2024年中图版选修3物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年中图版选修3物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示，频率为ν的光照射到某种金属表面，金属表面有电子逸出，所有逸出电子的最大初动能为Eko，普朗克常量为h．下列说法正确的是。

A.Eko与ν成正比B.该金属的逸出功等于hνC.该金属的截止频率等于Eko/hD.增大光的强度，单位时间逸出电子数增加2、如图所示的电路；闭合开关后，滑动变阻器的滑片P向右滑动，则（）

A.电流表示数变小B.电流表示示数不变C.电压表示数变大D.电压表示数变小3、已知满偏电流为2mA、内阻为500Ω的电流表，给它串联一个14.5kΩ的电阻后，作为电压表使用，该电压表的量程为A.10VB.29VC.30VD.100V4、下列物理量中，属于矢量的是A.电势B.电势能C.磁通量D.磁感应强度5、如图所示，一个理想变压器，初级线圈的匝数为n1，a、b接正弦式交流电源，次级线圈匝数为n2，与负载电阻R相连接，R=40Ω。图中电压的示数为100V，初级线圈的电流为0.4A，下列说法正确的是（）

A.次级线圈中的交变电流的最大值为1AB.初级和次级线圈的匝数比n1:n2=2:5C.如果将另一个组值为R的电阻与负载电阻并联，图中电流表的示数为2AD.如果将另一个阻值为R的电阻与负载电阻串联，变压器输出的电功率是80W评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)6、用频率为ν0的光照射大量处于基态的氢原子，在所发射的光谱中仅能观测到频率分别为ν1、ν2、ν3的三条谱线，且ν3>ν2>ν1，则()A.ν0>ν1B.ν0＝ν3C.ν0＝ν1＋ν2＋ν3D.ν0＝ν1＋ν27、如图所示，三个质量相同，带电荷量分别为＋q、－q和0的小液滴a、b；c；从竖直放置的两板中间上方由静止释放，最后从两板间穿过，轨迹如图所示，则在穿过极板的过程中：

A.电场力对液滴a、b做的功相同B.三者动能的增量相同C.液滴a与液滴b电势能的变化量相等D.重力对c做的功最多8、如图所示；甲；乙为一定质量的某种气体的等容或等压变化图像，关于这两个图像的正确说法是（）

甲乙A.甲是等压线，乙是等容线B.乙图中p­-t线与t轴交点对应的温度是-273.15℃，而甲图中V-­t线与t轴的交点不一定是-273.15℃C.由乙图可知，一定质量的气体，在任何情况下都是p与t成直线关系D.乙图表明温度每升高1℃，压强增加相同，但甲图表明随温度的升高压强不变9、下列四幅图对应的说法中正确的有_________。

A.图甲是玻璃管插入某液体中的情形，表明该液体能够浸润玻璃B.图乙是干湿泡温度计，若发现两温度计的读数差正在变大，说明空气相对湿度正在变大C.图丙中玻璃管锋利的断口在烧熔后变钝，原因是玻璃是非晶体加热后变成晶体E.液体浸润细管壁或者不浸润细管壁都能产生毛细现象E.液体浸润细管壁或者不浸润细管壁都能产生毛细现象10、如P－T图所示，一定质量的理想气体从状态a开始，经历过程①、②、③到达状态d。对此气体；下列说法正确的是（）

A.过程①中，气体体积不断增大B.过程②中，气体从外界吸收热量C.过程③中，气体分子在单位时间内撞击容器壁上单位面积的平均次数增加D.状态a的体积大于状态d的体积11、矩形线框在磁场中做如图所示的各种运动，运动到图示位置时，其中有感应电流产生的是()A.B.C.D.12、如图甲所示，理想变压器的原、副线圈的匝数比n1：n2＝11：2，保险丝R1的电阻为2Ω．若原线圈接入如图乙所示的正弦交变电压；要求通过保险丝的电流（有效值）不超过5A，加在电容器两极板的电压不超过50V，则滑动变阻器接入电路的阻值可以为（）

