2025年沪科新版高二物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪科新版高二物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、关于结合能，下列说法中正确的是A.比结合能越大，原子核越稳定B.原子核越大，它的结合能越高C.原子核是核子结合在一起的，要把它们分开，需要能量，这就是原子的结合能D.中等大小的核比结合能最小2、关于光的干涉现象，下列说法正确的是（）A.波峰与波峰叠加处将出现亮条纹，波谷与波谷叠加处将出现暗条纹B.双缝干涉实验中光屏上距两狭缝的路程差为1个波长的某位置将出现亮纹C.把双缝干涉实验中入射光由黄光换成紫光，相邻两明条纹间距离变宽D.薄膜干涉的条纹是等间距的平行线时，说明薄膜的厚度处处相等3、近几年，我国北京、上海等地利用引进的“娄脙

刀”成功地为几千名脑肿瘤患者做了手术.

“娄脙

刀”由计算机控制，利用的是娄脙

射线的特性.

手术时患者不必麻醉，手术时间短、创伤小，患者恢复快，因而“娄脙

刀”被誉为“神刀”.

关于娄脙

射线的说法正确的是(

)

A.它是由原子内层电子受激发而产生的B.它具有很高的能量，它不属于电磁波C.它具有很强的贯穿本领，但它的电离作用却很弱D.它很容易发生衍射4、在下列各运动中；可以当作质点的有（）

A.做旋转动作的体操运动员。

B.远洋航行中的巨轮。

C.转动着的螺旋桨。

D.绕地球运动的卫星。

5、根据麦克斯韦电磁场理论，下列说法中正确的是（）Ａ．变化的电场一定产生变化的磁场Ｂ．均匀变化的电场一定产生均匀变化的磁场Ｃ．稳定的电场一定产生稳定的磁场Ｄ．周期性变化的电场一定产生同频率的周期性变化的磁场6、如图所示为两电源的U鈭�I

图像，则下列说法正确的是()A.电源1

的电动势和内阻比电源2

的小B.当外接同样的电阻时，两电源的效率可能相等C.当外接同样的电阻时，两电源的输出功率可能相等D.不论外接多大的相同电阻，电源1

的输出功率总比电源2

的输出功率大7、下列物理量的单位是“特斯拉”的是(

)

A.安培力B.电场强度C.电容D.磁感应强度8、下列说法中正确的是(

)

A.点电荷就是体积很小的带电体B.电场中P

点的场强方向为试探电荷在该点受到的电场力的方向C.根据F=kq1q2r2

设想当r隆煤0

时得出F隆煤隆脼

D.A

电荷受到B

电荷的作用，是B

电荷的电场对A

电荷的作用评卷人得分二、填空题(共7题，共14分)9、指出如图所示通电导线所受到的磁场力的方向：图（a）为____；图（b）为____；图（c）为____；图（d）为____．

10、如图所示，M、N是水平放置的一对金属板，其中M板中央有一个小孔O，板间存在竖直向上的匀强电场．AB是一长9L的轻质绝缘细杆，在杆上等间距地固定着10个完全相同的带正电小球，每个小球的电荷量为q、质量为m，相邻小球距离为L．现将最下端小球置于O处，然后将AB由静止释放，AB在运动过程中始终保持竖直．经观察发现，在第4个小球进入电场到第5个小球进入电场这一过程中AB做匀速运动．则两板间电场强度E=____，上述匀速运动过程中速度的大小为____．11、为了测量一节干电池的电动势和内电阻；实验室准备了下列器材供选用：

