2024年沪教新版高三物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年沪教新版高三物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、一个从静止开始做匀加速直线运动的物体，加速度为2m/s2，则物体在（）A.第2s末的速度为2m/sB.第2s末的速度为4m/sC.第2s内的位移为4m/sD.前2s内的位移为3m2、我们用可自由旋转的小磁针静止时的指向来判定磁场方向．下列四幅图中正确的是（）A.B.C.D.3、如图所示，A、B两球完全相同，质量为m，用两根等长的细线悬挂在O点，两球之间夹着一根劲度系数为k的轻弹簧，静止不动时，弹簧位于水平方向，两根细线之间的夹角为θ．则弹簧的长度被压缩了（）A.B.C.D.4、已知空气中的声速为340m/s；下列波遇到宽度约为12m的障碍物能发生明显衍射现象的是（）

A.周期为0.05s的声波。

B.波长为10m的声波。

C.频率为104Hz的声波。

D.频率为6×1014Hz的电磁波。

5、【题文】两个等量异种电荷的连线的垂直平分线上有a、b；c三点；如右图所示，下列说法正确的是（）

A.a点电势比b点高B.a、b两点的场强方向相同，b点场强比a点大C.把一电荷从a点移到c点，电场力做功为零D.一个电子在a点无初速释放，则它将在c点两侧往复振动6、【题文】如右图所示，平行线代表电场线，但未标明方向，一个带正电、电量为10－6C的微粒在电场中仅受电场力作用，当它从A点运动到B点时动能增加了10－5J；已知A点的电势为－10V，则以下判断正确的是：()

A.微粒的运动轨迹如图中的虚线1所示B.微粒的运动轨迹如图中的虚线2所示C.B点电势为零D.B点电势为－20V7、汽车做直线运动；其速度-时间图线如图所示，下列判断正确的是（）

A.1～3s内加速度是-1m/s2B.1～3s内加速度是1m/s2C.0～3s内位移是1mD.0～3s内路程是0.5m8、对于一定量的气体，下列叙述中正确的是（）A.当温度升高时，压强必变大B.当温度升高时，压强可以不变C.当体积增大时，压强必变小D.当体积增大时，压强必变大评卷人得分二、双选题(共5题，共10分)9、【题文】水平桌面上有甲；乙、丙三个完全相同的容器；装有不同的液体，将三个长方体A、B、C分别放入容器的液体中，静止时的位置如图所示，三个容器的液面相平。已知三个长方体的质量和体积都相同。则下列判断正确的是。

A．物体受到的浮力F浮A＞F浮B＞F浮C

B．容器对桌面的压力F甲＜F乙＜F丙

C．液体对容器底的压强p甲＝p乙＝p丙

D．物体下表面受到液体的压力F′A＞F′B＝F′C10、三位分别来自法国、美国、荷兰的科学家因研究“分子机器的设计与合成”而获得rm{2016}年诺贝尔化学奖。纳米分子机器日益受到关注，机器的“车轮”常用组件如下，下列说法正确的是()rm{垄脵(}三碟烯rm{)}rm{垄脷(}扭曲烷rm{)}rm{垄脹(}富勒烯rm{)}rm{垄脺(}金刚烷rm{)}A.rm{垄脵垄脷垄脹垄脺}均属于烃B.rm{垄脵垄脹}均能发生加成反应C.rm{垄脵垄脺}互为同分异构体D.rm{垄脵垄脷垄脹垄脺}的一氯代物均只有一种11、常温下，用rm{0.1000mol/L}的盐酸滴定rm{20.00mL}未知浓度的rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，溶液的rm{pH}与所加盐酸的体积关系如图所示。下列有关叙述正确的是A.rm{a}点溶液呈碱性的原因用离子方程式表示为：rm{CO{}^{^{2-}}_{_{3}}+2H_{2}Ooverset{?}{}H_{2}CO_{3}+2OH^{-}}B.rm{CO{}^{^{2-}}_{_{3}}+2H_{2}O

overset{?}{}H_{2}CO_{3}+2OH^{-}}点处的溶液中rm{c}rm{c}rm{(Na^{+})-}rm{c}rm{(Cl^{-})=}rm{c}rm{(HCO{}^{^{-}}_{_{3}})+2}rm{c}C.滴定过程中使用甲基橙作为指示剂比酚酞更准确D.rm{(CO{}^{^{2-}}_{_{3}})}点处溶液中水电离出的rm{d}rm{c}大于rm{(H^{+})}点处rm{b}12、rm{X}rm{Y}rm{Z}rm{T}四种原子序数递增的短周期元素，其部分性质或结构如下：。元素元素性质或原子结构rm{X}形成的简单阳离子核外无电子rm{Y}元素的气态氢化物的水溶液显碱性rm{Z}元素在周期表中的周期序数是族序数的rm{3}倍rm{T}同周期元素中形成的简单离子半径最小下列说法不正确的是rm{(}rm{)}A.原子半径大小顺序：rm{Z>T>Y>X}B.rm{X}与rm{Y}可形成既含极性键又含非极性键的化合物C.rm{X}rm{Y}rm{Z}的三种元素形成的化合物只可能含有共价键，不可能含有离子键D.由rm{X}rm{Y}和rm{T}三种元素的简单离子，均能破坏水的电离平衡13、某课题组以纳米rm{Fe_{2}O_{3}}作为电极材料制备锂离子电池rm{(}另一极为金属锂和石墨的复合材料rm{)}通过在室温条件下对锂离子电池进行循环充放电，成功地实现了对磁性的可逆调控rm{(}如图rm{)}以下说法正确的是A.放电时，正极的电极反应式为rm{Fe_{2}O_{3}+6Li^{+}+6e^{-}=2Fe+3Li_{2}O}B.该电池可以用水溶液做电解质溶液C.放电时，rm{Fe}作电池的负极，rm{Fe_{2}O_{3}}作电池的正极D.充电时，电池被磁铁吸引评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)14、（2010秋•河池期末）一列横波的图象如图所示，波的传播速度v=2m/s．由图可知，这列波的波长为____m，这列波的频率为____Hz．15、一小车沿倾角为θ的斜面向下匀加速运动．小车的支架上缚着一质量为m的小球，其摆线恰好处于水平状态，如图所示．则小车的加速度大小是____；摆线的拉力大小是____．

