2022高考生物(新课标)大一轮复习配套检测-第五单元-遗传的基本规律15

课时作业(十五)(A卷自由组合定律基础)一、选择题1.(2022·江苏)下列关于遗传试验和遗传规律的叙述，正确的是 ()A.非等位基因之间自由组合，不存在相互作用B.杂合子与纯合子基因组成不同，性状表现也不同C.孟德尔奇异设计的测交方法只能用于检测F1的基因型D.F2的3∶1性状分别比确定依靠于雌雄配子的随机结合解析A项中非等位基因不愿定就是能自由组合的，位于同源染色体上的非等位基因不能自由组合。基因和基因之间的相互作用与基因的位置没有明显关系。杂合子和纯合子基因组成的确不同，但在某种状况下会表现出相同的性状，如当完全显性时AA、Aa的性状表现相同。孟德尔设计的测交方法是为了测定F1产生的配子类型。在理解了测交方法之后可以用于检测显性性状个体的基因型及F1产生配子的种类等。F2中3∶1的性状分别比与雌雄配子的随机结合亲热相关，在孟德尔的一对相对性状的遗传试验假说中明确提出过。答案D2.(2021·天津)大鼠的毛色由独立遗传的两对等位基因把握。用黄色大鼠与黑色大鼠进行杂交试验，结果如下图。据图推断，下列叙述正确的是 ()A.黄色为显性性状，黑色为隐性性状B.F1与黄色亲本杂交，后代有两种表现型C.F1和F2中灰色大鼠均为杂合体D.F2黑色大鼠与米色大鼠杂交，其后代中毁灭米色大鼠的概率为1/4解析两对等位基因杂交，F2中灰色比例最高，所以灰色为双显性状，米色最少为双隐性状，黄色、黑色为单显性，A项错误；F1为双杂合子(AaBb)，与黄色亲本(假设为aaBB)杂交，后代为两种表现型，B项正确；F2毁灭性状分别，体色由两对等位基因把握，则灰色大鼠中有1/9的为纯合体(AABB)，其余为杂合，C项错误；F2中黑色大鼠中纯合子(AAbb)所占比例为1/3，与米色(aabb)杂交不会产生米色大鼠，杂合子(Aabb)所占比例为2/3，与米色大鼠(aabb)交配，产生米色大鼠的概率为2/3×1/2=1/3，D项错误。答案B3.某二倍体植物宽叶(M)对窄叶(m)为显性，高茎(D)对矮茎(d)为显性，红花(R)对白花(r)为显性。基因M、m与基因R、r在2号染色体上，基因D、d在4号染色体上。假如用此植物验证遗传定律，下列说法错误的是 ()A.验证基因的分别定律，统计叶形、株高或花色都可以B.验证基因的自由组合定律，统计叶形和花色或株高和花色都可以C.验证孟德尔遗传定律，需要统计一个较大的试验样本D.验证基因的自由组合定律可以用纯合矮茎红花植株和纯合高茎白花植株杂交，F1测交或自交解析该植物的叶形、株高、花色分别由一对等位基因把握，都可以用来验证基因分别定律；叶形和花色基因位于一对同源染色体上，不能用来验证基因的自由组合定律；验证孟德尔遗传定律，需要统计的试验样本应足够大，以避开偶然因素的影响；验证基因的自由组合定律可以用基因位于非同源染色体上的两纯合亲本杂交，再让F1测交或自交。答案B4.如图表示不同基因型豌豆体细胞中的两对基因及其在染色体上的位置，这两对基因分别把握两对相对性状，其中两种基因型的豌豆杂交，子代四种表现型的比例为3∶3∶1∶1，这两种豌豆分别为 ()A.甲、乙 B.甲、甲C.甲、丁 D.丙、丁解析甲植株(AaBb)与丁植株(Aabb)杂交，子代表现型比例为3∶3∶1∶1。答案C5.(2021·海南)人类有多种血型系统，MN血型和Rh血型是其中的两种。MN血型由常染色体上的1对等位基因M、N把握，M血型的基因型为MM，N血型的基因型为NN，MN血型的基因型MN；Rh血型由常染色体上的另1对等位基因R和r把握，RR和Rr表现为Rh阳性，rr表现为Rh阴性，这两对等位基因自由组合。若某对夫妇中，丈夫和妻子的血型均为MN型-Rh阳性，且已生出1个血型为MN型-Rh阴性的儿子，则再生1个血型为MN型-Rh型阳性女儿的概率是 ()A.3/8 B.3/16C.1/8 D.1/16解析由题中已生出1个血型为MN型-Rh阴性(MNrr)的儿子可知，父母的基因型均为MNRr。两对性状分别考虑，后代为杂合子MN的概率为1/2，Rh阳性(RR和Rr)的概率为3/4，题目还要求生1个女儿，其在后代中的概率为1/2，综上为1/2×3/4×1/2=3/16。答案B6.(2022·海南)基因型为AaBbDdEeGgHhKk的个体自交，假定这7对等位基因自由组合，则下列有关其子代叙述正确的是 ()A.1对等位基因杂合、6对等位基因纯合的个体毁灭的概率为5/64B.3对等位基因杂合、4对等位基因纯合的个体毁灭的概率为35/128C.5对等位基因杂合、2对等位基因纯合的个体毁灭的概率为67/256D.6对等位基因纯合的个体毁灭的概率与6对等位基因杂合的个体毁灭的概率不同解析1对等位基因杂合、6对等位基因纯合的个体毁灭的概率=C172/4×(1/4+1/4)×(1/4+1/4)×(1/4+1/4)×(1/4+1/4)×(1/4+1/4)×(1/4+1/4)=7/128，A项错误；3对等位基因杂合、4对等位基因纯合的个体毁灭的概率=C372/4×2/4×2/4×(1/4+1/4)×(1/4+1/4)×(1/4+1/4)×(1/4+1/4)=35/128，B项正确；5对等位基因杂合、2对等位基因纯合的个体毁灭的概率=C572/4×2/4×2/4×2/4×2/4×(1/4+1/4)×(1/4+1/4)=21/128，C项错误；6对等位基因纯合的个体毁灭的概率=C172/4×(1/4+1/4)×(1/4+1/4)×(1/4+1/4)×(1/4+1/4)×(1/4+1/4)×(1/4+1/4)=7/128，6对等位基因杂合的个体毁灭的概率=C172/4×2/4×2/4×2/4×2/4×2/4×(1/4+1/4)=7/128，相同，D项错误。答案B7.(2022·山东)某遗传病的遗传涉及非同源染色体上的两对等位基因。已知Ⅰ-1基因型为AaBB，且Ⅱ-2与Ⅱ-3婚配的子代不会患病。