2024年华师大新版必修3物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年华师大新版必修3物理上册阶段测试试卷172考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、在地磁场的作用下处于水平静止的小磁针正上方，水平放置一直导线，且直导线平行于小磁针指向。若导线中通有电流I1时，小磁针偏转30º；若导线中通有电流I2时，小磁针偏转60º。已知通电直导线在某点处产生的磁感应强度与导线电流成正比，则大小为（）A.2B.C.D.32、如图所示电路，闭合电键，电压表示数为U，电流表示数为I；若电阻R1断路；则两电表的示数变化情况为（）

A.I变大，U变小B.I变小，U变大C.I和U都变大D.I和U都变小3、如图所示，垂直于纸面的四根无限长直导线a、b、c、d通有相同大小的电流I，方向如图所示，四根导线放置在正方形的四个顶点，此时正方形对角线交点O的磁感应强度大小为（已知当其它条件不变时，长直导线产生的磁场）。现在将长直导线d撤去，则O处的磁感应强度大小B1为（）

A.B.C.D.4、如图所示，A、B是某电场中一条电场线上的两点，电场的方向由A指向B，一个带电粒子从A点以一定的初速度，仅在静电力的作用下运动到B点，其运动的v-t图像如图（b）所示；下列说法正确的是（）

A.带电粒子带正电B.粒子在A点的电势能小于在B点的电势能C.该电场可能是匀强电场D.A点的电势小于B点的电势5、如图所示，平行板电容器与恒压直流电源连接，下极板接地。一带电油滴位于电容器中的点且恰好处于平衡状态。现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离；则下列说法正确的是（）

A.带电油滴将向上运动B.电容器带电量将增大C.极板之间的电场强度变大D.点的电势将降低6、甲、乙两段导体由同种材料制成，长度相同，粗细均匀但横截面积不同，将其串联后接入电路，其上电压之比为3：2，则其内部的自由电子定向移动的速率之比为（）A.2：3B.3：2C.9：4D.4：97、如图，E为内阻不能忽略的电池，R1、R2、R3为定值电阻，S0、S为开关，V与A分别为电压表与电流表．初始时S0与S均闭合，现将S断开；则（）

A.V的读数变大，A的读数变小B.V的读数变大，A的读数变大C.V的读数变小，A的读数变小D.V的读数变小，A的读数变大8、如图所示，a、b是环形通电导线内外两侧的两点；这两点磁感应强度的方向()

A.均垂直纸面向外B.a点水平向左；b点水平向右C.a点垂直纸面向外，b点垂直纸面向里D.a点垂直纸面向里，b点垂直纸面向外9、下列说法正确的是（）A.在变化的电场周围一定产生变化的磁场B.紫外线有显著的热效应C.一切物体都在不停地发射红外线D.X射线的穿透本领比射线更强评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)10、带电粒子M只在电场力作用下由P点运动到Q点，在此过程中克服电场力做了了的功，那么（）A.M在P点的电势能一定小于它在Q点的电势能B.P点的场强一定小于Q点的场强C.P点的电势一定高于Q点的电势D.M在P点的动能一定大于它在Q点的动能11、R1和R2是材料相同、厚度相同、上下表面都为正方形的导体，但R1的尺寸比R2大得多，把它们分别连接在如图所示电路的A、B两端，接R1时电压表的读数为U1，接R2时电压表的读数为U2；则下列判断正确的是（）

A.R1＝R2B.R1＞R2C.U1＜U2D.U1＝U212、如图所示；电容式麦克风的振动膜是利用超薄金属或镀金的塑料薄膜制成的，它与基板构成电容器，并与电阻；电池构成闭合回路。麦克风正常工作时，振动膜随声波左右振动。下列说法正确的是（）

A.振动膜向右运动时，电容器的板间电场强度不变B.振动膜向右运动时，a点的电势比b点的电势高C.振动膜向左运动时，电阻上有从a到b的电流D.振动膜向左运动时，振动膜所带的电荷量减小13、右图中实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点。若带电粒子在运动中只受电场力作用；则（）

A.带电粒子一定带负电B.带电粒子在a处受力方向沿电场线方向指向场源电荷C.带电粒子在b点的速度大于在a点速度D.带电粒子在b点的电势能大于在a点电势能14、如图，真空中有一质量忽略不计的电子以速度v沿着与电场强度垂直的方向自O点进入匀强电场。以O为坐标原点建立直角坐标系，x轴垂直于电场方向，y轴平行于电场方向，在x轴上取OA＝AB＝BC，分别自A、B、C点作与y轴平行的线，跟电子的径迹交于M、N、P三点；则（）

