深圳实验学校高中园2022-2023学年高一（上）期末物理试卷

第2页（共16页）2022-2023学年广东省深圳实验学校高中园高一（上）期末物理试卷一、单选题（本题共11小题，每小题4分，共44分。每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的）1．（4分）下列关于运动和力关系的相关说法正确的是（）A．牛顿第一定律是有实验基础的，随着科学技术的发展是可以用实验来直接验证的 B．伽利略用实验证明了物体的运动不需要力来维持 C．物体不受力时才能保持自己运动状态不变的特性称为惯性 D．笛卡尔认为，如果没有其他原因，运动的物体不会偏离原来运动的方向2．（4分）关于重力和重心，下列说法正确的是（）A．重力就是地球对物体的吸引力 B．同一物体在赤道和北极受到的重力大小相等 C．重力方向竖直向下，所以地球上一切物体所受的重力方向都一样 D．物体的重心不一定在物体的几何中心3．（4分）足球运动是目前全球体育界最具影响力的运动项目之一，深受青少年喜爱。如图所示为三种与足球有关的情景，下列说法正确的是（）A．图甲中，一小朋友脚下踩着一个静止的足球，足球受到向下的弹力就是脚的重力 B．图甲中，静止在地面上的足球受到脚给的弹力、地面给的弹力和地球给的重力三个力作用 C．图乙中，静止在光滑水平地面上的两个足球由于接触而受到相互作用的弹力 D．图丙中，一个足球静止在墙角，只受到地面给的弹力一个力的作用4．（4分）2018年12月8日，“长征三号乙”运载火箭在西昌卫星发射中心发射。2019年1月3日，“嫦娥四号”成功登陆月球背面，全人类首次实现月球背面软着陆。下列说法正确的是（）A．火箭发射时，喷出的高速气流对火箭的作用力大于火箭对气流的作用力 B．燃气从火箭尾部喷出时对火箭的作用力与火箭对燃气的作用力是一对平衡力 C．发射离地瞬间，火箭处于平衡状态 D．若发射塔的高度为h，发射初期火箭的运动可视为匀加速直线运动，测出火箭从发射到其尾部上升到塔顶的时间，则可估算出火箭的加速度5．（4分）如图5所示，用手握住玻璃杯做以下动作时，下列对杯子所受的摩擦力描述正确的是（）图5图6图7图8A．水平匀速移动杯子，摩擦力为0 B．匀速向上移动杯子，摩擦力向下 C．匀速向下移动杯子，摩擦力为下 D．保持杯子静止，无论手握的力多大，摩擦力都不变6．（4分）如图6所示，A、B、C三个物体分别用轻绳和轻弹簧连接，放置在倾角为θ的光滑斜面上，当用沿斜面向上的恒力F作用在物体A上时，三者恰好保持静止，已知A、B、C三者质量相等，重力加速度为g。下列说法正确的是（）A．在轻绳被烧断的瞬间，A的加速度大小为gsinθ B．在轻绳被烧断的瞬间，B的加速度大小为gsinθ C．剪断弹簧的瞬间，A的加速度大小为gsinθ D．突然撤去外力F的瞬间，A的加速度大小为2gsinθ7．（4分）如图7所示，质量均为m的斜面体A、B叠放在水平地面上，A、B间接触面光滑，用一与斜面平行的推力F作用在B上，B沿斜面匀速上升，A始终静止。若A的斜面倾角为θ，下列说法正确的是（）A．F＝mgtanθ B．A、B间的作用力为mgtanθ C．地面对A的支持力大小为2mg D．地面对A的摩擦力大小为Fcosθ8．（4分）“蹦极”是一项刺激的体育运动。某人身系弹性绳自高空P点自由下落，图中8a点是弹性绳的原长位置，c是人所到达的最低点，b是人静止悬吊着时的平衡位置，人在从P点下落到最低点c点的过程中（）A．在a点时人的速度最大 B．在ab段人做加速运动 C．在bc段，人处于失重状态 D．在c点，人的速度为零，处于平衡状态9．（4分）明朝谢肇淛的《五杂组》中记载：“明姑苏虎丘寺庙倾侧，议欲正之，非万缗不可。一游僧见之，曰：无烦也，我能正之。”游僧每天将木楔从塔身倾斜一侧的砖缝间敲进去，经月余扶正了塔身。假设所用的木楔为等腰三角形，木楔的顶角为θ，现在木楔背上加一力F，方向如图所示，木楔两侧产生推力FN，则（）A．若F一定，θ大时FN大 B．若F一定，θ小时FN大 C．