16、瞬时速度是一个重要的物理概念．但在物理实验中通常只能通过（△s为挡光片的宽度；△t为挡光片经过光电门所经历的时间）的实验方法来近似表征物体的瞬时速度．这是因为在实验中无法实现△t或△s趋近零．

为此人们设计了如下实验来研究物体的瞬时速度．如图所示，在水平导轨的A处放置一光电门，让载有轻质挡光片（宽度为△s）的小车与细线、钩码连接，从P点静止运动，再利用处于A处的光电门记录下挡光片经过A点所经历的时间△t．接下来，改用不同宽度的挡光片重复上述实验，最后运用公式计算出不同宽度的挡光片从A点开始在各自△s区域内的并作出可图；如图所示．

（1）本实验需要的步骤有：____

A．小车质量应远大于钩码质量。

B．实验前需要平衡摩擦力。

C．小车每次实验必须从同一点开始运动。

D．小车后面必须连接纸带；并使用打点计时器。

（2）根据描点，请你在坐标系内画出可图线．

（3）根据可图线，可知小车的加速度大小约为____m/s2，挡光片经过A点时的瞬间速度大小约为____m/s．（保留两位有效数字）17、（2016•盐城一模）如图所示，宽度为l的宇宙飞船沿其长度方向以速度u（u接近光速c）远离地球，飞船发出频率为ν的单色光．地面上的人接收到光的频率____（选填“大于”、“等于”或“小于”）ν，看到宇宙飞船宽度____（选填“大于”、“等于”或“小于”）l．18、做平抛运动的物体如果落地时竖直方向的速率与水平抛出时的速率相等，则它经过的水平距离与抛出点的高度之比是____．19、火车在进站前以恒定的加速度刹车，经10s停下．若其在最后1s内的位移为4m，则火车刹车时的速度为____m/s，刹车中的位移大小为____m/s．评卷人得分四、判断题(共3题，共15分)20、单晶体的所有物理性质都是各向异性的．____．（判断对错）21、物体受到的合外力不做功，则物体一定作匀速直线运动．____．22、直线电流磁场的方向的判断可以用安培定则：____．评卷人得分五、推断题(共4题，共16分)23、rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}rm{M}rm{Q}均为除稀有气体外的短周期元素，其原子序数依次增大，rm{X}的最外层电子数是rm{W}的rm{4}倍，rm{Z}与rm{M}的最低负化合价相同，rm{X}rm{M}在周期表中位置如图所示。rm{(1)X}在周期表中的位置为________，rm{Q}的元素名称为________。rm{(2)Z}与rm{W}形成的rm{4}核离子的电子式为________。rm{(3)}分别由rm{W}rm{Y}rm{Z}rm{M}组成的两种离子化合物rm{(}酸式盐rm{)}在溶液中相互反应的离子方程式为：________。rm{(4)W_{2}}与rm{Z_{2}}反应生成化合物甲，rm{W_{2}}与rm{Q_{2}}反应生成化合物乙。已知反应：乙rm{(g)+Z_{2}(g)隆煤}甲rm{(g)+Q_{2}(g)}每生成rm{1molQ_{2}}放热rm{57}rm{8kJ}写出该反应的热化学方程式：________。rm{(5)X}rm{Y}可分别与rm{Z}以原子个数比rm{1漏U1}形成化合物丙和丁。在催化剂存在条件下，丙与丁发生可逆反应，生成单质rm{Y_{2}}和另一种化合物戊。写出该反应的化学方程式：________，该反应的平衡常数表达式为________。rm{(6)}将rm{1mol}丙气体和rm{1mol}丁气体充入一装有催化剂的恒压容器中，充分反应达平衡后：rm{垄脵}若气体体积较原来减少rm{23拢楼}则丁的转化率为________；rm{垄脷}已知该反应rm{娄陇H<0}则升高温度，平衡常数rm{K}值将________rm{(}填“变大”、“变小”或“不变”rm{)}rm{垄脹}其他条件不变时，若仅将压强增大为原来的rm{2}倍，再次达平衡后，混合气体中丁的体积分数将________rm{(}填“变大”、“变小”或“不变”rm{)}24、“一酸两浸，两碱联合”法是实现粉煤灰rm{(}含rm{SiO_{2}}rm{Al_{2}O_{3}}rm{Fe_{2}O_{3}}rm{CaO}rm{MgO}等rm{)}综合利用的新工艺。工业流程如下，回答下列问题：rm{(}已知：rm{Al_{2}O_{3}}经纯碱混合焙烧可得rm{NaAlO_{2})}rm{(1)}聚合氯化铝铁rm{(PAFC)}化学式为rm{[Al_{2}(OH)_{n}Cl_{6-n}]_{m}隆陇[Fe_{2}(OH)_{x}Cl_{6-x}]_{y}}是一种新型高效的净水剂，rm{PAFC}中铁元素的化合价为___________。rm{(2)}“一酸两浸”中的酸是________________rm{(}填化学式rm{)}rm{(3)}实际工业中“酸浸”、“碱浸”均不能充分反应，滤渣rm{A}中主要含有rm{SiO_{2}}rm{Al_{2}O_{3}}“纯碱混合焙烧”中，它们分别发生反应的化学方程式为__________________、_________________。rm{(4)}“滤液rm{B}”的主要溶质有________rm{(}填化学式rm{)}滤液混合后“蒸发”的作用是_______________。rm{(5)}“电解”时阳极的电极反应式为_______________。rm{(6)PAFC}无水rm{AlCl_{3}}rm{FeCl_{3}隆陇6H_{2}O}用量均为rm{25mg隆陇L^{-1}}时，处理不同rm{pH}污水的浊度去除率如图所示，rm{PAFC}的优点是______________________。25、【化学rm{-}选修rm{5}有机化学基础】氯吡格雷是一种用于抑制血小板聚集的药物，该药物合成路线通常以rm{2-}氯苯甲醛为原料的合成，合成路线如下：rm{(1)}下列关于氯吡格雷的说法正确的是__________。A.氯吡格雷在一定条件下能发生消去反应B.氯吡格雷难溶于水，在一定条件下能发生水解反应C.rm{lmol}氯吡格雷含有rm{5N_{A}}个碳碳双键，一定条件下最多能与rm{5molH_{2}}发生加成反应D.氯吡格雷的分子式为rm{C_{16}H_{16}ClNO_{2}S}rm{(2)}物质rm{D}的核磁共振氢谱有_________种吸收峰。rm{(3)}物质rm{X}的结构简式为____________。rm{(4)}物质rm{C}可在一定条件下反应生成一种含有rm{3}个六元环的产物，写出该反应的化学方程式_________，反应类型是_____________。rm{(5)}写出属于芳香族化合物rm{A}的同分异构体_____________rm{(}不包含rm{A)}rm{(6)}已知：写出由乙烯、甲醇为有机原料制备化合物的合成路线流程图rm{(}无机试剂任选rm{)}26、rm{[}化学rm{隆陋}选修rm{5}有机化学基础rm{]}rm{G}是抗炎症药物的中间体，其合成过程如下：已知：Ⅰ．Ⅱrm{.}rm{(}具有较强的还原性rm{)}rm{(1)B}的结构简式为________________。rm{(2)}反应rm{垄脺}的条件为；反应rm{垄脵}的反应类型为；反应rm{垄脷}的作用是________________。rm{(3)}下列关于rm{G}中的描述正确的是rm{(}rm{)}A.具有两性，既能与酸反应也能与碱反应B.能发生加成、消去、取代和氧化反应C.能聚合成高分子化合物D.rm{1molG}与足量rm{NaHCO_{3}}溶液反应放出rm{2molCO_{2}}rm{(4)D}与足量的rm{NaOH}溶液反应的化学方程式为___________________。rm{(5)}符合下列条件的rm{C}的同分异构体有______种。rm{a.}属于芳香族化合物，且含有两个甲基rm{b.}能发生银镜反应rm{c.}与rm{FeCl_{3}}溶液发生显色反应其中核磁共振氢谱有rm{4}组峰，且峰面积之比为rm{6:2:1:1}的是__________。rm{(6)}已知：苯环上有烷烃基时，新引入的取代基连在苯环的邻对位；苯环上有羧基时，新引入的取代基连在苯环的间位。依据题意，写出以甲苯为原料合成邻氨基苯甲酸的流程图rm{(}无机试剂任选rm{)}示例如下：rm{Axrightarrow[路麓脫娄脤玫录镁]{路麓脫娄脦茂}Bxrightarrow[路麓脫娄脤玫录镁]{路麓脫娄脦茂}}rm{Axrightarrow[路麓脫娄脤玫录镁]{路麓脫娄脦茂}B