A．待测干电池一节。

B．直流电流表（量程0～0.6～3A；0.6A挡内阻为0.1Ω，3A挡内阻为0.02Ω）

C．直流电压表（量程0～3～15V；3V挡内阻为5kΩ，15V挡内阻为25kΩ）

D．滑动变阻器（阻值范围为0～15Ω；允许最大电流为1A）

E．滑动变阻器（阻值范围为0～1000Ω；允许最大电流为0.2A）

F．开关。

G．导线若干。

①在图甲中将所选器材，用铅笔画线代表导线进行实物连线____；

②为尽可能减少实验的误差，其中滑动变阻器选____（填代号）；

③根据实验记录，画出的U-I图线如图乙所示，从中可求出待测干电池的电动势为____V，内电阻为____Ω．

12、速度：物理意义：______定义：______定义式：______．13、质谱仪是______重要工具．如图所示为质谱仪的原理示意图．现利用这种质谱议对氢元素进行测量．氢元素的各种同位素从容器A下方的小孔S无初速度飘入电势差为U的加速电场．加速后垂直进入磁感强度为B的匀强磁场中．氢的三种同位素氕、氘、氚的电量之比为1：1：1，质量之比为1：2：3，它们最后打在照相底片D上，形成a、b、c三条“质谱线”．则三种同位素进入磁场时速度v氕：v氘：v氚=______，a、b、c三条“质谱线”的排列顺序依次是______．14、有一个表头G，满偏电流Ig=5mA，内阻Rg=100Ω，用它改装成量程为3v的电压表，需串联电阻R=______Ω．15、有一面积为150cm2

的金属环，电阻为0.1娄赂

在环中100cm2

的同心圆面上存在如图(b)

所示的变化的磁场，在0.1s

到0.2s

的时间内环中感应电流为______，流过的电荷量为______．评卷人得分三、判断题(共9题，共18分)16、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）17、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）18、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）19、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

20、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）21、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）22、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）23、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

24、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

评卷人得分四、实验探究题(共1题，共5分)25、如图1所示；某同学利用图示装置做“探究加速度与物体所受合力的关系”的实验。在气垫导轨上安装了两个光电门1；2，滑块上固定一遮光条，滑块通过绕过两个滑轮的细绳与弹簧秤相连，C为弹簧秤，实验时改变钩码的质量，读出弹簧秤的不同示数F，不计细绳与滑轮之间的摩擦力。

（1）根据实验原理图；本实验______（填“需要”或“不需要”）将带滑轮的气垫导轨右端垫高，以平衡摩擦力；实验中______（填“一定要”或“不必要”）保证钩码的质量远小于滑块和遮光条的总质量；实验中______（填“一定要”或“不必要”）用天平测出所挂钩码的质量；滑块（含遮光条）的加速度______（填“大于”“等于”或“小于”）钩码的加速度。

（2）某同学实验时；未挂细绳和钩码接通气源，推一下滑块使其从轨道右端向左运动，发现遮光条通过光电门2的时间大于通过光电门1的时间，该同学疏忽大意，未采取措施调节导轨，继续进行其他实验步骤（其他实验步骤没有失误），则该同学作出的滑块（含遮光条）加速度a与弹簧秤拉力F的图象可能是______（填图象2下方的字母）。

（3）若该同学作出的a-F图象2中图线的斜率为k，则滑块（含遮光条）的质量为______。评卷人得分五、综合题(共3题，共12分)26、一个质量为m

电荷量为鈭�q

不计重力的带电粒子从x

轴上的P(a,0)

点以速度v

沿与x

轴正方向成60鈭�

的方向射入第一象限内的匀强磁场中，并恰好垂直于y

轴射出第一象限，求：

(1)

匀强磁场的磁感应强度B

(2)

穿过第一象限的时间．27、填空题垄脵

如下图，在地面上固定一个质量为M

的竖直木杆，一个质量为m

的人以加速度a

沿杆匀加速向上爬，经时间t

，速度由零增加到v

，在上述过程中，地面对木杆的支持力的冲量为____．垄脷.

已知普朗克常量为h

=6.6隆脕10鈭�34J

铝的极限频率为1.1隆脕1015Hz

其电子的逸出功为____，现用频率为1.5隆脕1015Hz

的光照射铝的表面.

是否有光电子逸出？_________(

填“有”、“没有”或“不能确定”).

若有光电子逸出，则逸出的光电子的最大初动能为____．垄脹.

“探究碰撞中的不变量”的实验中：(1)

入射小球m

1=15g

原静止的被碰小球m

2=10g

由实验测得它们在碰撞前后的x鈭�t

图象如图，可知入射小球碰撞后的m

1

v

隆盲1

是_____kg隆陇m/s

入射小球碰撞前的m

1

v

1

是_____kg隆陇m/s

被碰撞后的m

2

v

隆盲2

是____kg隆陇m/s

由此得出结论____。

(2)

实验装置如图所示，本实验中，实验必须要求的条件是____________

A.斜槽轨道必须是光滑的B.斜槽轨道末端点的切线是水平的C.入射小球每次都从斜槽上的同一位置无初速释放D.入射球与被碰球满足ma

>

mb

，ra

=

rb

(3)