A.5ΩB.10ΩC.12ΩD.20Ω13、如图所示为远距离输电的原理图；升压变压器和降压变压器均为理想变压器，发电厂的输出电压恒定；输电线上的电阻不变，假设用户所用用电器都是纯电阻用电器，若发现发电厂发电机输出的电流增大了，则可以判定。

A.通过用户的电流减小了B.用户接入电路的总电阻减小了C.用户消耗的电功率减小了D.加在用户两端的电压变小了评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)14、在阳光的照射下，充满雾气的瀑布上方常会出现美丽的彩虹，彩虹是太阳光射入球形水珠经折射、内反射、再折射后形成的，其光线传播路径如图所示，图中的圆面代表水珠过球心的截面，太阳光平行截面射入球形水珠后，最后出射光线a、b分别代表两种不同颜色的光线，则水珠对a、b两束光折射率的大小关系是na____nb；a、b两种光在水珠内传播速度大小关系是va__vb．（选填“>”、或“<”)

15、如图为一定质量的理想气体的体积与热力学温度的关系图像，该气体的状态经历的变化过程。气体状态由过程中，气体压强________（选填“增大”“不变”或“减小”）；若整个过程中气体放出的热量为则整个过程外界对气体所做的功为________。

16、恒温环境中，在导热性能良好的注射器内，用活塞封闭了一定质量的空气（视为理想气体）。用力缓慢向里压活塞，该过程中封闭气体的压强_________（选填“增大”或“减小”）；气体_________（选填“吸收”或“放出”）热量。17、如图所示电路中，R1=100Ω，滑动变阻器的总电阻R=100Ω，A、B两端电压恒定，且UAB=12V．当S断开时，滑动变阻器R滑动头P由a移至b的过程中，R1两端的电压由_______V变至_______V；当S闭合时，滑动变阻器R滑动头P由a移至b的过程中，R1两端的电压由______V变至________V．

18、有一正弦交流电，它的电压随时间变化的情况如图所示，则电压的峰值为________V；有效值为________V；交流电的；频率为________Hz.

19、某物理兴趣小组用实验探究光的色散规律，他们将半圆形玻璃砖放在竖直面内，在其左方竖直放置一个很大的光屏P，让一复色光束SA射向玻璃砖的圆心O后，有a和b两束单色光射向光屏P，如图所示．他们根据实验现象提出了以下五个猜想，你认为不正确的是_______

A．单色光a的波长小于单色光b的波长

B．在玻璃中单色光a的传播速度大于单色光b的传播速度

C．单色光a通过玻璃砖所需的时间大于单色光b通过玻璃砖所需的时间

D．在光束SA绕圆心O逆时针转动的过程中，在光屏P上最早消失的是a光

E．单色光a比单色光b更容易发生明显衍射20、如图所示为氢原子能级示意图，某个粒子与处在基态的一个氢原子在同一直线上相向运动，并发生碰撞，碰撞后氢原子受激跃迁到n＝4的能级。若有一群氢原子处在n＝4的能级，会辐射出_____种频率的光。在此条件下辐射出的光子中，频率最高的光子的能量是_____eV．用辐射出的光子照射逸出功为4.75eV的金属，逸出光电子的最大初动能为_____eV.21、已知光速为c，普朗克常数为h，则频率为ν的光子的动量为______．用该频率的光垂直照射平面镜，光被镜面全部垂直反射回去，则光子在反射前后动量改变量的大小为______．评卷人得分四、作图题(共3题，共6分)22、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

23、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

24、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共1题，共3分)25、为研究某一蓄电池组；某兴趣小组将一块旧的电池组充满电，准备利用下列器材测量电池组的电动势和内电阻．