xrightarrow[路麓脫娄脤玫录镁]{路麓脫娄脦茂}}评卷人得分六、实验题(共4题，共24分)27、在“描绘小灯泡的伏安物性曲线”的实验中；提供了以下实验器材：

A．待测小灯泡“12V；6W”

B．电流表A1（量程0-0.6A；内阻约1.125Ω）

C．电流表A2（量程0-3A；内阻约0.025Ω）

D．电压表V1（量程0-3V；内阻约3KΩ）

E．电压表V2（量程0-15V；内阻约15KΩ）

F．滑动变阻器R（阻值0-10Ω；额定电流1A）

G．蓄电池；开关各一个；导线若干。

（1）在实验中：电流表应选____，电压表应选____（填字母代号）

（2）根据实验要求；设计该实验电路图并画在图1方框中．

（3）由电流表和电压表得到的多组读数描绘出的U-I图象应是____．28、在探究物体的加速度a与物体所受外力F、物体质量M间的关系时，采用如图所示的实验装置．小车及车中的砝码质量用M表示，盘及盘中的砝码质量用m表示．（1）当M与m的大小关系满足________时，才可以认为绳子对小车的拉力大小等于盘和砝码的重力．（2）某一组同学先保持盘及盘中的砝码质量m一定来做实验，其具体操作步骤如下，以下做法正确的是________．A．平衡摩擦力时，应将盘及盘中的砝码用细绳通过定滑轮系在小车上B．每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力C．实验时，先放开小车，再接通打点计时器的电源D．用天平测出m以及小车质量M，小车运动的加速度可直接用公式a＝求出（3）另两组同学保持小车及车中的砝码质量M一定，探究加速度a与所受外力F的关系，由于他们操作不当，这两组同学得到的a－F关系图象分别如图1和图2所示，其原因分别是：图1图2图1：____________________________________________________；图2：_____________________________________________________.29、如图1所示，某同学采用双线摆和光电计数器测定当地的重力加速度，已知每根悬线长为d，两悬点间相距s，金属小球半径为r；AB为光电计数器．现将小球垂直于纸面向外拉动，使悬线偏离竖直方向一个较小的角度并由静止释放，同时启动光电计数器，当小球第一次经过图中虚线（光束）位置O时，由A射向B的光束被挡住，计数器计数一次，显示为“1”，同时计时器开始计时，然后每当小球经过O点时，计数器都计数一次，当计数器上显示的计数次数刚好为n时，所用的时间为t，由此可知：

（1）双线摆的振动周期T=____，双线摆的摆长L=____．

（2）该同学在实验中；测量5种不同摆长情况下单摆的振动周期，记录表格如下：

。L/m0.50.80.91.01.2T/s1.411.791.902.002.19T2/s21.993.203.614.004.80以L为横坐标，T2为纵坐标，在图2上作出T2-L图象，并利用此图象求得重力加速度g=____m/s2．（保留三位有效数字）30、（2012秋•广东校级月考）如图是某同学在做练习使用打点计时器的实验中获得的一条纸带．

①已知打点计时器电源频率为50Hz，则纸带上打相邻两点的时间间隔为____；

②O、A、B、C是纸带上依次打下的四个计数点，每两个相邻计数点间有四个点没有画出，从图中读出O、A两点间距s=____cm；

③根据纸带上打出的计数点，可以判断纸带做____运动（填“匀加速”；“匀速”、“匀减速”）；

④B点对应的速度是____m/s（计算结果保留两位有效数字）．参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、B【分析】【分析】物体从静止出发，根据位移时间公式和v=at求出位移和速度．【解析】【解答】解：A、由v=at得，第2s末的速度为：v1=at1=2×2=4m/s；故A错误，B正确；