依据以下系谱图，正确的推断是 ()A.Ⅰ-3的基因型确定为AABbB.Ⅱ-2的基因型确定为aaBBC.Ⅲ-1的基因型可能为AaBb或AABbD.Ⅲ-2与基因型为AaBb的女性婚配，子代患病的概率为3/16解析该遗传病是由两对等位基因共同把握的，依据题干信息AaBB个体表现正常，Ⅱ-2个体含有B基因，表现患病，推断当个体基因型中同时含有A和B基因时个体表现正常，当个体基因型中只含有A或B时，或不含有显性基因时个体表现为患病；Ⅱ-2和Ⅱ-3婚配的子代不会患病，说明其子代基因型为唯一，且同时含有A和B，结合Ⅱ-2、Ⅱ-3的表现型，可判定Ⅱ-2和Ⅱ-3的基因型为aaBB和AAbb，Ⅲ-1和Ⅲ-2的基因型为AaBb；Ⅲ-2与基因型为AaBb的个体婚配，则子代患病的概率为3/16(A_bb)+3/16(aaB_)+1/16(aabb)=7/16。答案B8.已知玉米子粒黄色对红色为显性，非甜对甜为显性。纯合的黄色甜玉米与红色非甜玉米杂交得到F1，F1自交或测交，预期结果错误的是 ()A.自交结果中黄色非甜与红色甜比例为9∶1B.自交结果中与亲本相同的表现型所占子代的比例为5/8C.自交结果中黄色和红色的比例为3∶1，非甜与甜比例为3∶1D.测交结果中红色非甜所占子代的比例为1/4解析假设玉米子粒黄色与红色由基因A、a把握，非甜与甜由基因B、b把握。纯合的黄色甜玉米(AAbb)与红色非甜玉米(aaBB)杂交，F1的基因型为AaBb，F1自交结果中与亲本相同的表现型所占子代的比例为3/4×1/4×2=3/8。答案B9.已知玉米某两对基因依据自由组合规律遗传，其子代基因型及比值如图所示，则亲本基因型为 ()A.DDSS×DDSs B.DdSs×DdSsC.DdSs×DDSs D.DdSS×DDSs解析题图中D(d)基因后代只有两种基因型，即DD和Dd，且比例为1∶1则亲代基因型为DD和Dd，S(s)基因后代有三种基因型，即SS、Ss、ss，且比例为1∶2∶1，所以亲代基因型都是杂合子，C选项正确。答案C10.如图表示基因在染色体上的分布状况，其中不遵循基因自由组合定律的相关基因是 ()解析基因自由组合定律争辩的是不同对同源染色体上基因的遗传规律，而图示中A-a与D-d基因位于同一对同源染色体上，故不遵循基因的自由组合定律。答案A二、非选择题11.(2022·福建)人类对遗传的认知逐步深化：(1)在孟德尔豌豆杂交试验中，纯合的黄色圆粒(YYRR)与绿色皱粒(yyrr)的豌豆杂交，若将F2中黄色皱粒豌豆自交，其子代中表现型为绿色皱粒的个体占________。进一步争辩发觉r基因的碱基序列比R基因多了800个碱基对，但r基因编码的蛋白质(无酶活性)比R基因编码的淀粉支酶少了末端61个氨基酸，推想r基因转录的mRNA提前毁灭________。试从基因表达的角度，解释在孟德尔“一对相对性状的杂交试验”中，所观看的7种性状的F1中显性性状得以体现，隐性性状不体现的缘由是_________________________________________________。(2)摩尔根用灰身长翅(BBVV)与黑身残翅(bbvv)的果蝇杂交，将F1中雌果蝇与黑身残翅雄果蝇进行测交，子代毁灭四种表现型，比例不为1∶1∶1∶1，说明F1中雌果蝇产生了________种配子。试验结果不符合自由组合定律，缘由是这两对等位基因不满足该定律“________”这一基本条件。(3)格里菲思用于转化试验的肺炎双球菌中，S型菌有SⅠ、SⅡ、SⅢ等多种类型，R型菌是由SⅡ型突变产生。利用加热杀死的SⅢ与R型菌混合培育，毁灭了S型菌，有人认为S型菌毁灭是由于R型菌突变产生的，但该试验中毁灭的S型菌全为________，否定了这种说法。(4)沃森和克里克构建了DNA双螺旋结构模型，该模型用________解释DNA分子的多样性，此外，________的高度精确性保证了DNA遗传信息的稳定传递。解析在孟德尔豌豆杂交试验中纯合的黄色圆粒(YYRR)与绿色皱粒(yyrr)的豌豆杂交，则其F2中的黄色皱粒的基因型为1/3YYrr和2/3Yyrr，则它们自交，其子代中表现型为绿色皱粒(yyrr)的个体yy(2/3×1/4)×rr(1)=1/6。进一步争辩发觉r基因的碱基序列比R基因多了800个碱基对，但r基因编码的蛋白质(无酶活性)比R基因编码的淀粉支酶少了末端61个氨基酸，由此可以推想r基因转录的mRNA提前毁灭了终止密码(子)。从基因表达的角度，隐性性状不体现的缘由可能是显性基因表达，隐性基因不转录，或隐性基因不翻译，或隐性基因编码的蛋白质无活性、或活性低。(2)摩尔根用灰身长翅(BBVV)与黑身残翅(bbvv)的果蝇杂交，将F1中雌果蝇测交，子代有4种表现型，可以确定F1中的雌果蝇产生了4种配子。但结果不符合自由组合定律，缘由是这两对等位基因不满足该定律“非同源染色体上非等位基因”的这一基本条件。(3)由于突变存在不定向性，所以，该试验中毁灭的S型菌全为SⅢ，就说明不是突变产生的，从而否定了前面的说法。(4)沃森和克里克构建了DNA双螺旋结构模型，该模型用碱基对排列挨次的多样性解释DNA分子的多样性，此外，碱基互补配对的高度精确性保证了DNA遗传信息稳定传递。答案(1)1/6终止密码(子)显性基因表达，隐性基因不转录，或隐性基因不翻译，或隐性基因编码的蛋白质无活性、或活性低(2)4非同源染色体上非等位基因(3)SⅢ(4)碱基对排列挨次的多样性碱基互补配对12.(2022·安徽)香味性状是优质水稻品种的重要特性之一。(1)香稻品种甲的香味性状受隐性基因(a)把握，其香味性状的表现是由于_____________________________，导致香味物质累积。(2)水稻香味性状与抗病性状独立遗传。抗病(B)对感病(b)为显性。为选育抗病香稻新品种，进行一系列杂交试验。