2024年沪教新版九年级物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年沪教新版九年级物理上册月考试卷664考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、一种质量与质子质量相同（或差不多）的粒子是（）

A.中子。

B.电子。

C.原子。

D.核子。

2、关于能源的利用，下列说法正确的是（）A.大量使用石油产品会造成大气污染，所以应该停止开采石油B.修筑拦河坝建造水电站利用水能发电，有百利而无一害C.和平利用核能特别要注意防止核泄漏，以免造成环境污染D.天燃气是一种清洁能源，人类可以无穷无尽地开发3、为保证司乘人员的安全，轿车上设有安全带未系提示系统．当乘客坐在座椅上时，座椅下的开关S1闭合，若未系安全带，则开关S2断开，仪表盘上的指示灯亮起；若系上安全带，则开关S2闭合，指示灯熄灭．下列设计最合理的电路图是（）A.B.C.D.4、如图所示，杠杆上分别放着质量不相等的两个球，杠杆在水平位置平衡，如果两球以相同速度同时匀速向支点移动，则杠杆（）A.仍能平衡B.不能平衡，大球那端下沉C.不能平衡，小球那端下沉D.无法判断5、下列关于功、功率、机械效率的说法正确的是（）A.做功多的机械效率一定高B.力越大做功一定越多C.机械效率高的功率一定大D.功率大的做功一定越快6、许多物理学家在科学发展的历程中都做出了杰出的贡献，其中首先发现电磁感应的是(

)

A.法拉第B.奥斯特C.安培D.焦耳7、下面关于热现象的说法，不正确的是（）A.暖风机打开，房间温度升高了，是用热传递的方式改变物体的内能B.物体温度越高，所含热量越多C.用酒精擦拭体表为高烧病人降温是由于酒精蒸发吸热D.汽车发动机用水作冷却液是因为水的比热容较大8、下列实例中，主要利用“磁场对通电导体有力的作用”这一原理工作的是（）A.交流发电机B.直流电动机C.电磁继电器D.电熨斗9、如图所示，图中速度υ的方向是小强同学在体育中考“原地掷实心球”项目测试中球出手时的飞行方向．对从球出手到落地的过程，下面关于机械能的一些说法中正确的是（空气阻力忽略不计）（）A.球出手时动能最大B.球出手时势能最大C.球落地时机械能最大D.球的机械能保持不变评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)10、小明在观看世界杯足球赛时，看到了足球场上一些场景，他运用学过的物理知识进行分析，其中正确的是（）A.踢出去的足球在场地上越滚越慢，是因为足球受到阻力的作用B.守门员在场上不动时，他受到的支持力和他受到的重力是一对平衡力C.脚踢球使球飞出去，是因为力是维持物体运动的原因D.守门员将球扑出，是因为力可以改变物体的运动状态11、对物理量的估测，是一种良好的学习习惯，也是学好物理的基本功之一．下面的各种估测数据，比较合理的是（）A.初中物理课本的宽度约为18cmB.正常步行的速度大约是1.1m/sC.光在真空中的传播速度为340m/sD.身体的平均密度大约是1.0g/cm312、如图；关于开关的控制作用，下列说法正确的是（）

A.当S1、S2都闭合时，灯L2、L3发光。

B.只闭合S2，灯L1、L3不发光。

C.只让灯L3发光，应该只闭合S1

D.当S1、S2都断开时，灯L1、L3发光。

13、如图所示在滑动变阻器的滑片向右移动过程中，电灯逐渐变亮.

则滑动变阻器的连入电路的方式正确的是(

)

A.a

接Cb

接A

B.a

接Cb

接B

C.a

接Db

接A

D.a

接Db

接B

14、小军同学根据他在电学实验课上获得的实验数据，画出如图所示的图象.

其中图线垄脵

表示电阻R1

图线垄脷

表示电阻R2.

根据图象信息可判断(

)

A.当R2

两端的电压为2V

时，电阻R2

的阻值为8娄赂

B.当R1

两端的电压为12V

时，通过它的电流为1.2A

C.当通过R1

的电流为0.2A

时，它消耗的电功率为0.4W

D.当R1

和R2

并联在电压为4V

电路中，电路中总电流为0.9A

15、如图所示，将凸透镜固定在光具座上某位置(

图中未标出)

点燃的蜡烛放在光具座上的a

点，调节光屏的位置，在光屏上得到烛焰清晰缩小倒立的像，将蜡烛从a

点滑到b

点后，再移动光屏，屏上得到清晰的像变小.