若θ一定，F大时FN小 D．若θ一定，F小时FN大10．（4分）如图，水平面上放置两物块A、B，A的质量为m，B的质量为2m，A、B和水平面间的动摩擦因数均为μ，中间用劲度系数不变的轻弹簧连接，现用水平向右的力F推A，使A、B一起加速运动，则稳定时弹簧的弹力为（）A．F B．F C．F﹣μmg D．2μmg11．（4分）“探究两个互成角度的力的合成规律”实验过程如图所示。图甲中，轻质小圆环连在长度为GE的橡皮条的上端，下端固定；图乙中，用两个弹簧测力计把小圆环拉到O点，两测力计的示数分别为F1、F2；图丙中，用一个弹簧测力计把小圆环拉到O点，示数为F3。关于该实验的有关说法正确的是（）A．记录分力F1、F2时，只需记录两力的大小 B．记录合力F3时，只需要记录该力的方向 C．两次拉橡皮条时，必须把小圆环拉到同一点 D．分力F1与F2的代数和等于合力F3的大小二、多选题（本题共4小题，每小题6分，共24分。每小题给出的四个选项中，有两个或以上选项正确。全选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分）（多选）12．（6分）关于单位制，下列说法中正确的是（）A．在力学中，力是基本概念，所以力的单位“牛顿”是力学单位中的基本单位 B．因为力的单位是牛顿，而1Ν＝1kg⋅m/s2，所以牛顿是导出单位 C．各物理量采用国际单位制中的单位，通过物理公式运算的结果的单位一定为国际单位制中的单位 D．物理公式只能确定物理量之间的数量关系，无法确定物理量间的单位关系（多选）13．（6分）如图13所示，悬绳OA将一质量为m的小球悬挂于O点，OA与竖直方向的夹角为β＝25°，力F作用于小球，保持A点位置不变，现使F逆时针缓慢旋转90°，则（）图13图14图15A．力F先减小再增大 B．力F逐渐减小 C．力F与水平夹角为25°时，取到最小值 D．悬绳OA上的拉力先增大再减小（多选）14．（6分）如图14所示，一质量为m的小物体以一定的速率v0滑到水平传送带上左端的A点，当传送带始终静止时，已知物体能滑过右端的B点，则下列判断正确的是（）A．传送带若逆时针运行且保持速率不变并且速率足够大，则物体有可能不能滑过B点 B．传送带若逆时针运行且保持速率不变，物体可能先做匀减速直线运动后做匀速直线运动 C．传送带若顺时针运行，当其运行速率（保持不变）v＜v0时，物体可能一直做匀减速直线运动滑过B点 D．传送带若顺时针运行，当其运行速率（保持不变）v＞v0时，物体过B点的速率可能小于或等于传送带速率v（多选）15．（6分）如图15所示，有一足够长的木板静止在光滑水平面上，木板的质量为M＝4kg，一可视为质点的小滑块质量m＝1kg，以初速度v0＝10m/s冲上木板左端，木块与木板间的动摩擦因数为μ＝0.4，（g＝10m/s2）。则（）A．小滑块刚冲上木板时小滑块加速度的大小为4m/s2 B．小滑块刚冲上木板时木板加速度的大小为2m/s2 C．小滑块经过2s和木板达到共同速度 D．小滑块从冲上木板到相对木板静止，相对木板滑行了10m三、实验题（本题共1小题，共10分）16．（10分）如图1所示的实验装置验证“牛顿第二定律”，请回答下列问题。（1）以小车为研究对象，为了便于探究、减小误差，应使小车质量m与砝码和盘的总质量M满足：M（填“远大于”或“远小于”）m。（2）实验中打出的纸带如图2所示，相邻计数点间还有四个点未画出，其中x1＝7.05cm，x2＝7.68cm，x3＝8.33cm，x4＝8.96cm，x5＝9.60cm，x6＝10.24cm，由此可以算出小车运动的加速度是m/s2（交流电频率为50Hz，结果保留2位有效数字）。（3）通过实验得到如图3①所示的图象，造成当m一定时，a与F不成正比的原因可能是：在平衡摩擦力时木板与水平桌面的夹角（填“偏大”或“偏小”）。（4）重新平衡摩擦力后，验证外力一定时，a与m的关系：通过多次实验，甲、乙两同学利用各自得到的数据得到的关系图象，如图3②所示。