C、第1s内的位移为：；

前2s内的位移为：

则第2s内的位移为：x′=x2-x1=4-1=3m；故CD错误；

故选：B2、D【分析】【分析】通电导线周围的磁场方向；由右手螺旋定则来确定．且小磁针静止时N极的指向即为磁场方向；

根据电源的正负极，确定电流方向，再利用安培定则判断螺线管的极性，最后根据磁极间的相互作用可判断小磁针的指向是否正确．【解析】【解答】解：A；伸开右手；大拇指方向为电流方向，则四指环绕方向为垂直向里，则小磁针N极垂直向里，故A错误．

B；伸开右手；大拇指方向为电流方向，则四指环绕方向为顺时针，则小磁针N极应向左，故A错误．

C；由安培定则知；用手握住螺线管，使四指所指的方向与电流方向相同，则螺线管的右端为N极，左端为S极，再根据同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引可知，小磁针N极的指向即为磁感应强度的方向，故C错误，D正确．

故选：D．3、A【分析】【分析】对A球受力分析，然后根据平衡条件并运用合成法得到弹簧的弹力，最后根据胡克定律得到弹簧的压缩量．【解析】【解答】解：对球A受力分析；受重力mg；拉力T、弹簧的弹力F，如图。

根据平衡条件；结合合成法，有：

F=mgtan

根据胡克定律；有：

F=kx

解得：x=

故选：A．4、A|B【分析】

A；由λ=vT得；周期为0.05s的声波，λ=17m，与12m相差不多，能发生明显衍射，A正确；

B；10m与12m相差不多能发生明显衍射；B正确；

C、由λ=的频率为104Hz的声波，λ=3.4×10-2m，频率为6×1014Hz的电磁波，λ=5.6×10-13m；均比障碍物小得多，不产生明显衍射，C；D错误．

故选：AB

【解析】【答案】波发生明显的衍射现象的条件是：当孔；缝的宽度或障碍物的尺寸与波长相比差不多或比波长更小．

5、B|C【分析】【解析】ab两点在同一等势面上且电势为0，A错。由电场线疏密可知b点场强比a点大，方向均与正负电荷连线平行，且指向负电荷一侧，B对。从a点移到c点，在等势面上移动电荷，电场力不做功，C对。电子在a点无初速释放，受力向左，向左侧运动，D错。【解析】【答案】BC6、B|D【分析】【解析】A点运动到B点时动能增加了即电场力做正功，（电场力水平向右）合外力总是指向曲线的内侧，所以微粒的运动轨迹如图中的虚线2所示，A错B对。故可知C错，D对【解析】【答案】BD7、A【分析】【分析】v-t图象中，图线的斜率等于加速度、速度的正负表示物体的运动方向．质点在前2s内沿正方向运动，2-3s内沿负方向运动，根据速度图象与坐标轴所围的“面积”大小等于位移，分析何时质点离出发点最远．【解析】【解答】解：AB、图线的斜率等于加速度，所以1-3s的加速度a=-=-1m/s2；故A正确，B错误；

CD、根据速度图象与坐标轴所围的“面积”大小等于位移，0-2s内的位移s1=；2-3s的位移；所以0-3秒的位移为0.5米，路程为1.5米，故CD错误．

故选：A．8、B【分析】【分析】根据气体状态参量的变化，应用理想气体状态方程分析答题．【解析】【解答】解：A、如果温度升高，体积变大，由理想气体状态方程：可知；压强可能减小减小；可能增大，也可能不变，故A错误B正确；

C、如果体积增大，温度升高，由理想气体状态方程：可知；气体压强可以增大；可以减小，也可能不变，故CD错误；

故选：B二、双选题(共5题，共10分)9、B|D【分析】【解析】

试题分析：三个长方体的质量相同，它们在三种液体中都只受重力和浮力，由二力平衡，它们受到的浮力大小相等，A选项错误。由三个长方体在液体中所处的深度不同，得到容器底所处的深度相同，液体对容器底的压强C选项错误。容器是相同的，所以容器对桌面的压力B选项正确。浮力是物体上下表面所受的压力差，A物体上下表面都受到液体的压力，B/、C只有下表面受到压力，所以它们下表面所受到的压力F′A＞F′B＝F′C；D选项正确。

考点：压力压强【解析】【答案】B、D10、AB【分析】【分析】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，注意把握官能团与性质的关系，侧重苯、烷烃性质的考查。【解答】A.只含有碳氢两种元素的有机物为烃，rm{垄脵垄脷垄脹垄脺}均属于烃，故A正确；B.三碟烯和富勒烯中均含有不饱和键，能发生加成反应，故B正确；C.三碟烯的分子式为rm{C_{20}H_{14}}金刚烷的分子式为rm{C_{10}H_{16}}二者不是同分异构体，故C错误；D.三碟烯的一氯代物有rm{4}种，金刚烷的一氯代物有rm{3}种，故D错误。故选AB。【解析】rm{AB}11、rm{BC}【分析】【分析】本题考查了酸碱中和滴定的应用，题目难度中等，明确溶液酸碱性与溶液rm{pH}的关系为解答关键，注意掌握中和滴定侧重方法，试题培养了学生的分析能力及化学实验能力。【解答】A.rm{a}点为rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，碳酸根离子部分水解，溶液呈碱性，碳酸根离子的水解一第一步为主，正确的离子方程式为：rm{CO_{3}^{2-}+H_{2}O?HCO_{3}^{-}+OH^{-}}故A错误；

B.rm{c}点的rm{pH=7}溶液呈中性，则rm{c(H^{+})=c(OH^{-})}根据电荷守恒rm{c(Na^{+})+c(H^{+})=c(Cl^{-})+c(HCO_{3}^{-})+2c(CO_{3}^{2-})+c(OH^{-})}可知：rm{c(Na^{+})-c(Cl^{-})=c(HCO_{3}^{-})+2c(CO_{3}^{2-})}故B正确；