则()A.凸透镜位于b

点右侧B.凸透镜位于a

点左侧C.蜡烛在a

点时，物距大于二倍焦距D.蜡烛在b

点时，像距大于二倍焦距16、（2016•成都一模）甲图为升降机电路和部分原理图，电源电压恒定为6V，R0为定值电阻，电压表量程为0～3V，压敏电阻R1的阻值与所受压力大小的关系如图乙所示．

（）A.压敏电阻不受压力时，电压表示数为2V，定值电阻R0的电功率为0.04WB.在电路正常工作时，此压敏电阻能承受的最大压力为400NC.在不改变电表的条件下，要增大压敏电阻的承压范围，可以适当减小定值电阻阻值D.若在升降机底板上放置一个物块，静止电压表示数为U0，当升降机匀速下降时，电压表示数小于U017、对图所示电路的分析，下列说法正确的是（）A.S3闭合，S1、S2断开时，R1与R2串联B.S1、S2闭合，S3断开时，R1与R2并联C.S2、S3闭合，S1断开时，R1被短路D.只要S1、S3同时闭合，就会出现电源短路现象18、如图所示，在甲、乙两个焦距不同的凸透镜左侧10cm处，分别放置一根点燃的蜡烛．若分别于凸透镜右侧放置白色纸幕，调整纸幕位置使成像清晰，蜡烛光线经过凸透镜甲、乙在白色纸幕上分别看到倒实缩小及倒立放大的像，则下列叙述正确的是（）A.甲凸透镜所成的像为实像B.乙凸透镜所成的像为虚像C.甲凸透镜的焦距小于5cmD.乙凸透镜的焦距大于l0cm评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)19、（2015•中山模拟）核能是____（选填“可再生”或“不可再生”）能源．获取核能有两条途径，目前人类和平利用核能发电是如图中____（填“甲图”或“乙图”）所示途径．太阳核心每时每刻都在发生____爆炸．（选填“原子弹”或“氢弹”）20、请你运用所学物理知识指出下列“奇异现象”的真相：如现象：魔术表演者从沸腾的油锅中取物；手却未被烫伤．真相：油锅上面浮着少量植物油，下面是沸点较低的醋．

（1）现象：气功师躺在布满钉子的钉板上安然无恙．

真相：____．

（2）现象：游客躺在人造“死海”的水面上看书．

真相：____．21、大型变压器内的变压器油主要有绝缘、散热、消弧等作用，它的密度要尽量____，以便于油中水分和杂质沉淀；变压器运行时产生的热量主要靠变压器油上下对流，通过散热器散出，所以它具有比热容____（填“大”或“小”）、凝固点低的物理性质．22、在我们家庭中，像电灯、电视机、电风扇、电冰箱等用电器都是采用____联在电路中的。而商场里的节日小彩灯则采用的是串联接法。有一种节日小彩灯上有30

只小灯泡，如果测得经过第1

盏小灯泡的电流是200mA

那么通过第20

盏灯的电流会____200mA(

大于、等于或小于)

23、如图所示.

把重为1000

牛的物体A

匀速提升2

米，不计滑轮自重和摩擦.

则作用在细绳自由端的拉力F

大小为______牛，拉力F

做功为______焦.

若提升物体A

所用时间为40

秒，则拉力F

做功的功率为______瓦.

24、房顶面积是50m2，大气作用在房顶上的压力____N，这么大的压力没有把房顶压塌原因是____（大气压强为105pa）．25、在电路中电源是提供____的装置．26、冰壶是在冰面上进行的一种投掷性竞赛项目如图1所示，是我国女子选手2010年在加拿大温哥华冬奥会上进行冰壶比赛中的一个场景．选手投出冰壶后，冰壶能在冰面上继续滑行是由于冰壶具有____，比赛时两名队员在冰壶前方与冰壶同速同向滑行进行快速“刷冰”，以这两名队员为参照物，冰壶是____，两名队员是通过____（填“做功”或“热传递”）的方式改变冰的内能，使表面的冰熔化成薄薄的一层水，这样就能够____（填“增大”或“减小”）冰壶与冰面之间的摩擦；使冰壶按照运动员预计的运动快慢和方向运动．试在放大的冰壶图2中画出它被投出后在冰面上滑动时在竖直方向上受到的力的示意图．

评卷人得分四、判断题(共2题，共20分)27、马路上的路灯总是同时亮、同时灭，因此这些等都是串联接入电网的．____（判断对错）28、由同种物质组成的几个实心体，由于不知道每个物体的质量和体积的大小，所以无法比较它们的密度的大小．____．评卷人得分五、作图题(共2题，共4分)29、如图所示；一束光线经凸透镜折射后，射向与凸透镜主光轴平行的平面镜，请你在图中画出。

