瘤．

2）抑癌基因也称为抗癌基因．正常细胞中存在基因，在被激活情况下它们具有抑制细胞增殖作用，但在一定情况下被抑制或丢失后可减弱甚至消除抑癌作用的基因．正常情况下它们对细胞的发育、生长和分化的调节起重要作用．【解析】【解答】解：原癌基因和抑癌基因在正常体细胞内都含有；故人体所有细胞中都有与癌变有关的基因．

故答案为：√．21、√【分析】【分析】1；核酸是一切生物的遗传物质．

2；细胞类生物含有DNA和RNA两种核酸；它们的细胞质遗传物质和细胞核遗传物质均为DNA．

3、病毒只有一种核酸，它的遗传物质是DNA或RNA．【解析】【解答】解：细胞类生物（包括原核生物和真核生物）的遗传物质都是DNA；病毒的遗传物质是DNA或RNA，由此可见，绝大多数生物的遗传物质是DNA．

故答案为：

√22、√【分析】【分析】原核细胞与真核细胞相比，最大的区别是原核细胞没有被核膜包被的成形的细胞核，没有核膜、核仁和染色体；原核细胞只有核糖体一种细胞器，但原核生物含有细胞膜、细胞质结构，含有核酸和蛋白质等物质．【解析】【解答】解：原核细胞只有核糖体一种细胞器；没有其他真核细胞所具有的多种细胞器．

故答案为：√．四、探究题(共2题，共16分)23、压榨；石灰水；过滤；碳源和氮源；越慢；大小；橘皮油易溶于有机溶剂；适当延长萃取时间（萃取时间为1.5h）；适当提高萃取温度（萃取温度为55度）【分析】解：（1）如果利用水中蒸馏法提取芳香油；柚皮易发生焦糊现象，而且有效成分柠檬烯容易水解，因此一般采用水蒸气蒸馏法提取．提取柚皮精油时，新鲜的橘皮要用石灰水浸泡处理，该过程得到的糊状液体可通过过滤除去其中的固体杂质．

（2）培养基中添加的尿素和牛肉膏可为乳酸菌A生长提供碳源和氮源．电泳法纯化乳酸菌素时；若分离带电荷相同的蛋白质，则其分子量越大，电泳速度越慢．

（3）抑菌实验时；在长满致病菌的平板上，会出现以抑菌物质为中心的透明圈．可通过测定透明圈的大小来比较柚皮精油和乳酸菌素的抑菌效果，透明圈越大，抑菌效果越好．

（4）由于橘皮油橘皮油易溶于有机溶剂；因此也可用萃取法来提取．由图中信息可知，提高萃取效果的方法是适当延长萃取时间（萃取时间为1.5h）；适当提高萃取温度（萃取温度为55度）．

故答案为：

（1）压榨石灰水过滤。

（2）碳源和氮源越慢。

（3）大小。

（4）橘皮油易溶于有机溶剂适当延长萃取时间（萃取时间为1.5h）适当提高萃取温度（萃取温度为55度）

1；柚皮精油如果采用蒸馏法提取时高温条件下易分解；且原料易焦糊，所以常采用压榨法提取．

2；分析曲线图：在一定范围内；随着萃取时间时间的延长或萃取温度的升高，萃取效率逐渐升高．因此，适当延长萃取时间（萃取时间为1.5h）或适当提高萃取温度（萃取温度为55度）可提高萃取效果．

本题的知识点是生物有效成分的提取，发酵技术与应用，微生物培养等知识点，意在考查考生的识记能力和理解所学知识要点，把握知识间内在联系的能力；能运用所学知识，对生物学问题作出准确的判断．【解析】压榨；石灰水；过滤；碳源和氮源；越慢；大小；橘皮油易溶于有机溶剂；适当延长萃取时间（萃取时间为1.5h）；适当提高萃取温度（萃取温度为55度）24、略

【分析】解：（1）据图分析可知；流经该人工湿地生态系统总能量是输入该人工湿地的污水中有机物携带的能量和生产者固定的全部太阳能．这些人工湿地植物一般宜选用本地物种，避免外来种的入侵，从而对当地的生物多样性造成破坏．

（2）用样方法调查芦苇的种群密度时；常用的取样方法有五点取样法和等距取样法．

（3）假设最多需要消耗甲的能量为a，则丙从甲→丙途径获得的能量为a×m×10%，丙从甲→乙→丙途径获得的能量为a×（1-m）×10%×10%，根据题干中的条件可知：a×m×10%+a×（1-m）×10%×10%=A，因此a=．故甲能量中比例为m的部分直接提供给丙，则要使丙能量增加AkJ，最多需要消耗甲的能量为kg．

（4）在该生态系统中；除了植物对污水的化作用外，还需依赖于微生物，微生物所起的净化作用是分解污水中的有机物污染物．检测表明出水口的有机污染物和无机污染物浓度大大降低，则该过程起主要作用的生态系统的成分是生产者和分解者．