A.电子经M、N、P三点时，沿x轴的分速度之比B.电子经M、N、P三点时，沿y轴的分速度之比C.电子经M、N、P三点时的速度与x轴夹角之比D.电子从O点开始每经过相等时间的动能增量之比15、如图所示，a、b、c、d四个质量均为m的带电小球恰好构成“三星拱月”之形，其中a、b、c三个完全相同的带电小球在光滑绝缘水平面内的同一圆周上绕O点做半径为R的匀速圆周运动，三小球所在位置恰好将圆周等分。小球d位于O点正上方h处，且在外力F作用下恰好处于静止状态，已知a、b、c三小球的电荷量均为q，d球的电荷量为重力加速度为g，静电力常量为k；则下列说法正确的是（）

A.小球d一定带负电B.小球b的周期为C.外力F大小等于D.小球c的加速度大小为16、如图，A、B两点固定两个等量正点电荷，在AB连线的中点放一点电荷q（不计重力）．若给该点电荷一个初速度v0；方向与AB连线垂直，则该点电荷可能的运动情况是（）

A.匀变速直线运动B.往复直线运动C.加速度不断减小，速度不断增大的直线运动D.加速度先增大后减小，速度不断增大的直线运动17、如图所示，竖直平面内存在一匀强电场，电场强度方向与水平方向间的夹角θ=60°，O、M为其中一条电场线上的两点，一带电粒子电荷量为q，不计重力，在O点以水平初速度v0进入电场，经过时间t粒子到达与M在同一水平线上的N点，且OM=MN；则（）

A.UMO=UNMB.粒子带负电C.带电粒子在O点的电势能小于在N点的电势能D.由O到N运动过程中，电场力的功率增大18、如图所示，一质量为带电量为的物体处于场强以（是均为大于零的常数，取水平向左为正方向）变化的电场中，物体与竖直墙壁间动摩擦因数为当时刻物体处于静止状态。若物体所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力；且电场空间和墙面均足够大，下列说法正确的是（）

A.物体开始运动后加速度不断增加B.物体开始运动后加速度先增加、后保持不变C.经过时间物体在竖直墙壁上的位移达最大值D.经过时间物体运动速度达最大值评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)19、两种材料不同的电阻丝，长度之比1∶5，截面积之比为2∶3，电阻率之比为2∶5，则材料的电阻之比为_______。20、如果E表示电源的电动势，表示路端电压，表示内电压，R表示外电路的总电阻，r表示内电阻，I表示闭合电路中的电流；那么根据下列给出的已知条件，求出其余各量（用已知量表示）:

（1）已知E、和r，则_______，_______，_______.

（2）已知I、R和则E=_______，_______._______.21、如图所示，水平平行线代表电场线，但未指明方向，带电量为10-8C的正电微粒，在电场中只受电场力的作用，由A运动到B，动能损失A点的电势为则微粒运动轨迹是虚线______（填“1”或“2”），B点的电势为______V。

22、图中游标卡尺的读数为________mm，螺旋测微器的读数为________mm。

23、如图所示，在平面直角坐标系中，有方向平行于坐标平面的匀强电场，其中坐标原点O处的电势为0，点A处的电势为6V，点B处的电势为3V，则此电场强度的大小为__________V/m，并在图示中画出匀强电场的电场线_________________。

24、在电场中放置一光滑绝缘水平桌面，沿桌面上轴方向电势分布如图中实线所示。有一质量电量的带正电小球，以的初速度在处沿轴正方向运动。则小球从开始运动到动能最大时电场力所做的功为___________当小球速度为零时，其位置坐标为___________

25、在绵阳南山中学物理实验室中，甲同学用螺旋测微器测一金属丝直径时，仪器刻度的位置如左下图所示，则金属丝为__________mm；该同学又用游标卡尺测一金属球直径时，仪器刻度的位置如右下图所示，则金属球的直径为__________cm。

26、如图中把量程为3mA，内阻为100Ω的电流表改装成15V的电压表，则需串联一个阻值为___________Ω的电阻，改装后原来刻度1.4mA位置的读数为___________V；若是把量程为3mA的电流表改装成欧姆表，其中电源电动势E=3V。改装后，将原来电流表3mA的刻度定为电阻的“0”刻度，欧姆表的中值电阻为___________Ω，2mA刻度处标___________Ω。