C.碳酸氢钠溶液的rm{pH}接近rm{8.2}与酚酞变色的rm{pH}接近，变色时的rm{pH}和反应终点的rm{pH}不好判断；而使用甲基橙容易判断终点，且反应产生的二氧化碳不能全部逸出使溶液偏酸性，因此使用甲基橙的误差小rm{(}使用甲基橙易判断滴定终点，误差小rm{)}故C正确；

D.rm{b}点碳酸氢根离子水解，促进了水的电离，而rm{d}点溶液呈酸性，抑制了水的电离，则rm{d}点处溶液中水电离出的rm{c(H^{+})}小于rm{b}点处；故D错误；

故选BC。

【解析】rm{BC}12、AC【分析】【分析】本题考查元素的结构与元素的性质，题目难度中等，注意正确推断元素的种类为解答该题的关键。【解答】rm{X}形成的简单阳离子核外无电子，应为rm{H}元素；rm{Y}元素的气态氢化物和它的最高价氧化物对应的水化物能发生化合反应，形成的物质为铵盐，应为rm{N}元素；rm{Z}元素在周期表的族序数等于周期序数的rm{3}倍，即最外层电子数为电子层数的rm{3}倍，应为rm{O}元素；rm{T}同周期元素中形成的简单离子半径最小，应为rm{Al}元素；

即rm{X}为rm{H}元素，rm{Y}为rm{N}元素，rm{Z}为rm{O}元素，rm{T}为rm{Al}元素；则。

A.根据同周期元素从左到右原子半径逐渐减小，原子的核外电子层数越多，半径越大可知，原子半径顺序为rm{T>Y>Z>X}故A错误；

B.rm{X}分别与rm{Y}形成rm{N_{2}H_{4}}等化合物；既含极性键又含非极性键，故B正确；

C.rm{X}rm{Y}rm{Z}的三种元素形成的rm{NH_{4}NO_{3}}中只含有共价键也含有离子键rm{X}rm{Y}的三种元素形成的rm{Z}中只含有共价键也含有离子键；故C错误；

D.rm{NH_{4}NO_{3}}由rm{X}rm{Y}和rm{T}三种元素的简单离子，均能和rm{X}三种元素的简单离子，均能促进水的电离；故D正确。

故选AC。

rm{Y}【解析】rm{AC}13、AD【分析】【分析】本题综合考查原电池和电解池知识，为高频考点，侧重于学生的分析能力和计算能力的考查，注意把握原电池、电解池的工作原理以及电极方程式的书写，难度中等。【解答】A.正极发生还原反应，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}rm{{,!}}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}得电子被还原rm{F}所以放电时电池正极的电极反应式为rm{e}rm{2}rm{e}，故rm{e}正确；B.锂和水发生反应，所以不可以用rm{e}溶液为电解质溶液，故rm{2}错误；C.rm{2}作电池的负极，rm{O}rm{3}rm{O}rm{O}rm{O}rm{3}rm{3}，故rm{{,!}}错误；D.充电时，，，作为阳极，电池被磁铁吸引，故，。故选AD。，【解析】rm{AD}三、填空题(共6题，共12分)14、0.0450【分析】【分析】横波的波长等于相邻两个波峰或波谷间的距离．由图直接读出．由波速公式v=λf求解频率f．【解析】【解答】解：根据波长等于相邻两个波峰或波谷间的距离．由图读出该波的波长为：λ=4cm=0.04m

由波速公式v=λf得：f===50Hz

故答案为：0.04，50．15、略

【分析】

以小球为研究对象，其受力如图所示，由于F合沿斜面方向，故有tanθ=

所以摆线的拉力F=mg/tanθ=mgcotθ；

又sinθ=

故a=．

故本题的答案为：mgcotθ．

【解析】【答案】本题的突破口是：小车沿斜面加速下滑；故物体的加速度沿斜面方向，所以小球所受的合力沿斜面方向向下，这样就可求出小球所受的合外力从而求出物体加速度的大小，同时平行四边形定则求出绳子的拉力．

16、略

【分析】

（1）该题运用公式计算出不同宽度的挡光片从A点开始在各自△s区域内的来表示不同位置的瞬时速度，并作出可图；然后求出小车的加速度及通过A点的瞬时速度．所以该运动必须是同一种匀变速运动，所以小车每次必须从同一点出发．只要该运动是匀变速运动即可，所以不必要实验前需要平衡摩擦力以及要满足小车质量应远大于钩码质量．速度可以通过挡光片的宽度除以挡光时间求得，所以不需要打点计时器和纸带．故A；B、D错误，C正确．

故选C．

（2）该图线为一直线；偏离较远的点可以舍去．

（3）根据图线的斜率求出加速度为0.55-0.57m/s2；当△t趋向于0时，所表示的速度为A点的瞬时速度，从图象上看出，为0.51-0.53m/s．

【解析】【答案】该题运用公式计算出不同宽度的挡光片从A点开始在各自△s区域内的来表示不同位置的瞬时速度，并作出可图；然后求出小车的加速度及通过A点的瞬时速度．所以该运动必须是同一种匀变速运动，所以小车每次必须从同一点出发．

17、小于等于【分析】【分析】由相对论原理可以得到单色光的速度；依据多普勒效应可以判定频率变化；根据相对论效应中的尺缩效应判断地球上观察到宇宙飞船的尺寸变化情况．【解析】【解答】解：由相对论可知；光的传播速度不变，因此该光相对飞船的速度等于c；

飞船高速远离地球；由多普勒效应可知，地球上接收到的光的频率小于ν，故C错误，D正确；

根据爱因斯坦的相对论的尺缩效应；看到宇宙飞船宽度的长度减小，但宽度不变；

故答案为：小于，等于．18、2：1【分析】【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据竖直速率和水平速率相等求出运动的时间，从而根据位移公式求出水平位移和竖直位移．【解析】【解答】解：根据题意有：vy=v0；

又vy=gt

解得：t=．

则水平位移x=v0t=，竖直位移y==；则x：y=2：1．

故答案为：2：119、80400【分析】【分析】采用逆向思维，结合位移时间公式求出火车的加速度大小，从而根据速度时间公式求出火车的初速度，结合平均速度的推论求出刹车过程中的位移．【解析】【解答】解：采用逆向思维，根据得；