（1）射向凸透镜的入射光线；

（2）经平面镜的反射光线；

（3）标出反射角的度数．30、按下列要求作图

（1）如图所示是某工人在用撬棒移动石块，试在画出图中动力F1的力臂．

（2）如图是用滑轮组吊起某一重物；试在图中画出最省力的绕绳方法．

（3）如图所示；在杠杆AB上挂了一个重为G的物体．为使杠杆在图中的位置静止．请在杠杆上画出最小的动力F和它的方向．

评卷人得分六、其他(共4题，共20分)31、按要求完成填空．

（1）如图甲所示，铜块的长度为____cm；

（2）用托盘天平测铜块的质量，应先将天平放在水平桌面上，游码移至标尺左端的零刻度线处，调节平衡螺母使天平平衡；然后将铜块放入左盘，当右盘所加砝码位置如图乙所示时天平再次平衡．铜块的质量为____g．

（3）图丙实验研究的是____规律．

（4）图丁可用来探究____原理．

32、小明家新购买了利用太阳能的新型汽车，该汽车经过一天的阳光照射，可吸收1.38×108J的太阳能．已知汽油的热值是4.6×107J/kg．该汽车车重是1200kg；行驶最大速度是108km/h，以最大速度行驶时所受阻力是车重的0.1倍．求：

（1）汽车经过一天吸收的太阳能相当于完全燃烧多少千克汽油产生的热量．

（2）如果该汽车的效率为30%，则依靠一天吸收的太阳能可以行驶多远？33、指出下列实物属于哪种简单机械：（1）旗杆上的小轮是____（2）钓鱼杆是____（3）楼梯是____（4）汽车方向盘是____．34、在学校安排的一次卫生大扫除中；体重为400N的李勇同学用质量是1kg的塑料桶，其桶内盛有9kg的水，从一楼水房提高到三楼的教室中，若上楼所用时间为10s，每层楼高3米（g取10N/kg）．

求：（1）李勇在上楼过程中总功率是多大？所提水的体积是多少立方米？

（2）若上楼过程中，李勇发现距小桶水面0.2m处的侧壁出现1cm2的小洞，李勇想用面积2cm2的胶块从内侧堵住小洞，计算此时水对小洞的压强和水对胶块的压力各多大？参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、A【分析】

在中子；电子、原子、核子四种粒子中；质量和质子的质量差不多的是中子．

故选A．

【解析】【答案】原子是由原子核和核外电子构成的；原子核由质子和中子构成，电子的质量非常小，可忽略不计，质子和中子的质量差不多，中子略大些．

2、C【分析】【解答】解：A；石油主要被用来作为燃油和汽油；燃料油和汽油组成目前世界上最重要的一次能源之一，石油也是许多化学工业产品如溶液、化肥、杀虫剂和塑料等的原料，不能停止开采，故A错误；

B；水库建成后；对局部地区的小气候，如降雨、气温等带来一定的变化，对动植物的生长也会产生一定的影响，会造成水库周围的生态环境出现一系列的变化，对水库内的水体的水质、水温变化及水生藻类的生长，产生一定的影响；故B错误；

C；核能电厂会产生高低阶放射性废料；或者是使用过之核燃料，虽然所占体积不大，但因具有放射线，故必须慎重处理；故C正确；

D；天燃气是一种清洁能源；但它也是不可再生能源，不能无节制的开发利用．故选C．

【分析】（1）现在人们使用的主要能源是煤；石油和天然气；应合理开采，但不能停止开采；

（2）水库建成后；大坝蓄水增加了水体的表面面积，在炎热的气候条件下，大量的水被蒸发掉，增加了水资源的损失，这种损失是非常严重的；

（3）核能的利用中；只要注意防范就会形成功大于过的良性循环，因为核能的利用前景十分广阔；

（4）煤、石油、天然气这些化石能源，都属于不可再生能源，储量是有限的．3、B【分析】【解答】解：A；两开关串联；只有乘客坐下，系上安全带时指示灯才会发光，故A不符合题意；

B、指示灯与S1串联，与S2并联；乘客坐下时指示灯亮，系上安全带时，指示灯被短路熄灭，并且不会出现电源短路，故B符合题意；

C、指示灯与S1串联，与S2并联；乘客坐下时指示灯亮，系上安全带时，指示灯被短路熄灭，但出现电源短路，故C不符合题意；

D；两开关并联；无论乘客坐下，还是系上安全带，指示灯都会发光，故D不符合题意．

故选：B．

【分析】由题意知，只有坐在座位上时，指示灯才亮，故S1可控制灯，当开关S2闭合时，灯又不亮了，说明指示灯被S2短路了．4、C【分析】解：开始时两球平衡；即力矩相等；当运动时，两球速度相同，则在相同时间内移动的距离相同，大球的力矩减少的快，则大球力矩会小于小球力矩，杠杆向小球那端下沉．

