2025年湘教新版高二物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年湘教新版高二物理下册阶段测试试卷795考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、关于静电场场强的概念；下列说法正确的是（）

A.由E=F/q可知；某电场的场强E与q成反比，与F成正比。

B.正；负检验电荷在电场中同一点受到的电场力方向相反；所以某一点场强方向与放入检验电荷的正负有关。

C.电场中某一点的场强与放入该点的检验电荷正负无关。

D.电场中某点不放检验电荷时；该点场强等于零。

2、喷墨打印机的结构简图如图所示，其中墨盒可以发出墨汁微滴，进入带电室。有信号输入时，此微滴经过带电室时被带上负电，带电荷量的多少由计算机按字体笔画的高低位置输入信号加以控制。带电后的微滴以一定的初速度垂直进入电场，带电微滴经过电场发生偏转后打到纸上，显示出字体。若不计空气阻力和重力，可以认为偏转电场只局限于平行板电容器的内部，忽略边缘电场的不均匀性，则下列有关说法中错误的是（）A.无信号输入时，微滴不带电，将直线通过偏转板而注入回流槽流回墨盒B.带电的微滴向正极偏转C.带电的微滴电势能将逐渐减少D.为了使纸上的字放大，可减少极板两端的电压3、让质量不等的两物体同时从同一高处自由下落(

不计空气阻力)

则下列说法中错误的是()A.在落地前的任一时刻，两物体具有相同的速度和位移B.在落地前的任一时刻，两物体具有相同的加速度C.质量大的物体下落得快，质量小的物体下落得慢D.两个物体下落的时间相同4、线框在匀强磁场中绕OO′轴匀速运动（由上向下看是逆时针方向），当转到如图所示位置时，磁通量和感应电动势大小的变化情况是（）A.磁通量和感应电动势都在变大B.磁通量和感应电动势都在变小C.磁通量在变大，感应电动势在变小D.磁通量在变小，感应电动势在变大5、在“探究合力与分力关系”实验中；需要将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上两根细绳，细绳的另一端都有绳套．实验中需用两个弹簧秤分别勾住绳套，并互成角度地拉橡皮条．某同学认为在此过程中注意以下几项，其中正确的是（）

A.两根细绳必须等长。

B.橡皮条应与两绳夹角的平分线在同一直线上。

C.在使用弹簧秤时要注意使弹簧秤与木板平行。

D.实验中；把橡皮条的另一端拉倒o点时，两个弹簧秤之间夹角90°，以便于算出合力大小。

6、如图所示，做简谐运动的水平弹簧振子从平衡位置O向B运动的过程中，下述正确的是A.振子做匀减速运动B.振子做匀加速运动C.振子做加速度不断减小的减速运动D.振子做加速度不断增大的减速运动7、当电流垂直于外磁场通过导体时，在导体的垂直于磁场和电流方向的两个端面之间会出现电势差，这一现象便是霍尔效应，这个电势差也被叫做霍尔电压．科学技术中常常利用霍尔效应测定磁场的磁感应强度．如图所示为一金属导体，规格已在图中标出，若已知通过导体的电流为I，电压表示数为U，电子的电荷量为e，则被测匀强磁场（磁场方向垂直于前后表面）的磁感应强度大小为（已知电流的微观表达式为I=nsvq，其中n为导单位体积内的自由电荷数，s为导体的截面积，v为电荷定向移动的速率，q为电荷的带电量）（）A.B.C.D.8、下列几组共点力，分别作用在同一个物体上，有可能使物体做匀速直线运动的是(

)

A.4N5N7N

B.3N4N8N

C.2N9N5N

D.5N7N1N

评卷人得分二、双选题(共2题，共4分)9、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解10、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)11、两个完全相同的金属小球A、B所带电荷量分别为+7Q和-2Q，将两小球接触后再分开，小球B的带电荷量为______；A、B两小球接触后，继续让A小球和完全相同的不带电的金属小球C接触后再分开，小球C的带电荷量为______．12、测定电源的电动势和内电阻的实验电路和U-I图象如下：请回答下列问题。