该图象说明在甲、乙两同学做实验时（填“甲”或“乙”）同学实验中绳子的拉力更小。四、计算题（本题共2小题，17题10分，18题12分，共22分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案不能得分。有数值计算的题，答案中必须写出数值和单位）17．（10分）如图所示，使用三段轻绳悬挂质量为m1的物体甲，三段轻绳的结点为O，轻绳OB水平且B端与站在水平面上的质量为m2的人相连，轻绳OA与竖直方向的夹角θ＝37°。物体甲及人均处于静止状态。（已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g取10m/s2，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力）求：（1）轻绳OA、OB受到的拉力的大小。（2）若人的质量m2＝60kg，人与水平面之间的动摩擦因数为μ＝0.3，欲使人在水平面上不滑动，则物体甲的质量m1的最大值。18．（12分）航模兴趣小组设计出一架遥控飞行器，其质量m＝4kg，动力系统提供的恒定升力F＝60N。试飞时，飞行器从地面由静止开始竖直上升。设飞行器飞行时所受的阻力大小不变，g取10m/s2。（1）第一次试飞，飞行器飞行t1＝8s时到达高度H＝128m。求飞行器所受阻力f大小；（2）第二次试飞，飞行器飞行t2＝11s时遥控器出现故障，飞行器立即失去升力。求飞行器能达到的最大高度h。

2022-2023学年广东省深圳实验学校高中园高一（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、单选题（本题共11小题，每小题4分，共44分。每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的）1．【分析】牛顿第一定律表明物体具有保持原来运动状态不变的性质，即惯性，惯性的大小与物体的受力情况和运动情况均无关，只与质量有关，质量越大，惯性越大。明确牛顿第一定律无法用实验进行验证。【解答】解：A、牛顿第一定律是在实验的基础上，通过逻辑推理得出的，是以实验为基础，即使科学技术发展了也不能通过实验直接验证的，故A错误；B、伽利略用实验和推理相结合证明物体的运动不需要力来维持，并没有用实验来证实，故B错误；C、一切物体任何状态下都有惯性，与受力情况无关，故C错误；D、笛卡尔认为，如果没有其他原因，运动的物体不会偏离原来运动的方向，故D正确。故选：D。【点评】本题关键抓住质量是惯性的唯一量度，质量大的物体惯性也大，与速度大小和是否受力均无关。2．【分析】由于地球的吸引而使物体受到的力叫重力，重力方向竖直向下，重力的大小随纬度的增大而增大；物体的重心不一定在物体的几何中心。【解答】解：A、重力就是由于地球对物体的吸引力产生的，地球的吸引力不一定等于重力，故A错误；B、同一物体在赤道和北极受到的重力大小不相等，赤道处的质量小于北极处的重力，故B错误；C、重力方向竖直向下，但地球上不同位置处物体所受的重力方向不一样，例如南极和北极处重力方向相反，故C错误；D、物体重心的位置与物体的形状、质量分布情况有关，物体的重心不一定在物体的几何中心，故D正确。故选：D。【点评】质量均匀分布的物体（均匀物体），重心的位置只跟物体的形状有关，规则形状的物体，它的重心就在几何中心上，质量分布不均匀、外形不规则的物体的重心可以利用悬吊的方法来确定，物体的重心可能不在物体上，重心的位置除跟物体的形状有关外，还跟物体质量的分布有关。3．【分析】对足球进行受力分析，理解弹力的产生条件，结合题目选项完成分析。【解答】解：AB、图甲中，对足球进行受力分析，足球受重力、地面的支持力和脚的压力，故A错误，B正确；C、图乙中，静止在光滑地面上的两个足球直接接触，但因为没有相互挤压及发生形变，所以没有受到相互作用的弹力，故C错误；D、图丙中，足球静止在墙角，只受重力和地面的支持力，故D错误；故选：B。