故选C．

本题重点在于分析移动中两球相对于支点的力矩变化；通过比较可以得出杠杆的移动方向．

本解法通过比较力矩的减少量来求出运动后的力矩，解答起来更容易一些，做题时一定不能形成思维定势，只想着比较后来的力矩．【解析】【答案】C5、D【分析】解：

A；有用功与总功的比值叫机械效率；所以机械效率与做功的多少无关，做功多的机械效率不一定高．故A错误；

B；根据W=Fs可知；力越大，做功不一定越多．故B错误；

C；机械效率与功率大小没有直接关系．故C错误；

D；功率是表示做功快慢的物理量；功率大表示做功快．故D正确．

故选D．

①功率是描述物体做功快慢的物理量；它等于单位时间内所做的功，功率大则做功快；功率与效率大小没有关系；

②机械效率反映了机械的性能优劣；是有用功与总功的比值；机械效率与做功多少没有直接关系．

深刻理解功率和机械效率的概念是解决此题的关键；还要充分考虑选项中的条件，适当运用公式等方法．【解析】【答案】D6、A【分析】解：A

英国物理学家法拉第最早发现了电磁感应现象。故A正确；

B；奥斯特首先发现电流的磁效应。故B错误；

C；安培发现了安培定则。故C错误；

D；焦耳发现了焦耳定律。故D错误。

故选：A

(1)

法拉第发现了电磁感应；即磁场产生电流。

(2)

奥斯特发现了电流周围产生磁场；即电流的磁效应。

(3)

安培发现了通电螺线管磁极和电流的关系；即安培定则。

(4)

焦耳发现了电流产生热量跟电流大小；通电时间、电阻的关系；即焦耳定律。

记住相关的基础知识对于解决此类识记性的题目有很大的帮助。【解析】A

7、B【分析】【分析】（4）改变物体内能的方式有做功和热传递两种；做功是能量的转化过程，热传递是能量的转移过程；

（2）热量是一个过程量；不能说含有热量，应该说吸收或放出热量；

（3）液体蒸发时吸热；有致冷作用；

（4）水的比热容大，在同样吸放热的情况下，温度变化小．【解析】【解答】解：

A；用暖风机打开后；房间的空气吸收热量，温度升高，是利用热传递的方式改变内能，故A正确；

B；热量是个过程量；只有发生热传递时说物体吸收或放出多少热量，不能说物体具有或含有多少热量，故B错误；

C；人们常用酒精为高烧病人降温；是利用了酒精易蒸发，蒸发吸热的缘故，故C正确；

D；汽车发动机用水作冷却液是因为水的比热容较大；在同样吸放热的情况下，温度变化小，故D正确．

故选B．8、B【分析】【分析】磁场对通电导体有力的作用，通电导体在磁场中受力，根据这一原理制成了电动机．【解析】【解答】解：A；电磁感应是指闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线；在电路中产生感应电流，其应用就是发电机，不符合题意；

B；电动机是利用通电导体在磁场中受力运动的原理制成的；符合题意；

C；电磁继电器应用了电流的磁效应；实质就是利用电磁铁控制工作电路的开关，不符合题意；

D；电熨斗利用了电流的热效应；不符合题意．

故选B．9、D【分析】【分析】（1）动能大小的影响因素：质量；速度．质量越大；速度越大，动能越大．

（2）重力势能大小的影响因素：质量；高度．质量越大；高度越高，重力势能越大．

（3）不计空气摩擦时，机械能是守恒的．【解析】【解答】解：从球出手到落地的过程中；球先上升后下降，上升过程中，动能转化为重力势能，最高点动能为零，重力势能最大．

下降过程中；重力势能转化为动能，重力势能减小，动能最大．整个过程动能先减小后最大．重力势能先增大后减小．

不计空气摩擦；动能和重力势能的总和机械能不变．

故选D．二、多选题(共9题，共18分)10、ABD【分析】【分析】①力是改变物体运动状态的原因；

②平衡力是作用在同一物体上的两个力；大小相等；方向相反、作用在同一直线上；

③维持物体运动不需要力；

④力可以改变物体的运动状态．【解析】【解答】解：A；踢出去的足球在草地上滚动时慢慢停下来；是因为足球受到摩擦阻力的作用．根据阻力与物体运动的方向相反，会使足球慢慢停下来，故A正确．