（1）在闭合开关之前，为防止电表过载，滑动变阻器的滑动头P应放在______处（填a．b）

（2）现备有以下器材：

A．干电池1个。

B．滑动变阻器（0～50Ω）

C．滑动变阻器（0～1750Ω）

D．电压表（0～3V）

E．电压表（0～15V）

F．电流表（0～0.6A）

G．电流表（0～3A）

H．电键一个；导线若干．

该实验应选择的器材是______．（填字母代号）

（3）如图是根据实验数据画出的U-I图象．由此可知这个干电池的电动势E=______V，内电阻r=_______Ω．13、如图所示，一列简谐横波沿x轴传播．已知在t=0时波形如图所示，此时x轴上的质点B正通过平衡位置向下振动，在它左边的质点A位于负最大位移处；在t=0.5s时，质点A第三次出现在正的最大位移处，这列简谐波沿着x轴______（填“正“或“负）方向传播，波速是______m/s；t=0.5s时，质点C（xC=3m）的振动位移大小为______cm．14、如图是一个按正弦规律变化的交流电的图象．根据图象可知该交流电的电压最大值是______V，频率是______Hz．15、一个在地面上做简谐运动的秒摆(

周期为2s)

移到半径为R2

的某星球表面上做简谐运动的周期为4s

已知该星球的平均密度与地球的平均密度相同，地球半径为R1

则地球半径与星球半径之比R1漏sR2=

______．评卷人得分四、实验探究题(共3题，共30分)16、在“探究小车速度随时间变化的规律”实验中。

(1)

下列说法中不正确或不必要的是______(

填字母)

A.将纸带固定在小车尾部；并穿过打点计时器的限位孔。

B.连接钩码和小车的细线应与长木板保持平行。

C.小车应靠近打点计时器；先接通电源，后释放小车。

D.选择计数点时；必须从纸带上第一个点开始。

(2)

实验中；打点计时器接50Hz

的交流电源，图1

是实验中打下的一段纸带，利用刻度尺测得12

间，23

间，34

间距离依次为5.2cm6.7cm8.2cm

各相邻计数点间还有4

个点未画出，则计数点2

的速度大小为______m/s(

结果保留两位有效数字)

(3)

请将计数点2

的速度大小在图2

中标出，其余计数点1345

对应的小车瞬时速度大小在图2

中已标出，利用这些点作出图线，并由图线求得小车的加速度大小为______m/s2(

结果保留两位有效数字)

17、如图所示表示两个相干波源S1S2

产生的波在同一种均匀介质中相遇.

图中实线表示波峰，虚线表示波谷，c

和f

分别为ae

和bd

的中点；则：

(1)

在abcdef

六点中；

振动加强的点是______．

振动减弱的点是______．

(2)

若两振源S1

和S2

振幅相同；此时刻位移为零的点是______．

18、四种常见元素的性质或结构信息如下表，回答有关问题．（1）B原子的电子排布式__________．C原子核外电子运动状态共有______种。（2）写出铜与A形成的最高价氧化物水化物的浓溶液反应的离子方程式____。（3）上述某种元素形成的最简单气态氢化物为非极性分子，该分子的电子式为__________，A元素最高价氧化物对应的水化物和气态氢化物发生化合反应的生成物中含有的化学键为__________（4）B和C两元素非金属性较强的是（写元素符号）______．写出证明这一结论的一个化学方程式__________。评卷人得分五、解答题(共1题，共5分)19、如图所示电路中，小灯L1、L2分别标有“6V，3W”、“6V，2W”字样，滑动变阻器的阻值为18Ω．当滑动变阻器的滑片P在a、b中点时，三只小灯均能正常发光，求：（1）小灯L3的额定电压；（2）小灯L3的额定功率．