评卷人得分四、作图题(共2题，共14分)27、连线题：请将下列电路元器件的实物图与其符号相连。

28、如图，黑箱面板上有三个接线柱1、2和3，黑箱内有一个由四个阻值相同的电阻构成的电路。用欧姆表测得1、2接线柱之间的电阻为2、3接线柱之间的电阻为1、3接线柱之间的电阻为在虚线框中画出黑箱中的电阻连接方式。

评卷人得分五、实验题(共3题，共18分)29、请写出下列测量工具的读数。

(1)用游标卡尺测量一金属丝的直径，则该金属丝直径的测量值为_________mm；

(2)用螺旋测微器测量圆柱体的直径为_________mm；

(3)如图为一正在测量中的多用电表表盘。当选用电阻挡“×100”测量，则读数为__________Ω；当选用量程为50mA的电流挡测量电流时，表针指于图示位置，则所测电流为__________mA。30、为精确测量阻值大约为的电阻的阻值；请根据下列器材，设计实验方案。要求电表读数范围尽可能大一些，不考虑温度对电阻的影响。

A．电流表量程为内阻约为

B.电流表量程为内阻为

C.定值电阻

D.定值电阻

E.滑动变阻器一只

F.滑动变阻器一只。

G.蓄电池电动势为内阻很小

H.开关S一只；导线若干。

(1)滑动变阻器应选择_________，本实验缺少电压表，应选择电流表__________与定值电阻__________进行改装。请填实验器材前的字母序号

(2)请在虚线框中画出测的电路图并标出所选器材的电学符号____。

(3)由以上实验测得__________用字母表示，能用到的字母有电流表A2的读数I1、电阻值31、实验方案对实验测量的精度有直接影响；某学习小组对“测量电源的电动势和内阻”的实验方案进行探究，选用电动势约为4V；内阻约为5Ω的电源，现有下列实验器材：

A.电阻箱阻值可调范围为0~999.9Ω；

B.滑动变阻器阻值范围为0~15Ω；

C.滑动变阻器阻值范围为0~100Ω；

D.表头G：量程为2内阻为199.5Ω；

E.电压表量程为3V；内阻约为5kΩ；

F.电压表量程为15V；内阻约为15kΩ；

G.开关；导线若干。

（1）该小组设计了三个实验电路图，你认为最合理的是___________。

请说明理由：______________。

（2）若将表头G改装成量程为800的电流表，则电阻箱的阻值应该为___________Ω。

（3）为更好调节，滑动变阻器应该选用___________（填“”或“”），为使读数更准确，电压表应该选用___________（填“”或“”）。参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、D【分析】【分析】

小磁针所在位置有地磁场和电流产生的磁场；属于磁场的合成；磁感应强度为矢量，合成时遵循平行四边形定则．

【详解】

当通过电流为I；根据题意可知：地磁场；电流形成磁场、合磁场之间的关系为：

当夹角为30°时，有：B1=kI1=B地tan30°①

当夹角为60°时，有：B2=kI2=B地tan60°②

由①②解得：I2=3I1；故ABC错误，D正确。故选D。

【点睛】

本题要明确磁感应强度是矢量，合成的法则是平行四边定则，能正确应用平行四边形定是解决问题的关键．2、C【分析】【详解】

假设电阻R1未断路，当其电阻增大时，由闭合电路欧姆定律分析得知，干路电流I减小，电源的内电压减小，路端电压增大，则电压表读数变大，R2和R3中电流变大，故电流表读数变大；所以若电阻R1断路；两电表的示数均变大。

A．I变大，U变小；与结论不相符，选项A错误；

B．I变小，U变大；与结论不相符，选项B错误；

C．I和U都变大；与结论相符，选项C正确；

D．I和U都变小；与结论不相符，选项D错误；

故选C。3、A【分析】【详解】

根据右手螺旋定则可以确定四根通电直导线在O点产生的磁感应强度的方向如图所示。

由于通电导线中电流大小相等，且导线到O点距离相等，所以四根通电导线在O点产生的磁感应强度大小相等，即

所以

当撤去导线d时，O点处的合磁感应强度为

故选A。4、B【分析】【详解】

A．从A点到B点粒子速度减小，所受静电力由B指向A；与电场强度方向相反，所以粒子带负电，故A错误；

B．从A点到B点粒子动能始终减小，电势能始终增大，所以粒子在A点的电势能小于在B点的电势能；故B正确；

C．根据v-t图像可知粒子加速度变化；所以所受电场力变化，则该电场不可能是匀强电场，故C错误；

D．根据沿电场强度方向电势降低可知A点的电势高于B点的电势；故D错误。

故选B。5、D【分析】【分析】

【详解】

AC．电容器与电源相接时电容器两极板的电压保持不变，根据

将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离即d增大；则极板之间的电场强度变小，带电油滴所受电场力减小，则带电油滴将向下运动，所以AC错误；