图中MPN

分别为入射球与被碰球对应的落点的平均位置，则实验中要验证的关系是____A.m

a隆陇ON=

m

a隆陇OP+

m

b隆陇OMB

．m

a隆陇OP=

m

a隆陇ON+

m

b隆陇OM

C.m

a隆陇OP=

m

a隆陇OM+

m

b隆陇OND

．m

a隆陇OM=

m

a隆陇OP+

m

b隆陇ON

28、如图所示；一质量为2m的带电液滴，在大小为E，方向竖直向上的匀强电场中处于静止状态，求：

（1）这个液滴带什么电？电荷量为多少？

（2）当场强的大小突然变为原来的一半，方向保持不变时，液滴向什么方向运动？其加速度为多少？参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、A|B|C【分析】试题分析：比结合能越大,表示原子核中核子结合得越牢固,原子核越稳定；原子核越大,它的结合能越高；原子核是核子结合在一起构成的,要把它们分开，也需要能量,这就是原子核的结合能；中等大小的核比结合能最大。考点：比结合能的概念。【解析】【答案】ABC2、B【分析】解：A；在波峰与波峰叠加处；将出现亮条纹；在波谷与波谷叠加处，将出现亮条纹，故A错误；

B；光屏上距两狭缝的路程差为波长的整数倍时出现亮纹；故B正确；

C、把入射光由黄光换成紫光，紫光的波长小于黄光，根据△x=λ知△x减小；故C错误；

D、从薄膜的上下表面分别反射的两列光是相干光，其光程差为薄膜厚度的2倍，当光程差△x=nλ时此处表现为亮条纹，当光程差△x=nλ+λ出现暗条纹；若薄膜的厚度处处相等，则各处光程差相等，若是亮的则都是亮的若是暗的则都是暗的，不会出现明暗相间的条纹，故D错误．

故选：B．

波峰和波峰；波谷与波谷叠加的点为振动加强点；波峰与波谷叠加的点为振动减弱点．振动加强点始终振动加强，振动减弱点始终减弱；

光屏上距两狭缝的路程差为波长的整数倍时出现亮纹；为半波长的奇数倍时出现暗条纹；

根据条纹间距的公式进行判断；

知道光叠加的原理以及在增反膜中的应用．从薄膜的上下表面分别反射的两列光是相干光，其光程差为薄膜厚度的2倍，当光程差△x=nλ时此处表现为亮条纹，故相邻亮条纹之间的薄膜的厚度差为λ．

本题考查波的叠加原理，主要对光的干涉进行了全面考察，一定要深刻理解光的干涉原理．【解析】【答案】B3、C【分析】解：AB娄脙

射线是一种频率很高的电磁波；它是由于原子核的受激发产生的，故AB错误；

C；娄脙

射线具有很高的能量；穿透能力很强，但是去电离能力很弱，故C正确；

D；当波长越长时；越容易发生衍射，而娄脙

射线波长较短，不容易发生，故D错误．

故选：C

．

解答本题的关键是了解娄脙

射线的产生；特点、应用等知识；结合波长越长的，衍射越明显，即可一一求解．

本题属于知识的记忆部分，要了解娄脕娄脗娄脙

射线的特点以及应用，并掌握衍射与干涉区别，及明显的衍射现象条件．【解析】C

4、B|D【分析】

A；做旋转动作的体操运动员；此时人的形状是不能忽略的，所以此时不能看成质点，所以A错误．

B；远洋航行中的巨轮；此时轮船的大小相对于海洋来说是很小的，可以忽略，能看成质点，所以B正确．

C；转动着的螺旋桨；此时螺旋桨的形状是不能忽略的，所以此时不能看成质点，所以C错误．

D；绕地球运动的卫星；此时卫星的体积相对于和地球之间的距离来说是很小的，可以忽略，能看成质点，所以D正确．

故选BD．

【解析】【答案】物体可以看成质点的条件是看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响；同一个物体在不同的时候，有时可以看成质点，有时不行，要看研究的是什么问题．

5、D【分析】均匀变化的电场产生稳定的磁场，AB错；稳定的电场不产生磁场，C错；D对；【解析】【答案】D6、D【分析】【分析】根据闭合电路欧姆定律分析两电源的电动势和内阻大小。过原点O