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】

A、电场强度等于电荷所受电场力和该电荷电量的比值，即E=与放入电场中的电荷无关，q变大，F变大，比值不变．故A错误．

B；电场强度的方向与正电荷所受电场力方向相同；与负电荷所受电场力方向相反．电场中某点的场强方向与放入电场中电荷无关．故B错误．

C、电场强度等于电荷所受电场力和该电荷电量的比值，即E=与放入电场中的电荷无关．故C正确．

D；电场强度与放入电场中的电荷无关；由电场本身性质决定．故D错误．

故选C．

【解析】【答案】电场强度等于电荷所受电场力和该电荷电量的比值，即E=与放入电场中的电荷无关，由电场本身性质决定．电场强度的方向与正电荷所受电场力方向相同，与负电荷所受电场力方向相反．

2、D【分析】试题分析：无信号输入时，微滴不带电，将直线通过偏转板而注入回流槽流回墨盒，A正确。带电微滴带负电，进入电场后，做类平抛运动，向正极板偏转，电场力做正功，带电微滴的电势能将逐渐减少，B、C正确。带电微滴到达纸面上时偏离原入射方向的距离越大，即纸面上的字体越大，在微滴的m、q以及v0一定的条件下，若要使纸上的字放大，可以增大偏转电场两极板间的电压、偏转极板的右端距纸面的距离或偏转极板的长度，也可以减小偏转电场两极板间的距离，D错误。考点：带电粒子在匀强电场中的（类平抛）运动，牛顿第二定律【解析】【答案】D3、C【分析】【分析】自由落体运动的加速度与物体的质量无关，根据速度公式v=gt

和位移公式h=12gt2可知物体下落的时间和下落的高度从而判断出下落的快慢。掌握自由落体运动运动的特点和规律是解决此类题目的关键。由于两物体从同一高处做自由落体运动，故初速度为0

加速度a=mgm=g

即加速度与物体的质量无关，故两物体的加速度相同，故B正确；

两物体在落地前t

时刻的速度v=gt

在t

时间内下落的高度h=12gt2

故A正确；

而物体下落的时间t=2hg

故两物体同时落地，即下落的时间相同，与质量的大小无关。故C错误，D正确。

本题选错误的说法，故选C。

【解析】C

4、C【分析】解：由图示可知；线框由图示位置转到与匀强磁场垂直的过程中，磁感应强度与磁场夹角逐渐变大，穿过线框的磁感线条数增加，磁通量逐渐增大，磁通量的变化率减小，由法拉第电磁感应定律可知，感应电动势逐渐变小；故C正确，ABD错误；

故选：C。

线框绕垂直于磁场的轴匀速转动；线框中产生正弦式交变电流；线框平面与磁场平行时，磁通量最小，感应电动势最大，线框平面与磁场垂直时，磁通量最大，感应电动势为零，最小．

本题考查了判断磁通量与感应电动势变化情况，知道正弦式交变电流的产生过程，分析清楚图示情景即可正确解题．【解析】C5、C【分析】

A；只要能记录力的方向即可；不需要两根绳子等长，故A错误．

B；实验时由于两个力的大小不一定相同；所以橡皮条不一定在两绳夹角的平分线在同一直线上，故B错误．

C；读数时；弹簧秤与木板平面平行，摩擦越小，读数越准确，故C正确．

D；合力是我们根据平行四边形画出来的；不是计算出来的，并非要求两弹簧秤之间的夹角一定为90°，故D错误．

故选C．

【解析】【答案】在实验中使用一根弹簧秤拉细线与两根弹簧秤拉细线的作用效果要相同（即橡皮条拉到同一位置）；而细线的作用是画出力的方向，弹簧秤能测出力的大小．因此细线的长度没有限制，弹簧秤的示数也没有要求，两细线的夹角不要太小也不要太大，但拉弹簧秤时必须保证与木板平面平行．