A.待测电池组；电动势约为4V，内阻约几欧姆。

B.直流电压表（量程均可满足要求；均可视为理想电表）

C.定值电阻（未知）

D.滑动变阻器R，最大阻值（已知）

E.导线和开关。

（1）现利用以上器材；设计一个电路如图甲所示，完成对待测电池组的电动势和内阻的测量．

（2）实验之前，需要利用该电路图测出定值电阻方法是先把滑动变阻器R调到最大阻值再闭合开关，电压表和的读数分别为则=_______（用表示）．

（3）实验中移动滑动变阻器触头，读出电压表和的多组数据描绘出图象（横轴为），图线斜率绝对值为k，与横轴的截距值为a，则电池组的电动势E=____，内阻r=____（用k、a、表示）．

（4）经测量得到该电池组的电动势为E=4.0V，内阻r=1Ω，现用该电池组与定值电阻串联，然后与两个相同的灯泡构成如图乙所示的电路，灯泡的伏安特性曲线如图丙所示，则每个灯泡的实际功率约为______W（结果保留两位小数）．评卷人得分六、解答题(共3题，共27分)26、如图所示，长为的绝缘细线一端悬于点，另一端系一质量为电荷量为的小球。现将此装置放在水平向右的匀强电场中，小球静止在点，此时细线与竖直方向成角。重力加速度为

（1）请画出小球在点的受力分析图并判断小球的带电性质；

（2）求该匀强电场的电场强度的大小；

（3）若将小球向左拉起至与点处于同一水平高度且细绳刚好紧张；将小球由静止释放，小球运动到最低点时的速度大小。

27、如图所示，水平面内的dc和ef是足够长的光滑的金展导轨（不计电阻），相距L＝1m，导轨间有垂直于导轨平面的匀强磁场，磁感应强度为B＝1T．de处接有一个电阻，其阻值R随其两端的电压U的变化关系如图所示．质量为m＝0．5kg、电阻不计、长度恰好能跨放在导轨上的金属杆ab在水平向右的拉力F的作用下，从紧靠de处由静止开始做加速度为a＝2m／s2的匀加速运动．

（1）作出水平拉力F与时间t的关系图线并计算关键点的坐标值。

（2）从开始到运动位移为x＝4m时；通过R的电荷量为多少？

（3）运动到位移x＝4m时刻撤去外力，杆还能运动多远？28、如图所示,固定在竖直平面内的4光滑圆弧轨道AB与粗糙水平地面BC相切于B点．质量m=0.1kg的滑块甲从最高点A由静止释放后沿轨道AB运动,最终停在水平地面上的C点．现将质量m=0.3kg的滑块乙静置于B点,仍将滑块甲从A点由静止释放结果甲在B点与乙碰撞后粘合在一起,最终停在D点．已知B、C两点间的距离x=2m,甲、乙与地面间的动摩擦因数分别为=0.4、=0.2,取g=10m/s,两滑块均视为质点．求:

(1)圆弧轨道AB的半径R;

(2)甲与乙碰撞后运动到D点的时间t参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、D【分析】【详解】

A.根据光电效应方程：得到Eko与ν不是正比；A错误。

B.根据光电效应方程：得到逸出功B错误。

C.截止频率：C错误。

D.根据光电效应的实验结论，光电流与光强成正比，所以增大光的强度，光电流增大，单位时间逸出电子数增加，D正确2、D【分析】【详解】

滑动变阻器的滑片P向右滑动时；阻值变小，电路总电阻变小，则根据闭合电路的欧姆定律可知，电路的总电流变大，电流表示数变大；内阻上电压变大，则路端电压变小，即电压表示数变小，故C错误，D正确；故选D.