【点评】本题主要考查了物体的受力分析，熟悉物体的受力分析，理解弹力的产生条件即可完成解答。4．【分析】A、根据作用力与反作用力的关系，可知火箭发射时，喷出的高速气流对火箭的作用力与火箭对气流的作用力的大小关系。B、根据作用力与反作用力的关系、平衡力的关系，可知燃气从火箭尾部喷出时对火箭的作用力与火箭对燃气的作用力之间的关系。C、根据火箭发射离地瞬间的受力情况，及平衡状态的特征，可判断发射离地瞬间，火箭是否处于平衡状态。D、由初速度为零的位移—时间公式可求加速度。【解答】解：A、火箭发射时，喷出的高速气流对火箭的作用力与火箭对气流的作用力是一对作用力与反作用力，两者等大反向，故A错误；B、燃气从火箭尾部喷出时对火箭的作用力，受力物体是火箭；火箭对燃气的作用力，受力物体是燃气，这两个作用力分别作用在两个物体上，等大反向，不是一对平衡力（平衡力作用在同一个物体上），而是一对作用力与反作用力，故B错误；C、由牛顿第二定律可知，发射离地瞬间，火箭所受合外力大于零，方向竖直向上，则火箭处于非平衡状态（平衡状态合力应为零），故C错误；D、若发射塔的高度为h，发射初期火箭的运动可视为匀加速直线运动（设火箭的加速度为a），测出火箭从发射到其尾部上升到塔顶的时间t，则有：h＝at2解得：a＝则可估算出火箭的加速度，故D正确。故选：D。【点评】解答本题，要掌握作用力与反作用力、平衡力的特点，要会运用牛顿第二定律、运动学公式来分析和解决问题。5．【分析】玻璃杯子处于平衡状态，故受到的为静摩擦力，由二力平衡关系可求得手与玻璃杯子之间的摩擦力。【解答】解：玻璃杯匀速移动或者静止时都处于平衡状态，而竖直方向只受重力和静摩擦力，故摩擦力大小始终等于重力的大小，方向向上，不会发生变化，故D正确，ABC错误。故选：D。【点评】本题主要是考查共点力的平衡，关键是知道杯子的受力情况，知道静摩擦力和最大静摩擦力的应用和区别，注意最大静摩擦力的判断。6．【分析】在轻绳被烧断的瞬间，绳子的拉力为零，弹簧来不及收缩，弹簧的弹力不变，利用整体法和隔离法对物体进行受力分析，根据牛顿第二定律求解；在剪断弹簧的瞬间，轻绳拉力会发生突变，以AB整体为研究对象进行分析。【解答】解：A．把ABC看成是一个整体进行受力分析，根据平衡条件可得拉力F＝3mgsinθ在轻绳被烧断的瞬间，AB之间的绳子拉力为零，对A由牛顿第二定律F﹣mgsinθ＝maA解得aA＝2gsinθ，故A错误；B．在轻绳被烧断前，对于C根据平衡条件可得弹簧弹力F弹＝mgsinθ在轻绳被烧断的瞬间，对于B分析，由于绳子拉力为零，弹簧弹力不变，根据牛顿第二定律F弹+mgsinθ＝maB解得aB＝2gsinθ，故B错误；C．剪断弹簧的瞬间，对于整体AB，弹簧弹力为零，根据牛顿第二定律F﹣2mgsinθ＝2maAB解得而A的加速度大小故C正确；D．突然撤去外力F的瞬间，对整体AB，由牛顿第二定律F弹+2mgsinθ＝2ma′ABF弹＝mgsinθ解得故D错误。故选：C。【点评】本题考查了牛顿第二定律、受力分析法等知识点。整体法和隔离法是受力分析的重要方法，在解题时可以先利用整体法求出加速度，然后再根据隔离法求其它力；知道弹簧弹力不会发生突变的原因。7．【分析】分别以B，AB整体为研究对象，对其受力分析，列式求解即可。【解答】解：A.根据题意用隔离法：对B受力分析如图沿斜面方向：F＝mgsinθ，故A错误；B.垂直于斜面方向：FN＝mgcosθ，则A、B间的作用力为mgcosθ，故B错误；CD.以AB整体为研究对象，进行受力分析如图竖直方向上：FN＝2mg﹣Fsinθ，故C错误；水平方向上：f＝Fcosθ，故D正确。故选：D。【点评】本题主要是考查了共点力的平衡问题，解答此类问题的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、利用平行四边形法则进行力的合成或者是正交分解法进行力的分解，然后在坐标轴上建立平衡方程进行解答。考生需要注意整体法和隔离法的应用。8．