6、D【分析】【解析】试题分析：由于是间歇振动，所以F=-kx，由此可知，其合外力在不断发生变化，因此不可能是匀变速运动。所以AB错误。在从O到B过程中，位移增加，所以回复力变大，所以加速度不断变大，所以答案为D考点：简谐振动【解析】【答案】D7、D【分析】解：由图；磁场方向向下，电子向左移动，根据左手定则，电子向上表面偏转．

根据电场力与洛伦兹力平衡，即e=evB；

且电流微观表达式，I=neSv=neabv，得：v=

因此B=故D正确，ABC错误．

故选：D．

定向移动的电子受到洛伦兹力发生偏转；在前后表面间形成电势差，电子到达的表面带负电，电势较低．最终电子在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡，根据平衡求出单位体积内的自由电子数．

解决本题的关键掌握左手定则判断洛伦兹力的方向，以及知道最终电子在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡．【解析】【答案】D8、A【分析】解：A5N

和7N

的合力范围是2N鈮�F潞脧鈮�12N

第三个力4N

在这个范围之内，这三个力的合力可以为零，能够使物体做匀速直线运动，故A正确．

B；3N

和4N

的合力范围是1N鈮�F潞脧鈮�7N

第三个力8N

不在其范围之内，这三个力的合力不可以为零，不能够使物体做匀速直线运动.

故B错误．

C；2N

和9N

的合力范围是7N鈮�F潞脧鈮�11N

第三个力5N

在不其范围之内，这三个力的合力不可以为零，不能够使物体做匀速直线运动，故C错误．

D；5N

和7N

的合力范围是2N鈮�F潞脧鈮�12N

第三个力1N

不在其范围之内，这三个力的合力不可以为零，能够使物体做匀速直线运动，故D错误．

故选：A

物体做匀速直线运动的条件是合力为零.

判断各选项中的三个力的合力能否为零.

常用的方法是先找出其中两个力的合力范围；看看第三个力是否在这两个力的合力的范围之内，在范围之内合力可以为零，否则则不能．

判断三个力的合力能否为零，首先判断其中两个力的合力范围是关键.

两个力的合力最小时是二力在同一条直线上且方向相反，最小合力大小是二力大小的差，方向沿着较大的力的方向；两个力的合力最大时是二力在同一条直线上且方向相同，最大合力大小是二力的代数和，方向与原二力的方向相同．【解析】A

二、双选题(共2题，共4分)9、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB10、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB三、填空题(共5题，共10分)11、略

【分析】解：完全相同的金属球，接触时先中和再平分，所以每个球带q==+2.5Q；

AC接触后再分开，则C中电荷量为=+1.25Q；

故答案为：+2.5Q；+1.25Q．

电荷守恒定律：电荷既不能被创造；也不能被消灭，只能从一个物体转移到另一个物体，或者从物体的一部分转移到另一部分；在转移的过程中，电荷的总量保存不变。

本题考查的就是学生对电荷守恒定律的掌握的情况，要注意明确只有两个完全相同的小球接触后才能平分电荷，若两种带异种电荷时要先中合再平分．【解析】+2.5Q；+1.25Q12、略

【分析】解：（1）闭合开关之前，为防止电表过载，滑动变阻器的滑动头P应放在电阻的阻值最大处，故滑动变阻器的滑动头P应放在b处；

（2）电流表和电压表的选择要保证安全和读数时指针的偏转大约在～之间，干电池1节，电压1.5V，故电压表应选择量程为3V的；在该实验中，一般要求电流最大不超过1A左右，故应选择0.6A的电流表；电流值在0.1～0.6A之间变化时，电路中的电阻约为：故选择50Ω的滑动变阻器较为合适；另外还要选择干电池和电建和导线．故该实验应选择的器材是ABDFH；