火车的加速度大小a=．

则火车刹车时的初速度v0=at=8×10m/s=80m/s．

刹车过程中的位移x=．

故答案为：80，400．四、判断题(共3题，共15分)20、×【分析】【分析】晶体有单晶体和多晶体两种，单晶体各向异性，而多晶体各向同性．【解析】【解答】解：由于晶体在不同方向上物质微粒的排列情况不同；即为各向异性，则为单晶体具有各向异性，但并不是所有物理性质都是各向异性的．故该说法是错误的．

故答案为：×21、×【分析】【分析】物体做匀速直线运动时，合外力对物体不做功，但合外力不做功，物体不一定作匀速直线运动．【解析】【解答】解：物体受到的合外力不做功；则物体一定作匀速直线运动，如匀速圆周运动，合外力提供向心力，合外力不做功．

故答案为：×22、√【分析】【分析】安培定则：右手握住导线，让大拇指所指的方向跟电流方向一致，弯曲的四指所指的方向就是磁感线的环绕方向．【解析】【解答】解：根据安培定则的内容判定线电流的磁感线的方法是：右手握住导线；让大拇指所指的方向跟电流方向一致，弯曲的四指所指的方向就是磁感线的环绕方向．故该说法是正确的．

故答案为：√五、推断题(共4题，共16分)23、（1）第二周期第IVA族；氯；（5）2CO+2NON2+2CO2；K=（6）①92%；②变小；③变小；【分析】【分析】本题考查元素化合物推断、结构式、离子方程式、热化学方程式、化学平衡常数、化学平衡计算等，推断元素是解题的关键，根据最外层电子数关系确定rm{X}为突破口，难度中等。【解答】rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}rm{M}rm{Q}均为除稀有气体外的短周期元素，其原子序数依次增大，rm{X}的最外层电子数是rm{W}的rm{4}倍，则rm{W}最外层电子数只能为rm{1}rm{X}的最外层电子数为rm{4}由rm{X}rm{M}元素在周期表中的位置可知，rm{X}处于第二周期，故rm{X}为rm{C}元素、rm{M}为rm{S}元素；rm{Z}与rm{M}的最低负化合价相同，二者为同主族元素，可推知rm{Z}为rm{O}元素；结合原子序数可知rm{Y}为rm{N}rm{Q}为rm{Cl}推知rm{W}为rm{H}

rm{(1)X}为rm{C}原子核外有rm{2}个电子层，最外层电子数为rm{4}在周期表中的位置为第二周期第rm{IVA}族；

故答案为：第二周期第rm{IVA}族；

rm{(2)}rm{Z}与rm{W}形成的rm{4}核离子rm{H_{3}O^{+}}的电子式为：与rm{Z}形成的rm{W}核离子rm{4}的电子式为：

故答案为：

rm{H_{3}O^{+}}由rm{(3)}rm{H}rm{N}rm{O}组成的离子化合物在溶液中相互反应，应为rm{S}与rm{NH_{4}HSO_{3}}二者反应离子方程式为：rm{NH_{4}HSO_{4}}

故答案为：rm{HSO_{3}^{-}+H^{+}=SO_{2}隆眉+H_{2}O}

rm{HSO_{3}^{-}+H^{+}=SO_{2}隆眉+H_{2}O}与rm{(4)H_{2}}反应生成化合物甲为rm{O_{2}}rm{H_{2}O}与rm{H_{2}}反应生成化合物乙为rm{Cl_{2}}已知：rm{HCl}每生成rm{HCl(g)+O_{2}(g)隆煤H_{2}O(g)+Cl_{2}(g)}rm{1mol}放热rm{Cl_{2}}则该反应的热化学方程式为：rm{2HCl(g)+dfrac{1}{2}O_{2}(g)=H_{2}O(g)+Cl_{2}(g)triangleH=-57.8}rm{57.8kJ}

故答案为：rm{2HCl(g)+dfrac{1}{2}O_{2}(g)=H_{2}O(g)+Cl_{2}(g)triangleH=-57.8}rm{2HCl(g)+dfrac{1}{2}

O_{2}(g)=H_{2}O(g)+Cl_{2}(g)triangleH=-57.8}

rm{kJ/mol}rm{2HCl(g)+dfrac{1}{2}

O_{2}(g)=H_{2}O(g)+Cl_{2}(g)triangleH=-57.8}可分别与rm{kJ/mol}以原子个数比rm{(5)C}rm{N}形成化合物丙和丁，则丙为rm{O}丁为rm{1}在催化剂存在条件下，丙与丁发生可逆反应，生成单质rm{1}和另一种化合物戊，根据元素守恒及电子转移守恒可知戊为rm{CO}该反应的化学方程式：rm{NO}rm{N_{2}}该反应的平衡常数表达式rm{k=dfrac{c(N_{2})cdotc^{2}(CO_{2})}{c^{2}(CO)cdotc^{2}(NO)}}

故答案为：rm{CO_{2}}rm{2CO+2NO}rm{dfrac{c(N_{2})cdotc^{2}(CO_{2})}{c^{2}(CO)cdotc^{2}(NO)}}