【分析】对人受力分析，根据牛顿第二定律F＝ma，判定加速度大小和方向，从而判定运动状态。【解答】解：a点是弹性绳的原长位置，故人从P到a过程只受重力，做自由落体运动。b是人静止地悬吊着时的平衡位置，故此点弹性绳的弹力等于物体的重力，故在此点之前，弹力小于人的重力，合力竖直向下，加速度是竖直向下，人做加速运动，到b点速度最大，且在b点时受力平衡，加速度为零；在b点之后，弹力大于人的重力，故合力竖直向上，加速度竖直向上，人处于超重状态，故ACD错误，B正确。故选：B。【点评】本题考查应用牛顿定律判定加速度从而知道运动状态的能力，关键是分析物体的受力情况和运动情况。9．【分析】由于木楔处在静止状态，可将力F沿与木楔的斜面垂直且向上的方向进行分解，根据平行四边形定则，画出力F按效果分解的图示。并且可据此求出木楔两侧产生的推力，再进行分析。【解答】解：选木楔为研究对象，木楔受到的力有：水平向左的F和两侧给它的与木楔的斜面垂直的弹力，由于木楔处于平衡状态，所以两侧给木楔的斜面垂直的弹力与F沿两侧分解的力是相等的，力F的分解如图：则F＝F1cos（90°﹣）+F2cos（90°﹣）＝2F1cos（90°﹣）＝2F1sin，FN＝F1，故得FN＝，所以F一定时，θ越小，FN越大；θ一定时，F越大，FN越大。若θ一定，F大时FN大。若θ一定，F小时FN小。故ACD错误，B正确。故选：B。【点评】本题运用分解法研究力平衡问题。对力进行分解时，一定要搞清力的实际作用效果，从而确定两个分力的方向，再根据平行四边形定则或三角形定则进行分解即可。10．【分析】先用整体法求出加速度，然后隔离B物体，根据牛顿第二定律可得弹簧的弹力。【解答】解：把A、B看成一个整体，由牛顿第二定律有F﹣μ（m+2m）g＝（m+2m）a，设稳定时弹簧的弹力为N，对物块B由牛顿第二定律有N﹣μ•2mg＝2ma，联立解得，故B正确，ACD错误。故选：B。【点评】一般用隔离法的时候，要隔离受力较少的物体比较容易求解。11．【分析】根据实验原理结合实验操作规范进行分析。【解答】解：AB.“探究两个互成角度的力的合成规律”实验过程，因为力是矢量，所以实验中要记录分力及合力的大小和方向，故AB错误；C.同一次实验时，需要让两个力拉橡皮筋和一个橡皮筋拉皮筋的作用效果相同，则两次拉橡皮条时，必须把小圆环拉到同一点，故C正确；D.力是矢量，所以分力石与F的矢量和等于合力F，的大小，故D错误。故选：C。【点评】本题考查”验证力的平行四边形定则”实验中，我们要知道分力和合力的效果是等同的，这要求同学们对于基础知识要熟练掌握并能正确应用，加强对基础实验理解．二、多选题（本题共4小题，每小题6分，共24分。每小题给出的四个选项中，有两个或以上选项正确。全选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分）12．【分析】力的单位是牛顿，是一个导出单位，不是力学单位制中基本单位，当F、m和a都取国际单位时k＝1，物理公式确定了物理量之间的数量关系，同时也确定了物理量间的单位关系。【解答】解：A、在力学中，力是基本概念，在国际单位制中，力学的基本单位共3个，是千克、秒、米，故A错误；B、根据牛顿第二定律F＝ma知，1N＝1kg•m/s2，力的单位牛顿就是这样推导出来的，故牛顿是导出单位。故B正确；C、在物理公式运算时，如各物理量都采用国际单位，计算结果的单位一定是国际单位，故C正确；D、物理公式不仅确定了物理量之间的数量关系，同时也确定了物理量间的单位关系，故D错误。故选：BC。【点评】本题关键要知道是导出单位，并知道如何推导出来的，明确物理解题单位的规范要求。13．【分析】当F逆时针缓慢旋转90°过程中，小球始终处于动态平衡状态，所受合外力始终为零。对小球受力分析，小球受重力、绳的拉力、力F，三个力的作用，三个力恰好可以构成首尾相连的闭合矢量三角形，画出受力图、闭合矢量三角形图示，根据F变化情况，判断F、悬绳OA上的拉力变化情况。