【点睛】

此题是动态电路的分析问题，知道用“局部-整体-局部”的分析思路进行分析.3、C【分析】【详解】

当通入满偏电流时，串联部分承担电压即为量程

故C正确；ABD错误。

故选C。4、D【分析】磁通量、电势和电势能都是没有方向的，是标量，只有磁感应强度是即有大小又有方向，是矢量，故A正确。5、C【分析】【详解】

A．变压器的输出功率等于输入功率，则

解得U2=40V

所以次级线圈中电流最大值为

故A错误；

B．初级和次级线圈的匝数比为

故B错误；

C．如果将另一个阻值为R的电阻与负载电阻并联，则总电阻R总=20Ω

则I2==2A

故C正确；

D．如果将另一个阻值为R的电阻与负载电阻串联，则总电阻R总=80Ω

则P2==20W

故D错误。

故选C。二、多选题(共8题，共16分)6、A:B:D【分析】【详解】

所发射的光谱中仅能观测到频率分别为ν1、ν2、ν3的三条谱线，说明原子是从能级向下跃迁的，所以应该使基态的氢原子吸收能量跃迁到最高能级根据跃迁规律可知：故ABD正确；C错误；故选ABD7、A:C【分析】A项：因为液滴a、b的电荷量大小相等；则液滴所受的电场力大小相等，由静止释放，穿过两板的时间相等，则偏转位移大小相等，电场力做功相等．故A正确；

B项：电场力对a、b两液滴做功相等，重力做功相等，则动能的增量相等，对于c液滴，只有重力做功，小于a、b动能的增量．故B错误；

C项：对于液滴a和液滴b；电场力均做正功，电场力所做的功等于电势能的变化量，故C正确；

D项：三者在穿过极板的过程中竖直方向的位移相等，三个质量相同，所以重力做功相等，故D错误。8、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．由查理定律p=CT=C(t＋273.15)及盖—吕萨克定律V=CT=C(t＋273.15)可知；甲图是等压线，乙图是等容线，故A正确；

B．由“外推法”可知两种图线的反向延长线与t轴的交点温度为-273.15℃；即热力学温度的0K，故B错误；

C．查理定律及盖—吕萨克定律是气体的实验定律；都是在温度不太低；压强不太大的条件下得出的，当压强很大，温度很低时，这些定律就不成立了，故C错误；

D．由于图线是直线；乙图表明温度每升高1℃，压强增加相同，但甲图表明随温度的升高压强不变，故D正确。

故选AD。9、A:D:E【分析】【分析】

【详解】

A．液体在毛细管中上升；为液体能够浸润玻璃，故A正确；

B．干湿泡温度计读数差越大说明湿泡蒸发较快；空气较干燥，相对湿度变小，故B错误；

C．玻璃为非晶体；熔化再凝固仍为非晶体，其原因时熔化后液体的表面张力使玻璃管变钝，故C错误；

D．液体表面张力形成的原因是液体表面层的分子间距离大于液体内部分子间的距离；故D正确；

E．液体浸润细管壁或者不浸润细管壁都能产生毛细现象；故E正确；

故选ADE。10、A:C:D【分析】【详解】

A．过程①中，气体温度不变，根据

可知；压强减小，则气体体积不断增大，所以A正确；

B．过程②中；气体体积不变，温度降低，内能减小，根据热力学第一定律可知气体向外界放出热量，B错误；

C．过程③中；气体压强不变，体积减小，分子数密度增加，温度降低，分子平均速率减小，则气体分子在单位时间内撞击容器壁上单位面积的平均次数增加，C正确；

D．根据＝C

可知在a、d两个状态＝

可知状态a的体积大于状态d的体积；D正确；

故选ACD。11、C:D【分析】【详解】

AB两图中；线框在运动过程中，面积不变；磁感应强度不变，穿过线框的磁通量不变，不产生感应电流，故AB错误；C图中线框与磁场平行，磁通量为零，线框在运动过程中，穿过线框的磁通量开始增大，有感应电流产生，故C正确；D图中线框与磁场垂直，线框在运动过程中，穿过线框的磁通量变小，有感应电流产生，故D正确；故选CD．

【点睛】

本题考查了感应电流产生的条件，分析清楚图示情景、明确磁通量是否发生变化，即可正确解题．12、B:C【分析】【详解】

根据图象可知变压器原线圈接入的交流电的有效值为根据理想变压器的电压比等于匝数比可得变压器的输出电压保险丝的最大电流为5A，由欧姆定律可得解得滑动变阻器的最小电阻为且电容器两极板的电压不超过50V为电压的最大值，有解得故符合阻值范围为的有10Ω和12Ω；13、B:D【分析】【详解】