（5）此生态系统每天处理污水的量是一定的；这说明生态系统的自我调节能力是有限的．在污水处理过程中，生态系统所表现出的是抵抗力稳定性．

故答案为：

（1）生产者固定的全部太阳能和有机物输入的能量外来物种的入侵。

（2）五点取样法等距取样法。

（3）

（4）生产者和分解者。

（5）自我调节能力抵抗力。

人工湿地中的植物一般选择芦苇；香蒲、菖蒲、美人蕉等具有一定净化污水能力的；并且宜选用本地物种，避免外来物种入侵，导致对当地生态系统生物生存造成威胁．从硝化细菌和反硝化细菌的作用机理看出，硝化细菌需要生活在有氧环境中，因此硝化细菌将生活在复合垂直流人工湿地的下行池；反硝化细菌需要无氧环境，因此生活在复合垂直流人工湿地的上行池中．

本题以人工湿地示意图和食物网为素材，考查生物多样性的价值和生态系统等知识，意在考查考生的识图能力和理解所学知识要点，把握知识间内在联系，形成知识网络结构的能力；能运用所学知识，准确判断问题的能力．【解析】生产者固定的全部太阳能和有机物输入的能量；外来物种的入侵；五点取样法；等距取样法；生产者和分解者；自我调节能力；抵抗力五、简答题(共4题，共12分)25、6鱼、虾、人捕食、竞争进行芽孢杆菌的活化、增殖氨（NH3）芽孢杆菌是异养生物，硝化细菌是自养生物增加水体溶解氧减少饲料使用（或提高养殖动物幼体成活率）【分析】【分析】分析图示，表示以微藻为核心的水体生态系统模型，图中有6条食物链，分别为：微藻→牡蛎→人；微藻→牡蛎幼体→鱼→人；微藻→桡足类→鱼→人；微藻→桡足类→虾→仁；微藻→虾幼体→鱼→人；微藻→虾→人．【解析】【解答】解：（1）据分析可知；图水体生态系统模型中，有食物链6条，次级消费者是鱼；虾、人．鱼捕食虾幼体，为捕食关系，鱼和虾都捕食桡足类，为竞争关系，故鱼和虾的种间关系有捕食、竞争．

（2）为提高芽孢杆菌的使用效果，芽孢杆菌制剂使用前加入葡萄糖溶液中6-8小时的目的是进行芽孢杆菌的活化、增殖．硝化细菌能将水体中对动物有毒害的氨（NH3）氧化成亚硝酸盐；硝酸盐；从而起到净化水质的作用．芽孢杆菌与硝化细菌在代谢类型上的不同之处是芽孢杆菌是异养生物，硝化细菌是自养生物．

（3）与清水养殖相比；绿水养殖的优点有降低水体中氮和磷浓度；增加水体溶解氧、减少饲料使用（或提高养殖动物幼体成活率）等作用．

故答案为：

（1）6鱼；虾、人捕食、竞争。

（2）进行芽孢杆菌的活化、增殖氨（NH3）芽孢杆菌是异养生物；硝化细菌是自养生物。

（3）增加水体溶解氧减少饲料使用（或提高养殖动物幼体成活率）26、光合作用含碳有机物、二氧化碳负反馈（或反馈）自我调节蛇和鹰植物的数量会大量减少50增长型【分析】【分析】据图分析：图一中，A是二氧化碳库，B是消费者，C是分解者，D是生产者；①是光合作用，②是含碳有机物，③微生物的分解作用．图二中共有3条食物链．图三表示种群年龄结构与正确数量的关系．据此分析作答．【解析】【解答】解：（1）据图一分析；①表示生产者的光合作用，②③过程中碳元素是以含碳有机物和二氧化碳的形式在食物链及分解者与无机环境传递的．题干所述现象属于反馈调节，说明生态系统具有一定的自我调节能力．

（2）图二中，鹰与蛇都可以以鼠为食，具有竞争关系，鹰又可以以蛇为食，它们又具有捕食关系．大量捕杀蛇和鹰，短时间内兔和鼠没有了天敌，数量增加，捕食植物增加，造成植物的数量大量减少．计算至少消耗植物的量时能量传递效率需要按20%，所以鹰体内有机物增加1kg，至少消耗植物的量为：÷20%÷20%+÷20%÷20%+÷20%÷20%=50kg．

（3）据图三分析；兔的种群中幼年个体数量最多，老年个体数量最少，所以种群的年龄组成为增长型．

故答案为：

（1）光合作用含碳有机物；二氧化碳负反馈（或反馈）自我调节。

（2）蛇和鹰植物的数量会大量减少50

（3）增长型27、光照强度单位时间内氧气（气泡）的释放量随着光合作用的进行二氧化碳越来越少10ATP和[H]