B．电容器与电源相接时电容器两极板的电压保持不变，根据电容的决定公式

所以将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离即d增大，电容减小，由电容的定义公式有

可知；电容器所带的电荷量减小，所以B错误；

D．下极板与P点的距离不变，由公式

可知，由于场强减小，则P点电势降低；则D正确；

故选D。6、B【分析】【分析】

【详解】

将其串联后接入电路，其上电压之比为3：2，所以两电阻之比为3：2，根据电阻定律可知甲乙两段导体的横截面积之比为2：3，根据电流微观表达式I=neSv可知两导体串联；则二者电流相等，则其内部的自由电子定向移动的速率之比为3：2。

故选B。7、B【分析】【分析】

【详解】

S断开；相当于电阻变大，则由闭合电路欧姆定律可得电路中总电流减小，故路端电压增大，V的读数变大；

把R1归为内阻，内电压减小，故R3中的电压增大，由欧姆定律可知R3中的电流也增大；电流表示数增大；

A．分析得V的读数变大；Ａ的读数变大，故A错误；

B．分析得V的读数变大；Ａ的读数变大，故B正确；

C．分析得V的读数变大；Ａ的读数变大，故C错误；

D．分析得V的读数变大，Ａ的读数变大，故D错误；8、D【分析】【分析】

【详解】

由于环形电流的方向是顺时针的，由安培定则可知，环心处的磁感应强度方向是垂直纸面向里的，而环外的磁场方向可以看成直线电流周围的磁场来确定方向，是向外的，因此a点磁感应强度的方向垂直纸面向里，b点的垂直纸面向外；ABC错误，D正确。

故选D。9、C【分析】【分析】

【详解】

A．在均匀变化的电场周围一定产生稳定的磁场；A错误；

B．红外线有显著的热效应；B错误；

C．红外线辐射即热辐射；一切物体都在不停地发射红外线，C正确；

D．X射线的穿透本领比射线弱；D错误。

故选C。二、多选题(共9题，共18分)10、A:D【分析】【分析】

【详解】

AD．带电粒子从P到Q电场力做负功，则电势能增加，动能减小，即M在P点的电势能一定小于它在Q点的电势能，M在P点的动能一定大于它在Q点的动能；选项AD正确；

B．由题中条件不能比较P点的场强与Q点的场强大小关系；选项B错误；

C．因粒子的电性不确定，则不能比较P点的电势与Q点的电势关系；选项C错误；

故选AD。11、A:D【分析】【分析】

【详解】

AB．电流从导体的横截面流过；由电阻定律。

R＝ρ＝ρ＝可见电阻与边长a无关；选项A正确，B选项错误；

CD．因外电阻相同；故路端电压相等，选项D正确，C选项错误。

故选AD。12、B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．振动膜片向右振动时电容器两极板的距离变小，根据

电容器的板间电场强度变大，根据

电容增大，根据

在U不变的情况下，Q增大，电容器充电，R中电流方向向下，即从a到b的电流，a点的电势比b点的电势高；A错误B正确；

CD．振动膜片向左振动时电容器两极板的距离变大，根据

电容减小，根据

知，在U不变的情况下，Q减小，电容器放电，R中电流方向向上，即从b到a的电流；C错误D正确。

故选BD。13、B:D【分析】【详解】

AB．曲线运动中；力指向运动轨迹凹侧，可知，带电粒子与场源电荷电性相反，但具体的电性不能确定，所受电场力沿电场线指向场源电荷。故A错误；B正确；

CD．假定带电粒子从a运动到b；则电场力做负功粒子的动能减小电势能增加。故C错误；D正确。

故选BD。14、B:D【分析】【详解】

A．电子在水平方向做匀速直线运动；水平分速度不变，故A错误；

B．水平分速度不变，又OA＝AB＝BC，则O到M、M到N、N到P的时间相等。而竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动，根据时间相等，得到沿y轴的分速度之比为故B正确；

C．电子经M、N、P三点时的速度与x轴夹角的正切值之比等于竖直分速度之比，即为则电子经M、N、P三点时的速度与x轴夹角之比不等于故C错误；

D．通过竖直方向做初速度为0的匀加速直线运动，可得竖直方向三段位移之比为则根据动能定理可得，电子从O点开始每经过相等时间的动能增量之比故D正确。

故选BD。15、B:C:D【分析】【详解】

A．由题意，已知a、b、c三小球的电荷量均为q，三小球在光滑绝缘水平面内的同一圆周上绕O点做匀速圆周运动，可知d小球与a、b、c三小球是异性电荷，由于a、b、c三小球的电性未知，所以小球d不一定带负电；A错误；