rm{N_{2}+2CO_{2}}将rm{k=dfrac{c(N_{2})cdot

c^{2}(CO_{2})}{c^{2}(CO)cdotc^{2}(NO)}}气体和rm{2CO+2NO}气体充入一装有催化剂的恒压容器中；充分反应达平衡后：

rm{N_{2}+2CO_{2}}若气体体积较原来减少rm{dfrac{c(N_{2})cdot

c^{2}(CO_{2})}{c^{2}(CO)cdotc^{2}(NO)}}则混合气体减少物质的量rm{(6)}则：

rm{1molCO}rm{1molNO}气体物质的量减少。

rm{垄脵}rm{23%}

rm{=(1mol+1mol)隆脕23%=0.46mol}rm{2CO+2NO}

故rm{n(NO)=dfrac{0.46mol隆脕2}{1}=0.92mol}

则rm{N_{2}+2CO_{2}}的转化率rm{=dfrac{0.92mol}{1mol}隆脕100%=92%}

故答案为：rm{2}

rm{1}rm{n(NO)}则升高温度，平衡向逆反应方向移动，平衡常数rm{0.46mol}值将变小；

故答案为：变小；

rm{n(NO)=dfrac{0.46mol隆脕2}{1}

=0.92mol}其他条件不变时，若仅将压强增大为原来的rm{NO}倍，平衡向正反应方向移动，混合气体每减小rm{=dfrac{0.92mol}{1mol}

隆脕100%=92%}rm{92%}物质的量减小rm{垄脷}故再次达平衡后，混合气体中已知该反应rm{娄陇H<0}则升高温度，平衡向逆反应方向移动，平衡常数rm{K}值将变小的体积分数将变小。故答案为：变小。rm{娄陇H<0}【解析】rm{(1)}第二周期第rm{IVA}族；氯；rm{(5)2CO+2NO}rm{N}rm{2}rm{2}rm{+2CO}；rm{K=dfrac{c(N_{2})cdotc^{2}(CO_{2})}{c^{2}(CO)cdotc^{2}(NO)}}rm{2}rm{2}rm{K=dfrac{c(N_{2})cdot

c^{2}(CO_{2})}{c^{2}(CO)cdotc^{2}(NO)}}变小；rm{(6)}变小；rm{垄脵92%}rm{垄脷}变小；rm{垄脹}变小；24、（1）+3

（2）HCl

（3）Na2CO3+SiO2Na2SiO3+CO2↑Na2CO3+Al2O32NaAlO2+CO2↑

（4）AlCl3、NaCl促进Al3+、Fe3+水解生成了聚合氯化铝铁（PAFC）

（5）2Cl−-2e－=Cl2↑

（6）聚合氯化铝铁（PAFC）净水效率高，pH适用范围广

【分析】【分析】本题考查物质分离和提纯的方法和基本操作综合应用，涉及电解原理的应用、盐的水解条件控制、方程式书写、信息获取能力等，是高考常考题型，是对学生综合能力的考查，题目难度中等。粉煤灰rm{(}含rm{SiO}含rm{(}rm{SiO}rm{{,!}_{2}}、rm{Al}rm{Al}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{3}}、rm{Fe}rm{Fe}rm{{,!}_{2}}等rm{O}的综合利用：粉煤灰rm{O}rm{{,!}_{3}}、rm{CaO}rm{MgO}等rm{)}的综合利用：rm{CaO}rm{MgO}rm{)}加入的盐酸溶解后，rm{Al}rm{Al}rm{{,!}_{2}}rm{O}和盐酸反应得到氯化铝、氯化铁、氯化钙、氯化镁溶液，rm{O}rm{{,!}_{3}}、rm{Fe}rm{Fe}rm{{,!}_{2}}rm{O}生成硅酸钠，制取白炭黑，滤渣rm{O}主要是二氧化硅与氧化铝的混合物，与纯碱混合焙烧后rm{{,!}_{3}}主要是、rm{CaO}rm{MgO}和盐酸反应得到氯化铝、氯化铁、氯化钙、氯化镁溶液，rm{SiO}rm{CaO}rm{MgO}和二次滤渣rm{SiO}主要是二氧化硅rm{{,!}_{2}}一次性酸浸液蒸发、离心分离、结晶得到聚合氯化铝铁和盐酸不反应，过滤得到滤渣主要是rm{SiO}据此分析。【解答】粉煤灰rm{SiO}含rm{{,!}_{2}}，氢氧化钠溶液碱浸滤渣，rm{SiO_{2}}rm{A}二次酸浸，继续发生如上的反应使氧化铝尽可能溶解，过滤得到二次酸浸液rm{B(}主要是等rm{B(}的综合利用：粉煤灰加入的盐酸溶解后，rm{AlCl_{3}}rm{NaCl}rm{)}和二次滤渣rm{(}主要是二氧化硅rm{)}一次性酸浸液蒸发、离心分离、结晶得到聚合氯化铝铁rm{(PAFC)}据此分析。rm{)}和盐酸反应得到氯化铝、氯化铁、氯化钙、氯化镁溶液，rm{(}和盐酸不反应，过滤得到滤渣主要是rm{)}氢氧化钠溶液碱浸滤渣，rm{(PAFC)}生成硅酸钠，制取白炭黑，滤渣rm{(}主要是二氧化硅与氧化铝的混合物，与纯碱混合焙烧后二次酸浸，继续发生如上的反应使氧化铝尽可能溶解，过滤得到二次酸浸液rm{SiO_{2}}主要是rm{Al_{2}O_{3}}rm{Fe_{2}O_{3}}和二次滤渣rm{CaO}主要是二氧化硅rm{MgO}一次性酸浸液蒸发、离心分离、结晶得到聚合氯化铝铁rm{)}rm{Al_{2}O_{3}}根据化合物的化合价代数和为rm{Fe_{2}O_{3}}设铁元素的化合价为rm{CaO}则有rm{MgO}rm{SiO_{2}}故答案为：rm{SiO_{2}}rm{SiO_{2}}rm{A}存在，硫酸钙微溶，所以“一酸两浸”中的酸用的是盐酸，rm{B(}rm{AlCl_{3}}rm{NaCl)}rm{(}rm{)}rm{(PAFC)}rm{(1)}rm{0}rm{p}rm{2隆脕p=x+6-x}与碳酸钠反应生成偏铝酸钠和二氧化碳气体，反应方程式为：rm{Na_{2}CO_{3}+SiO_{2}overset{?}{=}Na_{2}SiO_{3}+CO_{2}隆眉}rm{Na_{2}CO_{3}+Al_{2}O_{3}overset{?}{=}2NaAlO_{2}+CO_{2}隆眉}，故答案为：rm{Na_{2}CO_{3}+SiO_{2}overset{?}{=}Na_{2}SiO_{3}+CO_{2}隆眉}rm{Na_{2}CO_{3}+Al_{2}O_{3}overset{?}{=}2NaAlO_{2}+CO_{2}隆眉}；rm{p=3}rm{+3}”中主要是氯化铝、氯化钠；rm{(2)}促进rm{CaO}存在，硫酸钙微溶，所以“一酸两浸”中的酸用的是盐酸，rm{CaO}水解生成了聚合氯化铝铁故答案为：rm{HCl}故答案为：；rm{(3)}促进纯碱混合焙烧”中，rm{SiO}rm{SiO}水解生成了聚合氯化铝铁rm{{,!}_{2}}与碳酸钠反应生成硅酸钠和二氧化碳气体、rm{Al}rm{Al}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{3}}rm{Na_{2}CO_{3}+SiO_{2}overset{?}{=}