【解答】解：小球处于动态平衡状态，所受合外力始终为零，小球受重力mg、绳的拉力T、力F，三个力的作用，三个力恰好可以构成首尾相连的闭合矢量三角形，如下图所示：AB、由图二可知，当F逆时针缓慢旋转90°过程中，力F先减小再增大，故A正确，B错误；C、由图二可知，当力F旋转至垂直OA时（即垂直拉力T时），力F取到最小值，再由图一可知，此时力F与水平夹角为β＝25°，故C正确；D、由图二可知，当F逆时针缓慢旋转90°过程中，悬绳OA上的拉力T一直减小，故D错误。故选：AC。【点评】解答本题，要在受力分析的基础上，画出首尾相连的闭合矢量三角形，根据F变化情况可求解。14．【分析】根据物体相对传送带的运动方向可以判断物体所受摩擦力的情况，进而确定物体的运动情况，可以分析AB；若传送带的速率和物体的速率大小不等，根据相对运动情况确定物体受摩擦力情况，然后根据牛顿第二定律分析即可。【解答】解：AB、若传送带逆时针运行，则物体滑上传送带时受到传送带的摩擦力与传送带静止时受到的摩擦力大小、方向是一样的，所以物体仍然会一直做匀减速直线运动，并滑过B点，故AB错误；C、传送带若顺时针运行，当其运行速率（保持不变）v＜v0时，物体受到的摩擦力方向与其运动方向相反，即水平向左，所以小物体做匀减速直线运动，可能一直减速到滑过B点，也可能减速到和传送带速度相等时还没有滑过B点，以后随传动带一起运动滑过B点，故C正确；D、传送带若顺时针运行，当其运行速率（保持不变）v＞v0时，则物体受到的摩擦力方向水平向右，物体做加速直线运动，可能一直加速直到滑过B点时速度还没有达到传送带速度v，也可能加速到和传送带速度相等时还没有滑过B点，以后一起匀速运动直到超过B点，故物体过B点的速率可能小于或等于传送带速率v，故D正确。故选：CD。【点评】解决本题的关键是要能够分析清楚小物体受到传送带的摩擦力方向，然后根据牛顿第二定律判断，当物体和传送带的速度相等后，两者之间没有相对运动，物体和传送带一起匀速运动。15．【分析】应用牛顿第二定律求出加速度大小；系统动量守恒，应用动量守恒定律求出共同速度，应用动量定理求出滑块与木板达到共同速度的时间；应用能量守恒定律求出滑块相对木板静止时相对木板滑行的距离。【解答】解：A、由牛顿第二定律可知，小滑块刚冲上木板时小滑块加速度的大小a＝，故A正确；B、由牛顿第二定律可知，小滑块刚冲上木板时木板加速度的大小a'＝，故B错误；C、滑块与木板组成的系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：mv0＝（m+M）v，代入数据解得：v＝2m/s，以向右为正方向，对木板，由动量定理得：μmgt＝Mv﹣0，代入数据解得：t＝2s，故C正确；D、对滑块与木板组成的系统，由能量守恒定律得：，代入数据解得：x＝10m，故D正确。故选：ACD。【点评】本题考查了动量守恒定律的应用，根据题意分析清楚滑块与木板的运动过程与受力情况，应用牛顿第二定律、动量守恒定律与动量定理、能量守恒定律可以解题。三、实验题（本题共1小题，共10分）16．【分析】（1）根据牛顿第二定律求出绳子拉力与砝码和盘的总重力的关系，判断出在什么情况下砝码和盘的总重力在数值上近似等于小车运动时受到的拉力；（2）根据匀变速直线运动的规律Δx＝aT2可以求出加速度的大小；（3）考查实验时平衡摩擦力时出现的误差问题，不是未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，就是平衡摩擦力时过大．从图上分析两图各是什么原因即可；（4）根据图线斜率表示的物理意义，判断绳子拉力的大小。【解答】解：（1）对整体分析，根据牛顿第二定律得，a＝，则绳子的拉力F＝ma＝＝，当M≪m，即砝码和盘的总质量远小于小车和小车上砝码的总质量时，砝码和盘的总重力在数值上近似等于小车运动时受到的拉力．所以为了便于探究、减小误差，应使小车质量m与砝码和盘的总质量M满足M≪m的条件；（2）根据Δx＝aT2，运用逐差法得，a＝＝m/s2＝0.64m/s2；（3）当