B；守门员在场上不动时；他受到的支持力和他受到的重力大小相等、方向相反、作用在同一直线上，是一对平衡，故B正确；

C；脚踢球使球飞出去；是因为力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动的原因，故C不正确；

D；守门员将球扑出；是因为力可以改变物体的运动状态，故D正确．

故选ABD．11、ABD【分析】【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个．【解析】【解答】解：

A；初中物理课本的宽度约为18cm左右；故A合理；

B；人正常步行的速度大约是1.1m/s左右；故B合理；

C、光在真空中的传播速度为3×108m/s；故C不合理；

D、身体的密度与水的密度差不多大约是1.0g/cm3；故D合理．

故选ABD．12、ACD【分析】

A、当S1、S2都闭合时，L1被开关S1短路，L2、L3并联，灯L2、L3发光；说法正确；符合题意；

B、只闭合S2，L2、L3并联后与L1串联，三灯都发光；则灯L1、L3不发光；说法错误，不符合题意；

C、只让灯L3发光，则与L2串联的S2要断开，开关S1闭合后会将L1短路，所以应该只闭合S1；说法正确；符合题意；

D、当S1、S2都断开时，L1、L3串联，灯L1、L3发光；说法正确，符合题意．

故选A；C、D．

【解析】【答案】开关与所控制的电灯应串联；若开关在并联电路中的干路上则控制的整个并联电路上的电灯．

13、BD【分析】解：由题意可知；电灯与滑动变阻器串联；

因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小；且串联电路中各处的电流相等；

所以，由P=I2R

的变形式I=PR

可知；电灯逐渐变亮时，电路中的电流变大；

由I=UR

的变形式R=UI

可知；电路中的总电阻变小，滑动变阻器接入电路中的电阻变小；

因在滑动变阻器的滑片向右移动过程中；电灯逐渐变亮；

所以；滑动变阻器的右下方接线柱必须接入电路中；

由滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中可知；滑动变阻器任意上方接线柱与右下方接线柱接入电路中；

所以；由图可知，滑动变阻器的连入电路的接线柱是BC

或BD

结合选项可知，BD正确；AC错误．

故选BD．

由题意可知；电灯与滑动变阻器串联，根据串联电路的电流特点和P=I2R

可知灯泡变亮时电路中电流的变化，根据欧姆定律可知电路中总电阻的变化，进一步可知滑动变阻器接入电路中电阻的变化，然后结合滑片向右移动过程中电灯逐渐变亮可知右下方接线柱必须接入电路中，根据滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中可知接入电路中的接线柱，从而得出答案．

本题考查了滑动变阻器的正确使用，根据灯泡的亮暗结合电功率公式和欧姆定律得出变阻器接入电路中电阻的变化是关键，要注意滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中．【解析】BD

14、BCD【分析】解：

A.由图象可知；当R2

两端的电压为2V

时，通过的电流约为0.35A

由I=UR

可得，此时电阻R2

的阻值R2=U2I2=2V0.35A隆脰5.7娄赂

故A错误；

B.由图象可知，电阻R1

的U鈭�I

图象是正比例函数，则R1

为定值电阻，当两端的电压为4V

时，通过的电流为0.4A

则R1

的阻值R1=U1I1=4V0.4A=10娄赂

当R1

两端的电压为12V

时，通过它的电流I1隆盲=U1隆盲R1=12V10惟=1.2A

故B正确；

C.当通过R1

的电流为0.2A

时；它消耗的电功率P1=(I隆氓)2R1=(0.2A)2隆脕10娄赂=0.4W

故C正确；

D.由并联电路中各支路电流的电压相等可知；当R1

和R2

并联在电压为4V

电路中时它们两端的电压均为4V

由图象可知，通过两电阻的电流分别为I1=0.4AI2隆盲=0.5A

由并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知，电路中总电流I=I1+I2隆盲=0.4A+0.5A=0.9A

故D正确．

故选BCD．

(1)

由图象可知；当R2

两端的电压为2V

时通过的电流，根据欧姆定律求出此时电阻R2

的阻值；

(2)

由图象可知；电阻R1

的U鈭�I

图象是正比例函数，则R1

为定值电阻，读出任意一组电流和电压值，根据欧姆定律求出R1

的阻值，再根据欧姆定律求出其两端的电压为12V

时通过的电流；

(3)

当通过R1

的电流为0.2A

时；根据P=I2R

求出其消耗的电功率；

(4)

当R1

和R2

并联在电压为4V

电路中时它们两端的电压相等；根据图象读出通过两电阻的电流，根据并联电路的电流特点求出电路中总电流．

本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键．【解析】BCD

15、BC【分析】【分析】(1)

掌握凸透镜成像的规律和应用。

垄脵U>2f

成倒立、缩小的实像，2f>V>f

应用于照相机和摄像机；垄脷2f>U>f

成倒立、放大的实像，V>2f

应用于幻灯机和投影仪；垄脹U<f

成正立；放大的虚像，应用于放大镜；

(2)

凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像变大；物距增大，像距减小，像变小.