其中，无香味感病与无香味抗病植株杂交的统计结果如图所示，则两个亲本的基因型是________。上述杂交的子代自交，后代群体中能稳定遗传的有香味抗病植株所占比例为________。(3)用纯合无香味植株作母本与香稻品种甲进行杂交，在F1中间或发觉某一植株具有香味性状。请对此现象给出合理解释：①________________________；②_____________________________。(4)单倍体育种可缩短育种年限。离体培育的花粉经脱分化形成________，最终发育成单倍体植株，这表明花粉具有发育成完整植株所需要的________。若要获得二倍体植株，应在________时期用秋水仙素进行诱导处理。解析(1)a为隐性基因，因此若要表现为有香味性状，必需使a基因纯合(即为aa)，参与香味物质代谢的某种酶缺失，从而导致香味物质累积。(2)依据杂交子代抗病∶感病=1∶1，无香味∶有香味=3∶1，可知亲本的基因型为：Aabb、AaBb，从而推知子代F1的类型有：1/8AABb、1/8AAbb、1/4AaBb、1/4Aabb、1/8aaBb、1/8aabb，其中只有1/4AaBb、1/8aaBb自交才能获得能稳定遗传的有香味抗病植株(aaBB)，可获得的比例为1/4×1/4×1/4+1/8×1×1/4=3/64。(3)正常状况AA与aa杂交，所得子代为Aa(无香味)，某一雌配子形成时，若A基因突变为a基因或含A基因的染色体片段缺失，则可能毁灭某一植株具有香味性状。(4)花药离体培育过程中，花粉先经脱分化形成愈伤组织，通过再分化形成单倍体植株，此过程体现了花粉细胞的全能性，其根本缘由是花粉细胞中含有把握该植株个体发育所需的全部遗传信息；形成的单倍体植株需在幼苗期用确定浓度的秋水仙素处理才可形成二倍体植株。答案(1)a基因纯合，参与香味物质代谢的某种酶缺失(2)Aabb、AaBb3/64(3)某一雌配子形成时，A基因突变为a基因某一雌配子形成时，含A基因的染色体片段缺失(4)愈伤组织全部遗传信息幼苗13.(2022·大纲全国)现有4个小麦纯合品种，即抗锈病无芒、抗锈病有芒、感锈病无芒和感锈病有芒。已知抗锈病对感锈病为显性，无芒对有芒为显性，且这两对相对性状各由一对等位基因把握。若用上述4个品种组成两个杂交组合，使其F1均为抗锈病无芒，且这两个杂交组合的F2的表现型及其数量比完全全都。回答问题：(1)为实现上述目的，理论上，必需满足的条件有：在亲本中把握这两对相对性状的两对等位基因必需位于________上，在形成配子时非等位基因要________，在受精时雌雄配子要________，而且每种合子(受精卵)的存活率也要________。那么，这两个杂交组合分别是________和________。(2)上述两个杂交组合的全部F2植株自交得到F3种子，1个F2植株上所结的全部F3种子种在一起，长成的植株称为1个F3株系。理论上，在全部F3株系中，只表现出一对性状分别的株系有4种，那么，在这4种株系中，每种株系植株的表现型及其数量比分别是________、________、________和________。解析(1)若抗锈病与感锈病、无芒与有芒分别受A/a、B/b这两对等位基因把握，再依据题干信息可知4个纯合亲本的基因型可分别表示为AABB、AAbb、aaBB、aabb，若要使两个杂交组合产生的F1与F2均相同，则两个亲本组合只能是AABB(抗锈病无芒)×aabb(感锈病有芒)、AAbb(抗锈病有芒)×aaBB(感锈病无芒)，得F1均为AaBb，这两对等位基因须位于两对同源染色体上，非同源染色体上的非等位基因自由组合，才能使两组杂交的F2完全全都，同时受精时雌雄配子要随机结合，形成的受精卵的存活率也要相同。(2)依据上面的分析可知，F1为AaBb，F2植株将毁灭9种不同的基因型：AABB、AaBB、AABb、AaBb、AAbb、Aabb、aaBB、aaBb、aabb，可见F2自交最终可得到9个F3株系，其中基因型AaBB、AABb、Aabb、aaBb中有一对基由于杂合子，自交后该对基因打算的性状会发生性状分别，依次是抗锈病无芒∶感锈病无芒=3∶1、抗锈病无芒∶抗锈病有芒=3∶1、抗锈病有芒∶感锈病有芒=3∶1、感锈病无芒∶感锈病有芒=3∶1。答案(1)非同源染色体自由组合随机结合相等抗锈病无芒×感锈病有芒抗锈病有芒×感锈病无芒(2)抗锈病无芒∶抗锈病有芒=3∶1抗锈病无芒∶感锈病无芒=3∶1感锈病无芒∶感锈病有芒=3∶1抗锈病有芒：感锈病有芒=3∶114.(2022·海南)某种植物的表现型有高茎和矮茎、紫花和白花，其中紫花和白花这对相对性状由两对等位基因把握，这两对等位基因中任意一对为隐性纯合则表现为白花。用纯合的高茎白花个体与纯合的矮茎白花个体杂交，F1表现为高茎紫花，F1自交产生F2，F2有4种表现型：高茎紫花162株，高茎白花126株，矮茎紫花54株，矮茎白花42株。请回答：(1)依据此杂交试验结果可推想，株高受________对等位基因把握，依据是________。在F2中矮茎紫花植株的基因型有________种，矮茎白花植株的基因型有________种。(2)假如上述两对相对性状自由组合，则理论上F2中高茎紫花、高茎白花、矮茎紫花和矮茎白花这4种表现型的数量比为________。解析(1)依据F2中高茎∶矮茎=(162+126)∶(54+42)=3∶1，可知株高是受一对等位基因把握；假设紫花和白花受A、a和B、b两对基因把握，高茎和矮茎受基因D、d把握，依据题干可知，紫花基因型为A_B_、白花基因型为A_bb、aaB_、aabb。依据纯合白花和纯合白花杂交毁灭紫花(A_B_)，可知亲本纯合白花的基因型是AAbb和aaBB，故F1的基因型为AaBbDd，因此F2的矮茎紫花植株基因型有：AABBdd、AABbdd、AaBBdd、AaBbdd四种，矮茎白花植株的基因型有：AAbbdd、Aabbdd、aaBBdd、、aaBbdd、aabbdd五种。