Na_{2}SiO_{3}+CO_{2}隆眉}rm{Na_{2}CO_{3}+Al_{2}O_{3}

overset{?}{=}2NaAlO_{2}+CO_{2}隆眉}rm{Na_{2}CO_{3}+SiO_{2}overset{?}{=}

Na_{2}SiO_{3}+CO_{2}隆眉}

rm{Na_{2}CO_{3}+Al_{2}O_{3}

overset{?}{=}2NaAlO_{2}+CO_{2}隆眉}由图示可知，聚合氯化铝铁rm{(4)}净水效率高达“滤液rm{B}”中rm{B}适用范围滤液混合后加热“蒸发”可以rm{Al^{3+}}

rm{Fe^{3+}}故答案为：聚合氯化铝铁rm{(PAFC)}净水效率高，适用范围广。

rm{AlCl_{3}}【解析】rm{(1)+3}rm{(2)HCl}rm{(3)Na_{2}CO_{3}+SiO_{2}overset{?}{=}Na_{2}SiO_{3}+CO_{2}隆眉}rm{Na_{2}CO_{3}+Al_{2}O_{3}overset{?}{=}2NaAlO_{2}+CO_{2}隆眉}rm{(3)Na_{2}CO_{3}+SiO_{2}overset{?}{=}

Na_{2}SiO_{3}+CO_{2}隆眉}rm{Na_{2}CO_{3}+Al_{2}O_{3}

overset{?}{=}2NaAlO_{2}+CO_{2}隆眉}促进rm{(4)AlCl_{3}}rm{NaCl}水解生成了聚合氯化铝铁rm{Al^{3+}}rm{Fe^{3+}}rm{(PAFC)}rm{(5)2Cl^{?}-2e^{-}}聚合氯化铝铁rm{=Cl_{2}隆眉}净水效率高，rm{(6)}适用范围广

rm{(PAFC)}25、rm{(1)BD}

rm{(2)7}

rm{(3)}

rm{(4)}取代

rm{(5)}

rm{(6)}【分析】【分析】本题考查有机物的结构与性质及有机物的合成，题目难度一般。【解答】rm{(1)}A.由结构式可知氯吡格雷在一定条件下能发生不能消去反应，故A错误；B.氯吡格雷难溶于水，含有酯键，在一定条件下能发生水解反应，故B正确；C.rm{(1)}氯吡格雷含有rm{lmol}个碳碳双键，能与氢气发生加成反应的为苯环、碳碳双键，一定条件下最多能与rm{2N_{A}}发生加成反应，故C错误；D.氯吡格雷的分子式为rm{5molH_{2}}故D正确；故答案为：rm{C_{16}H_{16}ClNO_{2}S}rm{BD}物质rm{(2)}物质rm{D}核磁共振氢谱有rm{7}种吸收峰，核磁共振氢谱有rm{(2)}种吸收峰，rm{D}rm{7}由故答案为：rm{7}的结构式可知物质rm{7}的结构简式为故答案为：rm{(3)}由rm{E}的结构式可知物质rm{X}的结构简式为物质rm{(3)}可在一定条件下反应生成一种含有rm{E}个六元环的产物，该反应的化学方程式反应类型是取代反应，故答案为：取代；rm{X}属于芳香族化合物rm{(4)}物质rm{C}可在一定条件下反应生成一种含有rm{3}个六元环的产物，该反应的化学方程式的同分异构体是故答案为：rm{(4)}由乙烯、甲醇为有机原料制备化合物rm{C}故答案为：rm{3}【解析】rm{(1)BD}

rm{(2)7}rm{(3)}rm{(4)}取代rm{(5)}rm{(6)}26、（1）（2）浓硫酸、浓硝酸、加热，取代反应保护酚羟基，以防被氧化（3）AC（4）（5）16种（6）【分析】【分析】本题考查有机物推断和合成，为高频考点，侧重考查学生分析判断、知识迁移及知识综合应用能力，明确物质结构和性质、有机反应类型及反应条件是解本题关键，难点是同分异构体种类判断，题目难度中等。【解答】乙酰氯和乙酸反应生成rm{A}rm{A}和rm{B}反应生成rm{C}rm{C}被酸性高锰酸钾溶液氧化生成rm{D}根据rm{D}结构简式知，rm{B}为rm{C}为rm{A}为rm{CH_{3}COOH}rm{D}发生水解反应然后酸化得到rm{E}rm{E}为rm{E}反应生成rm{F}rm{F}发生还原反应生成rm{G}根据rm{G}结构简式结合题给信息知，rm{F}为

rm{(1)B}的结构简式为故答案为：rm{(2)}反应rm{垄脺}的条件为；的条件为；rm{垄脺}浓硫酸、浓硝酸、加热；的反应类型为取代反应；反应rm{垄脵}的反应类型为取代反应；反应rm{垄脷}的作用是保护酚羟基，防止被氧化；的作用是保护酚羟基，防止被氧化；rm{垄脵}rm{垄脷}故答案为：浓硫酸、浓硝酸、加热；取代反应；保护酚羟基，防止被氧化；中含有羧基和氨基；所以具有酸性和碱性，则具有两性，既能与酸反应也能和碱反应，故正确；

B.含有酚羟基；能发生氧化反应，不能发生消去反应，羧基能发生取代反应，故错误；

C.含有羧基和酚羟基；所以能发生缩聚反应生成高分子化合物，故正确；

D.只有羧基能和碳酸氢钠反应生成二氧化碳，所以rm{(3)}与足量rm{A.G}溶液反应放出rm{1molG}故错误；

故选AC；rm{NaHCO_{3}}rm