作出一条倾斜的直线，该直线与两图线的交点表示两电源与同样的电阻连接时的工作状态，电源的输出功率P=UI

由交点纵坐标与横坐标乘积比较输出功率的大小。电源的效率娄脟=UIEI=RR+r

本题根据图线的截距，交点，斜率等数学意义来理解图线的物理意义，技巧是作出电阻的伏安特性曲线。【解答】A.根据闭合电路欧姆定律得，U=E鈭�Ir

当I=0

时，U=E

即图线与纵轴交点表示断路状态，交点的纵坐标等于电源的电动势大小，图线的斜率大小等于电源的内阻，由图看出，电源垄脵

的电动势和内阻均比电源垄脷

大，故A错误。CD.BD

过原点O

作出一条倾斜的直线(3)

该直线与图线垄脵垄脷

的交点就表示该电阻与两电源连接时的工作状态，由图看出，直线(3)

与图线垄脵

交点的两坐标的乘积大于直线(3)

与图线垄脷

交点的两坐标的乘积，说明不论外接多大的相同电阻，电源垄脵

的输出功率总比电源垄脷

的输出功率大，故C错误，D正确。B.电源的效率娄脟=UIEI=RR+r

当外接同样的电阻，由于内阻r

不等；电源的效率不可能相等，电源垄脷

的效率总大于电源垄脵

的效率，故B错误。

故选D。

【解析】D

7、D【分析】解：A

安培力的单位是牛顿；不是特斯拉.

故A错误；

B

电场强度的单位是牛/

库；不是特斯拉.

故B错误．

C

电容的单位是法拉；不是特斯拉.

故C错误．

D

磁感应强度的单位是特斯拉.

故D正确．

故选：D

“特斯拉”是磁感应强度的单位；不是电场强度；电动势、电容的单位．

本题考查对物理量的掌握程度.

单位是物理量的组成部分，对名称和符号都要记住，可结合物理公式加强记忆．【解析】D

8、D【分析】解：A

当带电体的形状、大小以及电荷分布可以忽略不计；该电荷可以看成点电荷.

该电荷能否看成点电荷，不是看它的体积电量，而是看形状大小能否忽略.

故A错误．

B；电场中P

点的场强方向为正试探电荷在该点受到的电场力的方向.