(2)F1的基因型为AaBbDd，A和B一起考虑，D和d基因单独考虑分别求出相应的表现型比例，然后相乘即可。即AaBb自交，后代紫花(A_B_)∶白花(A_bb、aaB_、aabb)=9∶7，Dd自交，后代高茎∶矮茎=3∶1，因此理论上F2中高茎紫花、高茎白花、矮茎紫花和矮茎白花=27∶21∶9∶7。答案一F2中高茎∶矮茎=3∶145(2)27∶21∶9∶7(B卷自由组合定律拓展)一、选择题1.科研人员为探究某种鲤鱼体色的遗传，做了如下试验：用黑色鲤鱼和红色鲤鱼杂交，F1全为黑鲤，F1自交结果如下表所示。依据试验结果，下列推想错误的是 ()杂交组F2总数F2性状的分别状况黑鲤红鲤黑鲤∶红鲤11699159210714.88∶12154614509615.10∶1A.鲤鱼体色中的黑色是显性性状B.鲤鱼的体色由细胞核中的基因把握C.鲤鱼体色的遗传遵循自由组合规律D.F1与隐性亲本杂交，后代中黑鲤和红鲤的比例为1∶1解析由题干“用黑色鲤鱼和红色鲤鱼杂交，F1全为黑鲤”可知黑色为显性性状，A选项正确。由表格的试验结果推想：鲤鱼的体色是由位于细胞核的两对等位基因(假设为A、a和B、b)把握的，B选项正确。黑鲤基因型为A_B_、A_bb和aaB_，红鲤基因型为aabb，符合孟德尔的基因自由组合规律，C选项正确。F1与隐性亲本(红鲤)杂交(AaBb×aabb)，后代中黑鲤与红鲤的比例为3∶1，D选项错误。答案D2.报春花的花色有白花和黄色两种，白色(只含白色素)和黄色(含黄色锦葵色素)是由两对等位基因(A和a，B和b)共同把握，两对等位基因独立遗传，显性基因A把握以白色素为前体物质合成黄色锦葵色素的代谢过程，但当显性基因B存在时可抑制A基因的表达(如图所示)。现选择AABB和aabb两个品种进行杂交，得到F1，F1自交得到F2，则下列说法不正确的是 ()A.黄色植株的基因型是AAbb或AabbB.F1的表现型是白色C.F2中黄色∶白色的比例是3∶5D.F2中的白色个体的基因型种类是7种解析依据题意，至少有一个A且不能有B存在时才表现出黄色。故开黄花的个体基因型为AAbb和Aabb，A选项正确。AABB与aabb杂交，F1为AaBb，表现型是白色，B选项正确。F1自交得到F2的基因型为A_B_、A_bb、aaB_、aabb，比例是9∶3∶3∶1，有A而且无B的占3，其余的为13，所以C选项的答案是3∶13，C选项错误。F2中占13的白色的基因型为AABB、AABb、AaBB、AaBb、aaBB、aaBb、aabb，共7种，D选项正确。答案C3.荠菜的果实外形有三角形和卵圆形两种，该性状的遗传涉及两对等位基因，分别用A、a和B、b表示。为探究荠菜果实外形的遗传规律，进行了杂交试验(如图)。下列相关分析不正确的是 ()A.依据F2表现型及比例可推断，荠菜果实外形的遗传遵循自由组合定律B.图中亲本的基因型应分别为AABB和aabbC.F1测交后代的表现型及比例为三角形果实∶卵圆形果实=3∶1D.F2三角形果实中能稳定遗传的个体应占1/16解析该题考查自由组合定律的内容及变式。从F2中三角形∶卵圆形=301∶20≈15∶1，应为9∶3∶3∶1的变式，所以F1的基因型确定为AaBb，P为AABB和aabb，F1测交后代为三角形∶卵圆形=3∶1，而F2中三角形果实中能稳定遗传的个体应占1/5。答案D4.与家兔毛型有关的两对基因(A、a与B、b)中，只要其中一对隐性基因纯合就能毁灭力克斯毛型，否则为一般毛型。若只考虑上述两对基因对毛型的影响，用已知基因型为aaBB和AAbb的家兔为亲本杂交，得到F1，F1彼此交配获得F2。下列叙述不正确的是 ()A.F2毁灭不同表现型的缘由可能是F1减数分裂过程中发生了基因重组的现象B.若上述两对基因位于两对同源染色体上，则F2与亲本毛型相同的个体占7/16C.若F2力克斯毛型兔有5种基因型，则上述与毛型相关的两对基因确定可以自由组合D.若要从F2力克斯毛型兔中筛选出双隐性纯合子，可接受分别与亲本杂交的方法解析F1减数分裂过程中发生基因重组会导致F2毁灭不同表现型；若两对基因自由组合，F2中只有其因型为A_B_与亲本毛型不同，则与亲本毛型相同的个体占7/16；若F2力克斯毛型兔有5种基因型，则上述与毛型相关的两对基因可能在两对同源染色体上，可自由组合，也可能在一对同源染色体上，发生了交叉互换。答案C5.番茄的花色和叶的宽窄分别由一对等位基因把握，且两对基因中某一对基因纯合时会使受精卵致死。现用红色窄叶植株自交，子代的表现型及其比例为红色窄叶∶红色宽叶∶白色窄叶∶白色宽叶=6∶2∶3∶1。下列有关表述正确的是()A.这两对基因位于一对同源染色体上B.这两对相对性状中显性性状分别是红色和宽叶C.把握花色的基因具有隐性纯合致死效应D.自交后代中纯合子所占比例为1/6解析依据红色窄叶植株自交后代表现型比例为6∶2∶3∶1可知，这两对等位基因位于两对同源染色体上，其遗传遵循基因的自由组合定律；由子代中红色∶白色=2∶1、窄叶∶宽叶=3∶1，可知红色、窄叶为显性性状，且把握花色的显性基因纯合致死；子代中只有白色窄叶和白色宽叶中有纯合子，所占比例为2/12，即1/6。答案D6.将纯合的野鼠色小鼠与棕色小鼠杂交，F1代全部表现为野鼠色。F1个体间相互交配，F2代表现型及比例为野鼠色∶黄色∶黑色∶棕色=9∶3∶3∶1。若M、N为把握相关代谢途径的显性基因，据此推想最合理的代谢途径是 ()解析由F1的表现型可知：野鼠色为显性，棕色为隐性。F1雌雄个体间相互交配，F2毁灭野鼠色∶黄色∶黑色∶棕色=9∶3∶3∶1，说明双显性为野鼠色，双隐性为棕色，M_N_为野鼠色，mmnn为棕色，只具有M或N(M_nn或mmN_)表现为黄色或黑色，A符合题意。答案A7.小鸡羽毛的着色，必需有色素产生并沉积，否则为白色毛。已知鸡羽毛的毛色由位于常染色体上的两对独立遗传的基因把握。