对四个选项逐一进行分析和判断。根据物距和焦距，像距和焦距能判断凸透镜成像情况：u>2f

成倒立、缩小的实像，2f>v>f

应用于照相机和摄像机．

2f>u>f

成倒立、放大的实像，v>2f

应用于幻灯机和投影仪；u<f

成正立、放大的虚像，应用于放大镜；凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像变大；物距增大，像距减小，像变小.

在照相机实际拍照时经常出现，也体现物理和生活的密切关系，一定要掌握。【解答】(1)

将蜡烛从a

点滑到b

点后，在屏上得到清晰的像变小，则说明像距在变小，物距在变大，而凸透镜固定在光具座上位置不变，所以凸透镜应位于a

点的左侧，A

不符合题意，故B符合题意；(2)

当点燃的蜡烛放在光具座上的a

点时；在光屏上得到烛焰清晰缩小倒立的像，所以从凸透镜成像的规律可知，此时物距应大于二倍焦距.

故C符合题意；

(3)

蜡烛在a

点时，成倒立、缩小的实像，物距大于二倍焦距；当蜡烛在b

点时；仍然成倒立；缩小的实像，此时物距应大于二倍焦距，像距应大于一倍焦距小于二倍焦距，故A符合题意，D

不符合题意。

故选BC。【解析】BC

16、AC【分析】【分析】（1）由图乙可知压力为零时压敏电阻的阻值，根据串联电路的电压特点求出R1两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出R0的阻值，利用P=UI求出定值电阻R0的电功率；

（2）由图象可知，压力越大时，R1的阻值越小；根据串联电路的电压特点可知电压表的示数越大，则当电压表的示数最大时压敏电阻承受的压力最大，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流，根据串联电路的电压特点求出压敏电阻两端的电压，根据欧姆定律求出压敏电阻的阻值，然后根据图象读出压敏电阻所受最大压力；

（3）由图乙可知；压敏电阻所受压力越大时，压敏电阻的阻值越小，电路总电阻越小，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻两端的电压变化，进一步得出不改变电表的条件下增大压敏电阻承压范围的方法；

（4）物体静止或做匀速直线运动时均处于平衡状态，受到的压力和自身的重力相等，然后分析压敏电阻的阻值和欧姆定律得出电压表的示数关系．【解析】【解答】解：（1）由图乙可知，当压力为零时，压敏电阻的阻值R1=200Ω；

因串联电路中总电压等于各分电压之和；

所以；压敏电阻两端电压：

U1=U-U0=6V-2V=4V；

因串联电路中各处的电流相等；

所以；电路中的电流：

I===0.02A；

定值电阻的阻值：

R0===100Ω；

则定值电阻R0的电功率：

P0=U0I=2V×0.02A=0.04W；故A正确；

（2）由图象可知，压力越大时，R1的阻值越小；

由串联电路的电压特点可知，当电压表的示数U0′=3V时；压敏电阻所受压力最大；

此时电路中的电流：

I′===0.03A；

压敏电阻两端的电压：

U1′=U-U0′=6V-3V=3V；

则压敏电阻的阻值：

R1′===100Ω；

由图乙所示图象可知；压敏电阻所受最大压力为2500N，故B错误；

（3）由图乙可知；压敏电阻所受压力越大时，压敏电阻的阻值越小，电路总电阻越小；

由I=可知；电源电压不变，电路总电流越大，定值电阻两端电压越大；

要增大压敏电阻的承压范围；而不改变电表的条件，可以适当减小定值电阻阻值，故C正确；

（4）当升降机静止或匀速下降时；均处于平衡状态，压敏电阻受到的压力都等于物体自身的重力；

因重力不变；压敏电阻受到的压力相同，压敏的电阻的阻值相同；

由I=可知，电路中的电流保持不变，定值电阻两端电压不变，电压表所示不变，仍等于U0；故D错误．

故选AC．17、ABD【分析】【分析】结合题目中的电路图，让电流从电源正极出发，按四个选项中的开关组合判断电路的连接情况．【解析】【解答】解：A、当S3闭合，S1、S2断开时，电流从电源正极出发，依次经过两个灯泡，则L1、L2串联；所以A选项正确，符合题意；