A项：如果发电机输出电流增大；根据变流比可知，输送电流增大，通过用户的电流增大，故A错误；

B项：由可知，输送电流增大，是由于减小引起的；故B正确；

C项：当用户电阻减小时；用户消耗的功率增大，故C错误；

D项：发电机输出电流增大；则输电线上的电压降增大，因此降压变压器的输入；输出电压均减小，即因在用户两端电压变小了，故D正确．

故选BD．三、填空题(共8题，共16分)14、略

【分析】【详解】

根据光路图可知，a光的偏折程度较大，可知a光的折射率较大，即

由公式可知，a光在水滴中传播的速度较小，即．【解析】><15、略

【分析】【详解】

[1]气体状态由过程中

所以是等压过程；气体压强不变。

[2]的整个过程气体温度不变，内能不变，则

整个过程中气体放出的热量为由热力学第一定律可知

解得整个过程外界对气体所做的功为【解析】不变Q16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]下压活塞，气体的体积变小，温度不变，由

可知；压强增大；

[2]外界对气体做正功，气体温度不变故内能不变，由

可知，气体放出热量。【解析】①.增大②.放出17、略

【分析】【分析】

当电键S断开时；滑动变阻器滑片P滑到最上端时，电压表的示数最大，等于12V，当滑片滑到最下端时，电压表示数最小，由欧姆定律求出；

当电键S闭合时；电压表示数最大值不变，滑片滑到最下端时，电压表示数为零；

【详解】

当电键S断开时，当滑动变阻器滑片P滑到最上端时，电压表的示数最大，等于12V，滑片滑到最下端时，变阻器与电阻串联，电压表示数最小，最小值为即滑动头P由a移至b的过程中，R1两端的电压由变至

当电键S闭合时，滑片P滑到最上端时，电压表的示数最大，等于12V；

滑片滑到最下端时，电阻R1被短路，电压表示数为零，即滑动头P由a移至b的过程中，R1两端的电压由变至．

【点睛】

本题考查对变阻器两种接法的理解：S断开时变阻器为限流器，S闭合时，变阻器为分压器．运用欧姆定律求解电压范围．【解析】12612018、略

【分析】【详解】

由图像可知电压的峰值为10V；有效值为交流电的周期为T=0.4s，频率为【解析】10V；7.07V2.5Hz19、A:C:D【分析】【详解】

A、由图知，a光的偏折程度小于b光，所以a光的折射率小于b光的折射率，则a光的波长大于b光的波长；故A错误；

BC、由知，b光在玻璃砖中传播速度较小；时间较长，故B正确，C错误；

D、由知a光的临界角较大，b光的临界角较小，则当光束SA绕圆心O逆时针转动过程中，在光屏P上最早消失的是b光；D错误；

E、a光的波长大于b光的波长，a光波动性强，相同条件下，a光比b光容易发生衍射，故E正确；

不正确的是故选ACD．

【点睛】

根据光线的偏折程度，比较光的折射率大小，从而得出频率的大小关系；由比较光在玻璃砖中传播速度的大小，即可比较时间的长短；由比较临界角的大小，临界角小的光最先消失；折射率越小，波长越长，越容易发生衍射．20、略

【分析】【详解】

第一空.从n＝4的能级向低能级跃迁会辐射出C42=6种频率的光子；

第二空.能级差最大的时放出的光子的能量为hγ＝E＝E4﹣E1＝﹣0.85﹣（﹣13.6）＝12.75eV

第三空.逸出光电子的最大初动能为EK＝hγ﹣W0＝12.75﹣4.75＝8eV【解析】612.75821、略

【分析】【详解】

根据光子的动量公式取入射的方向为正方向，则光子动量的变化量为

【点睛】

光子的动量的公式以及动量的矢量性．【解析】①.②.四、作图题(共3题，共6分)22、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】23、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】24、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播