在一个位点上，显性基因可产生色素，隐性基因则不产生色素；在另一位点上，显性基因阻挡色素的沉积，隐性基因则可使色素沉积。假如表现型为白色的鸡(两位点均为隐性纯合)和另一种表现型为白色的鸡(两位点均为显性纯合)进行杂交，F1与隐性个体测交后代羽毛着色的概率为 ()A.0 B.1/4C.1/2 D.3/4解析假设产生色素的基因对为A、a，阻挡色素沉积的基因对为B、b，羽毛着色的鸡的基因型为A_bb。基因型为AABB与aabb的个体杂交得到的F1与隐性个体测交后代中Aabb占1/4。答案B8.甜瓜的长蔓与短蔓为一对相对性状(由两对独立遗传的基因A和a，B和b把握)，下表是甲、乙、丙三个不同纯合品系的甜瓜杂交组合试验：依据杂交试验结果推断，若短蔓甲×短蔓乙，则F1自交后代的表现型及比例为()A.全为长蔓 B.全为短蔓C.长蔓∶短蔓=3∶1 D.长蔓∶短蔓=9∶7解析由④组合可知，长蔓的基因型为A_B_，短蔓的基因型为A_bb、aaB_、aabb，短蔓甲的基因型为aaBB或AAbb，短蔓乙的基因型为AAbb或aaBB，而甲、乙属于不同品系，基因型不同，所以短蔓甲×短蔓乙得到的F1的基因型为AaBb，F1自交后代的表现型及比例为长蔓∶短蔓=9∶7。答案D9.某植物花瓣的大小受一对等位基因A、a把握，基因型AA的植株表现为大花瓣，Aa的为小花瓣，aa的为无花瓣。花瓣颜色受另一对等位基因R、r把握，基因型为RR和Rr的花瓣是红色，rr的为黄色，两对基因独立遗传。若基因型为AaRr的亲本自交，则下列有关推断错误的是 ()A.子代共有9种基因型B.子代共有4种表现型C.子代有花瓣植株中，AaRr所占的比例约为1/3D.子代的全部植株中，纯合子约占1/4解析此题运用拆分法求解，Aa×Aa后代有3种基因型，3种表现型；Rr×Rr后代有3种基因型，2种表现型。故AaRr自交后代有3×3=9种基因型，有5种表现型，由于无花瓣无所谓红色、黄色，A项正确、B项错误。子代有花瓣植株占12/16=3/4，其中，AaRr(4/16)所占的比例约为1/3。子代的全部植株中，纯合子占4/16=1/4。答案B10.人体肤色的深浅受A、a和B、b两对基因把握(A、B把握深色性状)。基因A和B把握皮肤深浅的程度相同，基因a和b把握皮肤深浅的程度相同。一个基因型为AaBb的人与一个基因型为AaBB的人结婚，下列关于其子女皮肤颜色深浅的描述中，不正确的是 ()A.子女可产生四种表现型B.肤色最浅的孩子的基因型是aaBbC.与亲代AaBB表现型相同的有1/4D.与亲代AaBb皮肤颜色深浅一样的有3/8解析由题意可知，人体肤色由深到浅的基因型是AABB、AaBB(AABb)、AaBb(AAbb、aaBB)、Aabb(aaBb)、aabb。AaBb×AaBB→1/8AABB+1/8AABb+1/4AaBB+1/4AaBb+1/8aaBB+1/8aaBb。从结果可以看出，有四种表现型。肤色最浅的基因型是aaBb。与亲代AaBB表现型相同的有1/8+1/4=3/8。与亲代AaBb皮肤颜色深浅一样的有1/4+1/8=3/8。答案C二、非选择题11.(2021·福建)甘蓝型油菜花色性状由三对等位基因把握，三对等位基因分别位于三对同源染色体上。花色表现型与基因型之间的对应关系如表。表现型白花乳白花黄花金黄花基因型AA__Aa__aaB___

aa__D_Aabbdd请回答：(1)白花(AABBDD)×黄花(aaBBDD)，F1基因型是________，F1测交后代的花色表现型及其比例是________。(2)黄花(aaBBDD)×金黄花，F1自交，F2中黄花基因型有________种，其中纯合个体占黄花的比例是________。(3)甘蓝型油菜花色有观赏价值，欲同时获得四种花色表现型的子一代，可选择基因型为________的个体自交，理论上子一代比例最高的花色表现型是________。解析(1)AABBDD×aaBBDD的后代基因型为AaBBDD，其测交后代的基因型为1AaBbDd和1aaBbDd，对比表格可知其表现型及比例为乳白花∶黄花=1∶1。(2)黄花(aaBBDD)×金黄花(aabbdd)，F1基因型为aaBbDd，其自交后代基因型有9种，表现型是黄花(9aaB_D_、3aaB_dd、3aabbD_)和金黄花(1aabbdd)，故F2中黄花基因型有8种，其中纯合个体占黄花的比例是3/15=1/5。(3)欲同时获得四种花色表现型的子一代，则亲代需同时含A和a、B和b、D和d，故可选择基因型为AaBbDd的个体自交，子代白花的比例是1/4、乳白花的比例是1/2、黄花的比例是1/4×3/4×3/4+1/4×3/4×1/4+1/4×1/4×3/4=15/64、金黄花的比例是1/4×1/4×1/4=1/64，故理论上子一代比例最高的花色表现型是乳白花。答案(1)AaBBDD乳白花∶黄花=1∶1(2)81/5(3)AaBbDd乳白花12.(2022·山东)果蝇的灰体(E)对黑檀体(e)为显性；短刚毛和长刚毛是一对相对性状，由一对等位基因(B，b)把握。这两对基因位于常染色体上且独立遗传。用甲、乙、丙三只果蝇进行杂交试验，杂交组合、F1表现型及比例如下：(1)依据试验一和试验二的杂交结果，推断乙果蝇的基因型可能为________或________。若试验一的杂交结果能验证两对基因E、e和B、b的遗传遵循自由组合定律，则丙果蝇的基因型应为________。(2)试验二的F1中与亲本果蝇基因型不同的个体所占的比例为________。(3)在没有迁入迁出、突变和选择等条件下，一个由纯合果蝇组成的大种群个体间自由交配得到F1，F1中灰体果蝇8400只，黑檀体果蝇1600只。F1中e的基因频率为________，Ee的基因型频率为________。亲代群体中灰体果蝇的百分比为________。(4)灰体纯合果蝇与黑檀体果蝇杂交，在后代群体中毁灭了一只黑檀体果蝇。