故B错误．

C、当r隆煤0

时，该电荷不能看成点电荷，公式F=kq1q2r2

不能适用；故C错误．

D；电场的基本性质是对放入其中的电荷有力的作用；A

电荷受到B

电荷的作用，是B

电荷的电场对A

电荷的作用，故D正确．

故选：D

库仑定律的公式F=kq1q2r2

适用于点电荷之间的静电力；当带电体的形状；大小以及电荷分布可以忽略不计，该电荷可以看成点电荷，电场强度方向为正电荷在该点的电场力方向．

解决本题的关键知道能看成点电荷的条件，以及库仑定律公式的适用范围，难度不大，属于基础题．【解析】D

二、填空题(共7题，共14分)9、略

【分析】

（a）图磁场方向垂直纸面向里；电流方向水平向右，根据左手定则，磁场力方向竖直向上．

（b）图磁场方向垂直纸面向外；电流方向斜向上，根据左手定则，知磁场力方向垂直导线方向向下．

（c）图磁场方向竖直向上；电流方向垂直纸面向里，根据左手定则，磁场力的方向水平向右．

（d）图磁场方向垂直纸面向里；电流方向垂直纸面向外，由于电流方向与磁场方向平行，则不受磁场力．

故答案为：竖直向上；垂直导线方向向下，水平向右，不受磁场力．

【解析】【答案】根据电流的方向和磁场的方向；通过左手定则判断出磁场力的方向．

10、略

【分析】

（1）由力的平衡条件得：10mg=4qE，解得：电场强度：E=

（2）从第一个小球进入电场到第4个小球进入电场的过程中；由动能定理得：

10mg•3L-qE（3L+2L+L）=（10m）v2-0，解得：v=

故答案为：．

【解析】【答案】（1）在第四个小球进入电场到第五个小球进入电场前这一过程中；AB做匀速直线运动，AB受到的电场力为4qE，根据重力与电场力平衡，求出电场强度．

（2）从第一个小球进入到第三个小球进入电场过程中；重力做功为10mg•3L，电场力做功为-qE（3L+2L+L），根据动能定理求出速度大小v．

11、略

【分析】

①测定电源电动势和内电阻的电路图如图所示。

对照电路图连线如下：

②滑动变阻器E电阻值较大；操作不方便，同时额定电流太小，故选小电阻的滑动变阻器；

故选D．

③电源的U-I图象的纵轴截距表示电源的电动势；故E=1.5V；

斜率表示电源的内电阻，故

故答案为：1.5；1．

【解析】【答案】①对照测定电源电动势和内电阻的电路图进行连线即可；

②要保证不超过额定电流；还要操作方便，如果选择大电阻，随着滑动变阻器的阻值减小，电流几乎不变，直到最后几圈时，电流才有显著变化；

③电源的U-I图象的纵轴截距表示电源的电动势；斜率表示电源的内电阻．

12、略

【分析】解：速度的物理意义是描述物体运动快慢的物理量，速度的定义：运动物体通过的位移与所用时间的比值叫速度，定义式v=．

故答案为：描述物体运动快慢的物理量；运动物体通过的位移与所用时间的比值；v=．

速度是描述物体运动快慢的物理量；等于运动物体通过位移与所用时间的比值．

此题考查了速度的定义、物理意义、定义式等，难度不大，属于基础题．【解析】描述物体运动快慢的物理量；运动物体通过的位移与所用时间的比值；v=13、略

【分析】解：质谱仪是测定带电粒子质量和分析同位素．

根据qU=解得v=因为氢的三种同位素氕、氘、氚的电量之比为1：1：1，质量之比为1：2：3，则v氕：v氘：v氚=．

根据r=可知r氚＞r氘＞r氕，所以a、b；c三条“质谱线”的排列顺序依次是氚、氘、氕．

故答案为：测定带电粒子质量和分析同位素；氚；氘、氕。

根据动能定理求出粒子进入磁场时的速度；从而得出氕氘氚的速度之比，根据粒子在磁场中的半径公式，通过比较半径的大小得出三条质谱线的排列顺序．

本题考查了质谱仪的基本运用，关键是动能定理和牛顿第二定律的运用，难度不大．【解析】测定带电粒子质量和分析同位素；氚、氘、氕14、略

【分析】解：把电流表改装成3V的电压表需要串联分压电阻；

串联电阻阻值：R=-Rg=-100=500Ω；

故答案为：500．

把电流表改装成电压表需要串联分压电阻；应用串联电路特点与欧姆定律可以求出串联电阻阻值．

本题考查了电压表的改装，知道电压表的改装原理是解题的前提，应用串联电路特点与欧姆定律可以解题，本题是一道基础题．【解析】50015、略

【分析】解：由b

图得：鈻�B鈻�t=0.20.2T/s=1T/s

由法拉第电磁感应定律可得：感应电动势：

E=鈻�娄碌鈻�t=鈻�B鈻�tS=1隆脕100隆脕10鈭�4V=0.01V

感应电流：I=ER=0.010.1A=0.1A

通过圆环横截面的电荷量：q=It=0.1隆脕(0.2鈭�0.1)C=0.01C

故答案为：0.1A0.01C

由b

图的斜率求出磁感应强度的变化率.

根据法拉第电磁感应定律求出回路中感应电动势；由闭合电路欧姆定律求解感应电流的大小.

由q=It

求解流过的电荷量．

本题是电磁感应与电路相结合的综合题，应用法拉第电磁感应定律、欧姆定律、电流定义式即可正确解题．【解析】0.1A0.01C

三、判断题(共9题，共18分)16、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．17、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．18、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．19、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．20、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．21、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．22、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．23、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．24、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．四、实验探究题(共1题，共5分)25、不需要不必要不必要大于C【分析】解：（1）考察操作过程：由于滑块是在气垫导轨上加速运动；所以阻力可以忽略，当然不需要平衡摩擦力。而实验中是用弹簧秤与绳子串联的，所以绳子的拉力从弹簧秤上可以读出，不必要用钩码的重力代替绳子的拉力，所以不必满足m＜＜M，也不必测出钩码的质量。

（2）由于t2＞t1，则v1＜v2；即滑块在导轨上做减速运动，即该同学未调节导轨水平，使左端高些，那么相当于滑块受到了阻力，所以当滑块受到一定的拉力时可能滑块加速度为零，所以选项C符合要求。