（3）在图线中，图线与纵轴的交点就是所要测量的电动势，读数为1.5V；内电阻可以使用公式：

故答案为：b；ABDFH；1.5V；1.0Ω．

（1）闭合开关之前；为防止电表过载，滑动变阻器的滑动头P应放在电阻的阻值最大处，以保证电路的安全；

（2）电流表和电压表的选择要保证安全和读数时指针的偏转大约在～之间；

（3）在图线中，图线与纵轴的交点就是所要测量的电动势，内电阻可以使用公式：进行计算．

在电学实验中，首先要保证实验仪器的安全，其次要注意电流表和电压表的读数时指针的偏转大约在～之间；数据处理比较简单．属于中档题目．【解析】b；ABDFH；1.5；1.013、略

【分析】解：在t=0时波形如图所示；此时x轴上的质点B正通过平衡位置向下振动，根据波的平移法，则这列简谐波沿着x轴负方向传播；

由题，质点A位于负最大位移处；在t=0.5s时，质点A第三次出现在正的最大位移处，则有2=t，得到周期为：T=t=0.2s；

由图读出波长为：λ=2m；

则波速为为：v===10m/s．

t=0.5s时，即t=2T+T．质点C（xC=3m）处于平衡位置；则其振动位移大小为0；

故答案为：负；10，0．

依据在t=0时x轴上的质点B正通过平衡位置向下振动；结合平移法，即可判定波的传播方向；

质点A位于负最大位移处；在t=0.5s时；质点A第三次出现在正的最大位移处，即可求出周期．

再依据读出波长，由波速公式v=求出波速；

在t=0时波形图示；质点C的位置，经过t=0.5s时，根据时间与周期的倍数关系，从而求解C点的位移大小．

本题从时间的角度研究周期，从空间的角度研究波长．两点平衡位置间距离与波长的关系可分析振动情况的关系．【解析】负；10；014、略

【分析】解：由图可知；该交流电的电压最大值为110V；

周期为0.08s，所以f==12.5Hz

故答案为：110；12.5．

根据图象可读出该交流电的周期和最大值；然后根据频率和周期，最大值与有效值的关系可直接求解．

本题考查了有关交流电描述的基础知识，要根据交流电图象正确求解最大值、有效值、周期、频率、角速度等物理量，同时正确书写交流电的表达式．【解析】110；12.515、略

【分析】解：根据单摆的周期公式；有：

T=2娄脨Lg

根据星球表面重力等于万有引力；有：

mg=GMmR2

根据密度的定义；有：

娄脩=MV=M43娄脨R3

联立得到：

T=3娄脨LG娄脩R隆脴1R

故地球半径与星球半径之比：

R1R2=(T2T1)2=41

故答案为：41

．

先根据单摆的周期公式列式；

再根据星球表面重力等于万有引力列式；

然后再根据密度的定义公式列式；

最后联立得到周期与半径的关系式进行分析即可．

本题关键是明确单摆的周期与重力加速度的关系，然后结合万有引力定律列式求解重力加速度表达式进行分析，不难．【解析】41

四、实验探究题(共3题，共30分)16、略

【分析】解：(1)

探究小车的速度与时间的变化；实验前需要将纸带固定在小车的尾部，并穿过打点计时器的限位孔。故A是必要的；

连接小车的细绳需要与木板平行；否则就要涉及到绳子拉力分解问题，即拉力是一个变力，故B是必要的。

操作时应先开电源在释放小车；故C是必要的。

在处理纸带时；由于第一点并不确定，因此常常将前面的点去掉，从清晰可辨的点取点后处理实验数据，故D选项不是必要的。

故选：D

(2)

由于两个相邻的计数点之间还有4

个点没画出；所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s

根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度；

v2=x132T=5.2+6.72脳0.1cm/s隆脰0.60m/s

(3)

如图。

小车运动的加速度a=鈻�v鈻�t=1.02鈭�0.420.5鈭�0.1m/s2=1.5m/s2

故答案为：(1)D(2)0.60(3)

如上图1.5

(1)

根据实验步骤中的操作注意事项确定错误的步骤。探究小车速度随时间变化的关系的实验；所需的实验器材应该从实验的过程和步骤去考虑；接通电源与释放纸带(

或物体)

的先后顺序根