毁灭该黑檀体果蝇的缘由可能是亲本果蝇在产生配子过程中发生了基因突变或染色体片段缺失。现有基因型为EE，Ee和ee的果蝇可供选择，请完成下列试验步骤及结果猜想，以探究其缘由。(注：一对同源染色体都缺失相同片段时胚胎致死；各型配子活力相同)试验步骤：①用该黑檀体果蝇与基因型为________的果蝇杂交，获得F1；②F1自由交配，观看、统计F2表现型及比例。结果猜想：Ⅰ.假如F2表现型及比例为________，则为基因突变；Ⅱ.假如F2表现型及比例为________，则为染色体片段缺失。解析依据试验一中灰体∶黑檀体=1∶1，短刚毛∶长刚毛=1∶1，得知甲乙的基因型可能为EeBb×eebb或者eeBb×Eebb。同理由试验二的杂交结果，推断乙和丙的基因型应为eeBb×EeBb，所以乙果蝇的基因型可能为EeBb或eeBb。若试验一的杂交结果能验证两对基因E、e和B、b的遗传遵循自由组合定律，则甲乙的基因型可能为EeBb×eebb，乙的基因型为EeBb，则丙果蝇的基因型应为eeBb。(2)试验二亲本基因型为eeBb×EeBb，F1中与亲本果蝇基因型相同的个体所占的比例为1/2×1/2+1/2×1/2=1/2，所以基因型不同的个体所占的比例为1/2。(3)一个由纯合果蝇组成的大种群中，假如EE基因型频率为n，则ee的基因型频率为1-n，则其产生雌雄配子中E和e的比例为n∶(1-n)，自由交配得到F1中黑檀体果蝇基因型比例=n2=1600/(1600+8400)，故n=40%。在没有迁入迁出、突变和选择等条件下，每一代中e的基因频率是不变的，所以为40%，F1中Ee的基因型频率为2n(1-n)=48%，亲代群体中灰体果蝇的百分比为60%。(4)由题意知，毁灭该黑檀体果蝇的缘由假如是亲本果蝇在产生配子过程中发生了基因突变，则此黑檀体果蝇的基因型为ee，假如是染色体片段缺失，该黑檀体果蝇的基因型为e。选用EE基因型果蝇杂交图如下：选用Ee基因型果蝇杂交关系如下图。答案(1)EeBbeeBb(注：两空可颠倒)eeBb(2)1/2(3)40%48%60%(4)答案一：①EEⅠ.灰体∶黑檀体=3∶1Ⅱ.灰体∶黑檀体=4∶1答案二：①EeⅠ.灰体∶黑檀体=7∶9Ⅱ.灰体∶黑檀体=7∶813.(2022·四川)小鼠的皮毛颜色由常染色体上的两对基因把握，其中A/a把握灰色物质合成，B/b把握黑色物质合成。两对基因把握有色物质合成关系如下图：(1)选取三只不同颜色的纯合小鼠(甲—灰鼠，乙—白鼠，丙—黑鼠)进行杂交，结果如下：试验组亲本组合F1F2试验一甲×乙全为灰鼠9灰鼠∶3黑鼠∶4白鼠试验二乙×丙全为黑鼠3黑鼠∶1白鼠①两对基因(A/a和B/b)位于________对染色体上，小鼠乙的基因型为________。②试验一的F2代中白鼠共有________种基因型，灰鼠中杂合体占的比例为________。③图中有色物质1代表________色物质，试验二的F2代中黑鼠的基因型为________。(2)在纯合灰鼠群体的后代中偶然发觉一只黄色雄鼠(丁)，让丁与纯合黑鼠杂交，结果如下：试验组亲本组合F1F2试验三丁×纯合黑鼠1黄鼠∶1灰鼠F1黄鼠随机交配：3黄鼠∶1黑鼠F1灰鼠随机交配：3灰鼠∶1黑鼠①据此推想：小鼠丁的黄色性状是由________突变产生的，该突变属于________性突变。②为验证上述推想，可用试验三F1代的黄鼠与灰鼠杂交。若后代的表现型及比例为________，则上述推想正确。③用三种不同颜色的荧光，分别标记小鼠丁精原细胞的基因A、B及突变产生的新基因，观看其分裂过程，发觉某个次级精母细胞有3种不同颜色的4个荧光点，其缘由是_____________________________。解析(1)①由试验一可知，两对基因把握的F2为9∶3∶3∶1的变式(9∶3∶4)，符合自由组合定律，故A/a和B/b是位于非同源染色体上的两对基因。而且A_B_为灰色，A_bb、aabb为白色，aaBB为黑色(A/a把握灰色物质合成，B/b把握黑色物质合成)。有色物质1为黑色，基因Ⅰ为B，有色物质2为灰色，基因Ⅱ为A。F1AaBb为灰色可证明推论，亲本中甲应当为AABB，乙为aabb(甲和乙为AAbb，aaBB性状与题意不符合)。②由两对相对性状杂交试验可知F2中白鼠基因型为Aabb、AAbb和aabb三种。灰鼠中AABB∶AaBB∶AABb∶AaBb=1∶2∶2∶4。除了AABB外皆为杂合子，杂合子比例为8/9。③由①解析可知有色物质1是黑色，试验二中，丙为纯合子，F1全为黑色，丙为aaBB，F1为aaBb，F2中aaB_(aaBB、aaBb)∶aabb=3∶1。(2)①试验三中丁与纯合黑鼠(aaBB)杂交，后代有两种性状，说明丁为杂合子，且杂交后代中有灰色个体，说明新基因相对于A为显性(本解析中用A1表示)。结合F1F2未毁灭白鼠可知，丁不含b基因，其基因型为A1ABB。②若推论正确，则F1中黄鼠基因型为A1aBB，灰鼠为AaBB。杂交后代基因型及比例为A1ABB∶A1aBB∶AaBB∶aaBB=1∶1∶1∶1，表现型及其比例为黄∶灰∶黑=2∶1∶1。③在减数第一次分裂过程中联会后，同源染色体分别，非同源染色体自由组合。次级精母细胞进行减数其次次分裂，姐妹染色单体分别。由于姐妹染色单体是由同一条染色体通过复制而来的，若不发生交叉互换基因两两相同，应当是4个荧光点，2种颜色。毁灭第三种颜色应当是发生交叉互换的结果。答案(1)①2aabb②38/9③黑aaBB、aaBb(2)①A显②黄鼠∶灰鼠∶黑鼠=2∶1∶1③基因A与新基因所在同源染色体的非姐妹染色单体之间发生了交叉互换(C卷自由组合定律综合)一、选择题1.现有①-④四个纯种果蝇品系(都是纯种)，其中品系①的性状均为显性，品系②-④均只有一种性状是隐性，其他性状均为显性。