B、S1、S2闭合，S3断开时，电流从电源正极出发，分别流入两个灯泡，最后汇合流回电源负极，则L1、L2并联；所以B选项正确，符合题意；

C、S2、S3闭合，S1断开时，R2被短路；所以C选项错误，不符合题意；

D、只要S1、S3同时闭合；电流从电源正极出发不经用电器而直接流回负极，出现电源短路现象，所以D选项正确，符合题意；

故选A、B、D．18、AC【分析】【分析】①凸透镜成像时；实像是实际光线会聚而成的，虚像是实际光线反向延长线相交而成；实像能在光屏上呈现，而虚像不能在光屏上呈现．判断出A；B是否符合题意．

②凸透镜成像的规律：U＞2f，在凸透镜的另一侧得到倒立、缩小的实像．U=2f，在凸透镜的另一侧得到倒立、等大的实像．2f＞U＞f，在凸透镜的另一侧得到倒立、放大的实像．U＜f，蜡烛的同侧得到正立、放大的虚像．【解析】【解答】解：

AB；点燃蜡烛的光线经过凸透镜甲、乙在白色纸幕上分别看到倒实缩小及倒立放大的像；也就是经过凸透镜甲、乙所成的像能在光屏上呈现，而凸透镜成像时，实像能在光屏上呈现，而虚像不能在光屏上呈现，所以甲和乙凸透镜所成的像都为实像．因此A符合题意；B不符合题意．

C、从题可知，U甲=U乙=10cm，而蜡烛光线经过凸透镜甲在白色纸幕上成倒实缩小的像，即U甲＞2f甲，则10cm＞2f甲，解得：f甲＜5cm；因此C符合题意．

D、蜡烛光线经过凸透镜乙在白色纸幕上成倒实放大的像，即2f乙＞U乙＞f乙，则2f乙＞10cm＞f乙，解得：5cm＜f乙＜10cm；因此D不符合题意．

故选A、C．三、填空题(共8题，共16分)19、略

【分析】【分析】（1）不可再生能源是指一旦消耗就很难再获得的能源；风能属于可再生你能源；

（2）核能的释放包括核聚变和核裂变；核裂变是较重的原子核裂变成较轻的原子核的一种核反应，核聚变是较轻的原子核结合成较重的原子核的一种核反应；核能发电是利用了可控的裂变；

（3）太阳内部进行着核聚变，由氢原子核聚变成氦原子核，释放出核能．【解析】【解答】解：

核能不能从自然界源源不断地获得；一旦消耗便不可再生；

获得核能的途径一是重核裂变；二是轻核聚变；甲图中进行的是较重的原子核裂变成较轻的原子核的一种核反应，是核裂变，乙图中是较轻的原子核结合成较重的原子核的一种核反应，是核聚变．核能发电都是利用了原子核的裂变来获取核能的；

在太阳内部；氢原子核在超高温作用下发生聚变，释放巨大的核能．因而太阳具有巨大的能量．

故答案为：不可再生；甲；氢弹．20、略

【分析】

（1）钉子越多越密；则与人接触的受力面积就越大，在气功师对钢板的压力一定时，压强越小，对人的伤害越小，所以气功师躺在布满钉子的钉板上安然无恙．

故答案为：钉子多受力面积增大；压强减小了．

（2）因为海水的密度大于水的密度，人体的平均密度和水的密度差不多，根据物体的浮沉条件ρ物＜ρ液；物体上浮，可得人可以漂浮在死海水面．

故答案为：海水密度大于人体的平均密度；人可以漂浮在水面．

【解析】【答案】（1）压强与两个因素有关；一是压力大小，二是受力面积大小．

（2）根据物体的浮沉条件及其应用可解答此题．

21、略

【分析】

（1）为了变压器油中水分和杂质的沉淀；它的密度要尽量小，这样油就浮于上层；

（2）变压器运行中产生大量热量；这些热量需要变压器油来吸收，因此要求油的比热容大些，这样不至于吸热升温太快．

故答案为：小；大．

【解析】【答案】（1）密度不同的液体混合在一起时；密度较小的浮于上层，密度较大的沉于底部；

（2）比热容大的物质吸收相同的热量时；温度变化小．

22、并等于【分析】【分析】串并联电路中用电器的工作特点本不同，串联电路中用电器之间工作时相互影响；并联电路中用电器之间工作时相互影响；串联电路中，各处的电流都相等；并联电路中，干路中的电流等于各支路的电流之和。本题考查串、并联电路的特点，电流规律，是一基础题。【解答】电灯、电风扇、电冰箱、电视机等用电器都应能独立工作，故它们应采用并联的连接方式；串联电路中，各处的电流都相等，通过第20