（3）弹簧的拉力就是小车受到的合力，据牛顿第二定律a=则a-F图象的斜率就是质量的倒数，所以m=

故答案为：（1）不需要，不必要，不必要，大于；（2）C；（3）

（1）根据题意确定气垫导轨哪端高哪端低；然后调节气垫导轨水平；

（2）遮光条的宽度与遮光条经过光电门的时间之比是遮光条的速度；根据题意速度位移公式求出加速度；

（3）根据牛顿第二定律解答。

本题考查了实验注意事项与实验数据处理，要掌握常用器材的使用及读数方法；了解光电门测量瞬时速度的原理；理实验时一定要找出实验原理，根据实验原理我们可以寻找需要测量的物理量和需要注意的事项。【解析】不需要不必要不必要大于C五、综合题(共3题，共12分)26、解：(1)设磁感应强度为B，粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径为r

由

得

粒子在磁场中运动情况如图。

由几何知识有

有上两式得

(2)设粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期为T，则

由图知；粒子在磁场中做圆周运动对应的圆心角为。

θ=180°-60°=120°

所以，粒子在磁场中运动的时间是

【分析】(1)

由几何轨迹找到圆心位置；由几何关系得到半径，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律列方程可得匀强磁场的磁感应强度B

(2)

根据运动时间与周期的关系：娄脠2娄脨=tT

先求出偏转角，再求出运动的时间。抓住微粒在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力可以得到微粒圆周运动的半径、周期的表达式，根据表达式进行解答。

【解析】解：(1)

设磁感应强度为B

粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径为r

由qvB=mv2r

得r=mvqB

粒子在磁场中运动情况如图。

由几何知识有r=acos(30鈭�)=2a3

有上两式得B=3mv2aq

(2)

设粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期为T

则T=2娄脨rv=4娄脨a3v

由图知；粒子在磁场中做圆周运动对应的圆心角为。

娄脠=180鈭�鈭�60鈭�=120鈭�

所以，粒子在磁场中运动的时间是120鈭�360鈭�=tT

t=13T=43娄脨a9v

27、①（Mg+mg+ma）t②有③（1）0.00750.0150.0075碰撞过程中动量守恒（2）BCD（3）C【分析】垄脵

【分析】以人为研究对象，根据牛顿第二定律求出人对杆子的作用力，再以杆子为研究对象，分析受力情况，根据平衡条件求出地面对杆子的支持力，最后根据冲量的定义求解地面对木杆的支持力的冲量。本题是平衡条件和牛顿运动定律的综合应用，分析受力是关键；也可以对人和木杆整体运用动量定理列式求解。【解答】以人为研究对象；根据牛顿第二定律得：

F鈭�mg=ma

解得：F=ma+mg

以杆子为研究对象；分析受力情况，杆子受到重力Mg

地面的支持力N

和人对杆子向下的力F

根据平条件得：

N=Mg+F=Mg+mg+ma

故支持力的冲量为：

I=Nt=(Mg+mg+ma)t

故填：(Mg+mg+ma)t

垄脷

【分析】当用频率为极限频率的光照射时，光子刚好发生光电效应，则最大初动能为零，据此求出逸出功，当照射光的频率达到极限频率时即可发生光电效应，根据爱因斯坦光电效应方程，求解光电子的最大初动能。考查爱因斯坦光电效应方程，掌握发生光电效应现象的条件：入射光的频率大于或等于极限频率.

当发生光电效应时，入射光的频率越高，而金属的逸出功是一定，则光电子的最大初动能越大。【解答】当用频率为极限频率的光照射时；光子刚好发生光电效应，则最大初动能为零；

则逸出功WA=h娄脙0

即得：WA=6.63隆脕10鈭�34隆脕1.1隆脕1015=7.293隆脕10鈭�19J

1.5隆脕1015Hz>1.1隆脕1015Hz

则能发生光电效应，有光电子逸出；

由爱因斯坦光电效应方程EKm=h娄脙鈭�WA

得：

EKm=6.63隆脕10鈭�34隆脕1.5隆脕1015鈭�7.293隆脕10鈭�19J=2.64隆脕10鈭�19J

故填：7.293隆脕10鈭�19J

有2.64隆脕10鈭�19J

垄脹

【分析】(1)

由速度图象求出小球的位移与对应的时间，由速度公式求出小球的速度，然后根据动量的计算公式求出小球的动量，然后分析答题；(2)

在做“验证动量守恒定律”的实验中；是通过平抛运动的基本规律求解碰撞前后的速度的，所以要保证每次小球都做平抛运动，则轨道的末端必须水平；

(3)

本题要验证动量守恒定律定律即m1v0=m1v1+m2v2

故需验证maOP=maOM+mbON

(1)

本题考查了实验数据分析；由图象求出小球的位移与对应的时间，应用速度公