这四个品系的隐性性状及把握该隐性性状的基因所在的染色体如下表所示：品系①②③④隐性性状均为显性残翅黑身紫红眼相应染色体Ⅱ、ⅢⅡⅡⅢ若需验证自由组合定律，可选择下列哪种交配类型 ()A.①×② B.②×④C.②×③ D.①×④解析自由组合定律争辩的是位于非同源染色体上的非等位基因的遗传规律，若要验证该定律，所取两个亲本具有两对由非同源染色体上的基因把握的不同相对性状即可，故选②×④。答案B2.玉米是一种雌雄同株的植物，正常植株的基因型为A_B_，其顶部开雄花，下部开雌花；基因型为aaB_的植株不能长出雌花而成为雄株；基因型为A_bb和aabb植株的顶端长出的是雌花而成为雌株(两对基因位于两对同源染色体上)。育种工作者选用上述材料作亲本，杂交后得到下表中的结果。则所用亲本的基因型组合是 ()类型正常株雄株雌株数目99810011999解析据题意可知，A_B_为正常株，aaB_为雄株，A_bb和aabb为雌株，要使某对亲本组合产生的后代满足正常株∶雄株∶雌株=1∶1∶2的结果，只要符合测交类型即可，即亲本杂交组合为aaBb×Aabb或AaBb×aabb，A项正确。答案A3.已知某一动物种群中仅有Aabb和AAbb两种类型的个体(aa的个体在胚胎期死亡)，两对性状的遗传遵循自由组合定律，Aabb∶AAbb=1∶1，且该种群中雌雄个体比例为1∶1，个体间可以自由交配，则该种群自由交配产生的成活子代中能稳定遗传的个体所占比例是 ()A.5/8 B.3/5C.1/4 D.3/4解析在自由交配的状况下，上下代之间种群的基因频率不变。由Aabb∶AAbb=1∶1可得，A的基因频率为3/4，a的基因频率为1/4。故子代中AA的基因型频率是A的基因频率的平方，为9/16，子代中aa的基因型频率是a的基因频率的平方，为1/16，Aa的基因型频率为6/16。因基因型为aa的个体在胚胎期死亡，所以能稳定遗传的个体(AA)所占比例是9/16÷(9/16+6/16)=3/5。答案B4.原本无色的物质在酶Ⅰ、酶Ⅱ和酶Ⅲ的催化作用下，转变为黑色素，即：无色物质—→X物质—→Y物质—→黑色素。已知编码酶Ⅰ、酶Ⅱ和酶Ⅲ的基因分别为A、B、C，则基因型为AaBbCc的两个个体交配，毁灭黑色子代的概率为()A.1/64 B.3/64C.27/64 D.9/64解析由题意可知，基因型为AaBbCc的两个个体交配，毁灭黑色子代的概率其实就是毁灭A_B_C_的个体的概率，其概率为3/4×3/4×3/4=27/64。答案C5.番茄易软化受显性基因A把握，但该基因的表达受基因B的抑制。若在培育过程中筛选得到了基因型为AaB+B-(A对a为显性，B+表示具有B基因，B-表示没有B基因)的植株。按自由组合定律，该植株自交后代中，抗软化耐贮藏番茄的比例为 ()A.13/16 B.12/16C.6/16 D.3/16解析AaB+B-自交产生A_B-B-的概率为3/4×1/4=3/16，故抗软化耐贮藏番茄的比例为1-3/16=13/16。答案A6.(2022·湖南常德协考)金鱼草正常花冠对不整齐花冠为显性，高株对矮株为显性，红花对白花为不完全显性，杂合状态是粉红花，三对性状独立遗传。假如纯合的红花、高株、正常花冠植株与纯合的白花、矮株、不整齐花冠植株杂交，在F2中具有与F1相同表现型的植株的比例是 ()A.3/32 B.3/64C.9/32 D.9/64解析由题意可设纯合红花、高株、正常花冠植株基因型是AABBCC，纯合白花、矮株、不整齐花冠植株基因型是aabbcc，F1基因型为AaBbCc，表现为粉红花、高株、正常花冠。F2中与F2表现型相同的个体的基因组成为AaB_C_，比例为1/2×3/4×3/4=9/32。答案C二、非选择题7.(2022·重庆)青蒿素是治疗疟疾的重要药物，利用雌雄同株的野生型青蒿(二倍体，体细胞染色体数为18)，通过传统育种和现代生物技术可培育高青蒿素含量的植株。请回答以下相关问题：(1)假设野生型青蒿白青秆(A)对紫红秆(a)为显性，稀裂叶(B)对分裂叶(b)为显性，两对性状独立遗传，则野生型青蒿最多有________种基因型；若F1代中白青秆、稀裂叶植株所占比例为3/8，则其杂交亲本的基因型组合为________，该F1代中紫红秆、分裂叶植株所占比例为________。(2)四倍体青蒿中青蒿素含量通常高于野生型青蒿，低温处理野生型青蒿正在有丝分裂的细胞会导致染色体不分别，从而获得四倍体细胞并发育成植株。推想低温处理导致细胞染色体不分别的缘由是________。四倍体青蒿与野生型青蒿杂交后代体细胞的染色体数为________。(3)从青蒿中分别了cyp基因(如图为基因结构示意图)，其编码的cyp酶参与青蒿素合成。①若该基因一条单链中(G+T)/(A+C)=2/3，则其互补链中(G+T)/(A+C)=________。②若该基因经改造能在大肠杆菌中表达cyp酶，则改造后的cyp基因编码区无________(填字母)。③若cyp基因的一个碱基对被替换，使cyp酶的第50位氨基酸由谷氨酸变为缬氨酸，则该基因突变发生的区段是________(填字母)。解析本题综合考查基因的自由组合定律、染色体变异、基因结构及育种的有关学问。(1)题干中明确指出野生型青蒿的秆色和叶型这两对性状独立遗传，因此遵循自由组合定律。把握秆色和叶型的基因型各有3种，分别是AA、Aa和aa，及BB、Bb和bb，因此野生型青蒿最多可以有基因型3×3=9种。若F1中白青秆、稀裂叶植株占3/8，即A_B_的个体有3/8，3/8看作是3/4和1/2相乘的结果，显性个体在后代中占3/4，明显是杂合子自交的结果，而显性个体占1/2，则是测交的结果，因此其杂交亲本的组合可能是AaBb×aaBb，也可能是AaBb×Aabb。无论亲本组合是上述哪一种，F1中紫红秆、分裂叶植株(aabb)所占比例都为1/2×1/4=1/8。(2)低温能够抑制纺锤体的形成，使细胞内的染色体经过复制但不发生分别，从而使染色体数目加倍。