盏灯的电流会等于200mA

故答案为：并等于。【解析】并等于23、略

【分析】解：由图知；使用的是动滑轮；

因为不计滑轮自重和摩擦；

所以拉力：

F=12G=12隆脕1000N=500N

拉力端移动的距离：s=2h=2隆脕2m=4m

拉力做的功：

W=Fs=500N隆脕4m=2000J

拉力做功功率：

P=Wt=2000J40s=50W

．

故答案为：500200050

．

由图可知，使用的是动滑轮，不计滑轮本身重力和摩擦，利用F=12G

求拉力大小；

利用s=2h

求拉力端移动的距离；利用功的公式W=Fs

求拉力做功大小；

知道做功时间；利用功率公式求拉力做功功率．

本题考查了动滑轮的特点、功的计算、功率的计算，不计滑轮本身重力和摩擦，F=12

G、W脫脨脫脙=W脳脺

．【解析】500200050

24、略

【分析】【分析】知道大气压强和受力面积，可利用压强的公式变形F=PS计算大气作用在房顶表面上的压力，再利用力的平衡知识解决为什么没有把屋顶压塌．【解析】【解答】解：已知P=105Pa，S=50m2；

∵P=

∴大气对屋顶的压力F=PS=105Pa×50m2=5×106N；

因为屋顶上下表面都受到大气压力；其作用相互抵消，所以房顶不会被压塌．

故答案为：5×106；屋顶上下表面都受到大气压力，相互抵消．25、略

【分析】【分析】根据我们对电压的认识来作答．【解析】【解答】解：电压是电路中产生持续电流的原因；

电源是提供电压的装置．

故答案为：电压．26、略

【分析】【分析】一切物体都具有惯性，以及影响摩擦力大小的因素．还要知道改变物体内能的方法：做功和热传递．【解析】【解答】解：（1）一切物体都具有惯性；都有保持原来运动状态不变的性质，冰壶被推出后，能在冰面上继续滑行就是因为冰壶具有惯性．

（2）队员在冰壶前方“刷冰”；冰壶和队员是相对静止的，因此以这两名队员为参照物，冰壶是静止的；

这时克服摩擦做功增加冰的内能；温度升高达到冰的熔点使熔化．冰面上形成一层水，这样冰面更光滑，从而减小一摩擦力．

故答案为：惯性；静止；做功；减小．四、判断题(共2题，共20分)27、×【分析】【分析】串联电路各用电器器之间互相影响，并联电路中各用电器既可以独立工作，又互不影响．【解析】【解答】解：街上的路灯总是同时亮；同时熄灭，有时损坏了一盏，其它路灯也会亮，由此可见路灯可以独立工作，互不影响，因此路灯之间是并联的，故错误；

故答案为：×；28、×【分析】【分析】密度是物质本身的一种特性，只与物质的种类和状态有关，与体积和质量无关．【解析】【解答】解：同种物质组成的几个实心体；其密度与体积和质量无关，密度相同．

故答案为：×．五、作图题(共2题，共4分)29、略

【分析】

（1）作出入射光线要根据：平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点来作；

（2）作出反射光线要根据反射定律：反射光线；入射光线、法线在同一个平面内；反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角来作；

（3）根据反射光线与法线之间的夹角为反射角标出反射角．

凸透镜有三条特殊光线：过光心的光线其传播方向不变；过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点；

熟记反射定律的内容：射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角并会作图．【解析】解：经凸透镜折射后的光线过焦点；则入射光线平行于主光轴，据此作出入射光线；

过平面镜的入射点垂直于镜面作出法线；入射角为90°-45°=45°，则反射角为45°，在法线右侧作出反射光线，并标出反射角，如下图：

30、略

【分析】【分析】（1）从支点到的力的作用线的距离是力臂；

（2）滑轮组最省力的绕法：

绳子的段数n与滑轮总个数n'的关系是n=n'+1；

当n为偶数时绳子固定端在定滑轮上；当n为奇数时绳子固定端在动滑轮上；即“奇动偶定”．

（3）根据杠杆平衡条件可知：在阻力与阻力臂的乘积一定的情况下，要使动力最小，则动力臂必须最长．【解析】【解答】解：

（1）从支点O到动力F1作用线的距离就是动力臂l1；

（2）滑轮个数n'=2；则绳子段数n=3，根据“奇动偶定”的方法可知绳子固定端在动滑轮上；

（3）因为没有要求