BD．设db的连线与水平方向的夹角为α，则有

可得α=60°

对b小球，由库仑定律和牛顿第二定律可得

解得

由于a、b、c三小球的加速度大小相等，因此小球c的加速度大小为BD正确；

C．对d小球，由平衡条件可得外力F大小为

C正确。

故选BCD。16、B:D【分析】【详解】

若点电荷带正电，受力沿着中垂线向外，做加速度先增大后减小，速度不断增大的直线运动；若点电荷带负电，受力指向连线中心，做往复运动．答案选BD．17、B:D【分析】【详解】

A．由于在匀强电场中，所以

故A错误；

B．根据粒子的运动轨迹可知；粒子所受电场力与电场方向相反，故粒子带负电，故B正确；

C．粒子带负电，从O到N电场力做正功，电势能减小，则带电粒子在O点的电势能大于在N点的电势能；故C错误；

D．由

由O到N运动过程中，粒子沿电场线方向的速度v增大；可知电场力的功率增大，故D正确。

故选BD。18、A:C【分析】【详解】

AB．由题意物体所受的电场力电场改变方向之前，物体沿竖直墙运动，由于水平方向支持力与电场力相等，电场强度减小；所以支持力减小，故摩擦力减小，所以物体受到的重力和摩擦力的合力增大，加速度增大，速度增大；电场改为水平向右时，物体受互相垂直的重力和电场力，而电场力随电场强度的增大而增大，所以合力增大，加速度增大。因此，整个过程中，物体运动的加速度不断增大，A正确，B错误；

C．墙壁对物体的支持力时，物体将要离开墙壁，它在墙壁上运动的位移达到最大，此时

得

即

解得

C正确；

D．根据上述分析可知；物体运动的加速度不断增大，且速度不断增大，D错误；

故选AC。三、填空题(共8题，共16分)19、略

【分析】【详解】

根据电阻的决定式：则：【解析】3：2520、略

【分析】【详解】

(1)[1][2][3]根据闭合电路电压关系可知，

对内阻根据欧姆定律可知，电流

外电阻

(2)[4][5][6]已知I、R和则根据闭合电路欧姆定律E=

路端电压

对内阻根据欧姆定律可知，内阻【解析】21、略

【分析】【详解】

[1][2]根据动能定理得qUAB=△Ek

可得到

由UAB=φA-φB

则B点的电势φB=φA-UAB=2×103-（-2×104）V=2.2×104V

电荷从A点运动到B点时动能减少，电场力做负功，又电场力指向轨迹的内侧，则判断出来微粒的运动轨迹如图中的虚线2所示。【解析】222、略

【分析】【详解】

[1]游标卡尺的精度为读数为

[2]螺旋测微器精度为读数为【解析】50.154.700（4.698~4.702）23、略

【分析】【详解】

如图所示。

OA的中点C点，由题意可得C点的电势为3V，即BC的电势相等，连接BC，因BC的电势相等，所以匀强电场的方向垂直于BC，过O点做BC的垂线相较于D点，由几何关系得

则电场强度为【解析】20024、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]x轴上从0到-5m电势升高，则电场方向沿x轴正方向，x轴上从0到5m电势升高，则电场方向沿x轴负方向，带正电小球在处沿x轴正方向运动；受到向右的电场力，电场力做正功，动能增加，从0点向右运动过程中电场力向左，电场力做负功，小球动能减小，所以小球在0点动能最大，则小球从开始运动到动能最大时电场力所做的功为。

[2]设小球速度为0时；其坐标为x，根据动能定理可得。

解得。

由图像可知。

根据对称性可知；小球速度为0时，另一个位置坐标为。

则小球速度为零时，其位置坐标为4或-4【解析】0.084或-425、略

【分析】【详解】

[1]

[2]【解析】5.2000.9726、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由欧姆定律得

代入数据解得

[2]改装后原来刻度1.4mA位置的读数

[3][4]电压3V，电流3mA的时候标度为0，即外加电阻为0，内电阻为R，则

中值电阻等于欧姆表内阻为10002mA刻度时候总电阻

则外加电阻【解析】490071000500四、作图题(共2题，共14分)27、略

【分析】【详解】

实物图中第一个为电动机；电动机符号为符号