四倍体青蒿细胞内的染色体是36条，因此它与野生型的二倍体青蒿杂交，它们杂交后代细胞内染色体数为36/2+18/2=27条。(3)依据碱基互补配对原则，两条链上的(G+T)/(A+C)互为倒数，因此若一条链上该值为2/3，则其互补链上该比值为3/2。原核生物的基因的编码区是连续的，真核生物的基因编码区是不连续的，含有不编码蛋白质的内含子(如图中的K和M)，若要使真核细胞的基因能在大肠杆菌中表达，应将内含子去掉。cyp基因的编码区中只有外显子能编码蛋白质，若cyp酶的第50位氨基酸发生替换，则mRNA上第50个密码子被替换，也就是第148、149、150三个碱基中发生转变，由此推知该基因外显子的第148、149、150对脱氧核苷酸中发生替换，又由于J区段是81个碱基对，L区段是78个碱基对，因此该基因突变发生在L区段内。答案(1)9AaBb×aaBb、AaBb×Aabb1/8(2)低温抑制纺锤体形成27(3)①3/2②K和M③L8.(2021·大纲全国)已知玉米子粒黄色(A)对白色(a)为显性，非糯(B)对糯(b)为显性，这两对性状自由组合。请选用适宜的纯合亲本进行一个杂交试验来验证：①子粒的黄色与白色的遗传符合分别定律；②子粒的非糯和糯的遗传符合分别定律；③以上两对性状的遗传符合自由组合定律。要求：写出遗传图解，并加以说明。解析常用的验证孟德尔遗传规律的杂交方案为自交法和测交法。植物常用自交法进行验证，依据一对相对性状遗传试验的结果，若杂合子自交后代表现型比例为3∶1，则该性状的遗传符合分别定律，依据两对相对性状遗传试验结果，若杂合子自交后代表现型比例为9∶3∶3∶1，则两对性状遗传符合自由组合定律；测交法是教材中给出的验证方法，若杂合子测交后代两种表现型比例为1∶1，则该性状遗传符合分别定律，若双杂合子测交后代毁灭四种表现型比例为1∶1∶1∶1，则两对性状的遗传符合分别定律。本题中两种方法均可选择。答案亲本(纯合白非糯)aaBB×AAbb(纯合黄糯)F2子粒中：①若黄粒(A_)∶白粒(aa)=3∶1，则证明该性状的遗传符合分别定律；②若非糯粒(B_)∶糯粒(bb)=3∶1，则证明该性状的遗传符合分别定律；③若黄非糯粒∶黄糯粒∶白非糯粒∶白糯粒=9∶3∶3∶1，即：A_B_∶A_bb∶aaB_∶aabb=9∶3∶3∶1，则证明这两对性状的遗传符合自由组合定律。9.(2022·天津)果蝇是遗传学争辩的经典材料，其四对相对性状中红眼(E)对白眼(e)、灰身(B)对黑身(b)、长翅(V)对残翅(v)、细眼(R)对粗眼(r)为显性。右图是雄果蝇M的四对等位基因在染色体上的分布。(1)果蝇M眼睛的表现型是________。(2)欲测定果蝇基因组的序列，需对其中的________条染色体进行DNA测序。(3)果蝇M与基因型为________的个体杂交，子代的雄果蝇既有红眼性状又有白眼性状。(4)果蝇M产生配子时，非等位基因________和________不遵循自由组合规律。若果蝇M与黑身残翅个体测交，毁灭相同比例的灰身长翅和黑身残翅后代，则表明果蝇M在产生配子过程中________________________________________，导致基因重组，产生新的性状组合。(5)在用基因型为BBvvRRXeY和bbVVrrXEXE的有眼亲本进行杂交猎取果蝇M的同时，发觉了一只无眼雌果蝇。为分析无眼基因的遗传特点，将该无眼雌果蝇与果蝇M杂交，F1性状分别比如下：①从试验结果推断，果蝇无眼基因位于________号(填写图中数字)染色体上，理由是_____________________________。②以F1果蝇为材料，设计一步杂交试验推断无眼性状的显隐性。杂交亲本：_____________________________。试验分析：_____________________________。解析(1)据图中信息，果蝇M含有显性基因E、R，所以眼色的表现型为红眼和细眼的显性性状。(2)要测定基因组的序列需要测定该生物全部的基因，由于X和Y染色体非同源区段上的基因不同，所以需要测定3条常染色体+X染色体+Y染色体，即5条染色体上的基因序列。(3)子代雄性的红眼和白眼均只能来自于母本，因此需要母本同时具有红眼和白眼的基因，即XEXe。(4)自由组合定律是指位于非同源染色体上的非等位基因的自由组合，而B、v和b、V同时位于一对同源染色体的不同位置上，不遵循自由组合定律。依据减数分裂同源染色体的分别及配子的组合，理论上后代只有灰身残翅和黑身长翅，毁灭等比例的灰身长翅和黑身残翅后代，说明发生了非姐妹染色单体的交叉互换。(5)依据表格结果，若无眼基因位于性染色体上，则M与无眼雌果蝇的后代中雄性都为无眼，与表格结果不符，所以该基因位于常染色体上，且子代有眼∶无眼=1∶1，同时其他性状均为3∶1，说明有眼无眼性状的遗传和其他性状不连锁，为自由组合，因此和其他基因不在同一对染色体上，据图可知应当位于7号或8号染色体上。由于子代有眼∶无眼=1∶1，说明亲代为杂合子与隐性纯合子杂交，若推断其显隐性，可选择自交法(即有眼雌性×有眼雄性)，若有眼为显性，则亲代均为杂合子，后代有性状分别，若无眼为显性，则亲代均为隐性纯合子，后代无性状分别。答案(1)红眼细眼(2)5(3)XEXe(4)B(或b)v(或V)V和v(或B和b)基因随非姐妹染色单体的交换而发生交换(5)①7、8(或7、或8)无眼、有眼基因与其他各对基因间的遗传均遵循自由组合定律②示例：杂交亲本：F1中的有眼雌雄果蝇试验分析：若后代毁灭性状分别，则无眼为隐性性状；若后代不毁灭性状分别，则无眼为显性性状。10.(2022·北京)拟南芥的A基因位于1号染色体上，影响减数分裂时染色体交换频率，a基因无此功能；B基因位于5号染色体上，使来自同一个花粉母细胞的四个花粉粒分别，b基因无此功能。用植株甲(AaBB)与植株乙(AAbb)作为亲本进行杂交试验，在F2中获得了所需植株丙(